安徽省亳州市蒙城第一中學(xué)高三下學(xué)期最后一卷理綜物理試題

蒙城第一中學(xué)2023屆高三最后一卷考試時(shí)間150分鐘，滿分300分二、選擇題1.下列說(shuō)法中正確的是（）A.1887年愛(ài)因斯坦在研究電磁波的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)了光電效應(yīng)現(xiàn)象，并提出了光電效應(yīng)理論，獲得1921年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)B.組成原子核的核子越多，它的結(jié)合能越大C.衰變中產(chǎn)生的射線實(shí)際上是原子的核外電子掙脫原子核的束縛而形成的D.任何兩個(gè)原子核都可以發(fā)生聚變【答案】B【解析】【詳解】A．1887年愛(ài)因斯坦赫茲在研究麥克斯韋電磁波理論時(shí)偶然發(fā)現(xiàn)了光電效應(yīng)現(xiàn)象，1905年愛(ài)因斯坦提出光子說(shuō)，成功解釋了光電效應(yīng)，并因此獲得了1921年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)，故A錯(cuò)誤；B．結(jié)合能即為核子數(shù)與比結(jié)合能乘積，因此組成原子核的核子越多，它的結(jié)合能越大，故B正確；C．衰變中產(chǎn)生的射線實(shí)際上是原子核內(nèi)部中子轉(zhuǎn)變而來(lái)的，其轉(zhuǎn)變方程為故C錯(cuò)誤；D．自然界中最容易發(fā)生的核聚變就是氫的同位素—氘氚的聚變，并不是任何兩個(gè)原子核都可以發(fā)生聚變，故D錯(cuò)誤。故選B。2.放在水平面上的物體，在水平力F作用下開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，以物體靜止時(shí)的位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，力F的方向?yàn)檎较蚪軸，物體的加速度隨位移的變化圖像如圖所示。下列說(shuō)法中正確的是（）A.過(guò)程中物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，過(guò)程中物體做減速直線運(yùn)動(dòng)B.位移為x1時(shí)，物體的速度大小為C.位移為x2時(shí)，物體的速度達(dá)到最大D.物體的最大速度為【答案】B【解析】【詳解】A．過(guò)程中加速度不變，所以物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，過(guò)程中加速度方向不變，依然與速度同向，故物體仍做加速直線運(yùn)動(dòng)，位移為x3時(shí)，物體的速度達(dá)到最大，AC錯(cuò)誤；B．由位移速度公式可得解得移為時(shí)，物體的速度大小為，B正確；D．由位移速度公式可得故圖像的面積表示，則物體在位移為時(shí)的最大速度為，D錯(cuò)誤。故選B。3.一定質(zhì)量的理想氣體，經(jīng)過(guò)如圖所示一系列的狀態(tài)變化，從初始狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b、c、d再回到狀態(tài)a，圖中bc曲線為一條等溫線，則下列說(shuō)法正確的是（）A.氣體在狀態(tài)c的溫度大于氣體在狀態(tài)d的溫度B.從狀態(tài)d到a的過(guò)程中，氣體可能向外界放熱C.從狀態(tài)a到狀態(tài)c與從狀態(tài)c到狀態(tài)a的過(guò)程中，氣體對(duì)外界做功的大小相等D.從狀態(tài)b到c的過(guò)程中，氣體分子對(duì)容器壁單位面積上單位時(shí)間內(nèi)撞擊次數(shù)減少【答案】A【解析】【詳解】A．氣體在狀態(tài)c的pV乘積大于氣體在狀態(tài)d的pV乘積，則氣體在狀態(tài)c的溫度大于氣體在狀態(tài)d的溫度，選項(xiàng)A正確；B．從狀態(tài)d到a的過(guò)程中，壓強(qiáng)不變，體積增大，溫度升高，氣體對(duì)外做功，內(nèi)能增加，可知?dú)怏w一定吸熱，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．因pV圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于氣體做功的大小，由圖像可知，從狀態(tài)a到狀態(tài)c外界對(duì)氣體做功大于從狀態(tài)c到狀態(tài)a的過(guò)程中氣體對(duì)外界做的功，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．從狀態(tài)b到c的過(guò)程中，氣體溫度不變，壓強(qiáng)變大，體積減小，氣體的數(shù)密度增加，氣體分子平均速率不變，則氣體分子對(duì)容器壁單位面積上單位時(shí)間內(nèi)撞擊次數(shù)增加，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。4.如圖所示，“天問(wèn)一號(hào)”探測(cè)器成功進(jìn)入環(huán)繞火星橢圓軌道，在橢圓軌道的近火點(diǎn)P（接近火星表面）制動(dòng)后順利進(jìn)入近火圓軌道，Q點(diǎn)為近火軌道上的另一點(diǎn)，M點(diǎn)是橢圓軌道的遠(yuǎn)火點(diǎn)，橢圓軌道的半長(zhǎng)軸等于圓形軌道的直徑，下列說(shuō)法正確的是（）A.探測(cè)器在M點(diǎn)的速度大于在Q點(diǎn)的速度B.探測(cè)器在Q點(diǎn)與橢圓軌道上的P點(diǎn)的加速度相同C.探測(cè)器在橢圓軌道與圓軌道上的周期之比為8：1D.探測(cè)器在橢圓軌道上P點(diǎn)與M點(diǎn)的速度之比為3：1【答案】D【解析】【詳解】A．假設(shè)探測(cè)器以半徑為橢圓軌道的半長(zhǎng)軸做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在經(jīng)M點(diǎn)時(shí)的速度要大于在橢圓軌道上經(jīng)M點(diǎn)時(shí)的速度，由可知探測(cè)器在近火圓軌道Q點(diǎn)的速度要大于在圓軌道上M點(diǎn)的速度，因此探測(cè)器在橢圓軌道M點(diǎn)的速度小于在Q點(diǎn)的速度，故A錯(cuò)誤；B．由萬(wàn)有引力和牛頓第二定律知解得可知探測(cè)器在Q點(diǎn)與橢圓軌道上的P點(diǎn)的加速度大小相等，方向不同，故B錯(cuò)誤；C．由題意可知橢圓的半長(zhǎng)軸為，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可得則有故C錯(cuò)誤；D．設(shè)探測(cè)器在橢圓軌道上P點(diǎn)速度為vP，在M點(diǎn)的速度為vM，設(shè)火星的半徑為R，根據(jù)開(kāi)普勒第二定律可得解得故D正確。故選D5.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比，定值電阻，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為，圖中電表均為理想電表。原線圈輸入如圖乙所示的交變電流，其電流有效值不隨負(fù)載變化。在滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻由減小到0的過(guò)程中（）A.電流表的示數(shù)為 B.通過(guò)的電流不變C.電壓表的示數(shù)減小 D.和的總功率先增大后減小【答案】C【解析】【詳解】A．有圖像乙可得解得即電流表示數(shù)為5A，故A錯(cuò)誤；BC．因?yàn)樵€圈輸入的交流電流有效值不隨負(fù)載變化，所以副線圈電流保持不變；在滑動(dòng)變阻器的阻值減小的過(guò)程中，負(fù)載總電阻減小，所以電壓表示數(shù)減小，通過(guò)的電流也減小，故B錯(cuò)誤，C正確；D．由可得通過(guò)的電流和的總功率所以當(dāng)時(shí)，即時(shí)，P最大，所以在由減小到0的過(guò)程中，P一直增大，故D錯(cuò)誤。故選C。6.圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波時(shí)的波形圖，圖乙為質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，則下列說(shuō)法正確的是（）A.該波沿x軸正方向傳播B.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)與的連線距離最遠(yuǎn)C.從到內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為D.波在后的傳播過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)和的加速度大小始終相等【答案】BCD【解析】詳解】A．由圖乙可知，時(shí)，向y軸正方向振動(dòng)，由圖甲，根據(jù)同側(cè)法可知，該波沿x軸負(fù)方向傳播，A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知所以時(shí)在波谷，在波峰，因此質(zhì)點(diǎn)與的連線距離最遠(yuǎn)，B正確；C．因此從到內(nèi)，振動(dòng)了，路程為C正確；D．和相差半個(gè)波長(zhǎng)，所以波在后的傳播過(guò)程中，振動(dòng)方向相反，加速度大小始終相等，D正確。故選BCD。7.如圖所示，一質(zhì)量為m、帶正電的液滴，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡在豎直平面內(nèi)，A、B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)，已知該液滴在A點(diǎn)的速度大小為，方向與豎直方向的夾角為，它運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度大小仍為，方向與豎直方向的夾角為，則液滴從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程（）A.液滴在水平方向和豎直方向的分位移相等 B.重力勢(shì)能增加C.電勢(shì)能增加 D.機(jī)械能增加【答案】AD【解析】【詳解】A．將液滴的運(yùn)動(dòng)分解，水平方向滿足豎直方向滿足聯(lián)立解得A正確；B．豎直方向由位移速度公式可得則重力勢(shì)能增加量為B錯(cuò)誤；CD．電場(chǎng)力對(duì)液滴做正功，電場(chǎng)力做的功為液滴在水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)聯(lián)立解得液滴的電勢(shì)能減少，機(jī)械能增加，C錯(cuò)誤，D正確。故選D。8.某粒子加速器位于豎直平面內(nèi)，剖面圖如圖所示，圓筒內(nèi)外直徑分別為D和2D，O為圓心，水平直徑GH以上部分是偏轉(zhuǎn)區(qū)，以下是回收區(qū)，偏轉(zhuǎn)區(qū)存在垂直圓面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。間距為d的兩平行金屬板間有勻強(qiáng)電場(chǎng)，上板開(kāi)有小孔，大量的質(zhì)量為m、電荷量為的粒子由上極板下方處的P點(diǎn)靜止釋放，加速后粒子以豎直向上的速度射出電場(chǎng)，由H點(diǎn)僅靠大圓內(nèi)側(cè)射入磁場(chǎng)，偏轉(zhuǎn)后進(jìn)入回收區(qū)，不計(jì)粒子重力，粒子若撞到內(nèi)外桶壁會(huì)被吸收，則（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為B.若磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足，粒子一定可以進(jìn)入回收區(qū)C.若磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足，粒子可能進(jìn)入回收區(qū)D.進(jìn)入回收區(qū)的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間全都相同【答案】BC【解析】【詳解】A．粒子加速過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理可得可得故A錯(cuò)誤；BC．進(jìn)入回收區(qū)的粒子在磁場(chǎng)中的半徑范圍或根據(jù)粒子進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度的范圍為或故BC正確；D.周期公式粒子運(yùn)動(dòng)周期隨磁場(chǎng)變化，所有粒子均在磁場(chǎng)中經(jīng)半個(gè)周期進(jìn)入回收區(qū)，故D錯(cuò)誤。故選BC。三、非選擇題9.在“測(cè)玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中：（1）如圖1，用插針?lè)y(cè)定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，下列說(shuō)法中正確的是_______。A．若不小心用手觸摸了光學(xué)表面，不會(huì)影響測(cè)量B．為減少測(cè)量誤差，的連線與法線的夾角應(yīng)盡量小些C．為了減小作圖誤差，和的距離應(yīng)適當(dāng)取大些D．界面一定要與平行，否則會(huì)有誤差（2）如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減小誤差，應(yīng)選用寬度_______（填“大”或“小”）的玻璃磚來(lái)測(cè)量。（3）在該實(shí)驗(yàn)中，光線是由空氣射入玻璃磚，根據(jù)測(cè)得的入射角和折射角的正弦值畫(huà)出的圖像如圖2所示，從圖像可知玻璃磚的折射率等于___________。（4）如圖3所示，在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中畫(huà)出界面a后，不小心將玻璃磚向上平移了一些，導(dǎo)致界面面到圖中虛線位置，而在作光路圖時(shí)界面a仍為開(kāi)始所畫(huà)的，則所測(cè)得的折射率將_________（填“偏大”“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮竣?C②.大③.④.偏大【解析】【詳解】（1）[1]A．手拿光學(xué)元器件時(shí)切忌用手觸摸“工作面”，以防臟污甚至腐蝕光學(xué)面造成永久的損壞，故A錯(cuò)誤；B．為減少測(cè)量誤差，入射角應(yīng)適當(dāng)大一些，即的連線與法線的夾角應(yīng)盡量大些，故B錯(cuò)誤：C．為了減小作圖誤差，將出射光線確定得更準(zhǔn)確些，和的距離應(yīng)適當(dāng)取大些，故C正確：D．測(cè)折射率時(shí)，只要操作正確，與玻璃磚形狀無(wú)關(guān)，故玻璃的兩個(gè)光學(xué)面不平行，對(duì)玻璃折射率的測(cè)定結(jié)果沒(méi)有影響，故D錯(cuò)誤。故選C。（2）[2]如果有幾塊寬度不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減小誤差，應(yīng)選用寬度大的玻璃磚來(lái)測(cè)量，寬度越大，出射光線的側(cè)位移越大，折射角的測(cè)量越準(zhǔn)確，故為了減小誤差應(yīng)選用寬度大的玻璃磚來(lái)測(cè)量。（3）[3]根據(jù)折射率定義公式有代入數(shù)據(jù)可得玻璃磚的折射率為（3）[4]在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，畫(huà)出界面a后，不小心將玻璃磚向上平移了一些，導(dǎo)致界面畫(huà)到圖中虛線位置，而在作光路圖時(shí)界面a仍為開(kāi)始所畫(huà)的，實(shí)際光線如圖中的所示，而作圖光線如圖中OQ所示，導(dǎo)致折射角偏小，所測(cè)得的折射率偏大。10.在“測(cè)量金屬絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)選擇一根粗細(xì)均勻、阻值約為的電阻絲進(jìn)行了測(cè)量。（1）在測(cè)量了電阻絲的長(zhǎng)度之后，該同學(xué)用螺旋測(cè)微器測(cè)量電阻絲的直徑，測(cè)量結(jié)果如圖1所示為_(kāi)____mm；（2）現(xiàn)有電源（電動(dòng)勢(shì)E為，內(nèi)阻不計(jì)）、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干，以及下列器材：A.電流表（量程，內(nèi)阻約）B.電壓表（量程，內(nèi)阻約）C.滑動(dòng)變阻器（，額定電流）D.滑動(dòng)變阻器（，額定電流）為減小誤差，且電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選______（選填器材前的字母），然后補(bǔ)充完成圖2中實(shí)物圖的連線。（）

（3）關(guān)于上述實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是_________A.用螺旋測(cè)微器多次測(cè)量金屬絲直徑并取平均值可以減小系統(tǒng)誤差B.用電壓電流圖像處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求金屬絲電阻可以減小偶然誤差C.只考慮電表內(nèi)阻引起的誤差，電壓表分流會(huì)導(dǎo)致電阻測(cè)量值偏小D.只考慮電表內(nèi)阻引起的誤差，電流表分壓會(huì)導(dǎo)致電阻測(cè)量值偏大（4）電導(dǎo)率是電阻率的倒數(shù)，用希臘字母表示，常用單位是西門子/厘米（），即。電導(dǎo)率是反映水質(zhì)的一項(xiàng)重要指標(biāo)。資料顯示某種飲用水的電導(dǎo)率約為將該飲用水灌滿一個(gè)絕金緣性能良好、高約、容積約的薄壁圓柱形塑料簡(jiǎn)（如圖3所示），瓶的兩端用兩個(gè)略小于瓶底面積的固定金屬圓片電極密封經(jīng)計(jì)算該塑料瓶中飲用水的電阻值約為_(kāi)____（保留到小數(shù)點(diǎn)后一位）。若用上面灌滿該飲用水的圓筒替換掉原來(lái)的電阻絲，進(jìn)一步用圖2中的電路（不增減器材）較為精確的測(cè)量該飲用水的電導(dǎo)率，則需對(duì)電路結(jié)構(gòu)的改進(jìn)措施是_________【答案】①.②.C③.④.BC##CB⑤.⑥.電流表改為內(nèi)接法【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)題意，由圖可知，電阻絲的直徑為（2）[2]減小誤差，且電壓調(diào)節(jié)范圍盡量大，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法。故選C。[3]待測(cè)電阻約為，電流表采用外接法，補(bǔ)充完成圖2中實(shí)物間的連線，如圖所示（3）[4]A.用螺旋測(cè)微器多次測(cè)量金屬絲直徑并取平均值可以減小偶然誤差，故A錯(cuò)誤：B.用電壓電流圖像處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求金屬絲電阻可以減小偶然誤差，故B正確；CD．只考慮電表內(nèi)阻引起的誤差，本實(shí)驗(yàn)采用電流表外接，誤差來(lái)源于電壓表分流會(huì)導(dǎo)致電流的測(cè)量值較大，則電阻測(cè)量值偏小，故D錯(cuò)誤，C正確。故選BC。（4）[5]根據(jù)題意，由電阻定律可得，電阻約為[6]電阻較大，不能精確的測(cè)量該飲用水的電導(dǎo)率，需要把電流表改為內(nèi)接法。11.如圖1所示，匝的正方形線框用細(xì)線懸掛于天花板上且處于靜止?fàn)顟B(tài)，線框平面在紙面內(nèi)，線框的邊長(zhǎng)為，總電阻為，線框的下半部分（總面積的一半）處于垂直紙面向里的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的上、下邊界之間的距離為，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度按照?qǐng)D2變化，時(shí)刻（磁場(chǎng)均勻增大的最后一瞬間），懸線的拉力恰好為等，此時(shí)剪斷細(xì)線，線框剛要完全穿出磁場(chǎng)時(shí)，加速度為零線框在穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中始終在紙面內(nèi)，且不發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)。（不計(jì)空氣阻力，重力加速度為）求：（1）線框的總質(zhì)量m；（2）線框穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框中產(chǎn)生的焦耳熱Q；【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）這段時(shí)間內(nèi)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為感應(yīng)電流為由題意懸線拉力為零，即所受的安培力為聯(lián)立解得（2）設(shè)剛要出磁場(chǎng)時(shí)速度為v，由二力平衡且穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中根據(jù)動(dòng)能定理其中克服安培力做的功聯(lián)立解得12.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系的第一象限充滿沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)；坐標(biāo)原點(diǎn)O右側(cè)有一個(gè)與y軸平行、足夠長(zhǎng)且厚度不計(jì)的熒光屏，熒光屏與x軸相交于Q點(diǎn)，且；y軸左側(cè)充滿垂直平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一重力可忽略不計(jì)、比荷大小為k的帶負(fù)電粒子，以速度從y軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)（）水平向左射入磁場(chǎng)。若勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小，求：（1）該粒子從P點(diǎn)入射到打在熒光屏上所經(jīng)過(guò)的時(shí)間；（2）若，該粒子打在熒光屏上的位置到Q點(diǎn)的距離?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）比荷大小為k的帶負(fù)電粒子，則由圖可知，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間