2022年廣西兩校高考仿真卷物理試卷含解析

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

請(qǐng)考生注意：

1.請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、在如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r,島、m為定值電阻，及為滑動(dòng)變阻器，C為電容器。將滑動(dòng)

變阻器的滑動(dòng)觸頭尸置于位置處閉合開關(guān)S,電路穩(wěn)定時(shí)理想電壓表V］、V2的示數(shù)分別為口、Ui,理想電流表A

的示數(shù)為/o當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P由a滑到b且電路再次穩(wěn)定時(shí)，理想電壓表M、V2的示數(shù)分別為ULU3

理想電流表A的示數(shù)為I'.則以下判斷中正確的是（）

A.滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P由?；蚍值倪^程中，通過R3的電流方向由左向右

B.滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P由?；?的過程中，電容器的帶電量減小

C.5,U2>U2',I>I'

U-U'

D.—2——2="D+r

I-I''

2、意大利科學(xué)家伽利略在研究物體變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律時(shí)，做了著名的“斜面實(shí)驗(yàn)”，他測(cè)量了銅球在較小傾角斜面上的運(yùn)動(dòng)

情況，發(fā)現(xiàn)銅球做的是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，且銅球加速度隨斜面傾角的增大而增大，于是他對(duì)大傾角情況進(jìn)行了合理的外

推，由此得出的結(jié)論是（）

A.自由落體運(yùn)動(dòng)是一種勻變速直線運(yùn)動(dòng)

B.力是使物體產(chǎn)生加速度的原因

C.力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因

D.物體都具有保持原來運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的屬性，即慣性

3、某靜電場(chǎng)中有電場(chǎng)線與x軸重合，x軸上各點(diǎn)電勢(shì)夕分布如圖所示，圖線關(guān)于縱軸對(duì)稱，則（）

A.xi處和一xi處場(chǎng)強(qiáng)方向相同B.xi處和一X2處場(chǎng)強(qiáng)大小相等

C.某帶電粒子在X2處和一心處電勢(shì)能相等D.某帶電粒子在X2處的電勢(shì)能大于在一孫處的電勢(shì)能

4、如圖所示，物體m與斜面體M一起靜止在水平面上。若將斜面的傾角。稍微增大一些，且物體m仍靜止在斜面

上，則

A.斜面體對(duì)物體的支持力不變

B.斜面體對(duì)物體的摩擦力變大

C.水平面與斜面體間的摩擦力變大

D.水平面與斜面體間的摩擦力變小

5、靜電場(chǎng)在x軸上的場(chǎng)強(qiáng)E隨x的變化關(guān)系如圖所示，x軸正方向?yàn)閳?chǎng)強(qiáng)正方向，帶正電的點(diǎn)電荷沿x軸運(yùn)動(dòng)，則點(diǎn)

電荷（）

A.在X2和X4處電勢(shì)能相等B.由?運(yùn)動(dòng)到X3的過程中電勢(shì)能增大

C.由?運(yùn)動(dòng)到X4的過程中電勢(shì)能先減小后增大D.由XI運(yùn)動(dòng)到X4的過程中電場(chǎng)力先減小后增大

6、一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個(gè)過程帥、be、ca回到原狀態(tài)，其p-T圖象如圖所示.下列判斷正確的

A.過程ab中氣體一定吸熱

B.過程be中氣體既不吸熱也不放熱

C.過程ca中外界對(duì)氣體所做的功等于氣體所放的熱

D.a、5和c三個(gè)狀態(tài)中，狀態(tài)。分子的平均動(dòng)能最大

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、如圖所示，在某行星表面上有一傾斜的勻質(zhì)圓盤，盤面與水平面的夾角為30。，圓盤繞垂直于盤面的固定對(duì)稱軸以

恒定的角速度轉(zhuǎn)動(dòng)，盤面上離轉(zhuǎn)軸距離L處有一小物體與圓盤保持相對(duì)靜止，當(dāng)圓盤的角速度為“時(shí)，小物塊剛要滑

動(dòng).物體與盤面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為且（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力），該星球的半徑為R,引力常量為G,下列

B.這個(gè)行星的第一宇宙速度匕

c.這個(gè)行星的同步衛(wèi)星的周期是出、0

D.離行星表面距離為R的地方的重力加速度為

8、用如圖所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，光電管陰極K與滑動(dòng)變阻器的中心抽頭c相連，光電管陽極與滑動(dòng)變阻器

的滑片P相連，初始時(shí)滑片尸與抽頭c正對(duì)，電壓表的示數(shù)為0（電壓表0刻線在表盤中央）。在移動(dòng)滑片尸的過程中,

光電流，隨電壓表示數(shù)。變化的圖像如圖所示，已知入射光的光子能量為L(zhǎng)6eV。下列說法正確的是（）

—?------------

1t-0.6O0.8UN

A.當(dāng)滑片尸與c正對(duì)時(shí)，電路中無光電流

B.當(dāng)。=-0.6V時(shí)，滑片尸位于氏c之間

C.陰極材料的逸出功為0.6eV

D.當(dāng)U=0.8V時(shí)，到達(dá)陽極的光電子的最大動(dòng)能為L(zhǎng)4eV

9、下列說法正確的是（）

A.一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)溫度升高時(shí)，內(nèi)能增加，壓強(qiáng)增大

B.飽和蒸汽在等溫變化的過程中，當(dāng)其體積減小時(shí)壓強(qiáng)不變

C.液體表面層分子間距離較其內(nèi)部分子間距離小，表面層分子間表現(xiàn)為斥力

D.一定質(zhì)量的理想氣體放出熱量，分子平均動(dòng)能可能減少

E.自然發(fā)生的熱傳遞過程是向著分子熱運(yùn)動(dòng)無序性增大的方向進(jìn)行的

10、如圖所示，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一矩形金屬線圈（線圈電阻不計(jì)）繞垂直于磁感線的軸以角速度?勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈通

過電刷與理想變壓器原線圈相連，副線圈接一滑動(dòng)變阻器R,原、副線圈匝數(shù)分別為小、〃2。要使電流表的示數(shù)變?yōu)?/p>

原來的2倍，下列措施可行的是

A.如增大為原來的2倍，“、R不變

B.co增大為原來的2倍，"2、R不變

C.切和R都增大為原來的2倍，〃2不變

D.〃2和K都增大為原來的2倍，◎不變

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）熱敏電阻常用于溫度控制或過熱保護(hù)裝置中。某種熱敏電阻和金屬熱電阻的阻值R隨溫度變化的關(guān)系如圖

甲所示。

I-----1電源I-I

\金屬熱電阻

敏電阻

（廠,7

圖甲

（1）由圖甲可知，在較低溫度范圍內(nèi)，相對(duì)金屬熱電阻而言，該熱敏電阻對(duì)溫度變化的響應(yīng)更________（選填“敏感”

或“不敏感

（2）某同學(xué)利用上述熱敏電阻制作了一個(gè)簡(jiǎn)易的溫控裝置，實(shí)驗(yàn)原理如圖乙所示。現(xiàn)欲實(shí)現(xiàn)銜鐵在某溫度時(shí)（此時(shí)熱

敏電阻的阻值為凡）被吸合，下列操作步驟正確的順序是?（填寫各步驟前的序號(hào)）

心將熱敏電阻接入電路

尻觀察到繼電器的銜鐵被吸合

c.斷開開關(guān)，將電阻箱從電路中移除

合上開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的阻值

e.斷開開關(guān)，用電阻箱替換熱敏電阻，將阻值調(diào)至幾

（3）若熱敏電阻的阻值R,與溫度f的關(guān)系如下表所示,

trc30.040.050.060.070.080.0

199.5145.4108.181.862.949.1

當(dāng)通過繼電器的電流超過2（）mA時(shí)，銜鐵被吸合，加熱器停止加熱，實(shí)現(xiàn)溫控。已知繼電器的電阻r=200,為使該

裝置實(shí)現(xiàn)對(duì)30°C~80°C之間任一溫度的控制，電源E應(yīng)選用,滑動(dòng)變阻器Rv應(yīng)選用o（填選項(xiàng)前的

字母）

A.電源片（3V,內(nèi)阻不計(jì)）B.電源62（6V,內(nèi)阻不計(jì)）C.滑動(dòng)變阻器與（0~200。）D.滑動(dòng)變

阻器&（0~500。）

12.（12分）利用如圖所示電路測(cè)量一量程為300mV的電壓表的內(nèi)阻Rv（約為300。）。某同學(xué)的實(shí)驗(yàn)步驟如下:

①按電路圖正確連接好電路，把滑動(dòng)變阻器R的滑片P滑到a端，閉合電鍵S2,并將電阻箱R）的阻值調(diào)到較大;

②閉合電鍵S”調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片的位置，使電壓表的指針指到滿刻度；

③保持電鍵*閉合和滑動(dòng)變阻器滑片P的位置不變，斷開電鍵S2,調(diào)整電阻箱R。的阻值大小，使電壓表的指針指到

滿刻度的三分之一；讀出此時(shí)電阻箱Ro=596Q的阻值，則電壓表內(nèi)電阻R、=

實(shí)驗(yàn)所提供的器材除待測(cè)電壓表、電阻箱（最大阻值999.9。）、電池（電動(dòng)勢(shì)約1.5V,內(nèi)阻可忽略不計(jì)）、導(dǎo)線和電鍵

之外，還有如下可供選擇的實(shí)驗(yàn)器材：

A滑動(dòng)變阻器：最大阻值200。

B滑動(dòng)變阻器：最大值阻10Q

C定值電阻：阻值約20。

D定值電阻：阻值約200

根據(jù)以上設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)方法，回答下列問題。

①為了使測(cè)量比較精確，從可供選擇的實(shí)驗(yàn)器材中，滑動(dòng)變阻器K應(yīng)選用,定值電阻“應(yīng)選用

（填寫可供選擇實(shí)驗(yàn)器材前面的序號(hào)）。

②對(duì)于上述的測(cè)量方法，從實(shí)驗(yàn)原理分析可知，在測(cè)量操作無誤的情況下，實(shí)際測(cè)出的電壓表內(nèi)阻的測(cè)量值R測(cè)

真實(shí)值Rv（填“大于”、“小于”或“等于"），這誤差屬于誤差（填”偶然“或者“系統(tǒng)”）且在其

他條件不變的情況下，若R、，越大，其測(cè)量值R淵的誤差就越（填“大”或“小”）。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，導(dǎo)熱缸體質(zhì)量,M=10kg,氣缸內(nèi)輕質(zhì)活塞被一勁度系數(shù)&=100N/cm的輕彈簧豎直懸掛于天花

板上。輕質(zhì)活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體（氣體重力不計(jì)），環(huán)境溫度為7>300K時(shí)，被封氣柱長(zhǎng)度《=30cm,缸口

離天花板高度/?=lcm,已知活塞與缸壁間無摩擦，活塞橫截面積S=lxl0-2m2,大氣壓強(qiáng)po=l.Oxl（）5pa且保持不變，重

力加速度g=10m/s2求：

①環(huán)境溫度降到多少時(shí)缸口恰好接觸天花板；

②溫度降到多少時(shí)天花板對(duì)缸體的壓力等于缸體重力（缸口與天花板接觸點(diǎn)不完全密閉）。

14.（16分）如圖所示，光滑的水平面AB與半徑R=0.5m的光滑豎直半圓軌道BCD在B點(diǎn)相切，D點(diǎn)為半圓軌道最

高點(diǎn)，A點(diǎn)的右側(cè)連接一粗糙的水平面，用細(xì)線連接甲、乙兩物體，中間夾一輕質(zhì)壓縮彈簧，彈簧與甲、乙兩物體不

拴接，甲的質(zhì)量*=4kg,乙的質(zhì)量mi=5kg,甲、乙均靜止.若燒斷細(xì)線，甲離開彈簧后經(jīng)過B點(diǎn)進(jìn)入半圓軌道，過

D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力恰好為零.取g=10m/sL甲、乙兩物體可看做質(zhì)點(diǎn)，求：

（1）甲離開彈簧后經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)的速度的大小VB；

⑴燒斷細(xì)線時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能EP；

（3）若固定甲，將乙物體換為質(zhì)量為m的物體丙，燒斷細(xì)線，丙物體離開彈簧后從A點(diǎn)進(jìn)入動(dòng)摩擦因數(shù)H=0.5的粗糙水

平面，AF是長(zhǎng)度為41的水平軌道，F(xiàn)端與半徑為1的光滑半圓軌道FCH相切，半圓的直徑FH豎直，如圖所示.設(shè)丙

物體離開彈簧時(shí)的動(dòng)能為6mgl,重力加速度大小為g,求丙物體離開圓軌道后落回到水平面BAF上的位置與F點(diǎn)之

間的距離s；

（4）在滿足第⑶問的條件下，若丙物體能滑上圓軌道，且能從GH間離開圓軌道滑落（G點(diǎn)為半圓軌道中點(diǎn)），求丙物

體的質(zhì)量的取值范圍

15.（12分）如圖所示，處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的兩根足夠長(zhǎng)、電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌相距1m,導(dǎo)軌平面與水平面成，=

37。角，下端連接阻值為R的電阻。勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向與導(dǎo)軌平面垂直。質(zhì)量為0.2kg、電阻不計(jì)的金屬棒放在兩導(dǎo)軌上,

棒與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，它們之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.25。

(1)求金屬棒沿導(dǎo)軌由靜止開始下滑時(shí)的加速度大??；

(2)當(dāng)金屬棒下滑速度達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，電阻K消耗的功率為8W,求該速度的大??；

(3)在上問中，若R=2C,金屬棒中的電流方向由。到b,求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與方向；

(4)若成棒從靜止到速度穩(wěn)定下滑的距離為20m,求此過程R產(chǎn)生的熱量。G加37。=0.6,cos37o=0.8)

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、D

【解析】

AB.電容C與電阻用、R2并聯(lián)，其電壓等于電源的路端電壓，當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)觸頭P由a滑向〃的過程中，變阻

器的電阻增大，總電阻增大，總電流減小，路端電壓增大，根據(jù)。=卷可知，電容器的電荷量增加，電容器充電，通

過七的電流方向由右向左，故AB項(xiàng)錯(cuò)誤；

c.因電路電流減小，故/＞廠，則刷兩端電壓減小，即a〉a,。因路端電壓增大，則及兩端電壓增大，即＜^2’，

故c項(xiàng)錯(cuò)誤；

D.將凡等效為電源內(nèi)阻，則3可視為等效電源的路段電壓，根據(jù)U—/圖像的斜率關(guān)系可得

%一5'=/?1+〃

i-r

故D項(xiàng)正確。

故選D。

2、A

【解析】

A.銅球在較小傾角斜面上的運(yùn)動(dòng)情況，發(fā)現(xiàn)銅球做的是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，且銅球加速度隨斜面傾角的增大而增大，

傾角最大的情況就是90。時(shí)，這時(shí)物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，由此得出的結(jié)論是自由落體運(yùn)動(dòng)是一種勻變速直線運(yùn)動(dòng)。故A

正確；

B.該實(shí)驗(yàn)不能得出力是使物體產(chǎn)生加速度的原因這個(gè)結(jié)論，故B錯(cuò)誤。

C.物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來維持，但是該實(shí)驗(yàn)不能得出該結(jié)論，故C錯(cuò)誤。

D.該實(shí)驗(yàn)不能得出慣性這一結(jié)論，故D錯(cuò)誤。

故選A。

3、C

【解析】

AB.0一X圖象的斜率大小等于電場(chǎng)強(qiáng)度，4處和田處場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反，xi處和處場(chǎng)強(qiáng)大小不相等，故

AB錯(cuò)誤；

CD.在X2處和-X2處電勢(shì)相等，根據(jù)品=夕9知某帶電粒子在必處和-X2處電勢(shì)能相等，故C正確，D錯(cuò)誤。

故選C。

4、B

【解析】

A、物體m靜止不動(dòng)，受力平衡.可對(duì)物體受力分析，正交分解重力G得：

斜面體對(duì)物體的支持力N=mgcosH

斜面體對(duì)物體的摩擦力f=mgsin"

比較可知會(huì)稍微增大一些，N變小，f變大，故A錯(cuò)誤、B正確.

C、對(duì)于水平面對(duì)斜面的力，最好采用整體法，對(duì)m和M整體進(jìn)行受力分析：

整體受重力和水平面的支持力，因?yàn)檎w處于靜止也就是平衡狀態(tài)，所以地面對(duì)斜面體的摩擦力始終為零，水平面對(duì)

斜面體間的支持力不變.故C錯(cuò)誤、D錯(cuò)誤.

故選：B.

5、B

【解析】

首先明確圖像的物理意義，結(jié)合電場(chǎng)的分布特點(diǎn)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)差逐點(diǎn)降低，綜合分析判斷。

【詳解】

A.X2-X4處場(chǎng)強(qiáng)方向沿X軸負(fù)方向，則從X2到X4處逆著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)升高，則正電荷在X4處電勢(shì)能較大，A不

符合題意；

B.XI-X3處場(chǎng)強(qiáng)為X軸負(fù)方向，則從XI到X3處逆著電場(chǎng)線方向移動(dòng)，電勢(shì)升高，正電荷在X3處電勢(shì)能較大，B符合

題意；

C.由羽運(yùn)動(dòng)到X4的過程中，逆著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)升高，正電荷的電勢(shì)能增大，C不符合題意；

D.由XI運(yùn)動(dòng)到X4的過程中，電場(chǎng)強(qiáng)度的絕對(duì)值先增大后減小，故由

F=qE

知電場(chǎng)力先增大后減小，D不符合題意

故選B。

6、A

【解析】

A、由圖示可知，/過程，氣體壓強(qiáng)與熱力學(xué)溫度成正比，則氣體發(fā)生等容變化，氣體體積不變，外界對(duì)氣體不做功，

氣體溫度升高，內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一定律AU=Q+W可知，氣體吸收熱量，故A正確；

B、由圖示圖象可知，加過程氣體發(fā)生等溫變化，氣體內(nèi)能不變，壓強(qiáng)減小，由玻意耳定律可知，體積增大，氣體對(duì)

外做功，由熱力學(xué)第一定律AU=Q+W可知，氣體吸熱，故8錯(cuò)誤；

C、由圖象可知，ca過程氣體壓強(qiáng)不變，溫度降低，由蓋呂薩克定律可知，其體積減小，外界對(duì)氣體做功，W>0,氣

體溫度降低，內(nèi)能減少，△U<0,由熱力學(xué)第一定律AU=Q+W可知，氣體要放出熱量，過程加中外界對(duì)氣體所做

的功小于氣體所放熱量，故C錯(cuò)誤；

D、由圖象可知，。狀態(tài)溫度最低，分子平均動(dòng)能最小，故O錯(cuò)誤；

故選A.

【點(diǎn)睛】由圖示圖象判斷氣體的狀態(tài)變化過程，應(yīng)用氣態(tài)方程判斷氣體體積如何變化，然后應(yīng)用熱力學(xué)第一定律答題.

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、BD

【解析】

當(dāng)物體轉(zhuǎn)到圓盤的最低點(diǎn)，由重力沿斜面向下的分力和最大靜摩擦力的合力提供向心力時(shí)，角速度最大，由牛頓第二

定律求出重力加速度，然后結(jié)合萬有引力提供向心力即可求出.

【詳解】

物體在圓盤上受到重力、圓盤的支持力和摩擦力，合力提供向心加速度；可知當(dāng)物體轉(zhuǎn)到圓盤的最低點(diǎn)，所受的靜摩

擦力沿斜面向上達(dá)到最大時(shí)，角速度最大，由牛頓第二定律得：fimgcos30°-mgsin30°=m(o2L,所

,,CO2L.，，

以：g=-------------------------=4(yL.

4cos30。-sin3O。

Mm

A.繞該行星表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體受到的萬有引力即為其所受重力，即：G充=mg,所以

..gR24CO2R2L_

M=--=----------，故A錯(cuò)誤;

GG

B.根據(jù)行星的第一宇宙速度公式匕=而得，該行星得第一宇宙速度為匕=26＞癡，故B正確;

Mm

C.同步衛(wèi)星在軌運(yùn)行時(shí)，軌道處衛(wèi)星受到的引力提供向心力，則有G

(R+獷解得:

丁上(R叫，由于同步衛(wèi)星的高度未知，故而無法求出自轉(zhuǎn)周期T,故C錯(cuò)誤;

g

_GMmGMm12r

D.離行星表面距離為R的地方的萬有引力：=即重力加速度為蘇心故D正確.

【點(diǎn)睛】

本題易錯(cuò)點(diǎn)為C選項(xiàng)，在對(duì)同步衛(wèi)星進(jìn)行分析時(shí)，如果公轉(zhuǎn)圓周運(yùn)動(dòng)不能計(jì)算時(shí)，通?？梢钥紤]求行星自傳周期：同

步衛(wèi)星的周期等于行星自傳周期.

Mm4/

該行星赤道上的物體隨行星一起做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬有引力可分解為重力和自傳向心力，即G=mgo+機(jī)］廠R,

由于不能確定該行星表面上赤道地區(qū)的重力加速度，故而無法求出自傳周期T;

Mm442

如果錯(cuò)誤地按照自傳向心力由萬有引力提供，G〃?產(chǎn),就錯(cuò)了，因?yàn)槭侨绻行巧衔矬w

所受萬有引力全部提供自傳向心力，該行星已經(jīng)處在自解體狀態(tài)了，也就是不可能存在這樣得行星.

8、BD

【解析】

A.由題意可知，能發(fā)生光電效應(yīng)，當(dāng)滑片尸與c正對(duì)時(shí)，光電管兩端無電壓，但此時(shí)光電子仍能從陰極到達(dá)陽極，

則電路中有光電流，故A錯(cuò)誤；

B.由圖可知，當(dāng)U=-0.6V時(shí)，光電流為0即為遏制電壓，即光電管兩端接反向電壓，則陰極電勢(shì)應(yīng)更高，滑片尸位

于氏c之間，故B正確；

C.由光電效應(yīng)方程有線=陟-叱)，由圖可知，當(dāng)。=一0.6丫時(shí)，光電流為0即為遏制電壓，則有

一0.6eV=0—Ek

聯(lián)立解得

%=1.0eV

故C錯(cuò)誤；

D.光電子逸出時(shí)的最大初動(dòng)能為

Ek0=hv-W0=0.6eV

當(dāng)U=0.8V時(shí)由動(dòng)能定理得

eU=Ek-Ek0

得

Ek=eU+Ew=(0.8+0.6)eV=1.4eV

故D正確。

故選BD.

9、BDE

【解析】

A.由理想氣體狀態(tài)方程2匕=C可知，當(dāng)溫度升高時(shí)，內(nèi)能增加，乘積增大，但壓強(qiáng)不一定大，故A錯(cuò)誤；

T

B.飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)，飽和蒸汽在等溫變化的過程中，體積減小時(shí)壓強(qiáng)不變，故B正確；

C.液體表面層分子間距離較其內(nèi)部分子間距離大，表面層分子間表現(xiàn)為引力，故C錯(cuò)誤；

D.一定質(zhì)量的理想氣體放出熱量，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知分子內(nèi)能可能減小，分子平均動(dòng)能可能減少，故D正確;

E.根據(jù)燧增原理可知，一切自然過程總是沿著分子熱運(yùn)動(dòng)無序性增大的方向進(jìn)行，故E正確；

故選BDE,

10、BD

【解析】

線圈轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的電壓有效值為：

72

根據(jù)理想變壓器的規(guī)律：

U2n2

A_n2

根據(jù)歐姆定律：

聯(lián)立方程解得：4=乂5=衛(wèi)孥E,“增大為原來的2倍，“2、R不變、“2和R都增大為原來的2倍，“

"JR五R

不變均可電流表的示數(shù)變?yōu)樵瓉淼?倍，BD正確，AC錯(cuò)誤。

故選BD。

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、敏感edbcaBD

【解析】

（1）［1］圖甲中橫軸表示溫度，縱軸表示電阻，隨著溫度的升高，金屬熱電阻的阻值略微增大，而該熱敏電阻的阻值

明顯減小，所以這種熱敏電阻在較低溫度范圍內(nèi)，相對(duì)金屬熱電阻而言，該熱敏電阻對(duì)溫度變化的響應(yīng)更敏感

（2）⑵要實(shí)現(xiàn)銜鐵在某溫度時(shí)（此時(shí)熱敏電阻的阻值為尺）被吸合，而銜鐵被吸合時(shí)的電流是一定的，所以關(guān)鍵是

找到此時(shí)滑動(dòng)變阻器的阻值。實(shí)現(xiàn)方法是：斷開開關(guān)，用電阻箱替換熱敏電阻，將阻值調(diào)至4,合上開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)

變阻器的阻值，觀察到繼電器的銜鐵被吸合，則此時(shí)滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值就是銜鐵在某溫度（此時(shí)熱敏電阻的

阻值為凡）被吸合時(shí)滑動(dòng)變阻器應(yīng)連入電路的阻值，找到之后，再用熱敏電阻替換掉電阻箱即可，正確順序?yàn)閑Mca；

（3）［3］在30°C時(shí),電源電動(dòng)勢(shì)的最小值

E=20x（199.5+20）xICT，v=4.39V

所以電源應(yīng)選用￡，故選B;

［4］在80°C時(shí)，選用電源石2,滑動(dòng)變阻器的最小阻值為

6V

----49.1Q-20Q=230.9Q

20mA

所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用此（0~500。），故選D。

12、298BC大于系統(tǒng)小

【解析】

口］由實(shí)驗(yàn)原理可知，電壓表的指針指到滿刻度的三分之一，因此電阻箱分得總電壓的三分之二，根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律可

知，&=8=298八，故電壓表內(nèi)阻為298。。

2

①⑵⑶該實(shí)驗(yàn)中，滑動(dòng)變阻器采用了分壓接法，為方便實(shí)驗(yàn)操作，要選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器，即選擇B；定

值電阻起保護(hù)作用，因電源電動(dòng)勢(shì)為L(zhǎng)5V,若保護(hù)電阻太大，則實(shí)驗(yàn)無法實(shí)現(xiàn)，故定值電阻應(yīng)選用C。

②［4］從實(shí)驗(yàn)原理分析可知，當(dāng)再斷開開關(guān)S2,調(diào)整電阻箱Ko的阻值，當(dāng)當(dāng)電壓表半偏時(shí)，閉合電路的干路電流將減

小，故內(nèi)電壓降低，路端電壓升高，從而使得滑動(dòng)變阻器并聯(lián)部分兩端電壓變大，即使電壓表示數(shù)為一半。

⑸而電阻箱R）的電壓超過電壓表電壓，導(dǎo)致所測(cè)電阻也偏大，所以測(cè)量電阻大于真實(shí)電阻；本誤差是由實(shí)驗(yàn)原理造成

的，屬于系統(tǒng)誤差。

網(wǎng)在其他條件不變的情況下，若Rv越大，滑動(dòng)變阻器并聯(lián)部分兩端電壓變化越小，其測(cè)量值K測(cè)的誤差就越小。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、①290K；②248.9K。

【解析】

①在環(huán)境溫度下降到缸口恰好接觸天花板的過程中，氣體壓強(qiáng)不變，彈簧的長(zhǎng)度不變，由蓋-呂薩克定律有：

Z,S_（/,-/2）S

%

解得

r2=290K

②初態(tài)整體受力平衡，設(shè)彈簧伸長(zhǎng)量為由，則有

kxi=Mg

解得

xi=lcm

天花板對(duì)缸體的壓力等于缸體的重力時(shí)

F^=Mg

F^+Mg=kx2

X2=2cm

△X=Xi-X2

初態(tài)缸體平衡，有

piS+Mg=p0S

末態(tài)缸體平衡，有

P：s+Mg+FN=PoS

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程：

Pi《S_p；（4-〃-Ar）S

~v=工

解得

7>248.9K

4

14、(l)5m/s；(1)90.J；(3)s=41；(4)-m<M<2m

3

【解析】

(1)甲在最高點(diǎn)D,由牛頓第二定律，有g(shù)g=叫會(huì)

甲離開彈簧運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程機(jī)械能守恒：+

聯(lián)立解得：VB=5HI/S；

(1)燒斷細(xì)線時(shí)動(dòng)量守恒：0=miV3-mivi

由于水平面AB光滑，則有vi=VB=5m/s,解得：vi=4m/s

根據(jù)能量守恒，彈簧的彈性勢(shì)能+g?v；=90J

(3)甲固定，燒斷細(xì)線后乙物體減速運(yùn)動(dòng)到F點(diǎn)時(shí)的速度大小為VF,

由動(dòng)能定理得：-