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文檔簡(jiǎn)介
湖南省2021屆高考化學(xué)沖刺試卷
~~~X單選題(本大題共10小題,共31.0分)
1.下列說法中正確的是()
A.某單核粒子的核外電子排布為把)28.,則該微粒一定是氤原子
B.原子最外層只有1個(gè)電子的元素一定是金屬元素
C.與”3。+具有相同的質(zhì)子數(shù)和電子數(shù)
D.最外層電子數(shù)是次外層電子數(shù)2倍的原子容易失去電子成為陽離子
2.下列實(shí)驗(yàn)中,對(duì)應(yīng)的現(xiàn)象以及結(jié)論都正確且兩者具有因果關(guān)系的是()
選項(xiàng)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象結(jié)論
將稀硝酸加入過量鐵粉中,充分反
A有氣體生成,溶液呈血紅色稀硝酸將Fe氧化為Fe3+
應(yīng)后滴加KSCN溶液
將銅粉加1.0巾。小廠1Fe2(S04)3溶
B溶液變藍(lán),有黑色固體出現(xiàn)金屬鐵比銅活潑
液中
用生竭鉗夾住一小塊用砂紙仔細(xì)打
C熔化后的液態(tài)鋁滴落下來金屬鋁的熔點(diǎn)較低
磨過的鋁箔在酒精上加熱
向NaBr溶液中滴入少量氯水和苯,
D溶液上層呈橙紅色還原性強(qiáng)于C廠
振蕩、靜置
A.AB.BC.CD.D
3.以表示阿伏加德羅常數(shù),以下說法中正確的是()
A.2.3g鈉由原子變?yōu)殡x子時(shí)失去的電子數(shù)為NA
B.在常溫常壓下,1m。/氧氣含有的原子數(shù)為2M
C.標(biāo)準(zhǔn)狀況下2.24L氨氣所含電子總數(shù)為0.1治
D.在常溫常壓下,62gNci2。中含有〃-離子數(shù)為以
4.下列化學(xué)反應(yīng)的離子方程式正確的是()
3+
A.向稀鹽酸溶液中加鐵:3Fe+6H+=3Fe+3H2T
2+3+
B.FeC%溶液中通入C%:2Fe+Cl2=2Fe+2Cl-
C.向氯化鋁溶液中加入過量的NaOH溶液:Al3++3OH-=4(OH)3I
D.向偏鋁酸鈉溶液中通入過量CO2:輜隨邛g嫻售酬%“5枚潞r
5.一種酸性“二甲醛直接燃料電池”具有啟動(dòng)快、能量密度高、效率好等優(yōu)點(diǎn),以此
二甲醛燃料電池為電源進(jìn)行電解的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。下列說法正確的是()
A.多孔碳c能增大氣固接觸面積,提高反應(yīng)速率,該電極為負(fù)極
+
B.燃料電池工作時(shí),電極d上發(fā)生的反應(yīng)為:CH30cH3+12e-+3H2O=2CO2+12H
C.二甲醛直接燃料電池能量密度(kW-h-kg-1)約為甲醇C%。”)直接燃料電池能量密度的
1.4倍
D.a極是純銅,b極是粗銅時(shí),a極上有銅析出,b極逐漸溶解,兩極質(zhì)量變化相同
6.實(shí)驗(yàn)室用也還原皿。3制備金屬w的裝置如下圖所示(Z般粒中往往含有硫等雜質(zhì),焦性沒食子
酸溶液用于吸收少量氧氣),下列說法錯(cuò)誤的是()
裝置Q①②③
A.反應(yīng)開始時(shí),先加熱管式爐,再打開活塞K
B.往鹽酸中加入少量CuCl2,可加快產(chǎn)生/的速率
C.管式爐加熱前,用試管在④處收集氣體并點(diǎn)燃,通過聲音判斷氣體純度
D.裝置Q(啟普發(fā)生器)也可用于石灰石與鹽酸反應(yīng)制二氧化碳
7.下列敘述不正確的是()
A.制備蒸儲(chǔ)水時(shí),可以不使用溫度計(jì)
B.碘在酒精中的溶解度大于在水中的溶解度,可以用酒精將碘從碘水中萃取出來
C.蒸鐳時(shí),冷水從冷凝管下口進(jìn),上口出,冰加沸石防止暴沸
D.萃取分液時(shí),應(yīng)將上口塞打開,下層的液體從下口塞放出,上層的液體從上口傾倒出
A-1-----U*
8.已知卜u門士卜下列敘述錯(cuò)誤的是()
①L-io;」②
A.反應(yīng)①和②互為可逆反應(yīng)
B.反應(yīng)①中。既作氧化劑又作還原劑
C.反應(yīng)②中10]作氧化劑
D.檢驗(yàn)加碘鹽中的K//可用淀粉K/溶液和食醋
9.化學(xué)電源在日常生活和高科技領(lǐng)域中都有廣泛應(yīng)用。下列說法不正確的是()
如圖所示為燃料電池.該裝置將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能
舄/湍板如圖所示中正極的電極反應(yīng)式為他。+2e-+H0=
B.2
-AgQ
鈕扣式銀鋅電池
2Ag+20H-
石墨棒
二氧化銘、
炭奧氯化如圖所示中鋅筒作負(fù)極,發(fā)生氧化反應(yīng),鋅筒會(huì)變薄
鉞:氯化鋅
鋅筒
曬鋅鎰干電池
-二氧化鉛
一鉛如圖所示中鉛蓄電池總反應(yīng)式為
?硫酸
鉛蓄電池
充電
P4力+P6+%SQQ2Pbs(為+2%0,使用一段時(shí)間后,電解質(zhì)溶液的酸性減弱,導(dǎo)電
放電
能力下降
10.在溫度相同、容積均為2L的3個(gè)恒容密閉容器中,按不同方式投入反應(yīng)物,保持恒溫,測(cè)得反應(yīng)
達(dá)到平衡時(shí)的有關(guān)數(shù)據(jù)如下,下列說法正確的是()
甲乙丙
反應(yīng)物投入量
lmoN2>3molH22molN2>6molH22molNH3
NG濃度(mol?L)RQc3
反應(yīng)的能量變化放出Q#/放出Q20吸收Q3?
體系壓強(qiáng)(Pa)PlP2P3
反應(yīng)物轉(zhuǎn)化率%%%
(已知Nz(g)+3H2(g)=2N“3(g)△H=-92.4/c;-mor1)
A.2Pl=2P3>p2
B.a2+a3<1
C.達(dá)到平衡時(shí)丙容器中N%的體積分?jǐn)?shù)最大
D.Qi+(23>92.4
二、雙選題(本大題共4小題,共15.0分)
11.同一短周期內(nèi)主族元素最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物相同濃度稀溶
液的pH與原子半徑的關(guān)系如圖,下列說法正確的是
A.原子序數(shù):W>Z>X
B.氣態(tài)氫化物的穩(wěn)定性:N>R
c.丫和皿形成共價(jià)化合物
D.X和Z兩者最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)的水化物能相互反應(yīng)
12.已知維生素a的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式如下,有關(guān)它的說法正確的是()
CHjCHi
\/
H:CC—(CH—CH—C-CH)CH:OH
I||2
HCCCH3
2-七
A.維生素a是一種易溶于水的醇
B.維生素4的一個(gè)分子中含有5個(gè)碳碳雙鍵
C.維生素4具有環(huán)己烷的結(jié)構(gòu)單元
D.維生素4能發(fā)生加成、氧化、酯化等反應(yīng)
13.某同學(xué)進(jìn)行如下實(shí)驗(yàn):
實(shí)驗(yàn)步驟實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象
將NH4cl固體加入試管中,并將濕潤(rùn)的pH試紙置試紙顏色變化:黃色-藍(lán)色(pHx10)->黃
I于試管口,試管口略向下傾斜,對(duì)試管底部進(jìn)行色t紅色(p”“2);試管中部有白色固體
加熱附著
n將飽和NH4c2溶液滴在pH試紙上試紙顏色變化:黃色->橙黃色(pH"5)
下列說法錯(cuò)誤的是()
A.根據(jù)n中試紙變橙黃色,說明NH4G是弱電解質(zhì)
B.根據(jù)I中試紙顏色變化,說明氨氣比氯化氫氣體擴(kuò)散速率快
c.I中試紙變成紅色,是由于水解造成的
D.根據(jù)試管中部有白色固體附著,說明不宜用加熱N4C,的方法制備N/
14.常溫下,各”的的溶液與O.lmoUT某一元堿ROH溶液加水稀釋,兩溶液pH與
B.a、b兩點(diǎn)由水電離出c(H+)均為I。-12moz?廣1
C.兩溶液等體積混合:c(X-)=c(R+)+c(ROH)
D.兩溶液等體積混合:c(R+)>c(X-)>c(OW-)>c(H+)
三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共1小題,共12.0分)
15.亞硝酰氯(NOG)是有機(jī)合成中的重要試劑,可由一氧化氮與氯氣在常溫常壓下合成.已知NOCI
是一種紅褐色液體或黃色氣體,其熔點(diǎn)是-64.5久,沸點(diǎn)是-5.5。(:,遇水易水解.
無水“化醇
圖1圖2圖3
(1)實(shí)驗(yàn)室制備原料氣NO和1C%的裝置如1圖所示.
①實(shí)驗(yàn)室制N。時(shí),裝置A中燒瓶?jī)?nèi)發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為
②實(shí)驗(yàn)室制CG時(shí),裝置B中盛放的試劑為,其作用是
(2)將上述收集到的C%充入集氣瓶中,按圖2示裝置制備亞硝酰氯.
①NOC1分子中各原子均滿足8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu),則NOCZ的電子式為
②裝置。中的現(xiàn)象為
③裝置E中無水氯化鈣的作用為
④某同學(xué)認(rèn)為裝置F不能吸收N。,為解決這一問題,可將尾氣與某種氣體同時(shí)通入氫氧化鈉溶液中,
這種氣體的化學(xué)式是
(3)N0可用間接電化學(xué)法除去,其原理如圖3所示.
①陰極的電極反應(yīng)式為
②吸收塔內(nèi)發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為.
四、簡(jiǎn)答題(本大題共4小題,共50.0分)
16.一定溫度下,在2L密閉容器中,反應(yīng)25。2(9)+。2(9)=25。3(9)體系中,71(5。2)隨時(shí)間的變化
如表:
時(shí)間(min)01234
九(5。2)/根。,2.01.00.80.70.7
⑴如圖中4點(diǎn)處,或正)火逆)(填“大于”、“小于”或“等于”),4點(diǎn)正反應(yīng)速率
8點(diǎn)正反應(yīng)速率(填“大于”、“小于”或“等于")。曲線(填“a”或"b”)表示
SO3的變化曲線,用。2表示從0?2m出內(nèi)該反應(yīng)的平均速率"=。
(2)能說明該反應(yīng)已經(jīng)達(dá)到平衡狀態(tài)的是。
a.v(SO3)=2V(O2)
b.容器內(nèi)壓強(qiáng)保持不變
C“逆($。2)=2V晨。2)
d.容器內(nèi)的密度保持不變
(3)能使該反應(yīng)的反應(yīng)速率增大的是
a.及時(shí)分離出S3氣體
b.適當(dāng)升高溫度
c.減小容器的體積
d.選擇高效的催化劑
17.氯化亞銅(CaCZ)是重要的化工原料,廣泛用作有機(jī)合成催化劑。
資料
1.水溶液中存在平衡:2Cl-(aq)+CuCZ(s);CuCg-(aq)。
2.CnC,是難溶于水的白色固體,在熱水中迅速水解生成Ca2。。
3.CuS在潮濕的空氣中易被氧化,生成的堿式鹽為Cii2(0“)3a。
I.實(shí)驗(yàn)室中用純凈的Cu"固體可制備CaG。取75gCu“固體于燒杯中,加入100mLOZmol/L鹽酸
和水配成200mL溶液,然后在溶液中通入SQ氣體。
(1)結(jié)合化學(xué)用語解釋加入鹽酸的主要目的是。
(2)溶液中通入SO2氣體后,發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為。
口.工業(yè)中,用初級(jí)銅礦粉(主要含Cu2s及少量「02。3、Fe。等)為原料制備CuCL流程如圖。
Fe(OH)(MnCO,濁液2SO:
(3)“酸浸”中,加入稀H2s。4不宜過量太多的原因是。
(4)用化學(xué)用語解釋,析出的CuCI晶體不能用水洗滌的原因是。
(5)合成過程中適宜的反應(yīng)條件為。
(6)若要制99.5gCuCl,理論上至少需要含Cu2s50%的銅礦粉的質(zhì)量為g。
(7)相同時(shí)間內(nèi),反應(yīng)物在最佳配比條件下,溫度對(duì)CuCl產(chǎn)率影響如圖所示。溶液溫度控制在58冤時(shí),
c“a產(chǎn)率最大,隨溫度升高產(chǎn)率降低,其原因是、。(答出2條即可)
18.氧元素和鹵族元素都能形成多種物質(zhì),我們可以利用所學(xué)物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)的
相關(guān)知識(shí)去認(rèn)識(shí)和理解.
(l)COC/2的空間構(gòu)型為;溟的基態(tài)原子價(jià)電子排布式為.
(2)己知Cs/C%不穩(wěn)定,受熱易分解,傾向于生成晶格能更大的物質(zhì),則它按下列
式發(fā)生(填字母代號(hào),下同).
A.CslCl?=CsCl+IClB.CslCl2=Csl+Cl2
(3)根據(jù)下表提供的第一電離能數(shù)據(jù)判斷,最有可能生成較穩(wěn)定的單核陽離子的鹵素原子是
氟氯溟碘
1681125111401008
(kJ/mol)
(4)下列分子既不存在“S-p”<7鍵,也不存在“p-p”7T鍵的是.
A.HClB.HFC.SO2D.SCl2
(5)已知GO]為三角形,中心氯原子周圍有四對(duì)價(jià)層電子.GO*中心氯原子的雜化軌道類型為
,寫出一個(gè)與CAT互為等電子體的物質(zhì)的分子式.
(6)鈣在氧氣中燃燒時(shí)得到一種鈣的氧化物晶體,其結(jié)構(gòu)如圖所示,由此可判斷鈣的氧化物的化
學(xué)式為.已知該氧化物的密度是pg/cm3,則晶胞內(nèi)離得最近的兩個(gè)鈣離子的間距為
cm(只要求列算式,不必計(jì)算出數(shù)值,阿伏伽德羅常數(shù)為N4).
19.據(jù)報(bào)導(dǎo),目前我國結(jié)核病的發(fā)病率有抬頭的趨勢(shì).抑制結(jié)核桿菌的藥物除雷米封外,PAS—Na(
對(duì)氨基水楊酸鈉)也是其中一種.已知:
①ONC>2上照竺3>NH2(苯胺、弱堿性、易被氧化)
②@^-CH3理些四■S^-COOH
③6,蠹鬻壓傕化劑)包>
下面是P4S-Na的一種合成路線(部分反應(yīng)的條件未注明):
色
濃磕酸、_____1t演布'一>0H溶液、催化劑浸界丫/7\
A濃硝*、…-C.Hi-----------C小111a?D----------->E----------?<O>
HOCOONa
對(duì)五基水楊酸鈉
按要求回答問題:
(1)4與濃硝酸和濃硫酸的混合物可以發(fā)生取代反應(yīng),在30。(:時(shí)反應(yīng)主要得到B和它的一種同分異構(gòu)
體,在一定條件下也可以反應(yīng)生成TN7,請(qǐng)寫出由A制取TNT的化學(xué)反應(yīng)方程式
(2)寫出各物質(zhì)的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式C:D:;
(3)寫出所加試劑的化學(xué)式X:匕.
(4)上述合成路線中,分子式為C7H6所7。2的官能團(tuán)名稱為,與它具有相同官能團(tuán)并屬于芳
香族化合物的同分異構(gòu)體有種(含本身).
參考答案及解析
1.答案:c
解析:解:4該微??赡苁窃印㈥庪x子或陽離子,原子為Ne、陽離子有Na+、M/+、Al3+,陰離
子有73-、。2-、F-,故A錯(cuò)誤;
B.原子最外層只有一個(gè)電子的元素可能是非金屬元素,如H元素,故B錯(cuò)誤;
C.陽離子中核外電子數(shù)=質(zhì)子數(shù)-電荷數(shù),質(zhì)子數(shù)等于各原子的原子序數(shù)與原子個(gè)數(shù)之積的和,鏤根
離子質(zhì)子數(shù)=7+1x4=11、核外電子數(shù)=11-1=10,水合氫離子中質(zhì)子數(shù)=8+1x3=11、
核外電子數(shù)=11-1=10,故C正確;
D.最外層電子數(shù)是次外層電子數(shù)2倍的原子是C原子,C原子最外層有4個(gè)電子,既不容易失去電子也
不容易得多電子,故D錯(cuò)誤;
故選:Co
A.該微粒可能是原子、陰離子或陽離子;
B.原子最外層只有一個(gè)電子的元素可能是金屬元素也可能是非金屬元素;
C.陽離子中核外電子數(shù)=質(zhì)子數(shù)-電荷數(shù),質(zhì)子數(shù)等于各原子的原子序數(shù)與原子個(gè)數(shù)之積的和;
D.最外層電子數(shù)是次外層電子數(shù)2倍的原子是C原子.
本題考查原子結(jié)構(gòu)和元素性質(zhì),為高頻考點(diǎn),明確原子結(jié)構(gòu)特點(diǎn)、質(zhì)子數(shù)和電子數(shù)的計(jì)算方法是解
本題關(guān)鍵,注意規(guī)律中的反?,F(xiàn)象,易錯(cuò)選項(xiàng)是4
2.答案:D
解析:【試題解析】
解:4稀硝酸加入過量鐵粉中,生成硝酸亞鐵,滴加KSCN溶液,無現(xiàn)象,故A錯(cuò)誤;
B.銅粉加1.0m。小二1/62(5。4)3溶液中,生成硫酸銅、硫酸亞鐵,沒有黑色固體生成,且不能比較金
屬性,故B錯(cuò)誤;
C.氧化鋁的熔點(diǎn)高,包裹在⑷的外面,則熔化后的液態(tài)鋁不會(huì)滴落下來,故C錯(cuò)誤;
D.NaBr溶液中滴入少量氯水,生成浪,且澳易溶于苯,則溶液上層呈橙紅色,B廠還原性強(qiáng)于C廠,
故D正確;
故選:Do
A.稀硝酸加入過量鐵粉中,生成硝酸亞鐵;
B.銅粉加1.0mo>LTFe2(SO4)3溶液中,生成硫酸銅、硫酸亞鐵;
C.氧化鋁的熔點(diǎn)高,包裹在4的外面;
D.NaBr溶液中滴入少量氯水,生成溪,且溟易溶于苯。
本題考查化學(xué)實(shí)驗(yàn)方案的評(píng)價(jià),為高頻考點(diǎn),把握物質(zhì)的性質(zhì)、反應(yīng)與現(xiàn)象、實(shí)驗(yàn)技能為解答的關(guān)
鍵,側(cè)重分析與實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Φ目疾?,注意?shí)驗(yàn)的評(píng)價(jià)性分析,題目難度不大.
3.答案:D
解析:解:42.3g鈉的物質(zhì)的量=僦嬴=變?yōu)殁c離子時(shí)失去的電子數(shù)為0.1%,故A錯(cuò)
誤:
B.氮?dú)鉃閱卧臃肿樱?mol氨氣含有的原子數(shù)為可…故B錯(cuò)誤;
C.標(biāo)準(zhǔn)狀況下2.24L氨氣物質(zhì)的量為就%=0.1MOZ,含有電子總數(shù)為N4,故C錯(cuò)誤;
D.62gNa2。的物質(zhì)的量為潦IMO!,含有標(biāo)-離子數(shù)為N%,故D正確;
故選:。。
A.計(jì)算鈉原子的物質(zhì)的量,結(jié)合鈉原子結(jié)構(gòu)分析失電子數(shù);
B.氤氣為單原子分子;
C.1個(gè)氨氣分子含有10個(gè)電子;
D.一個(gè)氧化鈉中含有1個(gè)氧離子.
本題考查了阿伏伽德羅常數(shù)的分析應(yīng)用,熟練掌握阿伏伽德羅常數(shù)與物質(zhì)的量、摩爾質(zhì)量等物理量
之間的轉(zhuǎn)化關(guān)系是解題關(guān)鍵,注意物質(zhì)的結(jié)構(gòu),題目難度不大.
4.答案:B
+2+
解析:4項(xiàng)正確的離子方程式為:Fe+2H=Fe+H2T;C項(xiàng)正確的離子方程式為:43++40H-=
翻喀丑物I般;。項(xiàng)正確的離子方程式為:回=翻(嚼冊(cè)及3麻閱◎勖故選B項(xiàng)
5.答案:C
解析:
本題考查了燃料電池和電解池的工作原理,明確正負(fù)極、陰陽極上發(fā)生的反應(yīng)是解本題關(guān)鍵,難點(diǎn)
是電極反應(yīng)式的書寫,要結(jié)合電解質(zhì)溶液的酸堿性書寫,注意能量密度=電池輸出電能/燃料質(zhì)量,
題目難度不大。
A.采用多孔導(dǎo)電材料,可以提高電極反應(yīng)物質(zhì)在電極表面的吸附量,并使它們與電解質(zhì)溶液充分接
觸,而該極是氧氣放電,所以是正極,而不是負(fù)極,故A錯(cuò)誤;
B.電極d是負(fù)極發(fā)生氧化反應(yīng),電極反應(yīng)式為:CH30cH3-12e-+3H2。=2。。2+12”+,故B錯(cuò)
誤;
C.二甲醛提供Imo/電子所需質(zhì)量為覆,而甲醇(C/。"燃燒生成二氧化碳,化合價(jià)升高6價(jià))提供
IMO(電子所需質(zhì)量為當(dāng)g,所以二甲醛直接燃料電池能量密度(kW-h-kgT)約為甲醇(C/?!保┲?/p>
接燃料電池能量密度為號(hào)多約為1.4倍,故C正確;
D.b與原電池的正極相連為電解池的陽極,銅失電子發(fā)生氧化反應(yīng),則純銅溶解,a與原電池的負(fù)極
相連為電解池的陰極,銅離子在粗銅上得電子發(fā)生還原反應(yīng)產(chǎn)生銅,粗銅含有其他雜質(zhì),所以兩極
質(zhì)量變化不同,故D錯(cuò)誤。
故選C。
6.答案:A
解析:
本題考查物質(zhì)的制備實(shí)驗(yàn)的設(shè)計(jì),側(cè)重考查學(xué)生的分析能力和實(shí)驗(yàn)?zāi)芰?,注意把握?shí)驗(yàn)的原理以及
操作的注意事項(xiàng),難度不大。
也還原皿。3制備金屬小,裝置Q用于制備氫氣,因鹽酸易揮發(fā),則①、②、③應(yīng)分別用于除去HG、
跳、氧氣和水,得到干燥的氫氣與卬。3在加熱條件下制備勿,實(shí)驗(yàn)結(jié)束后應(yīng)先停止加熱再停止通
入氫氣,以避免W被重新氧化,以此解答該題。
A.反應(yīng)開始時(shí),應(yīng)先打開活塞K,用產(chǎn)生的氫氣排除裝置中的空氣,待氫氣驗(yàn)純后,再加熱管式爐,
故A錯(cuò)誤;
B.往鹽酸中加入少量CizC%,鋅置換出銅,形成原電池,可加快產(chǎn)生%的速率,故B正確;
C.點(diǎn)燃酒精燈進(jìn)行加熱前,應(yīng)檢驗(yàn)氫氣的純度,以避免不純的氫氣發(fā)生爆炸,可點(diǎn)燃?xì)怏w,通過聲
音判斷氣體濃度,聲音越尖銳,氫氣的純度越低,故C正確;
D.石灰石與鹽酸反應(yīng)制二氧化碳是塊狀固體和液體反應(yīng)制取氣體且不需要加熱,故可用啟普發(fā)生器,
故D正確。
故選Ao
7.答案:B
解析:解:4海水中水的沸點(diǎn)較低,則不需要溫度計(jì)可制備蒸儲(chǔ)水,故A正確;
B.酒精與水互溶,不能作萃取劑,應(yīng)選苯或四氯化碳將碘從碘水中萃取出來,故B錯(cuò)誤;
C.蒸儲(chǔ)時(shí)冷卻水下進(jìn)上出,且防止液體劇烈沸騰,則冷水從冷凝管下口進(jìn),上口出,冰加沸石防止
暴沸,故C正確;
D.分液時(shí),平衡氣壓,且避免上下層液體混合,則將上口塞打開,下層的液體從下口塞放出,上層
的液體從上口傾倒出,故D正確;
故選:B。
A.海水中水的沸點(diǎn)較低;
B.酒精與水互溶;
C.蒸儲(chǔ)時(shí)冷卻水下進(jìn)上出,且防止液體劇烈沸騰;
D.分液時(shí),平衡氣壓,且避免上下層液體混合.
本題考查化學(xué)實(shí)驗(yàn)方案的評(píng)價(jià),為高頻考點(diǎn),把握混合物分離提純、實(shí)驗(yàn)技能為解答的關(guān)鍵,側(cè)重
分析與實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Φ目疾椋⒁鈱?shí)驗(yàn)的評(píng)價(jià)性分析,題目難度不大.
8.答案:A
解析:解:4反應(yīng)①和②反應(yīng)條件不同,不是可逆反應(yīng),故A錯(cuò)誤;
B.反應(yīng)①中生成廠和/0心/元素化合價(jià)既升高又降低,氯氣既作氧化劑又作還原劑,故B正確;
C.反應(yīng)②中/。3生成氯氣,/元素化合價(jià)降低,/?;蜃餮趸瘎蔆正確;
D.由題給信息可知,酸性條件下發(fā)生/O5+5/-+6H+=3/2T+3”2。,可鑒別,故D正確。
故選:Ao
反應(yīng)①中氯氣自身發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成廠和/00酸性條件下廣和/0.發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成碘,
以此解答該題.
本題考查氧化還原反應(yīng),為高頻考點(diǎn),把握反應(yīng)中元素的化合價(jià)變化為解答的關(guān)鍵,側(cè)重氧化還原
反應(yīng)基本概念的考查,題目難度不大.
9.答案:A
解析:解:4甲為燃料電池、屬于原電池,不是電解池,該裝置將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能,故A錯(cuò)誤;
B.4g2。作正極,得電子被還原成4g,結(jié)合KO”作電解液,故電極反應(yīng)式為4。2。+26-+,2。=
2Ag+2OH~,故B正確;
C.ZTI為較活潑電極,作負(fù)極,發(fā)生氧化反應(yīng),電極反應(yīng)式為Zn-2e-=Z"+,反應(yīng)中鋅溶解,因而
鋅筒會(huì)變薄,故C正確;
充電
D.鉛蓄電池總反應(yīng)式為+Pb+H>SOt-2PbSO+2HQ,使用一段時(shí)間后,也5。4不斷
放電l
被消耗,因而電解質(zhì)溶液的酸性減弱,導(dǎo)電能力下降,故D正確;
故選:Ao
A.該裝置是燃料電池,屬于原電池,將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能;
B.紐扣銀鋅電池中,Zn較活潑、發(fā)生失電子的反應(yīng)、作負(fù)極,2。2。作正極,4先。發(fā)生得電子的還
原反應(yīng)生成4g,結(jié)合電子守恒和電荷守恒寫出正極反應(yīng)式;
C.鋅缽干電池中,Zn較活潑、發(fā)生失電子的反應(yīng)、作負(fù)極,電極反應(yīng)式為Zn-2e-=Z/+;
充電
D.鉛蓄電池總反應(yīng)式為PM),+Pb+IbSOi~i2PbS0j+2H.0,消耗硫酸生成不溶性的PbS/。
放電
本題考查了常見化學(xué)電源及其工作原理,為高頻考點(diǎn),把握原電池電極的判斷、電極反應(yīng)、正確書
寫正負(fù)極反應(yīng)是解本題的關(guān)鍵,側(cè)重于考查學(xué)生的分析能力和靈活運(yùn)用能力,注意結(jié)合電解質(zhì)的酸
堿性書寫電極反應(yīng)式,題目難度不大。
10.答案:A
解析:解:甲投入l/n。/%、3molH2,丙容器投入量27710W“3,恒溫恒容條件下,甲容器與丙容器
是等效平衡,各組分的物質(zhì)的量、含量、轉(zhuǎn)化率等完全相等;
而甲容器投入16。他、3molH2>乙容器加入2m。燦、6moZH2,乙中加入量是甲中的二倍,如果恒
溫且乙容器容積是甲容器2倍,則甲容器與乙容器為等效平衡,所以乙所到達(dá)的平衡,可以看作在恒
溫且容積是甲容器兩倍條件下,到達(dá)平衡后,再壓縮體積為與甲容器體積相等所到達(dá)的平衡,由于
該反應(yīng)是體積減小的反應(yīng),縮小容器體積,增大了壓強(qiáng),平衡向著正向移動(dòng),所以乙中氮?dú)狻錃?/p>
轉(zhuǎn)化率大于甲和丙的,平衡后乙中氨氣含量最大;
A、丙容器反應(yīng)物投入量2rnoWH3,和甲起始量相同,甲和丙平衡狀態(tài)相同,乙中壓強(qiáng)為甲的二倍;
由于乙中相當(dāng)于增大壓強(qiáng),平衡向著向著正向移動(dòng),所以乙中壓強(qiáng)減小,小于甲的2倍,即2Pl=2P3>
P2,故A正確;
B、丙容器中加入2moWH3,和甲最后達(dá)到相同的平衡狀態(tài),若平衡不移動(dòng),轉(zhuǎn)化率%+戊3=1;
乙容器反應(yīng)物投入量2m。1%、6molH2,由于乙中相當(dāng)于增大壓強(qiáng),平衡向著向著正向移動(dòng),氨氣
的轉(zhuǎn)化率增大,所以轉(zhuǎn)化率。2+。3>1,故B錯(cuò)誤;
C、丙容器反應(yīng)物投入量2/no,NH3,采用極限轉(zhuǎn)化法轉(zhuǎn)化為反應(yīng)物為1小。燦、3molH2,和甲中的相
同,乙容器加入260加2、660,“2,乙中加入量是甲中的二倍,乙所到達(dá)的平衡,可以看作在恒溫
且容積是甲容器兩倍條件下,到達(dá)平衡后,再壓縮體積為與甲容器體積相等所到達(dá)的平衡,由于該
反應(yīng)是體積減小的反應(yīng),縮小容器體積,增大了壓強(qiáng),平衡向著正向移動(dòng),所以乙中氮?dú)狻錃廪D(zhuǎn)
化率大于甲和丙的,平衡后乙中氨氣含量最大,故C錯(cuò)誤;
D、甲投入ImoINz、3molH2,丙中投入2rnMN“3,則甲與乙是完全等效的,根據(jù)蓋斯定律可知,甲
與乙的反應(yīng)的能量變化之和為92.4k/,故QI+(?2=92.4,故D錯(cuò)誤;
故選A.
甲容器反應(yīng)物投入1巾。,必、3molH2,丙容器反應(yīng)物投入量2根。出“3,恒溫且丙容器容積和甲容器
相同,則甲容器與丙容器是等效平衡;
甲容器反應(yīng)物投入1僧。加2、3molH2,乙容器反應(yīng)物投入量2moZN2、6molH2,是甲中的二倍,如
果恒溫且乙容器容積是甲容器2倍,則甲容器與乙容器也是等效平衡;所以乙所到達(dá)的平衡,可以看
作在恒溫且容積是甲容器兩倍條件下,到達(dá)平衡后,再壓縮體積為與甲容器體積相等所到達(dá)的平衡;
據(jù)此分析平衡移動(dòng).
本題考查化學(xué)平衡影響因素、等效平衡、化學(xué)平衡的計(jì)算,題目計(jì)算量較大,題目難度較大,關(guān)鍵
是構(gòu)建平衡建立的等效途徑,試題側(cè)重對(duì)學(xué)生靈活運(yùn)用基礎(chǔ)知識(shí)解決實(shí)際問題的能力的培養(yǎng).
11.答案:AD
解析:試題分析:由于氟無+7價(jià)、氧無+6價(jià),則7種元素一定位于第三周期;從左到右,第三周期
主族元素的原子半徑逐漸減小,即Na>Mg>Al>Si>P>S>Cl,讀圖可知,原子半徑:X>丫>
Z>M>N>W>R,因此X為11號(hào)的鈉元素,Y為12號(hào)的鎂元素,Z為13號(hào)的鋁元素,M為14號(hào)的
硅元素,N為15號(hào)的磷元素,W為16號(hào)的硫元素,R為17號(hào)的氯元素,故A正確;從左到右,第三
周期主族元素的非金屬性逐漸增強(qiáng),則p<s<a,非金屬性越強(qiáng),元素氣態(tài)氫化物的穩(wěn)定性越強(qiáng),
則P/不如"Cl穩(wěn)定,故B錯(cuò)誤;丫是活潑金屬鎂,W是活潑非金屬硫,二者形成的MgS是離子化合
物,故C錯(cuò)誤;NaOH是強(qiáng)堿,4(OH)3是兩性氫氧化物,NaOH+Al(OH)3=NaAlO2+2H2O,故
D正確。
考點(diǎn):考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)和元素周期律,涉及最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物稀溶液的pH與原子半徑圖像的分
析與推斷、原子序數(shù)、氣態(tài)氫化物穩(wěn)定性、離子化合物和共價(jià)化合物、兩性氫氧化物的重要性質(zhì)等
熱點(diǎn)。
12.答案:BD
解析:解:4維生素4屬于脂溶性維生素,難溶于水,故A錯(cuò)誤;
B.由結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可知維生素4的一個(gè)分子中含有5個(gè)碳碳雙鍵,故B正確;
C.六元環(huán)上含有碳碳雙鍵,不具有環(huán)己烷的結(jié)構(gòu),故C錯(cuò)誤;
D.含有碳碳雙鍵,可發(fā)生加成和氧化反應(yīng),含有羥基,可發(fā)生酯化反應(yīng),故D正確。
故選:BD。
維生素4含有碳碳雙鍵,可發(fā)生加成、加聚和氧化反應(yīng),含有羥基,可發(fā)生取代、氧化和消去反應(yīng),
結(jié)合有機(jī)物結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式可確定有機(jī)物分子式,以此解答該題。
本題考查有機(jī)物的結(jié)構(gòu)與性質(zhì),為高考常見題型,注意把握結(jié)構(gòu)中的官能團(tuán)為解答的關(guān)鍵,熟悉烯
崎、醇的性質(zhì)即可解答,題目難度不大。
13.答案:AC
解析:解:4由上述分析可知,〃中試紙變橙黃色,只能說明氯化鉞溶液中鍍根離子水解使溶液顯酸
性,而NHJL屬于鹽,在水溶液中完全電離,屬于強(qiáng)電解質(zhì),故A錯(cuò)誤;
B.由/中試紙顏色變化,說明氨氣比氯化氫氣體擴(kuò)散速率快,故B正確;
C.由/中試紙變成紅色,是由于NH,C,分解產(chǎn)生的氯化氫造成的,故C錯(cuò)誤;
D.由試管中部有白色固體附著,說明氯化核分解產(chǎn)生的氨氣和氯化氫在擴(kuò)散過程中又化合生成氯化
錢,則不宜用加熱NH4c1的方法制備N/,故D正確;
故選:ACo
實(shí)驗(yàn)/中對(duì)裝有NH4cl固體試管加熱,濕潤(rùn)的p"試紙黃色—藍(lán)色(pHx10)-黃色—紅色(pHx2),
說明加熱過程中生成了氨氣,氨氣遇水形成一水合氨,一水合氨為弱堿,使試紙變藍(lán),同時(shí)產(chǎn)生了
氯化氫氣體,氯化氫極易溶于水形成鹽酸,中和了一水合氫恢復(fù)到黃色,鹽酸屬于強(qiáng)酸,最后濕潤(rùn)
的pH試紙變?yōu)榧t色,試紙先變藍(lán)后變紅,說明氨氣擴(kuò)散的速度比氯化氫快;試管中部有白色固體附
著,說明氯化鏤分解產(chǎn)生的氨氣和氯化氫在擴(kuò)散過程中又化合生成氯化鏤:實(shí)驗(yàn)〃中將氯化鍍?nèi)芤?/p>
滴在pH試紙上,試紙顏色變化黃色t橙黃色(pH右5),說明氯化鍍?nèi)芤褐绣兏x子水解使溶液顯酸
性,以此來解答。
本題考查化學(xué)實(shí)驗(yàn)方案的評(píng)價(jià),為高頻考點(diǎn),把握物質(zhì)的性質(zhì)、反應(yīng)與現(xiàn)象、物質(zhì)的制備、實(shí)驗(yàn)技
能為解答關(guān)鍵,側(cè)重分析與實(shí)驗(yàn)?zāi)芰Φ目疾?,注意?shí)驗(yàn)的評(píng)價(jià)性分析,題目難度不大。
14.答案:BC
解析:解:4、圖象PH分析可知,O.lmol/LROH溶液PH小于13,說明是弱堿,O.lmol/LHX^PH=1,
說明酸為強(qiáng)酸,故A錯(cuò)誤;
B、堿溶液PH=12,氫離子是水全部電離出的,酸溶液PH=2,溶液中氫氧根離子是水電離出的和
水電離出氫離子濃度相同結(jié)合溶液中離子積常數(shù)計(jì)算水電離出氫離子濃度為IO-12mo’//,,故B正確;
C、等體積混合恰好反應(yīng)生成RX溶液為強(qiáng)酸弱堿鹽溶液,存在物料守恒為c(X-)=c(R+)+c(ROH),
故C正確;
D、等體積混合恰好反應(yīng)生成RX溶液為強(qiáng)酸弱堿鹽溶液,溶液呈酸性,離子濃度大小為c(X、>
c(/?+)>c(H+)>c(OH-),故D錯(cuò)誤;
故選BC.
A、圖象PH分析可知,0.1MO〃LROH溶液PH小于13,說明是弱堿,O.lmol/LHX溶液PH=1,說明
酸為強(qiáng)酸;
B、堿溶液PH=12,酸溶液PH=2,結(jié)合溶液中離子積常數(shù)計(jì)算水電離出氫離子濃度;
C、等體積混合恰好反應(yīng)生成RX溶液為強(qiáng)酸弱堿鹽溶液,存在物料守恒;
D、等體積混合恰好反應(yīng)生成RX溶液為強(qiáng)酸弱堿鹽溶液,溶液呈酸性;
本題考查了圖象分析,弱電解質(zhì)的判斷,電解質(zhì)溶液中電荷守恒、物料守恒、離子濃度大小比較方
法,掌握基礎(chǔ)是關(guān)鍵,題目難度中等.
15.答案:(1)①3clz+8HNO3=3CU(WO3)2+2N0T+4也。
②飽和食鹽水;除去氯氣中的氯化氫氣體
(2)?:O::N:C1:
②黃綠色氣體逐漸變淺,有紅褐色液體生成
③吸收水蒸氣,防止水蒸氣進(jìn)入。裝置
④。2
+
(3)①2HS0]+2e-+2H=S201~+2H2O
@2N0+2s2。廠+2H2。=N2+4HSO3
解析:解:(1)圖1為固液加熱型,
①制NO時(shí),可選用銅與稀硝酸制取,發(fā)生的反應(yīng)方程式為:3Cu+8HNO3=3cli(N6)3)2+2N0T
+4%。;
故答案為:3Cu+8HNO3=3CU(/VO3)2+2N0T+4H20;
②制a2時(shí),可選用二氧化缽和濃鹽酸,制得的氯氣中有氯化氫氣體,用飽和食鹽水除去;
故答案為:飽和食鹽水:除去氯氣中的氯化氫氣體;
(2)①NOG分子中各原子均滿足8電子穩(wěn)定結(jié)構(gòu),則氮原子與氧原子形成兩對(duì)共用電子對(duì),與氯原子
形成一對(duì),電子式為::6:市:&:;
故答案為::6::豆:&:;
②裝置。中為氯氣制備N。。,故現(xiàn)象為黃綠色氣體逐漸變淺,有紅褐色液體生成;
故答案為:黃綠色氣體逐漸變淺,有紅褐色液體生成;
③NOC,遇水易分解,裝置E中無水氯化鈣的作用為吸收水蒸氣,防止水蒸氣進(jìn)入。裝置;
故答案為:吸收水蒸氣,防止水蒸氣進(jìn)入。裝置;
④N。不溶于水,可與氧氣一同通入氫氧化鈉吸收;
故答案為:。2;
(3)①陰極發(fā)生還原反應(yīng),是亞硫酸氫根離子,得電子,生成連二亞硫酸根離子,電極反應(yīng)式為:
2HSOg+2e-+2H+=S2Ol-+2H2O;
故答案為:2HSO3+2e-+2H+=Sz。廠+2“2。;
②連二亞硫酸根離子與一氧化氮發(fā)生氧化還原反應(yīng),生成氮?dú)猓x子反應(yīng)方程式為:2N0+2s2。廣+
2H2。=N2+4HS05;
故答案為:2N0+2S20l-+2H2O=N2+4HS0].
本題考查了物質(zhì)制備方案設(shè)計(jì),主要考查了化學(xué)方程式的書寫、實(shí)驗(yàn)方案評(píng)價(jià)、氧化還原反應(yīng)、環(huán)
境保護(hù)等,題目難度中等,側(cè)重于考查學(xué)生的分析問題和解決問題的能力,注意相關(guān)基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)
習(xí)與積累.
16.答案:大于大于b0.15mo//(L?min)bebed
解析:解:(1)由圖可知,4點(diǎn),反應(yīng)未達(dá)到平衡狀態(tài),則此時(shí)u(正)大于火逆);
由圖可知,B點(diǎn)已達(dá)到平衡狀態(tài),則4點(diǎn)反應(yīng)物濃度高于B點(diǎn)反應(yīng)物濃度,則4點(diǎn)正反應(yīng)速率大于B點(diǎn)
正反應(yīng)速率;
20mol7mo1
由表格數(shù)據(jù)可知,反應(yīng)達(dá)到平衡時(shí),c(SOz)=歿%=0.35mo//L,△c(SO2)=^-=
0.65mol/L,根據(jù)方程式,則△c(S(?3)=0.65moZ/L,
則平衡時(shí)c(SO3)=0.65mol/L,說明曲線b表示S/的變化曲線;
由表格數(shù)據(jù)可知,0?2小譏內(nèi),△幾(S。2)=2.0mo1-0.8mo,=1.2mo,,根據(jù)方程式,則△〃(。2)=
0.6mol,
用。2表示從0?27nin內(nèi)該反應(yīng)的平均速率3=2;::;;1=015mo//(L-min),
故答案為:大于;大于;b;0.15mol/(L-min);
(2)a.v(SO3)-2V(O2),沒有說明正反應(yīng)速率和逆反應(yīng)速率,故a錯(cuò)誤;
b.該反應(yīng)是氣體體積減小的反應(yīng),隨著反應(yīng)進(jìn)行,氣體體積減小,容器內(nèi)壓強(qiáng)減小,則容器內(nèi)壓強(qiáng)
保持不變,能說明反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài),故b正確;
c.v^(SO2)=2V^O2),根據(jù)化學(xué)反應(yīng)速率之比等于化學(xué)計(jì)量數(shù)之比,貝心。息。2)==
"逆(5。2),故c正確;
d.根據(jù)p=£,反應(yīng)前后氣體質(zhì)量不變,容器體積不變,則容器內(nèi)的密度一直不變,故d錯(cuò)誤,
故答案為:be;
(3)a.及時(shí)分離出5。3氣體,降低濃度,反應(yīng)速率減慢,故a錯(cuò)誤;
b.溫度越高,反應(yīng)速率越快,適當(dāng)升高溫度,可以加快反應(yīng)速率,故b正確;
c.減小容器的體積,相當(dāng)于增大壓強(qiáng),反應(yīng)速率加快,故c正確;
d.選擇高效的催化劑,反應(yīng)速率加快,故d正確,
故答案為:bed.
(1)由圖可知,4點(diǎn),反應(yīng)未達(dá)到平衡狀態(tài);8點(diǎn)已達(dá)到平衡狀態(tài);
由表格數(shù)據(jù)可知,反應(yīng)達(dá)到平衡時(shí),c(S02)=歿或=0.35mo“3△c(SO2)==
0.65mol/Lf根據(jù)方程式,則△。($。3)=0.65mol/L,
則平衡時(shí)c(S3)=0.65mo//L,結(jié)合圖中曲線分析;
由表格數(shù)據(jù)可知,0?27n譏內(nèi),471(502)=2.0mol—0.8mol=1.2mol,根據(jù)方程式,則△?1(。2)=
0.6mo/,結(jié)合〃=黑計(jì)算;
(2)判斷化學(xué)平衡狀態(tài)的直接標(biāo)志:I、盯逆(同物質(zhì))n、各組分濃度不再改變,以及以此為基
礎(chǔ)衍生出來的標(biāo)志如:壓強(qiáng)不再改變,混合氣體的密度不再改變、氣體的顏色不再變化等等,以此
為判斷依據(jù);
(3)濃度越大,溫度越高、壓強(qiáng)越大,使用催化劑等均可加快反應(yīng)速率。
本題考查化學(xué)反應(yīng)速率及化學(xué)平衡圖象,注意把握曲線的變化趨勢(shì),正確判斷外界條件對(duì)平衡移動(dòng)
的影響,明確圖象中縱橫坐標(biāo)及點(diǎn)、線、面的意義,難度中等。
2+2+
17.答案:Cu+2H2。=Cu(0")2+2H+,加酸抑制了C/+的水解S02+2Cu+2Cl-+2H2O=
SO;-+2CuClI+4H+避免“除雜”步驟消耗更多的氨水和N4HC034CUC/+02+4H20=
2(7&2(?!?3儀+2”。,水洗導(dǎo)致產(chǎn)率降低真空干燥或隔絕空氣干燥得產(chǎn)品,同時(shí)反應(yīng)溫度不宜過
高,HCZ濃度也不宜過高160溫度過高,一是促進(jìn)了CizG的水解促進(jìn)了CuG與空氣中氧氣發(fā)生反
應(yīng)
2++
解析:解:(1)依據(jù)分析可知,Cu+2H2OCU(OH)2+2H,加酸抑制了Ci?+的水解,
故答案為:CU2++2H2OUC”(OH)2+2H+,加酸抑制了C"2+的水解;
2+
(2)加入二氧化硫,有氯化亞通產(chǎn)生,故二氧化硫?qū)~離子還原,離子方程式為:SO2+2CU+
2Cl-+2H2O=S。廣+2CuCl1+4H+,
2+
故答案為:S02+2Cu+2CL-+2H2O=S0l-+2CuCl1+4"+;
(3)“酸浸”中,加入稀H2SO4不宜過量太多的原因是避免“除雜”步驟消耗更多的氨水和NH4HC3,
故答案為:避免“除雜”步驟消耗更多的氨水和N&HC03;
(4)依據(jù)提示可知,4C“a+。2+4H2。=2c142(。")3。+2HCI,為了避免產(chǎn)率降低,故不能用水洗,
故答案為:4CuCl+02+4W20=2Cu2(OH)3Cl+2HCI,水洗導(dǎo)致產(chǎn)率降低:
(5)CuC,易被氧化,故用過濾、洗滌、真空干燥或隔絕空氣干燥得產(chǎn)品,同時(shí)反應(yīng)溫度不宜過高,HCI
濃度也不宜過高,
故答案為:真空干燥或隔絕空氣干燥得產(chǎn)品,同時(shí)反應(yīng)溫度不宜過高,濃度也不宜過高;
(6)依據(jù)原子守恒,n(CuCl)=2n(Cu25)=就扁=Imo/,故m(銅礦粉)x50%=O.SmoZx
160g/mol,m(銅礦粉)=160g,
故答案為:160:
(7)根據(jù)信息可知,隨溫度升高,一是促進(jìn)了CuCI的水解,二是促進(jìn)了CizG與空氣中氧氣發(fā)生反應(yīng),
故答案為:溫度過高,促進(jìn)了CuG的水解;促進(jìn)了C”以與空氣中氧氣發(fā)生反應(yīng).
I.實(shí)驗(yàn)室中用純凈的CaC%固體可制備CuC/。取75gCaC%固體于燒杯中,力口入100mL0.2mo,/L鹽酸和
水配成200/nL溶液,然后在溶液中通入SO2氣體,由于銅離子水解呈酸性,故加入鹽酸可以抑制銅離
子水解,加入二氧化硫發(fā)生反應(yīng)SO2+2C"2++2C,-+2H2O=SOf-+2CnC,J+4H+,進(jìn)而制取
CuCl;
〃.初級(jí)銅礦粉主要含Ca2s及少量Fez2、FeO等,由流程可知,加入稀硫酸、二氧化鎰,Ci^S和二
2+
氧化鋅、稀硫酸發(fā)生氧化還原反應(yīng),發(fā)生的離子反應(yīng)方程式為Cu2s+2MnO2+8H+=2Cu+
2+
2Mn+S+4H2O,雜質(zhì)FeO、尸62。3分別與稀硫酸反應(yīng)離子方程式為2FeO+2MnOz+8"+=
3+2++3+
2Fe+Mn+4H2O,Fe2O3+6H=2Fe+3H2O,過濾生成的S;向?yàn)V液中加入氨水調(diào)節(jié)溶
液的pH值,鐵離子生成Fe(OH)3沉淀,加入碳酸氫錢發(fā)生”於++HCO]+NH3-H2O=MnCO3i
+N咫+42。,得到M71CO3沉淀,過濾,得到的濾液中含有CU(N“3)4CO3,加熱皿爐/3也仇得到
CuO,反應(yīng)方程式為+4N,3T+co2T,然后Cu。與鹽酸、二氧化硫發(fā)生S(?2+
2CuO+2Cl-=2CuCl+S0t,經(jīng)過過濾、洗滌、真空干燥或隔絕空氣干燥得產(chǎn)品,據(jù)此分析
回答問題。
本題以氧化亞銅的制備為背景,對(duì)制備過程中的有關(guān)知識(shí)進(jìn)行了考查,氧化還原反應(yīng)實(shí)質(zhì)和規(guī)律的
應(yīng)用,培養(yǎng)了學(xué)生分析問題的能力和運(yùn)用知識(shí)的能力,考查范圍較廣,難度適中。
18.答案:平面三角形;4s24P5;4碘(或/);D-.sp3雜化;岫或CO;CaO2;q、3胃
2pNA
解析:解:(1)COC,2中C原子的價(jià)電子對(duì)數(shù)為等=3,C原子采取sp2雜化,中心原子無孤電子對(duì),C
0
與。原子之間形成C=0雙鍵,其結(jié)構(gòu)式是||,所以它的空間構(gòu)型為平面三角形,嗅是35號(hào)
Cl—C—C1
元素,最外層電子為其價(jià)電子,4s能級(jí)上排列2個(gè)電子,4P能級(jí)上排列5個(gè)電子,其價(jià)電子排布式為
4s24p5,
故答案為:平面三角形;4s24P5;
(2)在離子晶體中離子半徑越小,晶格能越大,比較兩個(gè)反應(yīng)的產(chǎn)物可知,由于氯離子的半徑小于碘
離子,所以CsG的晶格能大于Cs/的晶格能,故答案選A;
(3)第一電離能是指原子失去一個(gè)電子所需的能量,第一電離能越小,就越容易失去一個(gè)電子,比較
表格中的數(shù)據(jù)可知,碘更容易形成較穩(wěn)定
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