湖北省高中名校聯(lián)盟2023屆高三第一次聯(lián)合測評物理試題（解析版）

高中聯(lián)考精品試卷PAGEPAGE1湖北省高中名校聯(lián)盟2023屆新高三第一次聯(lián)合測評一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8~11題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.如圖有關(guān)量子力學(xué)建立之初的幾個(gè)重要實(shí)驗(yàn)，下列說法錯(cuò)誤的是（）A.普朗克為解釋圖甲的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，提出了能量子的概念，被稱為“量子力學(xué)之父”B.如圖乙，在光照下，電流表發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，則無論如何調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，都無法使電流表示數(shù)變?yōu)榱鉉.康普頓依據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程，測量計(jì)算出普朗克常量，與普朗克根據(jù)黑體輻射得出的值在誤差允許的范圍內(nèi)是一致的D.可以用圖丙中的原子特征譜線來做光譜分析〖答案〗C〖解析〗A．普朗克為解釋圖甲的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，提出了能量子的概念，被稱為“量子力學(xué)之父”，故A正確，不符合題意；B．如圖乙，在光照下，電流表發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，由圖可知接的正向電壓，則無論如何調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，都無法使電流表示數(shù)變?yōu)榱?，故B正確，不符合題意；C．密里根依據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程，測量計(jì)算出普朗克常量，與普朗克根據(jù)黑體輻射得出的值在誤差允許的范圍內(nèi)是一致的，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．每種原子都有自己的特征譜線，則可以用圖丙中的原子特征譜線來做光譜分析，故D正確，不符合題意。故選C。2.如圖所示，一束復(fù)色光射入均勻透明半圓柱體，色散成a、b兩束光，a光與b光比較，下列說法正確的是（）A.a光頻率更高B.a光在介質(zhì)中傳播的速度更慢C.若光由該介質(zhì)射向真空發(fā)生全反射時(shí)，a光的臨界角較小D.a光更容易發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象〖答案〗D〖解析〗B．a(chǎn)、b兩束光在介質(zhì)中的折射角分別為、，在介質(zhì)中傳播的速度分別為、，由圖可知，根據(jù)折射率的定義可知可知a光在介質(zhì)中傳播的速度更快，B錯(cuò)誤；A．同種介質(zhì)中折射率越高的光，其頻率也越高，因此，b光頻率更高，A錯(cuò)誤；C．根據(jù)全反射臨界角和折射率的關(guān)系可知，折射率越小，發(fā)生全反射的臨界角越大，即光由該介質(zhì)射向真空發(fā)生全反射時(shí)，a光的臨界角較大，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知，頻率越高波長越短，a光的頻率低，波長長，更容易發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，D正確。故選D。3.2022年6月5日，神舟十四號成功對接于天和核心艙徑向端口，航天員陳冬、劉洋、蔡旭哲依次進(jìn)入天和核心艙。航天員們在一個(gè)月的時(shí)間內(nèi)，有序開展了載人環(huán)境建立、空間站平臺維護(hù)與照料、空間科學(xué)實(shí)驗(yàn)等工作。已知天和核心艙距離地面的高度約為380km，地球半徑為6400km。下列說法正確的是（）A.航天員可以漂浮在空間站中，所以加速度為零B.天和核心艙在軌運(yùn)行的線速度小于同步衛(wèi)星的線速度C.神舟十四號的發(fā)射速度大于7.9km/sD.天和核心艙繞地球運(yùn)動周期約為8h〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)題意，航天員可以漂浮在空間站中，萬有引力提供向心力有解得,故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬有引力提供向心力有可得由于天和核心艙在軌運(yùn)行的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，則天和核心艙在軌運(yùn)行的線速度大于同步衛(wèi)星的線速度，故B錯(cuò)誤；C．是發(fā)射地球衛(wèi)星的最小速度，則神舟十四號的發(fā)射速度大于，故C正確；D．根據(jù)題意可知，天和核心艙繞地球的運(yùn)動為近地飛行，則飛行速度約為，由公式可得，天和核心艙繞地球運(yùn)動的周期約為故D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖所示，單匝閉合矩形導(dǎo)線框abcd電阻為R，ef為線框與磁場邊界的交點(diǎn)，。線框繞過ef的軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動，從圖示位置開始計(jì)時(shí)，若勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，下列說法正確的是（）A.t=0時(shí)刻，回路中電流B.回路中電流的最大值C.回路中感應(yīng)電動勢的有效值D.前周期內(nèi)，回路中平均電動勢〖答案〗B〖解析〗A．t=0時(shí)刻，線圈平面與磁場垂直，感應(yīng)電動勢為零，回路中電流為零，故A錯(cuò)誤；B．線框繞過ef的軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動，導(dǎo)線ab、cd同時(shí)垂直切割磁感線運(yùn)動時(shí)感應(yīng)電動勢最大回路中電流的最大值故B正確；C．回路中產(chǎn)生正弦式交變電流，感應(yīng)電動勢的有效值故C錯(cuò)誤；D．前周期內(nèi)，回路中平均電動勢故D錯(cuò)誤。故選B。5.2022年2月5日在首都體育館，任子威、曲春雨、范可新、武大靖和張雨婷組成的中國隊(duì)奪得北京冬奧會短道速滑男女2000米混合接力冠軍，為中國體育代表團(tuán)收獲了北京冬奧會的首枚金牌。短道速滑運(yùn)動員在過水平彎道時(shí)常用手支撐冰面以防側(cè)滑，某運(yùn)動員質(zhì)量為75kg，某次過彎道時(shí)的半徑為25m，速率為36km/h，冰刀與冰面間的動摩擦因數(shù)為0.2，手套與冰面間的動摩擦因數(shù)為0.8，重力加速度。過彎道滑行時(shí)的運(yùn)動員手腳距離相對半徑可忽略，彎道滑行的過程視為一段圓周運(yùn)動，則該運(yùn)動員至少用多大的力支撐冰面才能保證不發(fā)生側(cè)滑（）A.300N B.250N C.200N D.150N〖答案〗B〖解析〗根據(jù)題意，由公式可知，由于運(yùn)動員做圓周運(yùn)動所需的向心力為設(shè)運(yùn)動員的手用支撐冰面，運(yùn)動員的腳用支撐冰面，豎直方向上，由平衡條件有水平方向上有聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得故選B。6.如圖所示，在空間中水平面MN的下方分布著方向豎直向上的勻強(qiáng)電場，質(zhì)量為m的帶電小球由MN上方的A點(diǎn)以一定的初速度水平拋出，從B點(diǎn)進(jìn)入電場，到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度方向恰好水平。已知A、B、C三點(diǎn)在同一直線上，，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.小球所受電場力大小為3mgB.小球帶負(fù)電C.小球從A到B與從B到C的運(yùn)動時(shí)間之比為D.小球從A到B與從B到C的合外力沖量的大小相等〖答案〗D〖解析〗C．小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向做勻變速運(yùn)動，A、B、C三點(diǎn)在同一直線上，，可知，小球從A到B與從B到C的運(yùn)動時(shí)間之比為C錯(cuò)誤；A．在豎直方向上，小球從A到B做勻加速運(yùn)動，加速度大小為，從B到C做勻減速運(yùn)動，加速度大小為，A、C兩點(diǎn)豎直方向的速度均為零，則有解得根據(jù)牛頓第二定律可知解得A錯(cuò)誤；B．從B到C小球在豎直方向上做減速運(yùn)動，即所受合力豎直向上，因此可以判斷小球所受電場力豎直向上，小球帶正電，B錯(cuò)誤；D．小球從A到B與從B到C的合外力沖量的大小分別表示為小球從A到B與從B到C的合外力沖量的大小相等，D正確。故選D。7.如圖甲所示，輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，質(zhì)量為m的小球，從彈簧上端靜止下落。若以小球開始下落的位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，建立豎直向下坐標(biāo)軸Ox，小球下落至最低點(diǎn)過程中的a－x圖像如圖乙所示（圖中標(biāo)示坐標(biāo)值、、、g均為已知量），不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。則（）A.彈簧的勁度系數(shù)B.彈簧的最大彈力C.小球向下運(yùn)動過程中最大加速度D.小球向下運(yùn)動過程中最大速度〖答案〗D〖解析〗A．結(jié)合圖乙可知，小球下落的加速度為零時(shí)則有解得彈簧的勁度系數(shù)為故A錯(cuò)誤；B．小球向下運(yùn)動過程中彈簧最大彈力為故B錯(cuò)誤；C．小球向下運(yùn)動過程中最大加速度為故C錯(cuò)誤；D．設(shè)小球向下運(yùn)動過程中最大速度，根據(jù)動能定理可知整理可得結(jié)合圖像圍成的面積，可知解得小球向下運(yùn)動過程中最大速度為故D正確；故選D。8.兩列簡諧橫波分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，波速均為v＝0.4m/s，兩個(gè)波源分別位于x＝﹣0.2m和x＝1.2m處，波源的振幅均為2cm。如圖所示為t＝0時(shí)刻兩列波的圖像，此刻平衡位置在x＝0.2m和x＝0.8m的P、Q兩質(zhì)點(diǎn)剛開始振動，質(zhì)點(diǎn)M的平衡位置位于x＝0.5m處。下列判斷正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)M剛開始振動時(shí)的方向沿y軸的正方向B.t＝0.75s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P、Q的位移均為2cmC.t＝0~2s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)M經(jīng)過的路程為32cmD.t＝2.5s時(shí)，兩波源間振動最弱點(diǎn)有6個(gè)〖答案〗BD〖解析〗A．依題意，根據(jù)“逆向波形法”知質(zhì)點(diǎn)P、Q開始振動時(shí)，均沿y軸的負(fù)方向振動，質(zhì)點(diǎn)P、Q距質(zhì)點(diǎn)M相等，則兩列波的振動同時(shí)到達(dá)質(zhì)點(diǎn)M處，故開始振動時(shí)的方向沿y軸的負(fù)方向，故A錯(cuò)誤；B．由圖知兩列波波長均為，則周期均為所以可得t＝0.75s時(shí)，即，質(zhì)點(diǎn)P、Q均位于波峰位置，位移均為2cm，故B正確；C．依題意，可知M點(diǎn)開始振動時(shí)，用時(shí)為由于M點(diǎn)為振動加強(qiáng)的點(diǎn)，則t＝0~2s時(shí)間內(nèi)，即內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)M經(jīng)過的路程為故C錯(cuò)誤；D．t＝2.5s時(shí)，即時(shí)刻，兩波源間所有的質(zhì)點(diǎn)均已振動，兩波源間振動最弱的點(diǎn)需滿足到兩波源之間的距離差等于半波長的奇數(shù)倍，即可得或其中，可求得滿足條件的點(diǎn)有6個(gè)，即位置為1.0cm，0.8cm，0.6m，0.4m，0.2m，0m處的質(zhì)點(diǎn)均為振動減弱的點(diǎn)，故D正確。故選BD。9.如圖甲所示，電路接在電壓的有效值為的正弦交流電源上，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為，、、、均為定值電阻，，，電表均為理想電表。已知中電流隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.交流電的頻率為100HzB.電壓表的示數(shù)為100VC.電流表A的示數(shù)為D.變壓器輸出的電功率為33W〖答案〗BC〖解析〗A．由圖乙可知，交流的的周期為，則交流電的頻率為故A錯(cuò)誤；C．由圖乙可知，流過的電流的有效值為由歐姆定律可知，流過的電流為則流過副線圈的電流為根據(jù)電流與匝數(shù)的關(guān)系可得，流過原線圈的電流為即電流表的讀數(shù)為，故C正確；B．由歐姆定律可得，副線圈兩端的電壓為由電壓與匝數(shù)的關(guān)系可得，原線圈兩端的電壓為即電壓表示數(shù)為，故B正確；D．由公式可得，變壓器輸出的電功率為故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖所示，兩側(cè)帶有固定擋板的平板車乙靜止在光滑水平地面上，擋板的厚度可忽略不計(jì)，車長為2L，與平板車質(zhì)量相同的物塊甲（可視為質(zhì)點(diǎn)）由平板車的中點(diǎn)處以初速度向右運(yùn)動，已知甲、乙之間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，忽略甲、乙碰撞過程中的能量損失，下列說法正確的是（）A.甲、乙達(dá)到共同速度所需的時(shí)間為B.甲、乙共速前，乙的速度一定始終小于甲的速度C.甲、乙相對滑動總路程為D.如果甲、乙碰撞的次數(shù)為n（n≠0），則最終甲距離乙左端的距離可能為〖答案〗ACD〖解析〗AB．整個(gè)運(yùn)動過程中甲、乙組成的系統(tǒng)動量守恒，則兩者最終的速度為解得若能發(fā)生碰撞，碰前甲、乙的速度分別為、，碰后甲、乙的速度分別為、，則有解得可知碰撞使得兩者速度互換，且在運(yùn)動過程中兩者的加速度大小均為則甲、乙達(dá)到共同速度所需的時(shí)間為碰撞使得兩者速度互換，即甲、乙共速前，乙的速度不一定小于甲的速度，A正確，B錯(cuò)誤；C．從開始到相對靜止過程中，甲、乙相對滑動總路程為，根據(jù)動能定理可得解得C正確；D．甲、乙碰撞的次數(shù)為n，且靜止時(shí)距離左端的距離為，若第次碰撞發(fā)生在平板車的左擋板，則有解得若第次碰撞發(fā)生在平板車的右擋板，則有解得即最終甲距離乙左端的距離可能為，D正確。故選ACD。11.如圖所示，半徑分別為R和2R的同心圓處于同一平面內(nèi)，O為圓心，兩圓形成的圓環(huán)內(nèi)有垂直圓面向里的勻強(qiáng)磁場（圓形邊界處也有磁場），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，一質(zhì)量為m、電荷量為的粒子由大圓上的A點(diǎn)以速率沿大圓切線方向進(jìn)入磁場，不計(jì)粒子的重力，下列說法正確的是（）A.帶電粒子從A點(diǎn)出發(fā)第一次到達(dá)小圓邊界上時(shí)，粒子運(yùn)動的路程為B.經(jīng)過時(shí)間，粒子第1次回到A點(diǎn)C.運(yùn)動路程時(shí)，粒子第5次回到A點(diǎn)D.粒子不可能回到A點(diǎn)〖答案〗AB〖解析〗依題意，可作出粒子的運(yùn)動軌跡如圖所示A．依題意，可得粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的半徑為，帶電粒子從A點(diǎn)出發(fā)第一次到達(dá)小圓邊界上時(shí)，由幾何知識可得此時(shí)粒子在磁場中運(yùn)動軌跡所對圓心角為，則粒子運(yùn)動的路程為故A正確；B．粒子第1次回到A點(diǎn)，由幾何知識可得粒子在磁場運(yùn)動的總時(shí)間為在無磁場區(qū)域運(yùn)動的總時(shí)間為則粒子第1次回到A點(diǎn)運(yùn)動的時(shí)間為故B正確；C．由幾何知識，可得粒子第一次回到A點(diǎn)運(yùn)動路程則粒子第5次回到A點(diǎn)時(shí)，運(yùn)動的總路程為故C錯(cuò)誤；D．由以上選項(xiàng)分析可知，粒子能回到A點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選AB。二、非選擇題：本題共5小題，共56分。12.電動平衡車，又叫體感車、思維車、攝位車等，是一種電力驅(qū)動、具有自我平衡能力的新型綠色環(huán)保的產(chǎn)物。某同學(xué)為了研究平衡車在平直水泥路面上的運(yùn)動情況，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：將輸液用的塑料瓶裝適量水，連同輸液管一起綁在平衡車的扶手上，調(diào)節(jié)輸液管的滴水速度。某滴水剛落地開始計(jì)時(shí)，從下一滴水落地開始依次計(jì)數(shù)為1、2、3…，當(dāng)?shù)?0滴水剛好落地時(shí)停止計(jì)時(shí)，測得時(shí)間為25s。該同學(xué)騎上平衡車后，先加速到某一速度，然后關(guān)閉動力，讓平衡車沿著直線滑行。如圖所示是某次實(shí)驗(yàn)中在水泥路面上的減速階段水滴及測出的間距值，當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭近似取，空氣阻力忽略不計(jì)。根據(jù)該同學(xué)的測量結(jié)果可得出：（所有計(jì)算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）（1）平衡車經(jīng)過路面上相鄰兩水滴的時(shí)間間隔T＝_______s。（2）平衡車減速過程的加速度大小a＝_______，運(yùn)動到G點(diǎn)的速度大小v＝_______m/s；（3）設(shè)平衡車運(yùn)動過程中所受阻力的大小是人與車總重力的k倍，則k＝_______?！即鸢浮剑?）0.50（2）0.394.6（3）0.039〖解析〗（1）〖1〗平衡車經(jīng)過路面上相鄰兩水滴間的時(shí)間間隔為（2）〖2〗〖3〗根據(jù)逐差法，可知加速度大小為運(yùn)動到G點(diǎn)的速度大小為（3）〖4〗在減速階段，根據(jù)逐差法得加速度大小為根據(jù)牛頓第二定律，有解得13.某實(shí)驗(yàn)小組為了測量一段長度為L的電熱絲的電阻率，進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)操作：（1）用螺旋測微器測量電熱絲的直徑，其中某次測量結(jié)果如圖甲所示，則電熱絲的直徑d=___________mm。（2）先用歐姆表粗測其電阻值。選用“×10”倍率的電阻擋正確測量時(shí)，發(fā)現(xiàn)歐姆表指針偏轉(zhuǎn)角較小，因此需重新選擇___________（選填“×1”或“×100”）倍率的電阻擋，重新歐姆調(diào)零后再測量時(shí)歐姆表示數(shù)如圖乙所示，則電熱絲的電阻值為___________Ω。（3）為更準(zhǔn)確測量電熱絲的電阻R，使用下列器材：電源E，電動勢約為6V，內(nèi)阻可忽略不計(jì)；電壓表V，量程為0~3V，內(nèi)阻；電流表A，量程為0~50mA，內(nèi)阻；定值電阻，；滑動變阻器R，最大阻值20Ω；單刀單擲開關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線若干。①要求測量盡可能準(zhǔn)確，并測量較多組數(shù)據(jù)，請?jiān)谌鐖D所示虛線框中畫出測量電阻的實(shí)驗(yàn)電路圖（圖中標(biāo)明所選器材的符號）。②由實(shí)驗(yàn)電路圖計(jì)算電熱絲的電阻率的表達(dá)式為___________（電流表與電壓表的示數(shù)分別用I和U表示）。③該電阻率的測量結(jié)果___________（選填“有”或“無”）系統(tǒng)誤差?！即鸢浮剑?）0.870（2）×100（3）①（②或③無

〖解析〗（1）〖1〗根據(jù)螺旋測微測量原理，圖中螺旋測微器測量的讀數(shù)為（2）〖2〗用歐姆表“×10”倍率的電阻擋正確測量時(shí)，發(fā)現(xiàn)歐姆表指針偏轉(zhuǎn)角較小，說明歐姆表指針較靠左側(cè)，即指在阻值較大刻度處，說明待測電阻阻值較大，因此需重新選擇高倍率“×100”的檔位?！?〗圖中歐姆表讀數(shù)為（3）①〖4〗②〖5〗要求測量較多組數(shù)據(jù)，則滑動變阻器采用分壓式接法。由電源電動勢約為6V，則待測電阻的最大電流約為而題中所給電流表量程太大，電壓表的量程不夠，由兩表內(nèi)阻均為定值，且有一個(gè)定值電阻，故應(yīng)進(jìn)行電表改裝。若擴(kuò)大電壓表量程，定值電阻阻值太小，量程仍不夠，因此可以將電壓表改裝成電流表，而電流表當(dāng)電壓表，則電路圖如圖則待測電阻阻值表達(dá)式為又由電阻的決定式兩式聯(lián)立解得電阻率的表達(dá)式為或者也可以采用電流表外接法，為增大電流，將定值電阻與待測電阻并聯(lián)，如圖則待測電阻的阻值表達(dá)式為聯(lián)立電阻的決定式解得，電阻率的表達(dá)式為③〖6〗由上述分析可知，該電阻率的測量結(jié)果無系統(tǒng)誤差。14.如圖所示，內(nèi)徑相同，導(dǎo)熱良好的“T”形細(xì)玻璃管上端開口，下端封閉，管中用水銀封閉著A、B兩部分理想氣體，C為輕質(zhì)密閉活塞，各部分長度如圖?，F(xiàn)緩慢推動活塞，將水平管中水銀恰好全部推進(jìn)豎直管中，已知大氣壓強(qiáng)，設(shè)外界溫度不變。求（1）水平管中水銀恰好全部推進(jìn)豎直管中時(shí)，氣體A的壓強(qiáng)；（2）活塞移動的距離為多大？〖答案〗（1）100cmHg；（2）6.5cm〖解析〗（1）水平管中水銀恰好全部推進(jìn)豎直管中時(shí)，氣體A的壓強(qiáng)（2）初狀態(tài)，氣體A的壓強(qiáng)設(shè)玻璃管橫截面積為，初狀態(tài)氣體A的體積設(shè)末狀態(tài)氣體A的體積為，對氣體A由玻意耳定律得解得末狀態(tài)氣體A的長度氣體A的長度減少量初狀態(tài)氣體B的壓強(qiáng)末狀態(tài)氣體B的壓強(qiáng)初狀態(tài)氣體B的體積設(shè)活塞移動的距離為，末狀態(tài)氣體B的體積對氣體B由玻意耳定律得帶入數(shù)據(jù)得，解得15.如圖甲所示，粒子源內(nèi)有大量質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子逸出（可以認(rèn)為初速度為零），經(jīng)電壓為的勻強(qiáng)電場加速后，沿平行板M，N間的中線進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，板長為l，極板右側(cè)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁場區(qū)域足夠大。若在M，N兩板間加電壓，其電勢差隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示（U為已知），所有粒子均能從極板右側(cè)射出，并進(jìn)入勻強(qiáng)磁場區(qū)域。已知粒子通過偏轉(zhuǎn)電場所用時(shí)間遠(yuǎn)小于T，且在該過程中電場可視為恒定，不計(jì)粒子間的相互作用及粒子所受的重力，求（1）M、N兩極板的最小間距：（2）若兩極板間距為上問所求值，粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后，均無法從極板右側(cè)回到極板間，則勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小應(yīng)滿足什么條件？〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）根據(jù)題意可知，設(shè)粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的速度，經(jīng)過加速電場時(shí)，由動能定理有進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場后，當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為時(shí)，偏轉(zhuǎn)的位移最大，此時(shí)，水平方向上有豎直方向上，由牛頓第二定律有由運(yùn)動學(xué)公式可得，偏轉(zhuǎn)位移為聯(lián)立解得所有粒子均能從極板右側(cè)射出，則有解得即M、N兩極板的最小間距為。（2）根據(jù)題意，畫出粒子的運(yùn)動軌跡，如圖所示由運(yùn)動學(xué)公式可知，粒子豎直方向的速度為則粒子進(jìn)入磁場的速度為設(shè)速度方向與豎直方向的夾角為，則有粒子進(jìn)入磁場后，由牛頓第二定律由可得若滿足兩極板間距，粒子