2023年天津市北辰區(qū)高考物理模擬試卷-普通用卷

第=page11頁，共=sectionpages11頁2023年天津市北辰區(qū)高考物理模擬試卷一、單選題（本大題共5小題，共25.0分）1.伽利略開創(chuàng)了實驗研究和邏輯推理相結(jié)合探索自然規(guī)律的科學方法，利用這種方法伽利略發(fā)現(xiàn)的規(guī)律有(

)A.力不是維持物體運動的原因

B.物體之間普遍存在相互吸引力

C.物體間的相互作用力總是大小相等、方向相反

D.物體加速度大小與作用力成正比、與物體質(zhì)量成反比2.a、b兩種單色光，已知在真空中a光的波長小于b光的波長，根據(jù)該信息，下列判斷正確的是(

)A.在同種玻璃中，a光的傳播速度大

B.若a、b光分別照射同一光電管發(fā)生光電效應，a光的遏止電壓高

C.用同樣的裝置做雙縫干涉實驗，a光的干涉條紋間距大

D.水對a光的折射率比對b光的小3.2022年11月3日9時32分，夢天實驗艙順利完成轉(zhuǎn)位，標志著中國空間站“T”字型基本結(jié)構(gòu)在軌組裝完成，如圖所示。已知空間站離地面的高度為h，這個高度低于地球同步衛(wèi)星的高度。地球的半徑為R，地球表面的重力加速度為g，萬有引力常量為G，忽略地球自轉(zhuǎn)。若空間站可視為繞地心做勻速圓周運動，則下列說法正確的是(

)A.空間站的線速度大小為gR2R+h B.空間站的向心加速度大小為gRR+4.如圖所示為交流發(fā)電機的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向勻強磁場，單匝線框繞垂直于磁場的水平軸OO′沿逆時針方向以角速度ω=100π(rad

A.t=0時刻，感應電動勢為零

B.產(chǎn)生的交變電流的頻率為100Hz

C.電流表的示數(shù)為5.如圖所示，虛線為位于O位置的點電荷形成電場中的等勢面，已知三個等勢面的電勢差關(guān)系為φ1?φ2=φ2?φ3，圖中的實線為一帶負電的粒子進入該電場后的運動軌跡，與等勢面相交于圖中的a、A.O位置的點電荷帶正電

B.該粒子在b點的加速度小于在a點的加速度

C.a、b、c、d四點中，該粒子在b處的電勢能最小

D.該粒子從b點飛到c點動能的變化量等于從c點飛到d點動能的變化量

二、多選題（本大題共3小題，共15.0分）6.下列說法正確的是(

)A.一群處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷時總共可輻射出4種不同頻率的光

B.放射性元素無論以單質(zhì)還是以化合物形式存在，半衰期都是一樣的

C.核反應方程?127.在飛機起飛的過程中，由于高度快速變化，會引起機艙內(nèi)氣壓變化，乘客小周同學觀察發(fā)現(xiàn)，在此過程中密封桶裝薯片的薄膜蓋子凸起，如圖所示。若起飛前后桶內(nèi)氣體的溫度保持不變，則下列關(guān)于桶內(nèi)氣體(可視為理想氣體)的說法中正確的是(

)

A.桶內(nèi)氣體從外界吸收熱量 B.桶內(nèi)氣體分子平均動能變小

C.桶內(nèi)氣體壓強增大 D.桶內(nèi)氣體對外做功，內(nèi)能不變8.一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，t=0時刻的波形如圖所示，此時位于x=3m處的質(zhì)點c開始振動。已知t1A.該波的頻率為2Hz

B.波源開始振動時的運動方向沿y軸的負方向

C.0～1s內(nèi)質(zhì)點c振動的路程為40c三、實驗題（本大題共2小題，共18.0分）9.利用如圖所示裝置做“研究彈力與彈簧伸長量關(guān)系”的實驗，所用的鉤碼都相同。

(1)在安裝刻度尺時，必須使刻度尺保持______狀態(tài)；

(2)下列操作正確的是______；

A.實驗前，應該先把彈簧水平放置在桌面上測量其長度

B.用直尺測得彈簧的長度作為彈簧的伸長量

C.用懸掛鉤碼的方法給彈簧施加拉力，要在鉤碼處于靜止狀態(tài)時讀刻度尺的讀數(shù)

D.逐一增掛鉤碼，記下每增加一個鉤碼后指針所指的刻度尺刻度和對應的鉤碼總重量

(3)某同學采用正確的方法操作后，用圖像法處理數(shù)據(jù)時，把彈簧的伸長量x作為橫坐標，彈力F作為縱坐標，然后描點作圖，則作出的圖像應為______。10.某同學想要測量一個未知電阻Rx的阻值。

①該同學先用多用電表粗測未知電阻Rx的阻值，他先用歐姆表“×10”倍率測量，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大，為了較準確地進行測量，他重新選擇了合適的倍率，并重新進行歐姆調(diào)零，正確操作并讀數(shù)，這時刻度盤上的指針位置如圖甲所示，則測量值是______Ω。

②為了盡可能精確測量Rx的阻值，該同學設(shè)計了如圖乙所示的電路，所選實驗器材均符合實驗要求。閉合S1，將S2接a，調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片P到適當位置并保持不變，此時電壓表示數(shù)為U1，電流表示數(shù)為I1；再將S2接b，電壓表示數(shù)為U2，電流表示數(shù)為I2，則待測電阻的阻值為Rx=______(用U1、I1、U2、四、計算題（本大題共3小題，共30.0分）11.如圖所示，在一堆淤泥表面放置一個大爆竹，爆竹爆炸時分裂成A、B兩部分，A的質(zhì)量為M=0.1kg，B的質(zhì)量為m=0.05kg。爆竹爆炸時B部分豎直向上飛出，能上升的最大高度為h=5m，A部分陷入淤泥中的最大深度為d=5c12.如圖甲所示，兩光滑的平行導軌MN與PQ水平放置，Q、N兩點間接有電阻R，導軌間距為L，導軌處有兩個勻強磁場區(qū)域Ⅰ、Ⅱ(分別是cdef和ghjk)，磁場方向均垂直于導軌平面豎直向上，Ⅱ區(qū)是磁感應強度為B0的恒定磁場區(qū)。Ⅰ區(qū)磁場的寬度為x1，磁感應強度隨時間變化規(guī)律如圖乙所示。一質(zhì)量為m、長度為L、電阻也為R的導體棒ab垂直于導軌放置在Ⅰ區(qū)磁場正中央，從t=0時刻開始，導體棒在安培力的作用下向左運動，t1時刻離開Ⅰ區(qū)時速度為v0，最后離開Ⅱ區(qū)時速度為v03。求：

13.東方超環(huán)(EAST)，俗稱“人造小太陽”，是中國科學院自主研制的磁約束核聚變實驗裝置。該裝置需要將加速到較高速度的離子束變成中性粒子束，沒有被中性化的高速帶電離子需要利用“偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)”將帶電離子從粒子束剝離出來?！捌D(zhuǎn)系統(tǒng)”的原理簡圖如圖所示，混合粒子中的中性粒子繼續(xù)沿原方向運動，被接收器接收；而帶電離子一部分打到下極板，剩下的進入磁場發(fā)生偏轉(zhuǎn)被吞噬板吞噬。已知離子帶正電、電荷量為q，質(zhì)量為m，兩極板間電壓為U，間距為d，極板長度為d，離子和中性粒子的重力可忽略不計，不考慮混合粒子間的相互作用。

(1)在極板間施加了一垂直于紙面向里的勻強磁場，使速度為v1=2Uqm的離子直線通過兩極板，求其磁感應強度B1的大??；

(2)直線通過極板的離子以v1=

答案和解析1.【答案】A

【解析】解：A.力不是維持物體運動的原因，是伽利略實驗研究和邏輯推理相結(jié)合得出的物理規(guī)律，故A正確；

B.伽利略并沒有發(fā)現(xiàn)物體之間普遍存在相互吸引力，是牛頓總結(jié)出的萬有引力定律的內(nèi)容，故B錯誤；

C.伽利略并沒有發(fā)現(xiàn)物體間的相互作用力總是大小相等、方向相反，是牛頓總結(jié)了牛頓第三定律的內(nèi)容，故C錯誤；

D.伽利略并沒有發(fā)現(xiàn)物體加速度大小與作用力成正比、與物體質(zhì)量成反比，是牛頓通過實驗總結(jié)出了牛頓第二定律的內(nèi)容，故D錯誤。

故選：A。

伽利略的斜面實驗是以可靠的事實為基礎(chǔ)，經(jīng)過抽象思維，抓住主要因素，忽略次要因素，推理得出的結(jié)論。

伽利略是物理學的奠基人之一，要學習他的成就和科學研究的方法，理想斜面實驗抓住了客觀事實的主要因素，忽略了次要因素，從而更深刻地揭示了自然規(guī)律。2.【答案】B

【解析】解：A.在真空中a光的波長小于b光的波長，則a光的頻率大于b光的頻率，同種玻璃對a光的折射率大于b光的折射率，根據(jù)v=cn可知在同種玻璃中，b光的傳播速度大，故A錯誤；

B.根據(jù)光電效應方程eUc=hν?W0，若a、b光分別照射同一光電管發(fā)生光電效應，a光的遏止電壓高，故B正確；

C.用同樣的裝置做雙縫干涉實驗，根據(jù)條紋間距公式Δx=ldλ，可知b光的干涉條紋間距大，故C錯誤；

D.在真空中a光的波長小于b光的波長，則a光的頻率大于b光的頻率，水對a光的折射率大于b光的折射率，故D錯誤。

故選：B。3.【答案】A

【解析】解：AD.對地球表面的物體有GMmR2=mg

可得M=gR2G

空間站繞地球運行，由萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得：

GMm′(R+h)2=m′v2R+h

解得v=gR2R+h，故A正確，D錯誤；

B.4.【答案】C

【解析】解：A、t=0時刻，線圈平面垂直中性面，穿過線框的磁通量為零，磁通量變化率最大，感應電動勢最大，故A錯誤；

B、產(chǎn)生的交變電流的頻率f=ω2π=100π2πHz=50Hz

故B錯誤；

C、感應電動勢的最大值為Em=BSω=Φmω=1π5.【答案】D

【解析】解：A.由帶負電的粒子的運動軌跡可知，靠近點電荷時受到阻力作用，所以O(shè)位置的點電荷帶負電，故A錯誤；

B.等差等勢面的疏密表示場強強弱，b處的場強比a處大，由牛頓第二定律qE=ma知，所以該粒子在b點的加速度大于在a點的加速度，故B錯誤；

C.由O位置的點電荷帶負電，所以b點電勢在a、b、c、d四點中最低，由Ep=qφ，可知該粒子在b處的電勢能最大，故C錯誤；

D.由動能定理可知，由動能定理得，該粒子從b點飛到c點動能的變化量為：

ΔEkbc=qUbc

又Ubc=(φ1?φ2)

聯(lián)立解得：ΔEkbc=q(φ1?φ2)

由動能定理得，該粒子從c點飛到d點動能的變化量為：

6.【答案】BC【解析】解：A.一群處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷時總共可輻射出光的種類總共為C42=6種，故A錯誤；

B.半衰期與化學環(huán)境無關(guān)，放射性元素無論以單質(zhì)還是以化合物形式存在，半衰期都是一樣的，故B正確；

C.核反應方程?12H+13H→24He+01n屬于原子核聚變反應，故7.【答案】AD【解析】解：AD、由于桶內(nèi)理想氣體溫度不變，則桶內(nèi)氣體內(nèi)能不變，ΔU=0。桶內(nèi)氣體體積變大，氣體對外做功，則W<0，根據(jù)熱力學第一定律ΔU=Q+W可知Q>0，即桶內(nèi)氣體從外界吸收熱量，故AD正確；

B、溫度是分子平均動能的標志，桶內(nèi)氣體的溫度保持不變，則桶內(nèi)氣體分子平均動能不變，故B錯誤；

C、根據(jù)玻意耳定律pV8.【答案】BD【解析】解：A、t=0時刻，b點在波谷位置，t1=1s時質(zhì)點b第一次出現(xiàn)在波峰位置，時間間隔為半個周期，即T=2s，則該波的頻率為f=1T=12Hz=0.5Hz，故A錯誤；

B、根據(jù)同側(cè)法可知，質(zhì)點c開始振動時運動方向沿y軸的負方向，由于介質(zhì)中所有點的振動都是模仿波源的振動，因而波源開始振動時的運動方向沿y軸的負方向，故B正確；

C、時間間隔為Δt=1s質(zhì)點c振動的路程為s=2A=2×10cm=20cm，故C錯誤；

D、由圖可知波長為λ=4m，則波速為9.【答案】豎直

CD

A【解析】解：(1)在安裝刻度尺時，必須使刻度尺保持豎直狀態(tài)，避免讀數(shù)時的人為誤差。

(2)A.實驗前，應該先把彈簧豎直懸掛后測量其長度，此時的長度為原長，故A錯誤；

B.用直尺測得彈簧的長度不是彈簧的伸長量，而是原長和伸長量之和，故B錯誤；

C.用懸掛鉤碼的方法給彈簧施加拉力，要在鉤碼處于靜止狀態(tài)時讀刻度尺的讀數(shù)，故C正確；

D.為防止超過彈性限度，應逐一增掛鉤碼，記下每增加一個鉤碼后指針所指的刻度尺刻度和對應的鉤碼總重量，故D正確。

故選：CD。

(3)根據(jù)F=kx10.【答案】9

U1I1【解析】解：①由題可知，用歐姆表“×10”倍率測量，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大，說明被測電阻阻值較小，需要選擇更小倍率的擋位，即選擇“×1”倍率，故測量值為9Ω；

②閉合S1，當S2接a時，電壓表示數(shù)為U1，電流表示數(shù)為I1，則有

U1I1=R0+RA+Rx

當S2接b，電壓表示數(shù)為U2，電流表示數(shù)為I2，則有

U2I211.【答案】解：(1)根據(jù)勻變速直線運動的公式可得：

0?v02=?2gh

爆竹爆炸結(jié)束的瞬間，B部分獲得的速度大小為：

v0=10m/s

(2)根據(jù)動量守恒，選擇豎直向上的方向為正方向，由此可得：

mv0=Mv

解得爆竹爆炸結(jié)束的瞬間，A部分獲得的速度大小為：

v【解析】(1)根據(jù)運動學公式得出B部分獲得的速度大小；

(2)根據(jù)動量守恒定律結(jié)合動能定理得出A12.【答案】解：(1)t=0時刻，導體棒所在回路的感應電動勢為：

E=ΔBΔt×x12L=B1x1L2t1

回路的電流I=E2R

導體棒受到的安培力大小F安=B1IL

解得：F安=B12L2x14Rt1

(2)導體棒穿越Ⅱ【解析】(1)根據(jù)感應電動勢的計算公式，結(jié)合歐姆定律和安培力的計算公式得出安培力的大??；

(2)理解過程中的能量轉(zhuǎn)化關(guān)系，根據(jù)電阻的比值關(guān)系得出電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；

(13.【答案】解：(1)離子能直線通過兩極板，則洛倫茲力等于電場力qv1B1=qUd

將v1=2qUm代入得：

B1=1dmU2q

(2)由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得：

qv1B2=mv12r

離子在偏轉(zhuǎn)磁場中的運動半徑為：

r=2d