山西省長治市宏昌學校2022-2023學年高三物理月考試卷含解析

山西省長治市宏昌學校2022-2023學年高三物理月考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.某物體置于光滑水平面上，在水平方向的兩個平衡力作用下處于靜止狀態(tài)．若使其中一個力的大小按如圖所示的規(guī)律變化，則在0—t0時間內(nèi)，該物體運動的A．速度先增大后減小

B．速度一直增大C．加速度先減小后增大

D．加速度一直增大參考答案：B2.（單選）粗細均勻的電線架在A、B兩根電線桿之間．由于熱脹冷縮，電線在夏、冬兩季呈現(xiàn)如圖所示的兩種形狀，若電線桿始終處于豎直狀態(tài)，下列說法中正確的是（）A．冬季，電線對電線桿的拉力較大B．夏季，電線對電線桿的拉力較大C．夏季與冬季，電線對電線桿的拉力一樣大D．夏季，桿對地面的壓力較大參考答案：考點：力的合成．分析：以整條電線為研究對象，受力分析根據(jù)平衡條件列出等式，結合夏季、冬季的電線幾何關系求解．解答：解：以整條電線為研究對象，受力分析如右圖所示，由共點力的平衡條件知，兩電線桿對電線的彈力的合力與其重力平衡，由幾何關系得：Fcosθ=，即：F=由于夏天氣溫較高，電線的體積會膨脹，兩桿正中部位電線下墜的距離h變大，則電線在桿上固定處的切線方向與豎直方向的夾角θ變小，故變小，所以兩電線桿處的電線拉力與冬天相比是變小．電線桿上的電線的質(zhì)量一定，受力平衡，夏季、冬季桿對地面的壓力相等．所以選項BCD錯誤，A正確．故選：A．點評：要比較一個物理量的大小關系，我們應該先把這個物理量運用物理規(guī)律表示出來，本題中應該抓住電線桿上的電線的質(zhì)量一定，受力平衡，根據(jù)夏季、冬季電線在桿上固定處的切線方向與豎直方向的夾角的不同分析求解．3.質(zhì)量分別為m1和m2的木塊A和B之間用一輕質(zhì)彈簧相連，然后將它們靜置于一底端帶有擋板的光滑斜面上，其中B置于斜面底端的擋板上，設斜面的傾角為θ，彈簧的勁度系數(shù)為k．現(xiàn)用一平行于斜面的恒力F拉木塊A沿斜面由靜止開始向上運動，當木塊B恰好對擋板的壓力為零時，木塊A在斜面上運動的速度為v，則下列說法正確的是（）A．此時彈簧的彈力大小為m1gsinθB．拉力F在該過程中對木塊A所做的功為C．木塊A在該過程中重力勢能增加了D．彈簧在該過程中彈性勢能增加了﹣m1v2參考答案：D【考點】功能關系；功的計算．【分析】當B剛離開C時，彈簧的彈力等于B的重力沿斜面下的分力，開始系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，彈簧彈力等于A的重力沿斜面下的分力，根據(jù)胡克定律求解出彈簧的伸長量和壓縮量，從而求出A上升的距離，根據(jù)W=Fx求解F做的功，根據(jù)重力做功與重力勢能的關系求解A重力勢能增加量，根據(jù)功能關系，彈簧彈性勢能的增加量等于拉力的功減去系統(tǒng)動能和重力勢能的增加量．【解答】解：A、當B剛離開C時，彈簧的彈力等于B的重力沿斜面下的分力，即F彈=m2gsinθ，故A錯誤；B、開始系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，彈簧彈力等于A的重力沿斜面下的分力，則有m1gsinθ=kx1，x1為彈簧相對于原長的壓縮量，當B剛離開C時，彈簧的彈力等于B的重力沿斜面下的分力，故m2gsinθ=kx2，x2為彈簧相對于原長的伸長量，則A沿斜率上升的距離x=x1+x2，聯(lián)立解得：x=，則拉力F在該過程中對木塊A所做的功為W=Fx=F，故B錯誤；C、木塊A在該過程中重力勢能增加量△EP=m1gxsinθ=m1，故C錯誤；D、根據(jù)功能關系，彈簧彈性勢能的增加量等于拉力的功減去系統(tǒng)動能和重力勢能的增加量，即為=F?﹣m1﹣=﹣m1v2，故D正確．故選：D4.兩塊大小、形狀完全相同的金屬平板平行放置，構成一平行板電容器，與它相連接的電路如圖所示，接通開關K，電源即給電容器充電，則：（

）A

保持K接通，減小兩極板間的距離，則兩極板間電場的電場強度減小B

保持K接通，在兩極板間插入一塊介質(zhì)，則極板上的電量增大C

斷開K，減小兩極板間的距離，則兩極板間的電勢差減小D

斷開K，在兩極板間插入一塊介質(zhì)，則兩極板間的電勢差增大參考答案：BC5.一質(zhì)點沿直線Ox方向做變速運動，它離開O點的距離x隨時間t變化的關系為x＝(5＋2t3)m，它的速度隨時間t變化的關系為v＝6t2m/s，該質(zhì)點在t＝0到t＝2s間的平均速度和t＝2s到t＝3s間的平均速度的大小分別為()A．12m/s39m/s B．8m/s38m/sC．12m/s19.5m/s

D．8m/s13m/s參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.(5分)豎直放置的兩塊平行金屬板A、B，分別跟電源的正負極連接，將電源正極接地，如圖所示。在A、B中間固定一個帶正電的電荷q，現(xiàn)保持A板不動，使B板向右平移一小段距離后，電荷q所在位置的電勢U將

，電荷q的電勢能將

。（填：變大、變小或不變。）

參考答案：

答案：變大、變大7.t=0時刻從坐標原點O處發(fā)出一列簡諧波，沿x軸正方向傳播，4s末剛好傳到A點，波形如圖所示.則A點的起振方向為______，該波的波速v=_____m/s.

參考答案：

(1).向上（或沿y軸正方向）

(2).2.5【分析】利用同側法可以得到所有質(zhì)點的振動方向和波的傳播方向的關系；波向右勻速傳播，根據(jù)傳播距離x=10m，時間t=4s，求出波速.【詳解】根據(jù)簡諧橫波向右傳播，對振動的每一個質(zhì)點利用同側法(波的傳播方向和質(zhì)點的振動方向垂直且在波的同一側)可知A點的起振方向為向上（或沿y軸正方向）；波向右勻速傳播，根據(jù)傳播距離x=10m，時間t=4s，則.【點睛】在波的圖象問題中，由波的傳播方向判斷質(zhì)點的振動方向是基本能力，波速公式也是一般知識，要熟練掌握和應用．8.下表是按照密立根的方法進行實驗時得到的某金屬的UC和v的的幾組數(shù)據(jù)。(UC是遏制電壓)UC/V0.5410.6370.7140.8090.878v/l014Hz5.6445.8886.0986.3036.501請根據(jù)上表的數(shù)據(jù)在答題紙對應的坐標中作出UC-v圖象；從圖象中可知這種金屬的截止頻率為

；已知e=1.6010-19C，用給出的數(shù)據(jù)結合圖象算出普朗克常量為

。參考答案：9.物體做自由落體運動，把其全程自上而下分為三段，物體通過三段所用的時間之比為1：2：3，則這三段的位移之比為

，這三段中物體的平均速度之比為

[LU21]

。參考答案：10.下列由基本門電路組成的電路中，圖_______用的是“與”門電路,能使小燈泡發(fā)光的是圖________。參考答案：答案：A、B11.如圖所示實驗裝置可實現(xiàn)原子核的人工轉變，當裝置的容器內(nèi)通入氣體B時，熒光屏上觀察到閃光。圖中氣體B是__________，使熒光屏出現(xiàn)閃光的粒子是___________。參考答案：氮氣，質(zhì)子12.（4分）某種油的密度為，摩爾質(zhì)量為M，則這種油的摩爾體積V=

。若已知阿伏伽德羅常數(shù)為NA，把油分子看成球形，則油分子的直徑可以表示為

。參考答案：（2分）（2分）13.（6分）圖為聲波干涉演示儀的原理圖。兩個U形管A和B套在一起，A管兩側各有一小孔。聲波從左側小孔傳入管內(nèi)，被分成兩列頻率

的波。當聲波分別通過A、B傳播到右側小孔時，若兩列波傳播的路程相差半個波長，則此處聲波的振幅

；若傳播的路程相差一個波長，則此處聲波的振幅

。參考答案：相等，等于零，等于原振幅的二倍。解析：聲波從左側小孔傳入管內(nèi)向上向下分別形成兩列頻率相同的波，若兩列波傳播的路程相差半個波長，則振動相消，所以此處振幅為零，若傳播的路程相差一個波長，振動加強，則此處聲波的振幅為原振幅的二倍。三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖為一塊直角三棱鏡，頂角A為30°．一束激光沿平行于BC邊的方向射向直角邊AB，并從AC邊射出，出射光線與AC邊夾角也為30°．則該激光在棱鏡中的傳播速度為多少？(結果保留兩位有效數(shù)字)參考答案：1.7×108m/s解：光路圖如圖：

由幾何關系得：α=∠A=30°，β=90°-30°=60°

折射率

激光在棱鏡中傳播速【點睛】幾何光學要正確作出光路圖，由幾何知識找出入射角和折射角是關鍵．知道光速和折射率的關系.15.(8分)如圖所示，有四列簡諧波同時沿x軸正方向傳播，波速分別是v、2v、3v和4v，a、b是x軸上所給定的兩點，且ab＝l。在t時刻a、b兩點間四列波的波形分別如圖所示，則由該時刻起a點出現(xiàn)波峰的先后順序依次是圖

；頻率由高到低的先后順序依次是圖

。參考答案：

BDCA

DBCA四、計算題：本題共3小題，共計47分16.(12分)隨著國際油價持續(xù)走高，能源危機困擾著整個世界。構建和諧型、節(jié)約型社會深得民心，節(jié)能器材遍布于生活的方方面面，自動充電式電動車就是很好的一例。電動車的前輪裝有發(fā)電機，發(fā)電機與蓄電池連接，當騎車者用力蹬車或電動自行車滑行時，打開自動充電裝置，自行車就可以連通發(fā)電機向蓄電池充電，將其他形式的能轉化成電能儲存起來。現(xiàn)有某人騎車以1250J的初動能在粗糙的水平路面上滑行，人車總質(zhì)量為100kg。第一次關閉自動充電裝置，讓車自由滑行，其動能隨位移變化關系如圖線①所示；第二次啟動自動充電裝置，其動能隨位移變化關系如圖線②所示，設兩次人和車所受阻力恒定。求：(1)第一次滑行的時間．(2)第二次滑行過程中向蓄電池所充的電能是多少?

參考答案：解析：(1)電動自行車自由滑行時

……………………①

自行車滑行的時間

……………………②

………………③

(2)開動自動充電裝置后。

…………………④

……………………⑤17.（16分）設在地面上方的真空室內(nèi)，存在著方向水平向右的勻強電場和方向垂直于紙面向內(nèi)的勻強磁場，如圖所示.一段光滑且絕緣的圓弧軌道AC固定在紙面內(nèi)，其圓心為O點，半徑R=1.8m，O、A連線在豎直方向上，AC弧對應的圓心角θ=37°，今有一質(zhì)量m=3.6×10－4kg、電荷量q=+9.0×10－4C的帶電小球，以=4.0m/s的初速度沿水平方向從A點射入圓弧軌道內(nèi)，一段時間后從C點離開，此后小球做勻速直線運動，重力加速度g=10m/s2，

求：（1）勻強電場的場強E；（2）小球射入圓弧軌道后的瞬間，小球?qū)壍赖膲毫Α⒖即鸢福航馕觯海?）小球在C點的受力圖如圖所示（2分）

①

（2分）

代入數(shù)據(jù)

得E=3.0N/C

②（1分）

（2）小球在A點，有

③（2分）

小球從A點運動到C點，有

④（3分）

代入數(shù)據(jù)

得=5.0m/s

⑤（1分）

小球在C點，有

⑥（2分）

代入數(shù)據(jù)

得NA=3.2×10－3N

⑦

（2分）

小球射入圓弧軌道后瞬間，小球?qū)壍赖膲毫?.2×10－3N，方向向下。（1分）18.如圖所示，一個帶正電的粒子沿磁場邊界從A點射入左側磁場，粒子質(zhì)量為m、電荷量為q，其中區(qū)域Ⅰ、Ⅲ內(nèi)是垂直紙面向外的勻強磁場，左邊區(qū)域足夠大，右邊區(qū)域?qū)挾葹?.3d，磁感應強度大小均為B，區(qū)域Ⅱ是兩磁場間的無場區(qū)，兩條豎直虛線是其邊界線，寬度為d；粒子從左邊界線A點射入磁場后，經(jīng)過Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ區(qū)域后能回到A點，若粒子在左側磁場中的半徑為d，整個裝置在真空中，不計粒子的重力．（1）求：粒子從A點射出到回到A點經(jīng)歷的時間t（2）若在區(qū)域Ⅱ內(nèi)加一水平向右的勻強電場，粒子仍能回到A點，求：電場強度E．參考答案：解：（1）因粒子從A點出發(fā)，經(jīng)過Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ區(qū)域后能回到A點，由對稱性可知粒子做圓周運動的半徑為r=d，如右側上圖．

由Bqv=m得v=所以運行時間為t==．（2）設在區(qū)域Ⅱ內(nèi)加速的粒子到Ⅲ區(qū)的速度為v1由動能定理：qEd=mv12﹣mv2設在區(qū)域Ⅲ內(nèi)粒子做圓周運動的半徑為r，分析粒子運動的軌跡，如圖所示，粒子沿半徑為d的半圓運動至Ⅱ區(qū)，經(jīng)電場加速后，在Ⅲ區(qū)又經(jīng)半圓