2021屆寧夏中衛(wèi)市高考物理三模試卷附答案詳解

2021屆寧夏中衛(wèi)市高考物理三模試卷

一、單選題（本大題共5小題，共20.0分）

1.某些建筑材料可產(chǎn)生放射性氣體氨。氨經(jīng)過人的呼吸道后能沉積在肺部，并放出大量的射線，

危害人體健康。若一個氨核（器2Rn）發(fā)生一次戊衰變生成新核缽（l^Po）,并放出一個能量為%=

0.09MeV的y光子。則下列說法中正確的是（）

A.生成的車卜核與原來的氮核相比，中子數(shù)減少了4

B.氨的半衰期為3.8天，若取4個氨原子核，經(jīng)7.6天后只剩下一個氯原子核

C.針核的比結(jié)合能小于氫核的比結(jié)合能

D.氯核a衰變中產(chǎn)生的y光子是從針核中放出的

2.如圖所示，兩個傾角分別為30。、45。的光滑斜面放在同一水平面上，=版C

斜面高度相等，有三個完全相同的小球a、b、c,開始均靜止同一/可氏「

高度處，其中b小球在兩斜面之間，a、c兩小球在斜面頂端，兩斜/%）。

面間距大于小球直徑，若同時靜止釋放，a、氏c小球到達(dá)水平面的時間分別為J、t2、t3,若

同時沿水平方向拋出，初速度方向如圖所示，到達(dá)水平面的時間分別為匕、《、弓，下列關(guān)于時

間的關(guān)系不正確的是（）

A.>匕>^3B.11=*、t：2=垃、t3=玲

c.4>力>qD?t]v、[2v*1、13Vtg

3.如圖所示，定值電阻％和先分別連接在理想變壓器原、副線圈上，目

%=2&,變壓器原線圈接到交流電源上，如果電源的輸入功率等于

電阻％消耗的功率的3倍，則變壓器原、副線圈的匝數(shù)比會等于（）

A.2C.V2DT

4.人造衛(wèi)星不但可以探索宇宙，把它和現(xiàn)代的遙感設(shè)備相結(jié)合,還可快速實現(xiàn)地球資源調(diào)查和全

球環(huán)境監(jiān)測.下列不同軌道衛(wèi)星，適宜擔(dān)當(dāng)此任務(wù)的是（）

A.同步定點衛(wèi)星B.赤道軌道衛(wèi)星C.極地軌道衛(wèi)星D.太陽同步衛(wèi)星

5.如圖所示，為洛倫茲力演示儀的結(jié)構(gòu)示意圖。由電子槍產(chǎn)生電子勵磁線網(wǎng)一

（解后各一個）

束，玻璃泡內(nèi)充有稀薄氣體，在電子束通過時能夠顯示電子的徑玻璃泡一

電子槍一

跡。當(dāng)通有恒定電流時前后兩個勵磁線圈之間產(chǎn)生勻強磁場，磁

場方向與兩個線圈中心的連線平行。電子速度的大小和磁感應(yīng)強度可以分別通過電子槍的加速

電壓U和勵磁線圈的電流/來調(diào)節(jié)。適當(dāng)調(diào)節(jié)U和/,玻璃泡中就會出現(xiàn)電子束的圓形徑跡。通過

下列調(diào)節(jié)，一定能讓圓形徑跡半徑減小的是（）

A.減小U,增大/B.增大U,減小/

C.同時減小U和/D.同時增大U和/

二、多選題（本大題共5小題，共20.0分）

6.在電荷量分別為2q和-q的兩個點電荷形成的電場中，電場線分布///

如圖所示，在兩點電荷連線上有a、b兩點，則（）

A.在兩點電荷之間的連線上存在一處電場強度為零的點/

B.在負(fù)試探電荷從a點向b點移動過程中所受電場力先減小后增

大

C.在負(fù)試探電荷從a點向b點移動過程中電場力先做正功后做負(fù)功

D.負(fù)試探電荷在a點具有的電勢能比在b點時具有的電勢能小

7.A、B兩物體質(zhì)量均為其中4帶電量為q（不考慮電量的變化）的負(fù)電荷，8不

帶電，通過勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連放在水平面上，如圖所示，開始時兩者

都處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)在施加一豎直向下的勻強電場，電場強度E=鬻（g為重

力加速度），若不計空氣阻力，則以下說法正確的是（）

A.剛施加電場的瞬間，4的加速度大小為g,方向豎直向上

B.B剛離開地面時，力的速度大小為2g

C.B剛離開地面時，4的速度大小為g

D.B剛離開地面時，4的加速度為零

8.如圖甲所示，以斜面底端為重力勢能零勢能面，一物體在平行于斜面的拉力作用下，由靜止開

始沿光滑斜面向下運動。運動過程中物體的機械能與物體位移關(guān)系的圖象（E-s圖象）如圖乙所

示，其中0?Si過程的圖線為曲線，X?S2過程的圖線為直線。根據(jù)該圖象，下列判斷正確的是

)

A.0?si過程中物體所受拉力可能沿斜面向下

B.0?S2過程中物體的動能一定增大

C.S1?S2過程中物體可能在做勻加速直線運動

D.S1?S2過程中物體可能在做勻減速直線運動

9.下列說法正確的是（）

A.對氣體做功可以改變其內(nèi)能

B.破鏡不能重圓，是因為分子間有斥力作用

C.一定質(zhì)量的理想氣體，若體積不變，當(dāng)分子熱運動變得劇烈時，壓強一定變大

D.一定量的理想氣體，若壓強不變，當(dāng)體積增大時，它一定從外界吸熱

E.熱量只能自發(fā)地從內(nèi)能多的物體傳遞到內(nèi)能少的物體，不能反向傳遞

10.如圖所示為一列簡諧橫波沿x軸傳播時在t=0時刻的波形圖，此時

質(zhì)點M離開平衡位置的位移為y=3cm,x=4nl處的質(zhì)點的振動

方程為y=-5s譏則下列說法正確的是（）

A.波沿x軸正方向傳播

B.波傳播的速度大小為8?n/s

C.t=1.5s時刻，M點的位移為y=-3cm

D.從t=0時刻開始，M點第一次到達(dá)波峰所用的時間大于0.125s

E.平衡位置為x=4m的質(zhì)點比x=8nl的質(zhì)點振動超前0.5s

三、實驗題（本大題共2小題，共18.0分）

11.在用打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗中，使質(zhì)量為m=1kg的重物自由下落，打點計時

器在紙帶上打出一系列的點，如圖乙所示為選取的符合實驗要求的紙帶.點。為打點計時器打

下的第一個點，點4、B、C為從合適位置開始選取的三個連續(xù)點.己知打點計時器的頻率為50HZ,

當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?.80m/s2,結(jié)果取3位有效數(shù)字.

15.55cm*?

-----19.20cm--------------

------------23.23cm------

(1)在紙帶上打下B點時的速度D=m/s.

(2)從。點到B點，重物重力勢能的減少量],動能增加量_____J.

(3)若測出紙帶上所有各點到。點之間的距離，根據(jù)紙帶算出各點的速度。及物體下落的高度九，則以

12.實驗時測量某電阻時，用x100檔時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過小，他應(yīng)該換用檔(填x1?；?/p>

x100/2),換檔后，在測量前要先.若操作無誤，指針位置如圖所指，則被測電阻的阻值

四、計算題(本大題共4小題，共40.0分)

13.如圖所示，整個軌道間距1=1m,軌道的CDPQ段粗糙絕緣，其余部分均為光滑金屬材質(zhì)導(dǎo)軌,

水平導(dǎo)軌的最左端接有電阻&=in,CD端左側(cè)充滿垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場，大小當(dāng)=

17.質(zhì)量m=0.1kg,電阻r=1。的金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置，棒與CDPQ段的動摩擦因數(shù)4=0.4,

CQ段長度dz=2m,傾斜部分導(dǎo)軌足夠長，傾角。=37°,與PQ右端平滑連接，頂部接有電阻

R2=10.此部分導(dǎo)軌中的JKMN區(qū)域，可由激發(fā)裝置(圖中未畫出)產(chǎn)生垂直傾斜導(dǎo)軌平面向上的

變化磁場外,KM段長度d3=lm,/K位置距QP位置高度h=0.6m。邊界CD、PQ、JK、MN分

別垂直各處導(dǎo)軌。初始t=0時刻，棒ab在外力作用下，從CD左側(cè)刈=1m處以初速度%=5m/s

勻速直線前進，運動至CD位置撤去外力，并瞬間啟動激發(fā)裝置產(chǎn)生變化磁場坊,大小為殳=1-

0.4t(T),式中t為時間，M棒始終保持與導(dǎo)軌垂直，不計其它電阻。求：

(1)棒ab以為=5m/s勻速直線運動時，外力F的大小；

(2)棒ab第一次進入傾斜軌道后，能否進入/KMN區(qū)域？請先判斷，并推理分析；

(3)棒ab整個運動過程中，棒上產(chǎn)生的焦耳熱Q。

DP

14.如圖所示，水平放置的光滑的金屬導(dǎo)軌M、N,平行地置于勻強

磁場中，間距為d,金屬棒ab的質(zhì)量為zn,電阻為r,放在導(dǎo)軌上

且與導(dǎo)軌垂直。磁場的磁感應(yīng)強度大小為8,方向與導(dǎo)軌平面成

夾角a且與金屬棒ab垂直，定值電阻為R,電源及導(dǎo)軌電阻不計。

當(dāng)電鍵閉合的瞬間，測得棒ab的加速度大小為a,則電源電動勢為多大?

15.氣缸長為L=1巾(氣缸厚度可忽略不計)，固定在水平面上，氣缸中有

橫街面積為S=100cm2的光滑活塞封閉了一定質(zhì)量的理想氣體.已知

當(dāng)溫度t=27℃,大氣壓強po=1X105pa時，氣柱長度，o=0.4m,現(xiàn)

用水平拉力向右緩慢拉動活塞，求:

①若拉動活塞過程中溫度保持27。&活塞到達(dá)缸口時缸內(nèi)氣體壓強

②若氣缸，活塞絕熱，拉動活塞到達(dá)缸口時拉力大小為500N,求此時缸內(nèi)氣體溫度.

16.如圖所示為用某種透明材料制成的一塊柱形棱鏡的截面圖，其折

射率n=在，四邊形4B0C為一矩形，圓弧CD為半徑為R的四分

2

之一圓周，圓心為0,光線從4B面上的某點入射（圖中未畫出），

它進入棱鏡后射在BC面上的。點，且恰好在這一點以臨界角發(fā)生

全反射，求：

①光線在該棱鏡中傳播的速度大小。（已知光在真空中的傳播速度c=3.0x108m/s）；

②光線從4B面上入射時的入射角.

參考答案及解析

1.答案：D

解析：解：4、氫核的衰變方程為：II2RnH8Po+胃He+y；可知生成的車卜核與原來的氨核相比，

質(zhì)量數(shù)減少2個，其中質(zhì)子數(shù)減少2個，則中子數(shù)減少了2個。.故A錯誤；

B、放射性元素的半衰期是大量放射性原子發(fā)生衰變的統(tǒng)計規(guī)律，對個別的原子沒有意義。故B錯誤；

C、由于氨核衰變的過程中釋放能量，根據(jù)比結(jié)合能與能量的關(guān)系可知，缽核的比結(jié)合能大于氫核的

比結(jié)合能。故C錯誤；

D、衰變后的新核處于激發(fā)態(tài)，在向基態(tài)躍遷的過程中釋放y光子，所以氮核a衰變中產(chǎn)生的y光子是

從針核中放出的。故。正確

故選：D

根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒寫出衰變方程，分析中子數(shù)的變化；半衰期具有統(tǒng)計意義；根據(jù)結(jié)合

能與比結(jié)合能分析；理解y衰變的原理與特點。

解決本題的關(guān)鍵知道衰變的過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，以及掌握半衰期的意義。

2.答案：B

解析：解：第一種情況：b球做自由落體運動，a、c做勻加速運動.設(shè)斜面的高度為九，則

對a球：焉=法譏30珍

對b球：h=：g埼

對c球：磊7=3Os譏45。巧

由數(shù)學(xué)知識得：1>%>t2.

第二種情況：a、氏c三球都沿水平方向有初速度，而水平方向不受力，故做勻速直線運動；

a、c小球沿斜面向下方向分運動不變，b球豎直方向分運動也不變，故：Q=t/、t2=t2\t3=13’?所

以只有8正確，ACO錯誤

故選：B

第一種情況：三個小球同時從靜止釋放時，b球做自由落體運動，a、c做勻加速直線運動，由牛頓第

二定律得知a的加速度為gs譏30。，c的加速度為gsin45。，根據(jù)幾何關(guān)系，用高度表示a、c兩球的位

移，由位移公式X=(at2,比較0、t2>￡3的大小.

第二種情況：a、c小球都做類平拋運動，根據(jù)運動的分解可知，小球沿斜面向下方向都做初速度為

零勻加速直線運動，a的加速度為gs譏30。，c的加速度為gsin45。，根據(jù)幾何關(guān)系，用高度表示a、c兩

球的位移，由位移公式x=：at2,比較J與t/、七與灰'的大小.b球做平拋運動，豎直方向做自由落

體運動，由h=；gt2,比較《3與t3’的大小.

本題是勻加速直線運動、平拋運動和類平拋運動的對比，類平拋運動和平拋運動運用運動的分解法

研究，在斜面內(nèi)的類平拋運動要掌握沿斜面向下方向做勻加速直線運動，平行于斜面底邊方向做勻

速直線運動.

3.答案：B

解析：解：因為電源的輸出功率等于%消耗的功率P1和%消耗的功率「2之和，即：P^=PRI+PR2=

3PRI

所以：PR1=QPR2

由P2平匕吟噴咤=k

?2U2,12

R2—2/?i，

代入數(shù)據(jù)得：k=l，故3正確，AC。錯誤；

故選：B。

設(shè)副線圈電壓為4,根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，可求出原線圈上的電壓.因為電源的輸出功率等于凡消

耗的功率Pi和/?2消耗的功率P2之和，繼而可解的匝數(shù)比.

本題考查變壓器相關(guān)知識，意在考查考生的理解、分析綜合能力，解決本題關(guān)鍵要注意電源的輸出

功率不等于原線圈的輸入功率.

4.答案:C

解析：解：4、同步定點衛(wèi)星相對于地球靜止，只能對地球表面最大g范圍內(nèi)進行資源調(diào)查和全球環(huán)

境監(jiān)測?故A錯誤。

8、赤道軌道衛(wèi)星不能實現(xiàn)地球兩極周圍資源調(diào)查和全球環(huán)境監(jiān)測。故8錯誤。

C、由于地球不停地自轉(zhuǎn)，所以極地軌道衛(wèi)星能對地球全球進行掃描，實現(xiàn)地球資源調(diào)查和全球環(huán)境

監(jiān)測，所以適宜擔(dān)當(dāng)此任務(wù)。故C正確。

。、太陽同步衛(wèi)星離地球較遠(yuǎn)，不適宜擔(dān)當(dāng)此任務(wù)。故。錯誤。

故選：C。

要快速實現(xiàn)地球資源調(diào)查和全球環(huán)境監(jiān)測，衛(wèi)星要能對地球全球掃描，適宜擔(dān)當(dāng)此任務(wù)的極地軌道

衛(wèi)星.

本題關(guān)鍵要對各種軌道的衛(wèi)星掃描范圍有所了解，常識性問題.

5.答案：A

解析：解：4、電子槍加速電壓和粒子速度的關(guān)系為Ue由牛頓第二定律有e〃B=叱，

2r

所以有「=吧=三陛,調(diào)節(jié)勵磁線圈中的電流/,/增大，8增大，/減小B減小，

則當(dāng)減小U,增大/時r減小，故A正確。

B、增大U,r增大；減小/,r增大，半徑增大，故8錯誤。

C、同時減小U和/,半徑變化無法確定，故C錯誤。

D、同時增大U和/,半徑變化無法確定，故。錯誤。

故選：A.

讓圓形徑跡半徑減小，根據(jù)牛頓定律可以減小進入磁場的速度或者增加磁場的磁感應(yīng)強度。

掌握牛頓第二定律和帶電粒子在磁場中運動的結(jié)合是解題的關(guān)鍵。

6.答案：BD

解析：

根據(jù)電場線的分布判斷電場強度、電勢、電勢能等物理量的變化情況是高中物理的重點，在平時要

加強訓(xùn)練，以加深對這些知識點理解和應(yīng)用.

解答本題需要掌握：正確根據(jù)電場線分布特點判斷電場強度、電勢高低以及電勢能的變化；電場力

做功情況由速度方向與電場力方向的夾角決定.

解：4、電場線是從正電荷出發(fā)，終止于負(fù)電荷，所以在在兩點電荷之間的連線上存在電場線，即不

存在一處電場強度為零的點，故A錯誤。

8、電場線密，電場強度大，負(fù)試探電荷從a點向b點移動過程中場強先減小后增大，所以所受電場

力先減小后增大，故B正確。

C、在負(fù)試探電荷從a點向b點移動過程中，電場力方向向右，所以電場力先做負(fù)功，故C錯誤。

。、在負(fù)試探電荷從a點向b點移動過程中，電場力先做負(fù)功，電勢能增大，所以負(fù)試探電荷在a點具

有的電勢能比在b點時具有的電勢能小，故。正確。

故選：BD。

7.答案：BD

解析：解：4、在未施加電場時，4物體處于平衡狀態(tài)，當(dāng)施加上電場的瞬間，由于彈簧彈力不變,

故重力仍與彈力平衡,4物體受到的合力等于施加的電場力，故F=Eq=2mg=ma,解得a=2g,

方向向上，故4錯誤；

BC、當(dāng)8離開地面時，此時B受到彈簧的彈力等于B的重力，從施加外力到B離開地面，彈簧的

彈力做功為零，A上升的距離為％=等，故合力做功全部轉(zhuǎn)化為A的動能，根據(jù)動能定理可知(qE-

mg)x=|mv2,解得v=故B正確，C錯誤；

D、當(dāng)8離開地面時，此時B受到彈簧的彈力等于8的重力，此時彈簧的彈力F=mg,對力物體，

受到向上的電場力、重力以及彈簧的拉力，根據(jù)牛頓第二定律可知qE-F-mg=ma,解得a=0,

故D正確。

故選：BD。

先對未施加電場的情況進行受力分析可知4處于平衡；在電場力作用下，對4分析，當(dāng)4向上運動時，

彈力減小，故A做變加速運動，當(dāng)B脫離地面時，此時彈簧的伸長量與靜止時的壓縮量相同，故

整個過程彈簧彈力做功為零，根據(jù)動能定理即可分析。

本題關(guān)鍵根據(jù)平衡條件和胡克定律求解出彈簧的形變量,最后結(jié)合幾何關(guān)系得到物體A上升的距離,

注意明確彈性勢能的變化與形變量之間關(guān)系，利用動能定理可判斷。

8.答案：BC

解析：

物體的機械能的變化是通過除重力之外的力做功來量度的。由于除重力之外的其他力做功等于物體

的機械能的增量，所以E-s圖象的斜率的絕對值等于物體所受拉力的大??；如果拉力等于物體重力

沿斜面方向的分力，物體做勻速直線運動；如果拉力小于物體的重力沿斜面方向的分力，則物體加

速向下運動，故物體的動能不斷增大。

①除重力和彈簧的彈力之外的其它力做多少負(fù)功物體的機械能就減少多少；②E-x圖象的斜率的

絕對值等于物體所受拉力的大小。以上兩點是解決這類題目的突破口。

A、0-Si過程中，由于機械能逐漸減小，知拉力做負(fù)功，物體向下運動，所以拉力可能沿斜面向上，

不可能沿斜面向下，故A錯誤。

B、0-S2過程中，合力沿斜面向下，向下做加速運動，動能不斷增大，故8正確。

CD、根據(jù)功能原理知：4E=FAs,可知E—s圖線的斜率表示拉力的大小，Si—Sz過程中，拉力

不變，設(shè)斜面的傾角為a,開始時物體加速下滑，F(xiàn)<mgsina.sr-s2過程中，拉力必定小于7ngsma,

物體應(yīng)做勻加速運動，不可能做勻速直線運動，也不可能做勻減速直線運動，故C正確，。錯誤。

故選：BC。

9.答案：ACD

解析：解：力、做功和熱傳遞均能改變物體的內(nèi)能，故A正確；

8、破鏡不能重圓，是因為達(dá)不到分子引力作用范圍，故B錯誤；

C、一定質(zhì)量的理想氣體，若體積不變，當(dāng)分子熱運動變得劇烈時，分子平均動能增大，溫度升高,

壓強一定變大，故C正確；

。、一定量的理想氣體，若壓強不變，當(dāng)體積增大時，溫度升高，氣體對外做功，由熱力學(xué)第一定

律可知，氣體一定從外界吸熱，故。正確；

E、物體內(nèi)能的多少不代表其溫度的高低，熱量只能自發(fā)地從溫度高的物體傳遞到溫度低的物體，不

能自發(fā)地反向傳遞，故E錯誤；

故選：ACD.

做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能；分子之間是存在作用力，但是分子間距離超過分子直徑10倍

時，分子間作用力幾乎不存在了；根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程分析氣體的狀態(tài)參量的變化；根據(jù)理想

氣體狀態(tài)方程可明確溫度的變化，再根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，一定量的理想氣體，如果壓強不變，

體積增大，那么它一定從外界吸熱；內(nèi)能的多少與溫度、分子數(shù)、氣體的體積以及物態(tài)等因素有關(guān)。

本題考查熱學(xué)現(xiàn)象中的基本規(guī)律，該題關(guān)鍵是掌握熱力學(xué)第一定律及第二定律、內(nèi)能的概念等，這

些是重點考查內(nèi)容，要注意準(zhǔn)確理解。

10.答案:BCD

解析：解：4由x=46處的質(zhì)點的振動方程為y=-5sin(2jrt)cm,可知，t=0時刻，x=4m處的

質(zhì)點沿y軸負(fù)方向振動，根據(jù)波動與振動的關(guān)系可知，波沿x軸負(fù)方向傳播，故A錯誤；

B.由3=年可知，波動周期T=ls,因此波傳播的速度大小為：v=^=8m/s,故8正確；

C.t=1.5s時刻，即從t=0時刻開始經(jīng)過1.5個周期質(zhì)點M運動到關(guān)于平衡位置對稱的位置，即為：

y--3cm,故C正確；

Dt=0時刻，M點正沿y軸正方向運動，若M點的位移為：y'=^cm,則第一次到達(dá)波峰所用時間

為0.125s,因為y=3cm〈苧cm,因此M點到達(dá)波峰所用時間要大于0.125s,故。正確；

E.由于波沿x軸負(fù)方向傳播，因此平衡位置為％=4m的質(zhì)點比x=8m的質(zhì)點振動滯后0.5s,故E錯

誤。

故選：BCD。

根據(jù)質(zhì)點的振動方程和在t=0時刻的波形圖，判斷波的傳播方向；根據(jù)振動方程求出周期，根據(jù)圖

象讀出波長大小，最后根據(jù)求波速大?。籺=1.5s時求出M質(zhì)點振動的周期從而判斷此時M處的

位置；反向推導(dǎo)若M經(jīng)過0.125s到達(dá)波峰，則判斷此時的位置與題中給數(shù)據(jù)比較，從而判斷；根據(jù)

波的傳播判斷兩位置振動關(guān)系。

本題考查機械振動和機械波的知識，理解波的傳播方向與質(zhì)點的振動方向關(guān)系，波長、周期和波速

的關(guān)系是解題的關(guān)鍵，注意周期性問題的求解方法。

11.答案：1.921.881.84A

解析：解：(1)8點的瞬時速度為

々/

v=—Xar=-0.-2-3-23-—-0-.-15-5-5ms.=1.92m/s.

bB2T0.04//

(2)重力勢能的減小量為：

△Ep=mgh=1x9.8x0.192/=1.88/

動能的增加量為：

△Ek==|x1x1.922/=184j

(3)根據(jù)=1得：2J=gh,可知匕2與九的關(guān)系圖線是一條過原點的傾斜直線

N22

故選：A.

故答案為:(1)1.92,(2)1.88,1.84,(3)4.

(1)根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B點的速度.

(2)根據(jù)下降的高度求出重力勢能的減小量，根據(jù)B點的速度得出動能的增加量.

(3)根據(jù)機械能守恒得出1-h的關(guān)系式，從而確定正確的圖線.

解決本題的關(guān)鍵掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度，從而得出動能的增加量，會根據(jù)

下降的高度求解重力勢能的減小量，難度不大.

12.答案：x10012；歐姆調(diào)零；1500

解析：解：用x100擋測量某電阻時，操作步驟正確，表頭指針偏轉(zhuǎn)角度過小，

說明所選檔位太小，為了較準(zhǔn)確地進行測量，應(yīng)換到x100。擋.

換擋由要重新進行歐姆調(diào)零，然后再測電阻；

由圖示表盤可知，該電阻的阻值是15x1000=15000.

故答案為：x100/2；歐姆調(diào)零；1500.

用歐姆表測電阻，應(yīng)選擇適當(dāng)?shù)臋n位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表換擋后要重新進行歐姆

調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與檔位的乘積是歐姆表示數(shù).

本題考查了歐姆表檔位的選擇與歐姆表讀數(shù)、歐姆表使用注意事項，用歐姆表測電阻，應(yīng)選擇適當(dāng)

的檔位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表換擋后要重新進行歐姆調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與檔位

的乘積是歐姆表示數(shù).

13.答案：解：(1)棒ab以%=5m/s勻速直線運動時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：E]=Bit%

感應(yīng)電流為：

棒ab受到的安培力大小為：FA=

聯(lián)立得：以=粵

根據(jù)平衡條件得：F=FA

代入數(shù)據(jù)解得：F=2.5N

(2)不能。理由如下：

棒ab在粗糙軌道滑行時，根據(jù)動能定理得：

，1212

-Hmgd2=-mvf--mv^

代入數(shù)據(jù)解得：％=3m/s

在斜軌上上滑時，根據(jù)動能定理得：

1,

—mg^=0--mvf

代入數(shù)據(jù)解得：加=0.45m<h=0.6m

所以棒協(xié)不會進入％區(qū)域。

(亦不會由于4變化產(chǎn)生的電場、電流來增加或減少棒的機械能，重新折返，回到PQ時速度大小仍

為巧；

之后向左運動，-fimgx2=0,得%?=1.125m<2m,不會再次進入當(dāng)區(qū)域)

(3)①棒必勻速直線運動階段有：

Q總1=Fdr=2.5x1/=2.5/

此時r與％串聯(lián)，r上分得：

T1

Q1=E總.…5/

②變化磁場中，r與8間有渦流，有：

△5

E=—S=0.4x1x1K=0.4，

2△t

棒ab的加速度大小為：a=gsind=6m/s2?

上沖過程有0-％=-at3,得：t3=0.5s

2

此時，7?與/?2串聯(lián)，r上產(chǎn)生的焦耳熱為：Q2=2/^rt3=2x0.2x1x0.57=0.04;

故棒ab整個運動過程中，棒上產(chǎn)生的焦耳熱為：Q=Qi+Q2=1.29/

答：(1)棒ab以%=5m/s勻速直線運動時，外力尸的大小是2.5N；

(2)棒ab第一次進入傾斜軌道后，不能進入?yún)^(qū)域，理由見解析；

(3)棒防整個運動過程中，棒上產(chǎn)生的焦耳熱Q是1.29/。

解析：(1)棒必做勻速直線運動時，受力平衡，根據(jù)法拉第定律、歐姆定律、安培力公式求得安培力

大小，再根據(jù)平衡條件求外力尸的大小：

(2)棒ab第一次進入傾斜軌道后，根據(jù)動能定理確定棒協(xié)在斜面上上升的最大高度，從而判斷能否進

入/KMN區(qū)域；

(3)分兩個過程：①棒昉勻速直線運動階段。②在變化磁場中。根據(jù)能量守恒定律求棒上產(chǎn)生的焦

耳熱Q。

本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)的綜合，關(guān)鍵要理清棒ab的運動過程，熟練運用法拉第定律、歐姆定律和安

培力公式推導(dǎo)出安培力與速度的關(guān)系。對于焦耳熱時，當(dāng)電流恒定時往往根據(jù)焦耳定律求解。

14.答案：解：當(dāng)電鍵閉合的瞬間，導(dǎo)體棒受到重力mg、軌道