福建省寧德市霞浦一中高三下學期月考物理試卷（一）

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精2016-2017學年福建省寧德市霞浦一中高三（下）月考物理試卷（一）一、選擇題（本題共8小題，每小題6分,共48分．在每小題給出的四個選項中，第1——4小題只有一項符合題目要求．第5——8題有多項符合題目要求，全部選對的得6分,選對但不全的得3分，有選錯的得0分)1．節(jié)日里懸掛燈籠是我國的一種民俗．由于建筑物位置原因,懸掛時A、B點高度不同,O為結點，輕繩AO、BO長度相等,拉力分別為FA、FB，燈籠受到的重力為G．下列表述正確的是（）A．FA一定小于G B．FA一定小于FBC．FA與FB大小相等 D．FA與FB大小之和等于G2．跳臺滑雪運動員的動作驚險而優(yōu)美，其實滑雪運動可抽象為物體在斜坡上的平拋運動．如圖所示，設可視為質點的滑雪運動員，從傾角為θ的斜坡頂端P處，以初速度v0水平飛出，運動員最后又落到斜坡上A點處，AP之間距離為L,在空中運動時間為t，改變初速度v0的大小，L和t都隨之改變．關于L、t與v0的關系，下列說法中正確的是（）①L與v0成正比②L與v02成正比③t與v0成正比④t與v02成正比．A．①② B．②③ C．③④ D．①④3．如圖（甲）所示，理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為10：1，b是原線圈的中心抽頭，電壓表和電流表均為理想電表，除R以外其余電阻不計．從某時刻開始單刀雙擲開關擲向a，在原線圈兩端加上如圖（乙）所示交變電壓，則下列說法中正確的是（）A．該交變電壓瞬時值表達式為u1=311cos50πt（V）B．滑動變阻器觸片向上移，電壓表示數(shù)不變,電流表的示數(shù)變大C．t=2×10﹣2s時，電壓表的讀數(shù)為31。1VD．單刀雙擲開關由a扳到b，電壓表和電流表的示數(shù)都變大4．如圖甲所示，靜止在水平面上的物體在豎直向上的拉力F作用下開始向上加速運動，拉力的功率恒定為P,運動過程中所受空氣阻力大小不變,物體最終做勻速運動．物體運動速度的倒數(shù)與加速度a的關系如圖乙所示．若重力加速度大小為g,下列說法不正確的是（）A．物體的質量為B．空氣阻力大小為C．物體加速運動的時間為D．物體勻速運動的速度大小為v05．庫侖定律是電磁學的基本定律．1766年英國的普里斯特利通過實驗證實了帶電金屬空腔不僅對位于空腔內部的電荷沒有靜電力的作用，而且空腔內部也不帶電．他受到萬有引力定律的啟發(fā),猜想兩個點電荷（電荷量保持不變）之間的靜電力與它們的距離的平方成反比．1785年法國的庫侖通過實驗證實了兩個點電荷之間的靜電力與它們的電荷量的乘積成正比,與它們的距離的平方成反比．下列說法正確的是（）A．普里斯特利的實驗表明，處于靜電平衡狀態(tài)的帶電金屬空腔內部的電場處處為0B．普里斯特利的猜想運用了“類比”的思維方法C．為了驗證兩個點電荷之間的靜電力與它們的電荷量的乘積成正比，庫侖精確測定了兩個點電荷的電荷量D．為了驗證兩個點電荷之間的靜電力與它們的距離的平方成反比,庫侖制作了庫侖扭秤裝置6．“軌道康復者"是“垃圾”衛(wèi)星的就行，被稱為“太空110”，它可在太空中給“垃圾"衛(wèi)星補充能源，延長衛(wèi)星的使用壽命．假設“軌道康復者”的軌道半徑為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一，其運動方向與地球自轉方向一致，軌道平面與地球赤道平面重合，下列說法正確的是（)A．“軌道康復者"可在高軌道上加速,以實現(xiàn)對低軌道上衛(wèi)星的拯救B．站在赤道上的人觀察到“軌道康復者"向西運動C．“軌道康復者”的速度是地球同步衛(wèi)星速度的倍D．“軌道康復者”的加速度是地球同步衛(wèi)星加速度的25倍7．質量為m的帶電液滴由平行板電容器中某點M無初速度地自由下落，經(jīng)過時間t閉合開關S,再經(jīng)過時間t液滴又回到M點．整個過程中不計空氣阻力且液滴未到達B板，則()A．板間電場方向豎直向上 B．電場力的方向豎直向上C．整個過程中液滴電勢能減少 D．帶電液滴返回M點時速度為08．如圖所示，豎直懸掛的彈簧下端栓有導體棒ab,ab無限靠近豎直平行導軌的內側、與導軌處于豎直向上的磁場中，導體棒MN平行導軌處于垂直導軌平面的磁場中，當MN以速度v向右勻速遠動時,ab恰好靜止，彈簧無形變，現(xiàn)使v減半仍沿原方向勻速運動，ab開始沿導軌下滑，磁場大小均為B，導軌寬均為L，導體棒ab、MN質量相同、電阻均為R，其他電阻不計,導體棒與導軌接觸良好，彈簧始終在彈性范圍內，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則()A．MN中電流方向從M到NB．ab受到的安培力垂直紙面向外C．ab開始下滑直至速度首次達峰值的過程中，克服摩擦產生熱量D．ab速度首次達到峰值時，電路的電熱功率為二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第9題～第12題為必考題，每個試題考生都必須作答．第13題～第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答．（一）必考題9．某同學用圖1示的實驗裝置探究加速度與力的關系．他在氣墊導軌旁安裝了一個光電門B,滑塊上固定一遮光條,滑塊用細線繞過氣墊導軌左端的定滑輪與力傳感器相連，力傳感器可直接測出繩中拉力大小，傳感器下方懸掛鉤碼．改變鉤碼數(shù)量,每次都從A處由靜止釋放滑塊．已知滑塊（含遮光條）總質量為M，導軌上遮光條位置到光電門位置的距離為L．請回答下面相關問題．（1）如圖2,實驗時用游標卡尺測得遮光條的寬度為d=cm．某次實驗中，由數(shù)字毫秒計記錄遮光條通過光電門的時間為t，由力傳感器記錄對應的細線拉力大小為F,則滑塊運動的加速度大小a應表示為（用題干已知物理量和測得物理量字母表示）．（2）下列實驗要求中不必要的是A．應使滑塊質量遠大于鉤碼和力傳感器的總質量B．應使遮光條位置與光電門間的距離適當大些C．應將氣墊導軌調節(jié)至水平D．應使細線與氣墊導軌平行．10．回答下列問題：(1）如圖甲,是多用電表簡化電路圖,作為電壓表使用時，選擇開關應接，作為歐姆表使用時，選擇開關應接．（填1.2或3）使用時，電流一定從端流入多用電表(填A或B)，（2）利用多用電表和電阻箱測量電源的電動勢和內阻的電路如圖乙，調節(jié)電阻箱,記錄多組電阻箱示數(shù)R和多用電表示數(shù)I，作出R﹣的圖線如圖丙．由圖丙可求得電動勢E=V，內限r=Ω．（結果均保留2位有效數(shù)字）忽略偶然誤差，本實驗側得的E測、r測與真實值比較：E測E真，r測r真（選填“＜”、“=”、或“＞"）11．如圖所示,用L=1m，不可伸長的細線懸掛一質量為M=1kg的小木塊，木塊處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)有一質量為m=0。01kg的子彈以初速度v0=300m/s自左方水平地射穿木塊，木塊上升的最大高度h=0.2m,求：①子彈射出木塊時的速度v；②子彈剛穿出木塊時，可忽略木塊的位置，求木塊對繩子的拉力？12．如圖所示，寬度為L的區(qū)域被平均分為區(qū)域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，其中Ⅰ、Ⅲ有勻強磁場，它們的磁感強度大小相等,方向垂直紙面且相反．長為L，寬為的矩形abcd緊鄰磁場下方，與磁場邊界對齊，O為dc邊中點，P為dc邊中垂線上一點，OP=3L．矩形內有勻強電場，電場強度大小為E,方向由a指向O．電荷量為q、質量為m、重力不計的帶電粒子由a點靜止釋放，經(jīng)電場加速后進入磁場，運動軌跡剛好與區(qū)域Ⅲ的右邊界相切．（1）求該粒子經(jīng)過O點時速度大小v0；（2)求勻強磁場的磁感強度大小B;（3）若在aO之間距O點x處靜止釋放該粒子,粒子在磁場區(qū)域中共偏轉n次到達P點，求x滿足的條件及n的可能取值．（二）選考題，任選一模塊作答【物理──選修3-3】13．下列說法正確的是（）A．一切晶體的光學和力學性質都是各向異性的B．在完全失重的宇宙飛船中，水的表面存在表面張力C．脫脂棉脫脂的目的，在于使它從不能被水浸潤變?yōu)榭梢员凰?，以便吸取藥液D．土壤里有很多毛細管,如果要把地下的水分沿著它們引到地表，可以將地面的土壤鋤松E．人們可以利用某些物質在水溶液中形成的薄片狀液晶來研究離子的滲透性,進而了解機體對藥物的吸收等生理過程14．如圖所示，粗細均勻的“T”型細管豎直放置，豎直管A、B的兩端封閉，水平管C的右端開口且與大氣相通．當光滑活塞上不施加外力時，A、B兩部分空氣柱的長度均為30cm，豎直管中水銀柱長度為15cm，C管中水銀柱長度為4。2cm．大氣壓p0=75cmHg．現(xiàn)用外力緩慢推動活塞，恰好將C管中水銀全部推入豎直管中；固定活塞,再將“T”型細管以水平管C為軸緩慢轉動90°，求這時A端空氣柱的長度．【物理──選修3—4】15．《夢溪筆談》是中國科學技術史上的重要文獻，書中對彩虹作了如下描述：“虹乃雨中日影也，日照雨則有之”．如圖是彩虹成因的簡化示意圖,設水滴是球形的，圖中的圓代表水滴過球心的截面，入射光線在過此截面的平面內，a、b是兩種不同頻率的單色光．下列說法正確的是(）A．雨后太陽光入射到水滴中發(fā)生色散而形成彩虹B．水滴對a光的臨界角大于對b光的臨界角C．在水滴中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度D．在水滴中，a光的波長小于b光的波長E．a、b光分別通過同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距較小16．有兩列簡諧橫波a、b在同一介質中分別沿x軸正方向和負方向傳播．兩列波在t=0時刻的波形曲線如圖所示，已知a波的周期Ta=1s．求（i）兩列波的傳播速度；（ii）從t=0時刻開始，最短經(jīng)過多長時間x=1。0m的質點偏離平衡位置的位移為0。16m？

2016—2017學年福建省寧德市霞浦一中高三（下）月考物理試卷（一）參考答案與試題解析一、選擇題(本題共8小題,每小題6分，共48分．在每小題給出的四個選項中，第1-—4小題只有一項符合題目要求．第5-—8題有多項符合題目要求,全部選對的得6分，選對但不全的得3分,有選錯的得0分）1．節(jié)日里懸掛燈籠是我國的一種民俗．由于建筑物位置原因，懸掛時A、B點高度不同，O為結點，輕繩AO、BO長度相等,拉力分別為FA、FB，燈籠受到的重力為G．下列表述正確的是(）A．FA一定小于G B．FA一定小于FBC．FA與FB大小相等 D．FA與FB大小之和等于G【考點】共點力平衡的條件及其應用；物體的彈性和彈力．【分析】以O點為研究對象作出受力分析圖，根據(jù)平衡條件，由正交分解法列方程，由幾何關系可得出各力間的關系．【解答】解：以O點為研究對象作出受力分析圖，如圖所示：由于B點比A點高,根據(jù)幾何關系可知,α＞β，O點受到FA、FB、G三力作用，根據(jù)平衡條件得知：FA與FB合力與重力G大小相等，方向相反，所以此合力的方向豎直向上，根據(jù)幾何關系可知,FB＞FA,但不能判斷FA與G的大小關系,根據(jù)兩邊之和大于第三邊可知,FA與FB大小之和大于G，故B正確，ACD錯誤．故選:B2．跳臺滑雪運動員的動作驚險而優(yōu)美，其實滑雪運動可抽象為物體在斜坡上的平拋運動．如圖所示,設可視為質點的滑雪運動員，從傾角為θ的斜坡頂端P處，以初速度v0水平飛出，運動員最后又落到斜坡上A點處，AP之間距離為L，在空中運動時間為t，改變初速度v0的大小，L和t都隨之改變．關于L、t與v0的關系，下列說法中正確的是（）①L與v0成正比②L與v02成正比③t與v0成正比④t與v02成正比．A．①② B．②③ C．③④ D．①④【考點】平拋運動．【分析】根據(jù)平拋運動規(guī)律：水平方向上勻速直線運動，豎直方向上自由落體運動列式聯(lián)立可求解．【解答】解:滑雪運動可抽象為物體在斜坡上的平拋運動．設水平位移x，豎直位移為y，結合幾何關系，有:水平方向上：x=Lcosθ=v0t豎直方向上：y=Lsinθ=gt2聯(lián)立可得:t=，即t與v0成正比;L=，即L與成正比，故ACD錯誤，B正確．故選：B．3．如圖(甲)所示,理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為10:1,b是原線圈的中心抽頭，電壓表和電流表均為理想電表,除R以外其余電阻不計．從某時刻開始單刀雙擲開關擲向a,在原線圈兩端加上如圖（乙）所示交變電壓，則下列說法中正確的是(）A．該交變電壓瞬時值表達式為u1=311cos50πt（V）B．滑動變阻器觸片向上移，電壓表示數(shù)不變,電流表的示數(shù)變大C．t=2×10﹣2s時，電壓表的讀數(shù)為31。1VD．單刀雙擲開關由a扳到b，電壓表和電流表的示數(shù)都變大【考點】變壓器的構造和原理．【分析】由圖象求出瞬時電壓的表達式，再根據(jù)匝數(shù)比等于電壓之比求電壓，結合電路動態(tài)分析判斷電阻增大時電流的變化．【解答】解：A、由圖象知電壓峰值為311V，角速度為，故該交變電壓瞬時值表達式為u1=311cos100πt(V），故A錯誤；B、滑動變阻器觸片向上移，電阻變大，副線圈的電壓由匝數(shù)和輸入電壓決定，伏特表的示數(shù)不變，安培表示數(shù)減小，故B錯誤;C、把t=2×10﹣2s代入瞬時值表達式得到的是瞬時電壓，但電壓表的讀數(shù)為有效值為22V，故C錯誤；D、單刀雙擲開關由a扳向b,原線圈的匝數(shù)比變小，匝數(shù)與電壓成正比，所以伏特表和安培表的示數(shù)均變大，故D正確；故選：D4．如圖甲所示，靜止在水平面上的物體在豎直向上的拉力F作用下開始向上加速運動，拉力的功率恒定為P，運動過程中所受空氣阻力大小不變,物體最終做勻速運動．物體運動速度的倒數(shù)與加速度a的關系如圖乙所示．若重力加速度大小為g，下列說法不正確的是（）A．物體的質量為B．空氣阻力大小為C．物體加速運動的時間為D．物體勻速運動的速度大小為v0【考點】功率、平均功率和瞬時功率．【分析】物體在豎直方向上在額定功率下做變加速運動，根據(jù)牛頓第二定律求的與a的關系式，結合乙圖即可判斷，當拉力等于重力和阻力時速度達到最大【解答】解：A、由題意可知P=Fv，根據(jù)牛頓第二定律由F﹣mg﹣f=ma聯(lián)立解得:由乙圖可知，,解得：，f=，故AB正確C、物體做變加速運動,并非勻加速運動，不能利用v=at求得時間，故C錯誤；D、物體勻速運動由F=mg+f，此時v==v0,故D正確本題選說法不正確，故選：C5．庫侖定律是電磁學的基本定律．1766年英國的普里斯特利通過實驗證實了帶電金屬空腔不僅對位于空腔內部的電荷沒有靜電力的作用，而且空腔內部也不帶電．他受到萬有引力定律的啟發(fā)，猜想兩個點電荷（電荷量保持不變）之間的靜電力與它們的距離的平方成反比．1785年法國的庫侖通過實驗證實了兩個點電荷之間的靜電力與它們的電荷量的乘積成正比，與它們的距離的平方成反比．下列說法正確的是（）A．普里斯特利的實驗表明,處于靜電平衡狀態(tài)的帶電金屬空腔內部的電場處處為0B．普里斯特利的猜想運用了“類比”的思維方法C．為了驗證兩個點電荷之間的靜電力與它們的電荷量的乘積成正比，庫侖精確測定了兩個點電荷的電荷量D．為了驗證兩個點電荷之間的靜電力與它們的距離的平方成反比,庫侖制作了庫侖扭秤裝置【考點】庫侖定律．【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象,導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時,電荷才不會移動；明確庫侖實驗的原理【解答】解:A、普里斯特利的實驗表明，處于靜電平衡狀態(tài)的帶電金屬空腔內部的電場處處為0，故A正確;B、普里斯特利聯(lián)想到萬有引力定律的猜想,故運用了“類比”的思維方法，故B正確；C、為了驗證兩個點電荷之間的靜電力與它們的電荷量的乘積成正比，庫侖定性的比較了電荷的變化,故C錯誤;D、為了驗證兩個點電荷之間的靜電力與它們的距離的平方成反比，庫侖制作了庫侖扭秤裝置,故D正確；故選：ABD6．“軌道康復者”是“垃圾”衛(wèi)星的就行，被稱為“太空110"，它可在太空中給“垃圾"衛(wèi)星補充能源，延長衛(wèi)星的使用壽命．假設“軌道康復者”的軌道半徑為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一，其運動方向與地球自轉方向一致,軌道平面與地球赤道平面重合,下列說法正確的是（）A．“軌道康復者”可在高軌道上加速,以實現(xiàn)對低軌道上衛(wèi)星的拯救B．站在赤道上的人觀察到“軌道康復者”向西運動C．“軌道康復者”的速度是地球同步衛(wèi)星速度的倍D．“軌道康復者”的加速度是地球同步衛(wèi)星加速度的25倍【考點】萬有引力定律及其應用．【分析】根據(jù)“軌道康復者”在某一位置受到的重力提供它做圓周運動的向心力，可知運行加速度和所在高度出的重力加速度的關系．根據(jù)萬有引力提供向心力分析．同步衛(wèi)星和地球自轉的角速度相同，比較出“軌道康復者”和同步衛(wèi)星的角速度大小,就可以判斷出“軌道康復者"相對于地球的運行方向．【解答】解:A、“軌道康復者”要在原軌道上加速將會做離心運動,到更高的軌道上,故A錯誤；B、軌道半徑越大，角速度越小，同步衛(wèi)星和地球自轉的角速度相同，所以空間站的角速度大于地球自轉的角速度，所以站在地球赤道上的人觀察到空間站向東運動，故B錯誤；C、根據(jù)萬有引力提供向心力得:，解得:速度v=，所以“軌道康復者"的速度地球同步衛(wèi)星速度的倍．故C正確;D、根據(jù)=mg=ma，“軌道康復者”繞地球做勻速圓周運動時的軌道半徑為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一，知“軌道康復者"的加速度是地球同步衛(wèi)星加速度的25倍，故D正確．故選:CD7．質量為m的帶電液滴由平行板電容器中某點M無初速度地自由下落，經(jīng)過時間t閉合開關S，再經(jīng)過時間t液滴又回到M點．整個過程中不計空氣阻力且液滴未到達B板，則（）A．板間電場方向豎直向上 B．電場力的方向豎直向上C．整個過程中液滴電勢能減少 D．帶電液滴返回M點時速度為0【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的關系；電勢能．【分析】分析帶電液滴的運動情況：液滴先做自由落體運動，加上勻強電場后液滴先向下做勻減速運動，后向上做勻加速運動．由運動學公式求出t秒末速度大小，加上電場后液滴運動,看成一種勻減速運動，自由落體運動的位移與這個勻減速運動的位移大小相等、方向相反，根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式結合求加電場后的加速度大小，由速度時間關系求出M點的速度【解答】解：AB、閉合S前，液滴做自由落體運動,t時間后閉合S，板間形成電場，液滴受到電場力作用，合力向上，向下做勻減速運動，當速度減為0后，向上做勻加速運動最后回到M點，可知電場力的方向豎直向上，但由于不知道液滴的電性，板間電場的方向無法確定，故A錯誤，B正確；C、整個過程中電場力做正功,液滴的電勢能減小，故C正確；D、液滴先做自由落體運動，位移,末速度v=gtS閉合后加速度大小為a，位移x′=﹣x代入得解得:a=3g返回M點時的速度,故D錯誤；故選：BC8．如圖所示，豎直懸掛的彈簧下端栓有導體棒ab，ab無限靠近豎直平行導軌的內側、與導軌處于豎直向上的磁場中，導體棒MN平行導軌處于垂直導軌平面的磁場中，當MN以速度v向右勻速遠動時，ab恰好靜止，彈簧無形變，現(xiàn)使v減半仍沿原方向勻速運動，ab開始沿導軌下滑，磁場大小均為B,導軌寬均為L，導體棒ab、MN質量相同、電阻均為R，其他電阻不計，導體棒與導軌接觸良好,彈簧始終在彈性范圍內，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,則(）A．MN中電流方向從M到NB．ab受到的安培力垂直紙面向外C．ab開始下滑直至速度首次達峰值的過程中，克服摩擦產生熱量D．ab速度首次達到峰值時，電路的電熱功率為【考點】導體切割磁感線時的感應電動勢；電磁感應中的能量轉化．【分析】棒切割磁感線,產生電動勢，形成感應電流，出現(xiàn)安培力．當棒處于勻速時,棒受力平衡,由已知條件可求出安培力大小及方向，然后根據(jù)速度變?yōu)橛迷瓉淼囊话?同理根據(jù)受力分析即可求出克服摩擦產生的熱量及電功率．【解答】解：A、當向右勻速運動，根據(jù)右手定則知電流由N到M，故A錯誤;B、電流由a到b，根據(jù)左手定則知ab安培力垂直紙面向外，故B正確；C、當MN以速度v向右勻速遠動時，ab恰好靜止，則電流I=，ab受到的最大靜摩擦力Fm=μBIL=，根據(jù)平衡條件得：=mg，當v′=時,Fm′=?，速度第一次達到最大時，加速度等于零，ab再次平衡,mg=Fm′+kx，則ab下落的距離x=，克服摩擦產生的熱量Q1=Fm′?x=,故C正確;D、ab速度首次到達峰值時，電路電流I=,電路的電熱功率為P=2I2R=2，故D錯誤．故選:BC二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第9題～第12題為必考題,每個試題考生都必須作答．第13題～第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答．（一）必考題9．某同學用圖1示的實驗裝置探究加速度與力的關系．他在氣墊導軌旁安裝了一個光電門B，滑塊上固定一遮光條，滑塊用細線繞過氣墊導軌左端的定滑輪與力傳感器相連，力傳感器可直接測出繩中拉力大小，傳感器下方懸掛鉤碼．改變鉤碼數(shù)量，每次都從A處由靜止釋放滑塊．已知滑塊（含遮光條)總質量為M，導軌上遮光條位置到光電門位置的距離為L．請回答下面相關問題．（1)如圖2,實驗時用游標卡尺測得遮光條的寬度為d=0.960cm．某次實驗中,由數(shù)字毫秒計記錄遮光條通過光電門的時間為t，由力傳感器記錄對應的細線拉力大小為F,則滑塊運動的加速度大小a應表示為（用題干已知物理量和測得物理量字母表示）．（2）下列實驗要求中不必要的是AA．應使滑塊質量遠大于鉤碼和力傳感器的總質量B．應使遮光條位置與光電門間的距離適當大些C．應將氣墊導軌調節(jié)至水平D．應使細線與氣墊導軌平行．【考點】探究加速度與物體質量、物體受力的關系．【分析】(1）游標卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀；（2）用極短時間內的平均速度表示瞬時速度，滑塊經(jīng)過光電門時的瞬時速度可近似認為是滑塊經(jīng)過光電門的平均速度；由求加速度a；（3）從實驗原理和實驗誤差角度分析操作的步驟．【解答】解:（1)游標卡尺的主尺讀數(shù)為9mm,游標尺上第12個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為12×0.05mm=0。60mm，所以最終讀數(shù)為：9mm+0。60mm=9.60mm=0.960cm；已知初速度為零，位移為L，要計算加速度，需要知道末速度，故需要由數(shù)字計時器讀出遮光條通過光電門B的時間t，末速度由,得（2）A、拉力是直接通過傳感器測量的，故與小車質量和鉤碼質量大小關系無關，故A錯誤．B、應使A位置與光電門間的距離適當大些，有利于減小誤差，故B正確．C、應將氣墊導軌調節(jié)水平,使拉力才等于合力,故C正確．D、要保持拉線方向與氣墊導軌平行,拉力才等于合力,故D正確．本題選擇不必要的故選：A．故答案為:（1）0.960,；（2）A10．回答下列問題:（1）如圖甲，是多用電表簡化電路圖，作為電壓表使用時，選擇開關應接3，作為歐姆表使用時，選擇開關應接2．(填1.2或3）使用時，電流一定從A端流入多用電表（填A或B），（2）利用多用電表和電阻箱測量電源的電動勢和內阻的電路如圖乙,調節(jié)電阻箱，記錄多組電阻箱示數(shù)R和多用電表示數(shù)I，作出R﹣的圖線如圖丙．由圖丙可求得電動勢E=2。8V，內限r=1.2Ω．(結果均保留2位有效數(shù)字）忽略偶然誤差，本實驗側得的E測、r測與真實值比較:E測=E真,r測＞r真（選填“＜"、“="、或“＞"）【考點】測定電源的電動勢和內阻;用多用電表測電阻．【分析】（1）歐姆表、電壓表、電流表都是由小量程電流表改裝而成，根據(jù)電表結構選擇,即可求解．（2）實驗采用安阻法測量電源的電動勢和內阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律得出R﹣的關系式，結合圖線的斜率和截距求出電源的電動勢和內阻．將多用電表的內阻等效到電源的內部，分析測量電源電動勢和內阻的誤差．【解答】解：（1）由圖所示可知，作為電壓表使用時，選擇開關應接位置3;作為歐姆表使用時，選擇開關應接2，內部電源被接通，構成歐姆表,可測量電阻;使用時，電流一定從紅表筆流入,即從A端流入．（2)根據(jù)閉合電路歐姆定律得:E=IR+Ir，解得：R=E﹣r，可知圖線斜率表示電動勢，縱軸截距的絕對值表示內阻，則有：E==2。9V，內阻為：r=1。2Ω．將多用電表的內阻等效到電源的內部,則有:R=E﹣（RA+r),則可知測量的內阻等于電源的實際內阻與多用電表的內阻之和，測量值偏大．而電流表內阻對圖象的斜率沒有影響，故電動勢準確；故答案為：（1)3，2，A;（2)2。9，1。2，=，＞11．如圖所示，用L=1m，不可伸長的細線懸掛一質量為M=1kg的小木塊，木塊處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)有一質量為m=0.01kg的子彈以初速度v0=300m/s自左方水平地射穿木塊，木塊上升的最大高度h=0。2m，求：①子彈射出木塊時的速度v;②子彈剛穿出木塊時，可忽略木塊的位置，求木塊對繩子的拉力？【考點】動量守恒定律；機械能守恒定律．【分析】①木塊上擺過程機械能守恒，應用機械能守恒定律可以求出子彈射穿木塊后木塊的速度．子彈射穿木塊過程系統(tǒng)動量守恒，應用動量守恒定律可以求出子彈射出木塊時的速度v；②以木塊為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式求繩對木塊的拉力,從而得到木塊對繩子的拉力．【解答】解：①設子彈射穿木塊后木塊獲得速度為v′,木塊上擺過程滿足機械能守恒，則有：Mgh=子彈射穿木塊的過程滿足系統(tǒng)動量守恒，取水平向右為正方向，則有:mv0=mv+Mv′由以上兩式可解得：v=100m/s②以木塊為研究對象,根據(jù)牛頓第二定律得：T﹣Mg=M代入數(shù)據(jù)解得：T=14N據(jù)牛頓第三定律得，木塊對繩子的拉力大小為14N，方向豎直向下．答:①子彈射出木塊時的速度v是100m/s；②子彈剛穿出木塊時，可忽略木塊的位置，木塊對繩子的拉力大小為14N，方向豎直向下．12．如圖所示，寬度為L的區(qū)域被平均分為區(qū)域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，其中Ⅰ、Ⅲ有勻強磁場，它們的磁感強度大小相等，方向垂直紙面且相反．長為L，寬為的矩形abcd緊鄰磁場下方，與磁場邊界對齊，O為dc邊中點，P為dc邊中垂線上一點，OP=3L．矩形內有勻強電場，電場強度大小為E,方向由a指向O．電荷量為q、質量為m、重力不計的帶電粒子由a點靜止釋放，經(jīng)電場加速后進入磁場，運動軌跡剛好與區(qū)域Ⅲ的右邊界相切．(1）求該粒子經(jīng)過O點時速度大小v0;（2）求勻強磁場的磁感強度大小B；（3）若在aO之間距O點x處靜止釋放該粒子，粒子在磁場區(qū)域中共偏轉n次到達P點，求x滿足的條件及n的可能取值．【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動．【分析】（1）由動能定理就能求得粒子在電場中加速后的速度,只是要注意其中的幾何關系，即在電場方向上加速的距離．(2)由題意加速后進入Ⅲ區(qū)磁場做勻速圓周運動后恰與右邊界相切，畫出軌跡,由幾何關系關系求出半徑，再由牛頓第二定律求出求出磁感應強度大?。?3）大致畫出粒子偏轉3次后經(jīng)過P點，勻減速直線運動和勻速圓周運動沿豎直方向上的距離之和等于3L．結合0＜R≤R0，就能確定n的取值范圍．【解答】解：（1）由題意中長寬幾何關系可知aO=L,粒子在aO加速過程有動能定理：①得粒子經(jīng)過O點時速度大小:v0=②（2）粒子在磁場區(qū)域III中的運動軌跡如圖，設粒子軌跡圓半徑為R0，由幾何關系可得：③由洛倫茲力公式和牛頓第二定律得：④聯(lián)立②③④式,得：B=⑤(3)若粒子在磁場中一共經(jīng)過n次偏轉到達P，設粒子軌跡圓半徑為R，由幾何關系有：依題意有0＜R≤R0⑦聯(lián)立③⑥⑦得，且n取正整數(shù)⑧設粒子在磁場中的運動速率為v，有:⑨在電場中的加速過程,由動能定理:⑩聯(lián)立⑤⑥⑨⑩式，得:，其中n=2、3、4、5、6、7、8?答：（1）該粒子經(jīng)過O點時速度大小為．（2)求勻強磁場的磁感強度大小B為（3）若在aO之間距O點x處靜止釋放該粒子，粒子在磁場區(qū)域中共偏轉n次到達P點，x滿足的條件是：其中n=2、3、4、5、6、7、8．(二）選考題，任選一模塊作答【物理──選修3-3】13．下列說法正確的是()A．一切晶體的光學和力學性質都是各向異性的B．在完全失重的宇宙飛船中,水的表面存在表面張力C．脫脂棉脫脂的目的，在于使它從不能被水浸潤變?yōu)榭梢员凰櫍员阄∷幰篋．土壤里有很多毛細管，如果要把地下的水分沿著它們引到地表，可以將地面的土壤鋤松E．人們可以利用某些物質在水溶液中形成的薄片狀液晶來研究離子的滲透性，進而了解機體對藥物的吸收等生理過程【考點】*液體的表面張力現(xiàn)象和毛細現(xiàn)象；＊晶體和非晶體;＊液晶．【分析】單晶體表現(xiàn)各項異性，多晶體表現(xiàn)為各項同性；液體表面存在表面張力；植物吸收水分是利用毛細現(xiàn)象;生物膜的主要構成部分是某些物質在水溶液中形成的薄片狀液晶．【解答】解：A、多晶體表現(xiàn)為各項同性,故A錯誤；B、由于液體的蒸發(fā)，液體表面分子較為稀疏,故分子間距大于液體內部，表現(xiàn)為引力，故在完全失重的宇宙飛船中，水的表面依然存在表面張力,故B正確；C、脫脂棉脫脂的目的,在于使它從不能被水浸潤變?yōu)榭梢员凰?，以便吸取藥?故C正確；D、植物吸收水分是利用自身的毛細現(xiàn)象，不是土壤有毛細管，故D錯誤；E、生物膜的主要構成部分是某些物質在水溶液中形成的薄片狀液晶，人們可以利用某些物質在水溶液中形成的薄片狀液晶來研究離子的滲透性，進而了解機體對藥物的吸收等生理過程，故E正確；故選：BCE14．如圖所示，粗細均勻的“T”型細管豎直放置，豎直管A、B的兩端封閉，水平管C的右端開口且與大氣相通．當光滑活塞上不施加外力時，A、B兩部分空氣柱的長度均為30cm，豎直管中水銀柱長度為15cm，C管中水銀柱長度為4.2cm．大氣壓p0=75cmHg．現(xiàn)用外力緩慢推動活塞，恰好將C管中水銀全部推入豎直管中；固定活塞，再將“T”型細管以水平管C為軸緩慢轉動90°，求這時A端空氣柱的長度．【考點】理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強．【分析】氣體發(fā)生等溫變化,由玻意耳定律可以分析解題【解答】解:圖示初始狀態(tài)下,A管空氣的壓強pA1=70cmHg，B管空氣的壓強pB1=85cmHg當“T"型細管水平時，A、B空氣柱的壓強相同設為p,A、B空氣柱的長度分別為LA2、LB2對A:pA1LA1