玉林師院附中玉林十一中等五校2020-2021學年高二物理上學期期中試題

廣西玉林師院附中玉林十一中等五校2020_2021學年高二物理上學期期中試題廣西玉林師院附中玉林十一中等五校2020_2021學年高二物理上學期期中試題PAGE14-廣西玉林師院附中玉林十一中等五校2020_2021學年高二物理上學期期中試題廣西玉林師院附中、玉林十一中等五校2020-2021學年高二物理上學期期中試題第I卷(共21小題，共126分)注意事項1。答題前,考生在答題卡上務必用直徑0。5毫米黑色字跡簽字筆將自己的姓名、班別、學號填寫清楚。在試題卷上作答無效。2.本試卷分第I卷（選擇題)和第II卷(非選擇題）兩部分。二、不定項選擇題:本大題共8小題，14－18題只有一個符合題目要求，19－21題有多個符合題目要求。完全選對6分，選對但不全對3分，選錯、不選0分。14.在如圖所示的4種情況中，a、b兩點的場強相同，電勢相同的是A。帶電平行板電容器兩極板間的a、b兩點B。離點電荷等距的a、b兩點C。達到靜電平衡時導體內部的a、b兩點D。兩個等量異種電荷連線上，與連線中點O等距的a、b兩點15。如圖所示，一質量為m、電荷量為e的小球A系在長為l的絕緣輕繩下端，另一電荷量也為Q的小球B位于懸掛點的正下方（A、B均視為點電荷），輕繩與豎直方向成30°角，小球A、B靜止于同一高度。已知重力加速度為g，靜電力常量為k，則兩球間的靜電力為A.B。C.mgD。mg16.如圖，E為內阻不能忽略的電池,R1、R2、R3為定值電阻，S0、S為開關，與分別為電壓表與電流表，初始時S0與S均閉合，現將S斷開，則A。的讀數變大，的讀數變小B.的讀數變大,的讀數變大C.的讀數變小，的讀數變小D。的讀數變小，的讀數變大17。一個電量為10－6C的負電荷從電場中A點移至B點,電場力做功2×10－6J;從C點移至D點電場力做功－7×10－6J。已知C點比B點電勢高3V，且A、B、C、D四點在同一條電場線上，則下列圖中正確的是18.如圖所示是某款理發(fā)用的電吹風的電路圖，它主要由電動機M和電熱絲R構成。當調節(jié)開關S1、S2的通斷，可使電動機驅動風葉旋轉，將冷空氣從進風口吸入，從出風口吹出冷風或熱風。已知電吹風的額定電壓為220V，吹冷風時的功率為120W,吹熱風時的功率為1000W。關于該電吹風，下列說法正確的是A。電熱絲的電阻為55ΩB.當開關S2閉合、S1斷開時，電吹風吹出熱風C。當電吹風吹冷風時，電熱絲每秒鐘消耗的電能為1000JD.當電吹風吹熱風時,電動機每秒鐘消耗的電能為1120J19。（多選）一點電荷從電場中的a點移到b點時，電場力做功為零，則A.a、b兩點的場強一定相等B。一定沿等勢面移動C.電勢能的變化為零D.a、b兩點電勢一定相等20.(多選)圖中虛線為勻強電場中與場強方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質量相等，所帶電荷的絕對值也相等.現將M、N從虛線上的O點以相同速率射出，兩粒子在電場中運動的軌跡分別如圖中兩條實線所示.點a、b、c為實線與虛線的交點,已知O點電勢高于c點。若不計重力，則A.M帶負電荷,N帶正電荷B。N在a點的速度與M在c點的速度大小相同C。N在從O點運動至a點的過程中克服電場力做功D。M在從O點運動至b點的過程中，電場力對它做的功等于零21。(多選)兩電荷量分別為q1和q2的點電荷放在x軸上的O、M兩點，兩電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關系如圖所示,其中A、N兩點的電勢為零,ND段中C點電勢最高，則A。C點的電場強度大小為零B。A點的電場強度大小為零C.NC間場強方向沿x軸正方向D。將一負點電荷從N點移到D點,電場力先做正功后做負功第II卷（共174分）22(6分).要測定某電源的電動勢和內阻，某同學按如圖甲所示的電路圖連接好電路并進行如下操作：(1)閉合開關S，多次調節(jié)電阻箱的阻值，并記錄下每次的電阻值R及對應的電流表A的示數I（電流表的內阻很小，可忽略不計）。(2)根據數據,作出－R圖象，如圖乙所示，則根據圖象可以求出電源電動勢E＝V，內阻r＝Ω。23(9分）。某學校實驗室購買了一卷表面有很薄絕緣層的鎳鉻合金絲，該校的一興趣小組同學想通過自己設計的實驗來測算合金絲的長度。已知該鎳鉻合金絲的常溫電阻率ρ＝1。0×10－6Ω·m,他們選用的器材有多用電表、電流表、電壓表、開關、滑動變阻器、螺旋測微器、導線和學生電源等(1)他們先使用多用電表粗測合金絲的電阻，操作過程分以下三個步驟:①將紅、黑表筆分別插入多用電表的“＋”“－”插孔，選擇電阻擋“×100”；②調整“機械零點調節(jié)旋紐”使指針指到零刻度,調整時(填“必須”“不能”)將兩表筆短接，然后調整“歐姆調零旋鈕"進行歐姆調零，調整時（填“必須”“不能"）將兩表筆短接；③把紅、黑表筆分別與鎳鉻合金絲的兩端(已刮去絕緣漆)相接，多用電表的示數如圖甲所示，該合金絲的電阻約為Ω。(2）為了更準確地測量鎳鉻合金絲電阻，已知所選用的電壓表內阻為幾千歐，電流表內阻為幾歐，根據多用電表的示數，為了減少實驗誤差,并獲得較大的電壓調節(jié)范圍，以下四個電路中最合理的是.（3）他們使用螺旋測微器測量鎳鉻合金絲的直徑,示數如圖乙所示,則鎳鉻合金絲的直徑為mm。(4）根據多用電表測得的鎳鉻合金絲電阻值，不計合金絲絕緣漆的厚度，可估算出這卷鎳鉻合金絲的長度約為m。(結果保留整數）24（14分)。在如圖所示的電路中，電源的電動勢E＝12V，內阻未知，R1＝8Ω，R2＝1。5Ω，L為規(guī)格是“3V,3W”的燈泡,當開關S斷開時，燈泡恰好正常發(fā)光。(不考慮溫度對燈泡電阻的影響）求：（1）電源的內阻；（2）開關S閉合時，燈泡實際消耗的功率.25(16分）長為L的平行金屬板水平放置，兩極板帶等量的異種電荷，板間形成勻強電場，一個帶電荷量為＋q、質量為m的帶電粒子,以初速度v0緊貼上極板垂直于電場線方向進入該電場，剛好從下極板邊緣射出，射出時速度恰與下極板成30°角，如圖所示,不計粒子重力，求：(1)粒子末速度的大小;(2)勻強電場的場強；(3）兩板間的距離26（17分)。如圖所示，A、B是位于豎直平面內、半徑R＝0.5m的圓弧形的光滑絕緣軌道，其下端點B與水平絕緣軌道平滑連接，整個軌道處在豎直向下的勻強電場中，電場強度E＝5×103N/C。今有一質量為m＝0.1kg、帶電荷量＋q＝8×10－5C的小滑塊（可視為質點)從A點由靜止釋放。若已知滑塊與水平軌道間的動摩擦因數μ＝0。05,取g＝10m/s2，求：（1）小滑塊經過圓弧形軌道最低點B時對B點的壓力；（2）小滑塊在水平軌道上離開B點的最遠距離.2020年秋季期期中教學質量評價高二理綜答案物理部分14．C15．答案：A解析：平衡時A、B間的距離r＝lsin30°＝eq\f(l，2）,根據庫侖定律得F＝keq\f(Q2,r2)＝eq\f(4kQ2，l2），A正確，B錯誤；A球的受力情況如圖所示，可知F＝mgtan30°＝eq\f（\r（3),3)mg，CD均錯誤．16．【答案】B解析S斷開，相當于電阻變大，則由閉合電路歐姆定律可得電路中總電流減小，故路端電壓增大,V的讀數變大；把R1歸為內阻，內電壓減小，故R3中的電壓增大，由歐姆定律可知R3中的電流也增大，電流表示數增大，A．分析得V的讀數變大，A的讀數變大,故A錯誤；B．分析得V的讀數變大，A的讀數變大，故B正確；C．分析得V的讀數變大，A的讀數變大，故C錯誤；D．分析得V的讀數變大,A的讀數變大,故D錯誤;17．C解析試題分析:A、B間的電勢差為，則A的電勢低于B的電勢；C、D間的電勢差為,則C得電勢高于D的電勢;又由題，C點比B點電勢高3V,所以電勢從高到低的順序是:C、B、A、D．沿著電場線電勢逐漸降低，故C對．18．【答案】A解析A．當吹熱風時，電機動M和電阻絲R并聯，電阻絲消耗的功率為由可得故A正確；B．當開關S2閉合、S1斷開時,電阻絲不工作，不產生熱量,所以此時電吹風吹出冷風，故B錯誤；C．當電吹風吹冷風時，S1斷開，電熱絲處于斷路狀態(tài)，沒有電流通過，電熱絲每秒鐘消耗的電能為0,故C錯誤；D．當電吹風吹熱風時，電動機M和電熱絲R并聯，電動機的功率為120W，所以每秒鐘消耗的電能為故D錯誤。故選A。19。答案：CD電場力做功與路徑無關,只與初末位置有關，故這兩點的電勢一定等值,點電荷移動的軌跡不知道,與電場的強度也無關。故A錯誤;點電荷從a點移到b點的過程中，電場力做功為零，不一定沿等勢面運動，兩點之間的電勢差為0，故B錯誤,D正確;電勢能的變化量數值上等于電場力做功的大小，故從a到b電勢能的變化為零,故C正確；故選CD。20．BD【解析】A．由于O點電勢高于c點．電場強度方向向下，根據MN粒子的運動軌跡可知N受到的電場力向上，M受到的電場力向下，N帶負電，M帶正電,A錯誤；B．根據題意可知，而且電場力都做的是正功，而且電荷和質量大小相等，根據動能定理得，N在a點的速度與M在c點的速度大小相等，B正確；C．N在從O點運動至a點的過程中受到的電場力向上,軌跡運動方向也向上，故電場力做正功，C錯誤D．圖中的虛線為等勢線，即O點和b點的電勢相等,所以M點從O點到b點的過程中電場力對粒子做功等于零，D正確;故選BD21．AD22。答案：24（每空3分）解析:根據實驗原理和閉合電路歐姆定律得E＝I(R＋r)，變形為符合圖象的線性關系為eq\f(1，I)＝eq\f(R,E）＋eq\f（r，E)，由圖象得R＝0時，eq\f(r,E)＝eq\f（1,I)＝2。0,斜率eq\f（1,E）＝eq\f(5.0－2.0,6)V－1＝0.5V－1，解得E＝2V，r＝4Ω.23．【答案】(1）②不能必須③1400(2)D（3)0.305(4）102（前3個空每空1分,后3個空每空2分）【解析】(1)②機械調零是調整指針的“游絲（非常細的回擺彈簧)”張緊程度。電表在移動過程或受周圍電磁場的影響下，指針會發(fā)生偏移，調整游絲的張力大小,即可調整指針左右的擺動位置.機械調零時不需要將兩表筆短接.歐姆調零的原理為由于歐姆表內帶電源，在接入不同(檔位）電路中,不可能保證都剛好是滿偏電流,所以需要進行內部電阻微調，達到電流滿偏，必須將兩表筆短接.③讀數為(2)根據題目，要求電壓調節(jié)范圍較大，滑動變阻器采用分壓式接法；根據多用電表的讀數1400Ω，可知被測電阻較大，電流表的分壓可忽略，應該選用電流表內接法；故D項正確，ABC三項錯誤。故選D。(3)螺旋測微器的讀數為(4）根據公式,，聯立可得24。解析：（1)當S斷開時，燈L正常發(fā)光，即I1＝I0＝1A，RL＝3Ω①根據閉合電路歐姆定律有E＝I0（R1＋RL＋r)②得r＝eq\f（E，I0)－(R1＋RL)＝eq\f(12，1)Ω－(8＋3）Ω＝1Ω.③（2）當S閉合時，外電路的總電阻為R外＝eq\f（RLR2，RL＋R2)＋R1＝9Ω④干路電流為I總＝eq\f（E，R外＋r）＝1.2A⑤燈泡兩端的電壓為UL＝I總eq\f（RLR2,RL＋R2）＝1。2V⑥燈泡的實際功率為PL＝eq\f（U\o\al(2,L）,RL）＝0。48W。⑦以上各式中①②③④⑤⑥⑦每式各2分25。（16分）（1)粒子離開電場時，合速度與水平方向夾角為30°，由速度關系得合速度①（2）粒子在勻強電場中為類平拋運動，在水平方向上②在豎直方向上③④由牛頓第二定律得⑤解得⑥即勻強電場的場強大小是⑦方向豎直向下⑧(3)粒子做類平拋運動，在豎直方向上⑨解得⑩以上①②③④⑤⑨每式2分，⑥⑦⑧⑩每式1分26．（1）滑塊從A到B的過程中，滑塊受豎直向下的重力,豎直向下的電場力，沿圓軌道半徑指向圓心方向的支持力，只有重力和電場力做功，由動能定理得①在B點物塊受豎直向向下的重力,豎直向下的電場力，豎直向上的支持力，由圓周運動向心力方程得②滑塊對B點的壓力為NB，由牛頓第三定律可知④聯立以上各式解得NB=4.2N⑤（2）小滑