2021-2022高中物理第三冊模塊素養(yǎng)檢測

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精PAGE17-版權所有@高考資源網學必求其心得，業(yè)必貴于專精溫馨提示：此套題為Word版,請按住Ctrl,滑動鼠標滾軸，調節(jié)合適的觀看比例，答案解析附后。關閉Word文檔返回原板塊。模塊素養(yǎng)檢測(90分鐘100分)【合格性考試】（60分鐘60分)一、選擇題（本題共9小題,每小題3分，共27分）1.兩個相同的帶電小球可視為點電荷,所帶電荷量之比為1∶7，在真空中相距為r時,兩球間斥力大小為F?，F將兩球接觸后再放回原處,則它們間的靜電力大小變?yōu)?（）A.QUOTEFB.QUOTEFC.QUOTEFD。QUOTEF【解析】選A。兩球開始時受斥力，故說明二者帶同種電荷；設一個球的帶電量為q,則另一個球的帶電量為Q=7q,此時F=QUOTE,帶同種電荷,接觸后再分開，帶電量各為4q,則兩球的庫侖力大小F'=QUOTE=QUOTEF；故A正確，B、C、D錯誤.2.重慶市某中學的幾位同學把一條約10m長的電線的兩端連接在一個靈敏電流表的兩接線柱上,形成閉合導體回路。甲、乙兩位同學沿南北方向站立勻速搖動電線時,靈敏電流表的示數為I1，兩位同學沿東西方向站立勻速搖動電線時,靈敏電流表的示數為I2,則 (）A。I1=0，I2≠0 B。I1≠0，I2=0C。I1≠0，I2≠0 D。I1=0,I2=0【解析】選C.由于地球的周圍存在磁場,且磁感線的方向是從地理的南極指向地理的北極，所以當兩個同學沿東西方向站立,并勻速搖動電線時，電線做切割磁感線運動，產生感應電流,故I2≠0。沿南北方向站立勻速搖動電線時，由于北半球的地磁場有向下的分量，所以穿過閉合導體回路的磁通量發(fā)生變化,有感應電流,所以I1≠0,選項C正確。3.如圖，在勻強電場中有一個質量為m的帶電量為q的小球A懸掛在絕緣細線上，當小球靜止時，細線與豎直方向成30°角。則該電場電場強度的最小值為 ()A。QUOTEB。QUOTEC。QUOTE D.QUOTE【解析】選A.小球受到三個力作用：重力mg、電場力F和細線的拉力T,根據平衡條件得知：F和T的合力與重力mg大小相等、方向相反，作出電場力在三種不同方向下合成圖如圖,可以看出，當電場力F與細線的拉力T垂直時，電場力最小,此時電場力的方向與豎直方向的夾角為60度，則電場強度的方向與豎直方向的夾角為60度.由圖求出電場力的最小值為:Fmin=mgsin30°，又Fmin=qE,得：E=QUOTE，故A正確,B、C、D錯誤。故選A。4。某靜電場的電場線分布如圖所示，圖中P、Q兩點的電場強度分別為EP和EQ，則 （）A。EP<EQ，方向不同 B.EP>EQ,方向相同C。EP〉EQ，方向不同 D.EP〈EQ,方向相同【解析】選C。由題圖可看出P點處電場線密，電場強度大,EP〉EQ，而電場強度的方向為電場線在該點的切線方向，所以方向不同,選項C正確，A、B、D錯誤。5。如圖所示，虛線代表電場中的三個等勢面,實線為一帶電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡,P、Q是這條軌跡上的兩點，下列說法中正確的是 ()A。粒子帶負電B。粒子在Q點時的加速度較P點大C.粒子在P點時的動能較Q點大D。粒子在P點時的電勢能較Q點大【解析】選D.因為電場線和等勢面垂直，且由高電勢指向低電勢，所以在P點的電場強度方向如圖所示,因為帶電粒子受到的電場力和電場強度共線,且在曲線的內側，所以粒子在P點受到的電場力和電場強度方向相同，則粒子帶正電,故A錯誤;因為Q點所在處的等勢面比P點疏,所以電場強度比P點弱,根據牛頓第二定律可知，粒子在Q點的加速度小于P點,故B錯誤;根據EP=qφ,由于P點的電勢大于Q點，所以粒子在P點的電勢能大于Q點,根據能量守恒可知，粒子在P點的動能小于Q點,故C錯誤，D正確。6.如圖所示,a、b、c為同一種材料做成的電阻，b與a的長度相等但橫截面積是a的兩倍;c與a的橫截面積相等但長度是a的兩倍。當開關閉合后，三個理想電壓表的示數關系是 (）A.V1的示數是V3的2倍B.V1的示數是V2的2倍C。V2的示數是V1的2倍D。V2的示數是V3的2倍【解析】選B.由題意可知：Lc=2La=2Lb，Sb=2Sa=2Sc;設b的電阻Rb=R,由電阻定律R=QUOTE得：Ra=2Rb=2R,Rc=2Ra=4R,Rc∶Ra∶Rb=4∶2∶1。由電路圖可知,a、b、c三個電阻串聯，通過它們的電流相等，由U=IR得:Uc∶Ua∶Ub=4∶2∶1，故UV3∶UV1∶UV2=4∶2∶1,所以B正確。7.如圖所示,A、B、C、D、E、F是勻強電場中一個邊長為3cm的正六邊形的六個頂點,該六邊形所在平面與電場線(圖中沒有畫出）平行,已知A、C、E三點的電勢分別為—3V、0V、3V,則下列說法正確的是 (）A。勻強電場的場強方向為由B指向DB。將一個電子由D點移到A點，其電勢能將增加9.6×10-19JC。通過CB和EF的直線為電場中的兩條等勢線D。勻強電場的場強大小為300V/m【解析】選B.連接AE兩點,則其中點電勢為0V,與C等勢,C與該中點連線即為等勢線,該連線與ED、AB平行，故CB和EF不是等勢線，因為BD和CF垂直,故BD為一條電場線，但電場線的方向是由高電勢指向低電勢,則場強方向是D指向B,故A、C錯誤；將一個電子由D點移到A點,電場力做功為W=eUDA=—1.6×10—19×(3+3)J=—9.6×10-19J，所以電勢能增加了9。6×10-19J，故B正確;場強大小為E=QUOTE=QUOTEV/m=QUOTEV/m，故D錯誤。8.在如圖所示的閃光燈電路中,電源的電動勢為E,電容器的電容為C.當閃光燈兩端電壓達到擊穿電壓U時,閃光燈才有電流通過并發(fā)光,正常工作時,閃光燈周期性短暫閃光，則可以判定 (）A.電源的電動勢E一定小于擊穿電壓UB.電容器所帶的最大電荷量一定為CEC.閃光燈閃光時,電容器所帶的電荷量一定增大D。在一個閃光周期內，通過電阻R的電荷量與通過閃光燈的電荷量一定相等【解析】選D。電容器兩端的電壓與閃光燈兩端的電壓相等,當電源給電容器充電,達到閃光燈擊穿電壓U時,閃光燈通電發(fā)光，電容器放電,放電后閃光燈兩端電壓小于U，斷路，電源再次給電容器充電，達到電壓U時,閃光燈又通電發(fā)光，電容器放電，如此周期性充、放電，使得閃光燈周期性短暫閃光.要使得電容器充電后兩端電壓達到U，則電源電動勢一定大于或等于U,A項錯誤;電容器兩端的最大電壓為U，故電容器所帶的最大電荷量為CU，B項錯誤；閃光燈閃光時電容器放電,所帶電荷量減小，C項錯誤；電容器充電時電荷通過R，放電時電荷通過閃光燈，充、放電過程中通過電阻R的電荷量與通過閃光燈的電荷量一定相等,D項正確.9.如圖所示,有三個質量相等，分別帶正電、負電和不帶電的微粒，從極板左側中央以相同的水平初速度v先后垂直場強射入，分別落到極板A、B、C處,如圖所示，則正確的是 (）A。粒子A帶負電,B不帶電，C帶正電B。三個粒子在電場中運動時間相等C。三個粒子在電場中運動的加速度aA>aB〉aCD.三個粒子到達極板時動能EkA〈EkB〈EkC【解析】選D.三個微粒的初速度相等，水平位移關系為xA〉xB>xC,根據水平方向做勻速直線運動,所以它們的運動時間關系為tA〉tB〉tC。三個微粒在豎直方向的位移相等,根據QUOTEy=QUOTEat2可知,它們加速度的關系為aA<aB〈aC;從而可知B僅受重力,A受電場力向上，C受電場力向下,所以B不帶電,A帶正電，C帶負電,故A、B、C錯誤；根據動能定理,三個微粒重力做功相等，電場力對A做負功，電場力對C做正功,所以C的動能變化量最大，A的動能變化量最小,又因為初動能相等,所以三個微粒到達極板時的動能關系為EkA〈EkB〈EkC，故D正確。二、實驗題(6分)10.在探究“決定導線電阻因素”的實驗中。需要進行以下測量:(1）用螺旋測微器測得導線的直徑如圖1所示，其讀數是0。701mm。請在圖中相應刻度處的方框內填入正確數字。（2)欲用伏安法測定一段電阻絲的電阻，其阻值約為12Ω，要求測量結果盡量準確，并且電壓、電流測量范圍盡可能大一些.下列器材中:電流表應選用(填器材的標號,下同）,電壓表應選用，滑動變阻器應選用。并在如圖2的虛線框內畫出你設計的實驗電路圖。

A。電池組E（6V,內阻很小)B。電流表A1(0～3A，內阻約0.01Ω)C。電流表A2（0~0。6A,內阻約0。1Ω)D.電壓表V1（0~3V，內阻約3kΩ)E.電壓表V2（0~6V,內阻約6kΩ)F.滑動變阻器R1（0～5Ω,2A)G?；瑒幼冏杵鱎2(0～1kΩ，1A）H。電鍵、導線【解析】（1）螺旋測微器的讀數為0.701mm,故可分解為0。5mm+0。201mm，即0。5mm+20。1×0.01mm,三個格子里的示數自下而上分別為15、20、25。(2)電源電動勢是6V，電壓表選:電壓表V2（0~6V，內阻約6kΩ)，電路最大電流I=QUOTE=QUOTEA=0。5A，則電流表可選:A2（0～0.6A,內阻約0.1Ω),電壓從零開始,滑動變阻器應采用分壓接法，由于QUOTE=QUOTE=120〈QUOTE=QUOTE=500,則電流表采用外接法，滑動變阻器的范圍應與電阻值差不多,方便調節(jié),所以滑動變阻器選R1，實驗電路圖如圖所示.答案:(1）152025（自下而上)(2)A2V2R1實驗電路圖見解析三、計算題（本題共3小題,共27分。要有必要的文字說明和解題步驟，有數值計算的要注明單位）11。（9分)豎直放置的平行金屬板AB相距30cm,帶有等量異種電荷。在兩板間用絕緣細線懸掛一個質量m=4.0×10—5kg，帶電荷量q=+3。0×10—7C的小球,平衡時懸線偏離豎直方向夾角α=37°,如圖所示。（sin37°=0。6,cos37°=0.8，g取10m/s（1)AB兩板間的電場強度大小;(2)AB兩板間的電壓?！窘馕觥?1)根據共點力平衡得，電場力F=qE=mgtan37°，解得E=1000N/C。（2)A、B兩板間的電壓U=Ed=1000×0.3V=300V。答案：(1）1000N/C（2）300V12.(9分）如圖所示,在水平向右的勻強電場中，有一電荷量為q=—4×10—7C的負點電荷從A點運動到B點,電場力做功為WAB=3。2×10-6J，AB間距離L=4m（1）B、A間電勢差UBA是多少。（2）電場強度E是多大.【解析】（1)AB間電勢差為：UAB=QUOTE=QUOTEV=-8V則有:UBA=—UAB=8V（2)勻強電場的電場強度為:E=QUOTE=QUOTEV/m=4V/m答案：（1)8V（2)4V/m13.(9分)如圖所示，一個質量為m=2.0×10-11kg、電荷量q=1。0×10—5C的帶電微粒(重力忽略不計)，從靜止開始經電壓為U1=100V的加速電場加速后,水平進入兩平行金屬板間的偏轉電場中.金屬板長L=20cm，兩板間距d=10QUOTEcm.(1)微粒進入偏轉電場時的速度是多大?(2)若微粒射出電場時的偏轉角度θ為30°,則兩金屬板間的電壓U2是多大?【解析】(1)設帶電微粒經加速電場加速后速度為v1,根據動能定理:qU1=QUOTEmQUOTE解得:v1=QUOTE=1。0×104m/s（2）帶電微粒在偏轉電場中只受靜電力作用，做類平拋運動。水平方向有L=v1t，得t=QUOTE設電子在偏轉電場中運動的加速度為a,射出電場時豎直方向的速度為v2，則加速度a=QUOTE=QUOTEv2=at=QUOTE·QUOTEtanθ=QUOTE=QUOTE=QUOTE解得：U2=100V答案:（1）1。0×104【選擇性考試】(30分鐘40分)14。(7分)如圖所示的電路中,兩平行金屬板之間的帶電液滴處于靜止狀態(tài)，電流表和電壓表均為理想電表,由于某種原因燈泡L的燈絲突然燒斷,其余用電器均不會損壞，則下列說法正確的是 （)A.電流表、電壓表的讀數均變小B。電源內阻消耗的功率變大C。液滴將向上運動D。電源的輸出功率變大【解析】選C。當L的燈絲突然燒斷時電路中總電阻增大，則總電流減小,電源的內電壓和R1兩端電壓減小，由閉合電路歐姆定律可知,路端電壓增大,故電容器C兩端的電壓增大，板間場強增大,帶電液滴所受的靜電力增大，則該液滴將向上運動，C正確；由于C兩端的電壓增大,R2、R3中的電流增大,則電流表、電壓表的讀數均變大，A錯誤;因干路電流減小，則電源內阻消耗的功率變小，B錯誤;由于電源內阻與外電阻的大小關系未知,不能判斷電源的輸出功率如何變化,D錯誤。故選C。15。(7分)（多選）如圖所示虛線為某電場中間距相等且平行的等勢面,實線是垂直于等勢面的一條直線，其中等勢面A的電勢為2V，一電子僅在靜電力的作用下運動,經過O、C等勢面時的動能分別為10eV和4eV，已知兩等勢面間的距離為2cm，則下列說法中正確的是 ()A.此電場的電場強度的大小為100V/m,方向由O指向DB。等勢面B的電勢為零C。電子不可能到達D等勢面D。電子運動到某一位置,其電勢能為—2eV,則它的動能為8eV【解析】選A、B、D。設相鄰等勢面之間的電勢差為U,電子經過O、C等勢面時的動能分別為10eV和4eV,根據動能定理可得-e（φO-φC）=-6eV，則φO-φC=6V,又φO—φC=3U，所以U=2V，從O到C電子動能減小,電勢能增大，而電子帶負電，所以從O到C電勢降低,所以電場線方向由O指向C，因A的電勢為2V,故等勢面B的電勢為零，選項B正確;根據E=QUOTE得E=100V/m,選項A正確;因只有靜電力做功,動能與電勢能之和保持不變,當電子的速度為零時,設此時電子所在等勢面的電勢為φ，由能量守恒定律可得eφB+6eV=eφ,因B的電勢為零，解得φ=-6V,而D的電勢為-4V，選項C錯誤；同理，由能量守恒定律可得eφB+6eV=—2eV+Ek，Ek=8eV,選項D正確。16。(7分)(多選)正三角形ABC的三個頂點處分別固定有水平放置的長直導線,并通以圖示方向的恒定電流，導線中的電流大小相等,三角形中心O點的磁感應強度大小為B0,已知通電直導線在某點產生的磁感應強度與通電直導線的電流大小成正比，則下列說法正確的是 （)A.O點處的磁感應強度方向豎直向下B.B、C處兩導線中的電流在O點產生的合磁感應強度方向水平向左C。B處導線中的電流在O點產生的磁感應強度大小為QUOTEB0D。將A處導線中的電流大小減半,則O點的磁感應強度大小為QUOTEB0【解析】選B、C、D。根據安培定則可知，A處導線中的電流在O點產生的磁感應強度BA、B處導線中的電流在O點產生的磁感應強度BB和C處導線中的電流在O點產生的磁感應強度BC方向如圖所示，由于各導線中的電流大小相等,它們在O點處產生的磁感應強度的大小相等,設為B1,根據平行四邊形定則以及幾何關系可知，O點處的合磁感應強度的大小B0=B1+2B1cos60°=2B1,方向水平向左,解得B處導線中的電流在O點產生的磁感應強度大小為B1=QUOTEB0，選項A錯誤，C正確；根據平行四邊形定則可知，B、C處兩導線中的電流在O點產生的合磁感應強度方向水平向左,選項B正確;將A處導線中的電流大小減半，根據通電直導線在某點產生的磁感應強度與通電直導線的電流大小成正比可知,A處導線中的電流在O點產生的磁感應強度大小變?yōu)镼UOTEB0,根據平行四邊形定則可知，O點的磁感應強度大小變?yōu)镼UOTEB0,選項D正確。17。(9分)某科技創(chuàng)新小組的同學測定一水果電