理科綜合-2022年高考押題預(yù)測卷02（全國甲卷）（全解全析）

2022年高考押題預(yù)測卷02【全國甲卷】

理科綜合,全解全析

1234567

DBDCADD

891011121314

BCADCBB

15161718192021

CDBCBCADBCD

1.【答案】D

【詳解】

A、結(jié)合題意可知，細(xì)胞自噬涉及溶酶體等多種細(xì)胞器的參與，可以吞噬自身衰老的細(xì)胞器等結(jié)構(gòu)，這是真

核細(xì)胞在長期進(jìn)化過程中形成的一種自我保護(hù)機(jī)制，A正確；

B、據(jù)圖可知，圖示結(jié)構(gòu)被一種雙膜（隔離膜）結(jié)構(gòu)包裹，形成自吞小泡后進(jìn)一步被溶酶體處理，符合題干

巨自噬的特點(diǎn)，B正確；

C、據(jù)圖可知，丙類型中，一些具有一定序列的可溶性胞質(zhì)蛋白底物經(jīng)分子伴侶識(shí)別后才可進(jìn)入溶酶體，說

明丙類型具有一定的特異性，C正確；

D、水解酶的本質(zhì)是蛋白質(zhì)，蛋白質(zhì)的合成場所是核糖體，D錯(cuò)誤。

2.【答案】B

【詳解】

A、病毒沒有獨(dú)立生存的能力，不屬于生命系統(tǒng)的層次，細(xì)胞才是地球最基本的生命系統(tǒng)，A錯(cuò)誤；

B、結(jié)合題意可知，刺突糖蛋白可能與宿主細(xì)胞特異性受體的識(shí)別和介導(dǎo)病毒進(jìn)入細(xì)胞有關(guān)，B正確；

C、2019-nCOV中蛋白質(zhì)具有生物活性，在體外環(huán)境中只可存活5天，但它的生命活動(dòng)依然離不開細(xì)胞，C

錯(cuò)誤；

D、2019-nCOV的遺傳物質(zhì)是RNA,結(jié)構(gòu)不穩(wěn)定，容易發(fā)生突變；而T?噬菌體的遺傳物質(zhì)是DNA,雙鏈

結(jié)構(gòu)穩(wěn)定，D錯(cuò)誤。

3.【答案】D

【詳解】

A、ABA是脫落酸，ABA合成抑制劑可以抑制ABA的合成，據(jù)圖可知，第2組不加入ABA合成抑制劑，

則兩組的自變量為蒸儲(chǔ)水的有無（是否干旱），第2組玉米主根的長度大于第1組，但側(cè)根數(shù)量少于第1組,

說明在干旱處理可以促進(jìn)主根長度增加，但抑制側(cè)根生長，A錯(cuò)誤；

B、第2組不加ABA合成抑制劑，第3組加入ABA合成抑制劑（ABA不能正常合成），兩組的自變量為

ABA的有無，實(shí)驗(yàn)結(jié)果是第3組的主根長度小于第二組，說明缺少ABA時(shí)主根生長變慢，B錯(cuò)誤；

C、結(jié)合分析可知，本實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖茄芯棵撀渌幔ˋBA）在植物抗旱中的作用，則實(shí)驗(yàn)的自變量是脫落酸的有

無，C錯(cuò)誤；

D、第4組是同時(shí)添加ABA合成抑制劑和ABA,可以與第2組和第3組形成對照，實(shí)驗(yàn)結(jié)果是該組的主根

長度小于第2組，但大于第3組，說明ABA對主根生長有促進(jìn)作用，D正確。

4.【答案】C

【詳解】

A、人在寒冷環(huán)境中體溫可能降低，為了保持體溫，產(chǎn)熱增加，散熱減少。產(chǎn)熱增加的方式有代謝活動(dòng)增強(qiáng),

散熱減少的方式有皮膚血管收縮，汗液幾乎不分泌，A正確；

B、運(yùn)動(dòng)過程中需要有平衡中樞參與、呼吸中框，軀體運(yùn)動(dòng)中框、血糖調(diào)節(jié)中框、水鹽平衡調(diào)節(jié)中樞等參與，

小腦有保持平衡功能，大腦皮層有軀體運(yùn)動(dòng)中框，腦干有呼吸中樞、心血管中樞，脊髓低級(jí)運(yùn)動(dòng)中樞，下

丘腦有直糖調(diào)節(jié)中框、水鹽調(diào)節(jié)中框等，B正確：

C、甲狀腺激素分泌增多是通過分級(jí)調(diào)節(jié)機(jī)制實(shí)現(xiàn)的，腎上腺素分泌量增加不經(jīng)過分級(jí)調(diào)節(jié)機(jī)制，C錯(cuò)誤；

D、針刺雙腳觀察反應(yīng)、檢查膝跳反射的中樞在脊髓，所以可以通過針刺雙腳及觀察膝跳反射來確定受傷運(yùn)

動(dòng)員脊髓是否損傷，D正確。

故選C。

5.【答案】A

【詳解】

A、吸煙者精子中的DNA的甲基化水平升高，只是基因的表達(dá)受影響，并沒有發(fā)生基因突變，A錯(cuò)誤；

B、DNA的甲基化不會(huì)改變基因的堿基序列，甲基化基因無法進(jìn)行轉(zhuǎn)錄產(chǎn)生mRNA,也就無法進(jìn)行翻譯最

終合成蛋白質(zhì)，從而抑制了基因的表達(dá)，B正確；

C、基因組成相同的同卵雙胞胎中基因序列的甲基化程度可能不同，表現(xiàn)出微小差異可能與表觀遺傳有關(guān)，

C正確；

D、基因堿基序列的甲基化程度越高，RNA聚合酶越不容易與DNA結(jié)合，基因的表達(dá)受到的抑制越明顯，

D正確。

6.【答案】D

【詳解】

A、題干信息中沒有空白對照組的實(shí)驗(yàn)結(jié)果，不能說明生長素在低濃度時(shí)促進(jìn)插條生根，高濃度時(shí)抑制插條

生根，A錯(cuò)誤；

B、生長素作用具有兩重性，不同濃度生長素類似物對紅葉石楠插條生根的作用效果可能相同，B錯(cuò)誤；

C、由分析可知：高濃度生長素促進(jìn)乙烯生成，且與低濃度相比，在高濃度生長素的培養(yǎng)液中插條生根數(shù)量

少，故二者調(diào)節(jié)插條生根具有拮抗作用，C錯(cuò)誤；

D、在預(yù)實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)設(shè)置空白對照組，該組應(yīng)用蒸饋水處理插條，D正確。

7.D

【解析】

【詳解】

A.酚醛樹脂是苯酚與甲醛的縮聚產(chǎn)物，屬于人工合成的高分子材料，故A錯(cuò)誤；

B.鋰離子蓄電池組在放電時(shí)將化學(xué)能轉(zhuǎn)化成電能，故B錯(cuò)誤；

C.CPU芯片主要成分為Si,故C錯(cuò)誤；

D.鋁合金具有高強(qiáng)度、高韌性的優(yōu)點(diǎn)，故D正確；

故選：D。

8.B

【解析】

【詳解】

A.食鹽水為中性，F(xiàn)e發(fā)生的是吸氧腐蝕不是析氫腐蝕，紅墨水沿導(dǎo)管上升可證明，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.亞鐵離子與氫氧化鈉反應(yīng)生成氫氧化亞鐵沉淀，苯密度小于水溶液，能夠隔絕空氣，可避免氫氧化亞鐵

被氧化，選項(xiàng)B正確；

C.氯氣在飽和氯化鈉溶液中的溶解度較小，無法形成噴泉，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.乙酸乙酯與NaOH溶液反應(yīng)，不能用氫氧化鈉溶液吸收乙酸乙酯，應(yīng)選用飽和碳酸鈉溶液，選項(xiàng)D錯(cuò)

誤；

答案選B。

9.C

【解析】

【詳解】

A.由于Dq的摩爾質(zhì)量為20g/moLH2O的摩爾質(zhì)量為18g/moL1分子D2O和H2O中均含有10個(gè)質(zhì)子,

18。18g

故18gD2。和18gH2O中含有的質(zhì)子數(shù)分別為：/.,xl0?A"=9NA、--^xlO?N,mol'=10NA,A

20g?18g?

錯(cuò)誤；

B.16.25gFeC”的物質(zhì)的量為：笠J=0.1moL由于水解反應(yīng)是一個(gè)可逆反應(yīng)且氫氧化鐵膠粒是多個(gè)

ihti2.5g?

分子的聚集體，則水解形成Fe(0H)3膠體粒子數(shù)小于O.INA,B錯(cuò)誤；

C.如圖所示可知，1分子P4含有6個(gè)共價(jià)鍵，則31gp“分子結(jié)構(gòu)如圖)的共價(jià)鍵數(shù)目為

31。,

叫明1=1.5N,C正確；

124g?°。molA

D.已知CH?和Cb混合光照可以生成CH3CI、CH2cL、CHCb、CCL四種有機(jī)產(chǎn)物，根據(jù)碳原子守恒可知,

四種產(chǎn)物分子數(shù)之和為I.ONA,則l.OmolCH4與CI2在光照下反應(yīng)生成的CH3cl分子數(shù)小于I.ONA,D錯(cuò)誤;

故答案為：Co

10.A

【解析】

【分析】

短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序數(shù)依次增大，X是四種元素中唯一的金屬，X、Z可形成陰離子x?z;,

則X為Al元素、Z為C1元素；W、Z同主族，W、丫可形成陰離子YW1,則W為F元素、丫為P元素。

【詳解】

A.氟元素的非金屬性強(qiáng)，沒有正化合價(jià)，故A錯(cuò)誤；

B.元素的非金屬性越強(qiáng)，氣態(tài)氫化物穩(wěn)定性越弱，磷元素的非金屬性弱于氟元素，則磷化氫的穩(wěn)定性弱于

氟化氫，故B正確；

C.同周期元素，從左到右原子半徑依次減小，同主族元素，從上到下原子半徑依次增大，則鋁、磷、氯、

氟始終原子的原子半徑依次減小，故c正確；

D.氯化鋁是強(qiáng)酸弱堿鹽，鋁離子在溶液中水解使溶液呈酸性，故D正確；

故選Ao

11.D

【解析】

【詳解】

A.檸檬酸不含酯基，苯甲醇也不含酯基，結(jié)構(gòu)不相似，不是同系物，A錯(cuò)誤；

B.含有苯環(huán)，可以發(fā)生加成反應(yīng)，含有酯基、竣基、羥基，可以水解、酯化，水解、酯化均屬于取代反應(yīng),

B錯(cuò)誤；

C.竣基可以和碳酸氫鈉反應(yīng)生成C02,Imol該物質(zhì)含有2moi竣基，可最多與碳酸氫鈉反應(yīng)生成2moic

質(zhì)量為88g,C錯(cuò)誤；

OOH

OO

D.采用“定一移一”法判斷，苯環(huán)上有如圖(2+4)=6種二氯代物人人八

OH

D正確;

12.C

【解析】

【分析】

由圖中可以得到ZnTZn(OH)J,鋅的化合價(jià)升高，因此放電時(shí)，鋅電極是負(fù)極，NiOOH是正極，充電時(shí),

鋅電極是陰極，NiOOH是陽極，以此來解析；

【詳解】

A.鋅電極是負(fù)極，NiOOH是正極，所以NiOOH電極的電勢高于鋅電極的，A正確；

B.放電時(shí)，Zn^[Zn(OH)4]-,所以團(tuán)(0.產(chǎn)增多，[Zn(OH)F濃度增加，因此儲(chǔ)液罐中K21Zn(OH)4]溶液

的濃度增大，B正確，

C.鉛蓄電池中PbCh是正極，Pb是負(fù)極，充電時(shí)，鋅電極是陰極，應(yīng)該連接鉛蓄電池的負(fù)極，也就是Pb

電極，C錯(cuò)誤；

D.充電時(shí)，NiOOH電極是陽極，電極反應(yīng)式為：Ni(OH)2+OH-e-NiOOH+H20,D正確；

故選C。

13.B

【解析】

【詳解】

A.用硝酸銀標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定NaCl溶液，發(fā)生反應(yīng)：Ag++CI=AgCU，已知離子濃度發(fā)生突躍，指示電極電

位也產(chǎn)生了突躍，a點(diǎn)出現(xiàn)突躍，說明溶液中c(Ag+)發(fā)生了突躍，A正確;

B.Na2c。3溶液中存在n(Na)=2n(C),即物料守恒：c(Na+)=2c(HCO；)+2c(C0；)+2c(H2co3),B錯(cuò)誤;

C.Ksp(AgCl)只受溫度影響，a點(diǎn)后溫度不變，則Ksp(AgCl)不變，C正確；

D.由指示電極電位產(chǎn)生突躍的點(diǎn)即為AgNCh恰好與NaCl反應(yīng)，可知硝酸銀標(biāo)準(zhǔn)溶液消耗的體積，由

Ag++Cl-=AgCl1,則n(NaCl)=n(AgN03),可計(jì)算NaCl的質(zhì)量，若樣品質(zhì)量已知，則可求得雜質(zhì)NaCl的含

量，D正確；

故選：Bo

14.【答案】B

【解析】根據(jù)w=p/，E=mc2,因?yàn)?S太陽輻射的能量

4x1026

E=4X1026J=----、eV=2.5x1045eV=2.5x1019MeV,太陽每秒因?yàn)檩椛鋼p失的質(zhì)量為

1.6x1019

A/n=4=2.5xl039MeV/c2,故A錯(cuò)誤；比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，；He的比結(jié)合能比:H、：H的比

結(jié)合能都要大，故B正確；要使輕核發(fā)生聚變，可以用高溫使它們克服庫侖力讓輕核聚變，沒有克服核力,

故C錯(cuò)誤；目前核電站都是采用核裂變，故D錯(cuò)誤。故選B。

15.【答案】C

【解析】鋼管被拋出后豎直方向?yàn)閯蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)，加速度大小為g,由速度位移公式

代入數(shù)據(jù)，解得"=45m,又每層樓的高度約為3m,故鋼管下落的樓層最可能的是16層，ABD錯(cuò)誤，C

正確。故選C。

16.【答案】D

【解析】對小球受力分析，設(shè)彈簧由于水平方向夾角為。，豎直方向上，由平衡條件得&sin。=，咫

根據(jù)胡克定律有%=%，聯(lián)立可得sin'e+cos?*管+產(chǎn)J=1,可知隨著。增大，彈

(cose)舊J

簧的彈力不變，則彈簧長度不變，所以小球的高度不變，則重力勢能不變，故A錯(cuò)誤；由A分析可知：彈

簧的彈力對小球不做功，小球的動(dòng)能不斷增大，所以PQ桿對小球的作用力做正功，故D正確；由D選項(xiàng)

分析可知，PQ桿對小球的作用力沿著速度方向的分力使小球線速度增大，由題意可知，切向加速度不變，

則PQ桿對小球的作用力沿著速度方向的分力大小不變，當(dāng)速度小時(shí)，彈簧沿著水平方向的分力大于向心力,

則。桿對小球的作用力垂直速度方向的分力垂直向外，隨著角速度逐漸增大而減小，當(dāng)速度逐漸變大

到彈簧沿著水平方向的分力恰好向心力后，。桿對小球的作用力垂直速度方向的分力垂直MN向內(nèi)，隨著角

速度逐漸增大而增大，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成知PQ桿對小球的作用力先減小后增大，且不在垂直的方向上，

故BC錯(cuò)誤。故選D。

17.【答案】B

【解析】螺線管內(nèi)部的磁場方向平行于螺線管軸線，對同樣平行于螺線管軸線的導(dǎo)線沒有力的作用，故A

錯(cuò)誤；當(dāng)電流天平兩端平衡時(shí)，由于力臂相等，兩端的受力相等，則有〃?g=8〃，得8=半，故B正確；

祛碼質(zhì)量為，〃="二°05TJx10m=3幻0%,故C錯(cuò)誤；當(dāng)CO段導(dǎo)線電流反向時(shí)，根據(jù)左手定

g10N/kg

則，安培力變?yōu)橄蛏?，則不能通過懸掛祛碼的方式測量磁感應(yīng)強(qiáng)度，故D錯(cuò)誤。故選B。

18.【答案】C

【解析】根據(jù)竺竺=加駕r,可得T=2再H，因此軌道半徑r越大，周期越大，故A錯(cuò)誤；根據(jù)

產(chǎn)T2VGM

空竺=絲1,可得),=廖，軌道半徑/越大，速度越小，故B錯(cuò)誤；若測得張角為夕，如圖

rrVr

則可求出火星的半徑R=rsing,若測出飛行器P運(yùn)行的周期T,根據(jù)空色=〃?耳「，可得火星的的質(zhì)量

2/T-

,3_M_3幾

例=如9,因此火星的密度P==G.Si!?2，故C正確；由ABC中公式可知：探測器圍繞火星做

GT-sin2

圓周運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式中，探測器的質(zhì)量，"兩邊約去了，所以無法得到探測器P的質(zhì)量，故D錯(cuò)誤。故選C。

19.【答案】BC

【解析】該裝置產(chǎn)生的電動(dòng)勢大小E=&/u,與水中帶電離子的濃度無關(guān)，故A錯(cuò)誤；根據(jù)右手定則，如果

水流方向反向，則通過R的電流反向，故B正確；根據(jù)閉合電路歐姆定律E=/(H+r),其中內(nèi)阻r=勺，

2E2E2

通過電阻R的電流強(qiáng)度/=，故C正確；R消耗的電功率1=/予=而方.=°產(chǎn).，觀察發(fā)

pd+SR''R+—+2r

R

現(xiàn)當(dāng)R=r,時(shí)，R消耗的電功率有最大值，故電阻R的阻值增大，R消耗的電功率不一定增大，故D錯(cuò)誤。

故選BC。

20.【答案】AD

【解析】在P點(diǎn)時(shí)，重物的速度為零，則重物所受重力的瞬時(shí)功率為零，當(dāng)環(huán)上升到。點(diǎn)，環(huán)的速度向上

與繩垂直，則重物的速度為零，此時(shí)，重物所受重力的瞬時(shí)功率為零，故金屬環(huán)從P上升到。的過程中，

重物所受重力的瞬時(shí)功率先增大后減小，故A正確；金屬環(huán)從戶上升到Q的過程中，設(shè)繩子拉力做功為W,

對重物應(yīng)用動(dòng)能定理有W+%=。，貝心-%=-5叫焉-+-爭.，故B錯(cuò)誤；設(shè)金屬環(huán)在。

點(diǎn)的速度大小為乙對環(huán)和重物整體，由動(dòng)能定理得小忌-小砥高=*,解得T向故

C錯(cuò)誤；若金屬環(huán)最高能上升到N點(diǎn)，則整個(gè)過程中，金屬環(huán)和重物整體的機(jī)械能守恒，有

dd

5mg,解得a=53°,故D正確。故選AD。

sin0tana

21.【答案】BCD

【解析】上升過程系統(tǒng)能量守恒E+Ek=E總，結(jié)合圖像可知，上升過程中勢能先變小后變大，因此，小球

2的動(dòng)能先變大后變小,速度也先變大后變小,A錯(cuò)誤,B正確；根據(jù)庫侖定律工=第,可知’當(dāng)'-8

AE

時(shí)‘兄一。,系統(tǒng)勢能的變化量主要取決于重力做功=即菽,由此可知小球2的重力等

于圖中漸近線的斜率，結(jié)合圖像可知〃-爺=M=5N,解得好0.5kg,C正確；從x=6.0cm處運(yùn)動(dòng)

至x=20cm過程中，根據(jù)系統(tǒng)能量守恒△Ek=-AE=-0.4J,根據(jù)動(dòng)能定理可得％+叱乜=4線，又因?yàn)?/p>

%=FgAx=-0.7J,解得%=0.3J,從x=6.0cm處運(yùn)動(dòng)至x=20cm過程中，電場力做的正功0.3J,電勢

能減少0.3J,D正確。故選BCD。

22.（6分）【答案】（1）0.535（2分）（2）色（2分）（3）?絆（2分）

tMd~

【解析】（1）由游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則可知遮光片的寬度d=5mm+0.05x7mm=5.35mm=0.535mm

（2）由題意可得，遮光片遮光時(shí)小桶A的速度v=4

t

（3）根據(jù)機(jī)械能守恒定律有=,整理有%=2焉?.〃

如果得到的圖線為過原點(diǎn)的直線，且斜率-溪，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。

23.（9分）【答案】（1）右端（1分）（2）R（2分）（3）（2分）

612345678^

（4）6.9x103（2分）（6.8x10,一7.0x10.3）（2分）

【解析】（1）滑動(dòng)變阻器阻值應(yīng)全部接入干路，故變阻器K的滑動(dòng)片應(yīng)移至Ri的右端;

（2）當(dāng)?>>&時(shí)，％分壓作用明顯，故對電壓起粗調(diào)作用的是此；

（3）通過表中數(shù)據(jù)，描點(diǎn)作圖可得；

￡9

（4）可將R1視為電源內(nèi)阻，故電源短路電流為/短=元=訴;A=4.5mA

ZUUU

斜率為&=A；

,并使得兩圖像有交點(diǎn)，如圖所示

則交點(diǎn)坐標(biāo)即為二極管D的電流和電壓值，故二極管D消耗的電功率為

P=W?6.9x1.0x103W=6.9x103W

24.（14分）【答案】（1）￡p=10J；（2）v=5m/s；（3）。=4百rad/s

【解析】（1）由對稱性可知球與彈簧分離時(shí)球的速度相等，設(shè)為%,對A球，

由牛頓第二定律有尸=駕（1分）

由系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律得Ep=2xg叫%?（1分）

解得Ep=10J（1分）

（2）三個(gè)球在一條直線上時(shí)，C球速度與桿垂直，加速度等于0,速度最大，A、B球速度分別為片、匕，

由對稱性可知v,=v2（1分）

由系統(tǒng)動(dòng)量守恒定律可知叫W+〃4匕=色丫（1分）

由系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律得g町片+g町g+g?/=綜（］分）

解得u=5m/s（2分）

（3）設(shè)此時(shí)C球的速度為％,A、B球速度分別為乙、j，A、B球垂直C球速度方向的分速度分別為九.、

”,A、B球沿C球速度方向的分速度分別為％,、％,則門=耳+吮,4=總+吸（1分）

系統(tǒng)垂直C球速度方向動(dòng)量守恒有叫4=班”,（1分）

系統(tǒng)沿C球速度方向動(dòng)量守恒有班匕“+〃4”v=m2vc（1分）

由系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律得;g（4+吟）+?”名=4（1分）

聯(lián)立解得（v=4\/^rad/s（2分）

25.（18分）【答案】（1）*；⑵萬+26）；⑶①Pj；②（2-七：2細(xì),_BR）

qR3%93

【解析】（1）粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力提供向心力，故有g(shù)%8=S五（1分）

解得2=爺（2分）

qR

（2）設(shè)從M點(diǎn)發(fā)射的粒子，在￡點(diǎn)進(jìn)入磁場，從N點(diǎn)發(fā)射的粒子，在A點(diǎn)進(jìn)入磁場，從C點(diǎn)離開磁場,

打在屏上的。點(diǎn)，圓周運(yùn)動(dòng)的圓心為O/,如圖所示

由于粒子源MN長度為R,并與y軸垂直，且中點(diǎn)發(fā)射的粒子速度方向恰好指向O',所以

OA=（yE=AE=R（1分）

故有.NO'A￡'=6（T（1分）

由題意可得O'A=O'C=aA=OC=R

由幾何知識(shí)可得NAO。=ZO'AE=60°

所以NCDO=ZAOtC=60°（1分）

粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為0=￡7=j鄴（1分）

36（）6%3%

粒子從C點(diǎn)到D點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為灰衛(wèi)=.，八廣坐（1分）

%%sin603%

所以粒子源右端點(diǎn)N發(fā)射的粒子從進(jìn)入磁場到打到屏上所經(jīng)歷的時(shí)間f+。2=普（萬+20）（2分）

3%

（3）未加電場時(shí)，從“點(diǎn)發(fā)射的粒子從E點(diǎn)進(jìn)入磁場，從C點(diǎn)離開磁場，打在屏上的F點(diǎn)，從MV中點(diǎn)

發(fā)射的粒子會(huì)打在。點(diǎn)，如圖所示

在磁場區(qū)域加上一個(gè)沿X軸正方向的電場時(shí)，粒子會(huì)在X軸方向加速，由于粒子在X軸方向的分速度與磁場

方向平行，所以該分速度不受洛倫茲力，故粒子在X軸方向僅受電場力作用，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在圖甲所

示的平面內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況與未加電場時(shí)相同，所以從M點(diǎn)發(fā)射的粒子打在屏上的P3點(diǎn)；

由圖可知，從M點(diǎn)發(fā)射的粒子打在屏上時(shí)與O點(diǎn)相距最遠(yuǎn)，在x軸方向gE=，加7（1分）

又因石=萼（1分）

qR

所以〃=這=液（1分）

mR

由幾何知識(shí)可得NC4E=120°,NCR9=60°（1分）

所以粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間4=瞿7=；2述=乎（1分）

粒子在x軸方向的位移為x=gaf；+attt2=2汽"+2加兀）

粒子在y軸方向的位移為），=-0尸=-4/?（1分）

所以所有粒子中與。點(diǎn)相距最遠(yuǎn)的粒子在屏上的坐標(biāo)為（2R（＞+2電,-立R）。（1分）

93

26.（14分）

【答案】（1）三頸燒瓶

（2）3Ca（OH）2+6H2O=3Ca（H,PO2）2+2PH3

⑶除盡尾氣中的PH3

（4）使溶解在濾液中的氮氧化鈣轉(zhuǎn)化成碳酸沉淀而除去將反應(yīng)液靜置，再用膠頭滴管取燒中少量的上

層清液繼續(xù)滴加碳酸鈉溶液，若不出白色沉淀，則說明反應(yīng)完全

(5)無氧條件(隔絕空氣加熱)

(6)藍(lán)色消失%

【解析】

【分析】

I.中白磷和熟石灰、水在加熱時(shí)，會(huì)生成次酸鈣和PH3,硫酸銅溶液的目的是除盡尾氣中的PH3氣體。II.中

左側(cè)產(chǎn)生二氧化碳并且飽和碳酸氫鈉除去揮發(fā)出的鹽酸，適量的二氧化碳其目的是使溶解在濾液中的氫氧

化鈣轉(zhuǎn)化成碳酸沉淀而除去，據(jù)此分析解題。

(1)

由裝置甲中可知儀器a的名稱是三頸燒瓶。

(2)

白磷和熟石灰、水在加熱時(shí)，會(huì)生成次酸鈣和PH,氣體，則反應(yīng)的化學(xué)方程：

3Ca(OH)2+6H,O=3Ca(H,P02)2+2PH3。

(3)

采用過量的硫酸銅溶液的目的是除盡尾氣中的PH3氣體，PH3會(huì)將硫酸銅還原為單質(zhì)銅。

(4)

再加入碳酸鈉之前需通入適量的二氧化碳其目的是使溶解在濾液中的氫氧化鈣轉(zhuǎn)化成碳酸沉淀而除去。為

了檢驗(yàn)燒瓶中的次磷酸鈣溶液是反應(yīng)完全，可以將反應(yīng)液靜置，再用膠頭滴管取燒中少量的上層清液繼續(xù)

滴加碳酸鈉溶液，若不出白色沉淀，則說明反應(yīng)完全。

(5)

由于次磷酸鈉具有強(qiáng)還原性，因此在濃縮時(shí)應(yīng)隔絕空氣加熱。

(6)

①以硫代硫酸鈉標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定至淺黃色，加入淀粉試劑，繼續(xù)滴定直至藍(lán)色消失則為滴定終點(diǎn)。

②將配制好的次磷酸鈉溶液加入到碘瓶中，再加入過量的碘標(biāo)準(zhǔn)溶液，其發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為

+

H2PO2+2I2+2H2O=H3PO4+4r+3H;然后再用硫代硫酸鈉溶液滴定過量的碘溶液，發(fā)生反應(yīng)

%+2Na2s。=Na,S4O(,+2NaI,由于消耗c2mol/L硫代硫酸鈉溶液的體積為V2mL,則可知剩余h的物質(zhì)

的量n(L)=0.5cM?10Tmol,則與次磷酸鈉反應(yīng)的碘的物質(zhì)的量n'(L)=(cN「0.5cM)?4,因?yàn)?/p>

n(NaH2PO2)~2n(12),所以n(NaH2Po2)=0.5?,-0.5c2V?)?lO^mol,因此m(NaH2Po?)=22(2c以qV?)?

3

痂出凡公淑1出0/22(2c,v-cv)?102C[V]-C2V2

故質(zhì):M分?jǐn)?shù)為：w%=........-i~o―9...........?100%=——~%

8.84

27.(14分)

【答案】(1)2網(wǎng)、.會(huì)、電+3通

(2)小于

(3)0.024

(4)BC

(5)Si2適當(dāng)增大氨氣的濃度

【解析】

(1)

該反應(yīng)為可逆反應(yīng)，在一定溫度下，利用催化劑將NH,分解為N?和H2的化學(xué)方程式為

2^3、瞿瑞、凡+3%

(2)

該反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，說明反應(yīng)物的總能量小于生成物的總能量；

(3)

充入2moiNH3發(fā)生該反應(yīng)，5min未測得容器中〃(NHjWZmol,

n(NHJ=M=5：L2/mol=00]6moi[Lmin?,由反應(yīng)速率之比等于系數(shù)比，貝U

VAt10Lx5min

3

v(H,)=—v(NH,)=0.024molL''-min'1；

(4)

A.該反應(yīng)是可逆反應(yīng)，NH,不能完全轉(zhuǎn)化，則NH,的濃度不可能為0,A錯(cuò)誤；

B.反應(yīng)達(dá)到化學(xué)平衡時(shí)各物質(zhì)的組成濃度不再改變，則H?的物質(zhì)的量保持不變可說明達(dá)到平衡，B正確;

C.正反應(yīng)速率與逆反應(yīng)速率相等說明反應(yīng)達(dá)到化學(xué)平衡，C正確；

D.NH〉Nr凡的物質(zhì)的量之比與起始投料有關(guān)，當(dāng)比例為2:1:3不能說明反應(yīng)達(dá)到化學(xué)平衡，D錯(cuò)誤；

故選：BC；

(5)

太陽能電池板的主要材料是硅Si,由反應(yīng)2NH3^^^N2+3H〉生成3moi凡時(shí)轉(zhuǎn)移6moi電子，裝置

中生成ImolH?時(shí)，電路中通過2moi電子；為提高制取氫氣的反應(yīng)速率，可采取的方法是適當(dāng)增大氨氣的濃

度。

28.(15分)

【答案】(1)增大C1-濃度，提高浸出率HC1揮發(fā)Bi?+水解程度增大，生成難溶的BiOCl

(2)AgCl、PbCl2

2+

(3)3Cu+4OH+2C1-CU3(OC1)2+2H2O97.6%

(4)NaCl

3++

(5)Bi+Cl-+H2O=BiOCl+2H

【解析】

【分析】

氧化物渣的主要成分為BiQs，含有PbO、AgQ、CuO雜質(zhì)，由流程可知，加鹽酸、飽和食鹽水分離出濾

渣I為AgCl、PbCl2,過濾后濾液加NaOH生成BiOCl,濾液H含銅離子，再加NaOH生成CuKO。門,濾

液III含NaCI,NaCl可在浸出步驟中循環(huán)使用，BiOCl中加入熱NaOH發(fā)生

△

2BiOCl+NaOH==Bi2O3+2NaCl+H2O,高溫下C與Nq、熔煉生成Bi,以此來解答。

(1)

鈿的浸出率隨C「濃度增大而增大，因此NaCl的作用是增大CP濃度，提高浸出率；由于升高溫度，HC1受

熱會(huì)發(fā)，且Bi?+水解程度增大，生成難溶的BiOCl,因此浸出率下降；

(2)

根據(jù)以上分析可知“濾渣1”的成分為AgCl、PbCl2；

(3)

“沉銅”時(shí)，向“濾液H”中加入NaOH溶液調(diào)節(jié)pH,CiP+生成CM。。)?，離子方程式為

3Cu12+3+4OH+2Cr=Cu3(OCI)2+2Hq；若“濾液II”中。仁產(chǎn))為ogmol?L,常溫下加入等體積的NaOH

溶液使pH恰好為6時(shí)，出現(xiàn)CU(0H)2沉淀，根據(jù)4的溶度積常數(shù)可知

1.2X1。-20

c(Cu2+)=mol/L=1.2xlO_4mol/L

(10-02,且等體積混合，此時(shí)Cu?+的去除率為

0.01-2X1.2X10-4

x100%=97.6%

0.01

(4)

“濾液HI”中含NaCl,經(jīng)加熱濃縮后可返回浸出工序循環(huán)使用；

（5）

由流程圖可知水解工序時(shí)Bi3+和氯離子和水反應(yīng)生成BiOCl,故其對應(yīng)的離子方程式為：

3++

Bi+Cl+H2O=BiOCl+2Ho

29.（8分）

【答案】

（1）細(xì)胞中葉綠素含量減少，類胡蘿卜素的占比增加，葉片呈現(xiàn)出類胡蘿卜素的顏色（2分）提取變黃

葉片和正常綠色葉片中的光合色素，層析法分離后觀察并對比兩種葉片的色素形成的色素帶（3分）

（2）光照和溫度（1分）

（3）脫落酸（1分）有機(jī)物的消耗（1分）

【解析】

綠色植物葉片中主要含有胡蘿卜素、葉黃素、葉綠素a和葉綠素b；其中胡蘿卜素、葉黃素稱為類胡蘿卜素,

主要吸收藍(lán)紫光，葉綠素a和葉綠素b稱為葉綠素，主要吸收紅光和藍(lán)紫光。

（I）植物葉綠體中的色素主要有葉綠素和類胡蘿卜素，秋季細(xì)胞中葉綠素含量減少，類胡蘿卜素的占比增加,

葉片呈現(xiàn)出類胡蘿卜素的顏色，故秋季草木葉片變黃要驗(yàn)證上述現(xiàn)象，可通過紙層析法進(jìn)行色素的提取和

分離：提取變黃葉片和正常綠色葉片中的光合色素，層析法分離后觀察并對比兩種葉片的色素形成的色素

帶。

（2）光照和溫度都會(huì)影響色素的含量和比例，故秋季葉片變黃主要與光照和溫度等環(huán)境因素有關(guān)。

（3）脫落酸會(huì)促進(jìn)葉片脫落；葉片脫落有利于植物度過寒冬的原因是脫落可減少有機(jī)物的消耗。

30.（8分）

【答案】

（1）免疫器官（1分）

（2）體液免疫和細(xì)胞免疫（1分）細(xì)胞毒性T細(xì)胞（I分）輔助性T細(xì)胞表面的特定分子發(fā)生變化

并與B細(xì)胞結(jié)合（I分）漿細(xì)胞（I分）與奧密克戎變異毒株結(jié)合，抑制病毒的增殖或?qū)θ梭w細(xì)胞

的黏附（1分）

（3）疫苗（1分）抗體（1分）

【解析】

1、體液免疫：病原體侵入機(jī)體后，一些病原體被樹突狀細(xì)胞、B細(xì)胞等抗原呈遞細(xì)胞攝取，這為激活B細(xì)

胞提供了第一個(gè)信號(hào)，抗原呈遞細(xì)胞將抗原處理后呈遞在細(xì)胞表面，然后傳遞給輔助性T細(xì)胞，輔助性T

細(xì)胞表面的特定分子發(fā)生變化并與B細(xì)胞結(jié)合，這為激活B細(xì)胞提供了第二個(gè)信號(hào)，輔助性T細(xì)胞開始分

裂、分化，并分泌細(xì)胞因子，B細(xì)胞受到兩個(gè)信號(hào)的刺激后開始分裂、分化，大部分分化為漿細(xì)胞，小部分

分化為記憶B細(xì)胞，細(xì)胞因子促進(jìn)B細(xì)胞的分裂、分化過程，漿細(xì)胞產(chǎn)生和分泌大量抗體，抗體可以隨體

液在全身循環(huán)并與這種病原體結(jié)合，抗體與病原體結(jié)合可以抑制病原體增殖或?qū)θ梭w細(xì)胞的黏附。

2、據(jù)圖可知：I?VH表示抗原呈遞細(xì)胞、細(xì)胞毒性T細(xì)胞、細(xì)胞毒性T細(xì)胞、記憶T細(xì)胞、B細(xì)胞、基因

B細(xì)胞、漿細(xì)胞；g表示抗體，c、d、e、f表示細(xì)胞因子，a、b表示抗原。

（1）免疫系統(tǒng)的組成：免疫器官、免疫細(xì)胞和免疫活性物質(zhì)，圖中顯示了輔助性T細(xì)胞等免疫細(xì)胞和細(xì)胞因

子、抗體等免疫活性物質(zhì)，沒有顯示免疫器官。

（2）病毒侵入機(jī)體后先通過體液免疫阻礙它的傳播，再通過細(xì)胞免疫予以消滅，因此人體感染奧密克戎變異

毒株后，機(jī)體需要通過體液免疫和細(xì)胞免疫同病毒作戰(zhàn)，完成對機(jī)體穩(wěn)態(tài)的調(diào)節(jié)。據(jù)圖可知，HI細(xì)胞參與

細(xì)胞免疫，是由細(xì)胞毒性T細(xì)胞增殖分化形成的，能與被感染細(xì)胞結(jié)合，導(dǎo)致其裂解死亡，因此IH細(xì)胞的

名稱是細(xì)胞毒性T細(xì)胞。病原體侵入機(jī)體后，一些病原體被樹突狀細(xì)胞、B細(xì)胞等抗原呈遞細(xì)胞攝取，這

為激活B細(xì)胞提供了第一個(gè)信號(hào)，輔助性T細(xì)胞表面的特定分子發(fā)生變化并與B細(xì)胞結(jié)合，這為激活B細(xì)

胞提供了第二個(gè)信號(hào)，V細(xì)胞即B細(xì)胞能增殖分化形成漿細(xì)胞（大部分）和記憶細(xì)胞（小部分），漿細(xì)胞能

產(chǎn)生抗體g，抗體的作用是與奧密克戎變異毒株結(jié)合，抑制病毒的增殖或?qū)θ梭w細(xì)胞的黏附。

（3）注射疫苗，引起人體的免疫反應(yīng)，在體內(nèi)產(chǎn)生抗體和記憶細(xì)胞，進(jìn)而獲得了對該抗原的抵抗能力，因此

可以通過接種疫苗實(shí)現(xiàn)群體兔疫；通過接種加強(qiáng)針來提高抗體水平。

31.（11分）

【答案】

（1）河流是由其中的生物群落與它的無機(jī)環(huán)境相互作用形成的統(tǒng)一整體（2分）消費(fèi)者、非生物的物

質(zhì)和能量（2分）生產(chǎn)者為分解者提供有機(jī)物，分解者將動(dòng)植物遺體和動(dòng)物的排遺物等分解，為綠色

植物提供二氧化碳和無機(jī)鹽（2分）

（2）抵抗力（1分）微生物分解（1分）（一定的）自我調(diào)節(jié)（1分）

（3）某些區(qū)段進(jìn)行人工增氧、引入微生物分解污物、引入水生植物進(jìn)行生態(tài)修復(fù)等（2分）

【解析】

生態(tài)系統(tǒng)是指在一定地域內(nèi)生物與無機(jī)環(huán)境形成的統(tǒng)一整體。生態(tài)系統(tǒng)的結(jié)構(gòu)包括生態(tài)系統(tǒng)的成分、食物

鏈和食物網(wǎng)，其中，生態(tài)系統(tǒng)的成分包括非生物的物質(zhì)和能量、生產(chǎn)者、消費(fèi)者、分解者。

（1）河流里所有生物和無機(jī)環(huán)境相互作用，形成統(tǒng)一整體，因此一條河流可以稱作一個(gè)生態(tài)系統(tǒng)；生態(tài)系統(tǒng)

的成分包括生產(chǎn)者、分解者、消費(fèi)者、非生物的物質(zhì)和能量；生產(chǎn)者能為分解者提供有機(jī)物，分解者能將

動(dòng)植物遺體和動(dòng)物的排遺物等分解成二氧化碳和無機(jī)鹽，為綠色植物提供二氧化碳和無機(jī)鹽，供綠色植物

進(jìn)行光合作用產(chǎn)生有機(jī)物。

（2）抵抗力穩(wěn)定性是指生態(tài)系統(tǒng)受到破壞時(shí)，具有保持自身結(jié)構(gòu)和功能相對穩(wěn)定的能力，因此當(dāng)?shù)匕傩赵诤?/p>

流中淘米洗菜、洗衣，但河水仍能保持清澈的原因是生態(tài)系統(tǒng)具有抵抗力穩(wěn)定性。河水通過物理沉降、化

學(xué)分解和為微生物分解，很快消除污染，這體現(xiàn)了生態(tài)系統(tǒng)具有一定的自我調(diào)節(jié)能力。

（3）治理已有污染的河流，可采用物理、化學(xué)、生物等方法進(jìn)行治理，如機(jī)械除藻、底泥疏浚、在某些區(qū)段

人工增氧、利用微生物分解污染物、利用水生植物進(jìn)行生態(tài)修復(fù)等，其中“在某些區(qū)段人工增氧、利用微生

物分解污染物、利用水生植物進(jìn)行生態(tài)修復(fù)等”屬于生物治理。

32.（12分）

【答案】

（1）AaBBxaabb或AabbxaaBB（2分）aaBb（1分）矮莖紅花：矮莖白花=3：1（2分）

（2）13或11（2分）

（3）讓該高莖植株自交，觀察并記錄子代的表現(xiàn)型及比例（2分）子代中高莖：矮莖=3：1（1分）子

代均為高莖或高莖：矮莖=1：1（2分）

【解析】

1.基因分離定律的實(shí)質(zhì)：在雜合子的細(xì)胞中，位于一對同源染色體上的等位基因，具有一定的獨(dú)立性；生物

體在進(jìn)行減數(shù)分裂形成配子時(shí)，等位基因會(huì)隨著同源染色體的分開而分離，分別進(jìn)入到兩個(gè)配子中，獨(dú)立

地隨配子遺傳給后代。

2.基因自由組合定律的實(shí)質(zhì)是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或自由組合是互不干擾的；在減數(shù)

分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時(shí)，非同源染色體上的非等位基因自由組合。

（1）有兩個(gè)不同性狀的豌豆親本雜交，R代中高莖：矮莖=1：1,說明親本的基因型為Aaxaa,B代全為紅花,

說明親本的基因型為BBxbb。因此親本的基因型為AaBBxaabb或AabbxaaBB,二者雜交后代的基因型為

AaBb（高莖紅花）、aaBb（矮莖紅花）。B中基因型為AaBb的植株自交產(chǎn)生的矮莖白花的比例為1/4x1/4=1/16,

而基因型為aaBb的植株自交產(chǎn)生的后代的表現(xiàn)型及比例為矮莖紅花：矮莖白花=3：1,其中矮莖白花植株

比例為1/4,即基因型為aaBb的植株自交產(chǎn)生的后代中產(chǎn)生的矮莖白花的比例最高。

（2）A基因所在的同源染色體不分離，情況有兩種：一種是兩條同源染色體同時(shí)進(jìn)入次級(jí)卵母細(xì)胞，經(jīng)過正

常的減數(shù)第二次分裂得到的雌配子中染色體數(shù)目為12+1=13條；另一種可能是兩條同源染色體同時(shí)進(jìn)人第

一極體，次級(jí)卵母細(xì)胞進(jìn)行正常的減數(shù)第二次分裂得到的雌配子染色體數(shù)目為12-1=11條。

（3）含異常染色體的花粉不能受精，可讓該高莖植株自交，若A、a基因不在7號(hào)染色體上，所有花粉都能受

精，自交結(jié)果為高莖：矮莖=3：1：若A、a基因在7號(hào)染色體上則有兩種情況，若A在正常7號(hào)染色體上,

a花粉不能受精，其自交后代的表現(xiàn)型全是高莖，若A在異常染色體匕則A花粉不能受精，則自交后代

高莖：矮莖=1：1,因此其實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)思路是：讓該高莖植株自交，觀察并記錄子代的表現(xiàn)型及比例。

預(yù)期實(shí)驗(yàn)結(jié)果及結(jié)論：若子代中高莖：矮莖=3：1,則基因A（a）不在7號(hào)染色體上；

若了代均為高莖或高莖：矮莖=1：1,則基因A（a）在7號(hào)染色體匕

33.［物理——選修3-3］（15分）

（1）（6分）【答案】0（3分）J（3分）

【解析】氣體從。狀態(tài)沿直線I變化到b狀態(tài)，直線I為等容線，氣體對外做功W=0。直線I、H均為等容

線，氣體在人狀態(tài)和c狀態(tài)單位體積的分子數(shù)之比跟f=0℃時(shí)單位體積的分子數(shù)之比相等，根據(jù)壓強(qiáng)的微觀

解釋%

?cP2

（2）（9分）【答案】（1）5.83cm；（2）3cm

【解析】（1）設(shè)玻璃管的橫截面積為S,右側(cè)氣體初狀態(tài)體積叭=5S

VLS

溫度升高過程氣體壓強(qiáng)不變,由蓋-呂薩克定律得/=天（2分）

*1，2

代入數(shù)據(jù)解得，右側(cè)空氣柱的長度L=5.83cm（2分）

（2）大氣壓強(qiáng)po=75cmHg,由圖示可知，右管氣體壓強(qiáng)p石=（75+15）cmHg=90cmHg

左管初狀態(tài)壓強(qiáng)P在/=p^=90cmHg

左管初狀態(tài)體積V^/=32S

溫度升高后，設(shè)左側(cè)管內(nèi)水銀面下降的高度為〃，左管氣體末狀態(tài)壓強(qiáng)p在2=2石+2〃=（90+2/7）cmHg

左管內(nèi)氣體末狀態(tài)的體積丫在2=（32+〃）S

對左管內(nèi)氣體，由理想氣體狀態(tài)方程得：絲件=絲建（2分）

代入數(shù)據(jù)解得6=3cm（3分）

34.［物理——選修3YJ（15分）

（1）（6分）【答案】ABE

【解析】由玻璃對藍(lán)光的折射率較大，根據(jù)□=￡,可知紅光在玻璃中傳播速度比藍(lán)光大，A正確；玻璃對

n

藍(lán)光的折射率較大，則偏折程度較大，可知從。點(diǎn)射出的為紅光，從6點(diǎn)射出的為藍(lán)光，B正確；對于C,

我們應(yīng)首先明白，除了題設(shè)給出的兩個(gè)三棱鏡外，二者之間又形成一個(gè)物理模型——平行玻璃磚（不改變

光的方向，只使光線發(fā)生側(cè)移）。中間平行部分只是使光發(fā)生了側(cè)移。略去側(cè)移因素，整體來看，仍是一塊

平行玻璃板，AB0.所以出射光線仍平行，C錯(cuò)誤；干涉條紋間距華7'。光的波長較大，則“光的

干涉條紋間距大于6光的干涉條紋間距，D錯(cuò)誤；作出光路圖如圖所示

可知光線Pc在P點(diǎn)的折射角與光線ea在。點(diǎn)的入射角相等，據(jù)光路可逆，則過a點(diǎn)的出射光線與過P點(diǎn)

的入射光線平行，則E正確。故選ABE。

(2)(9分)【答案】(1)0.40m；(2)0

【解析】(1)對。點(diǎn)的振動(dòng)分析，可得胃37，則T=2s(1分)

對M點(diǎn)的振動(dòng)分析，知A區(qū)域水波波長〃=OM=4m(1分)

貝！I有VA=2m/s(1分)

由尸，代入數(shù)據(jù)求得ZM=0.40mo(1分)

(2)由丫=4^,代入數(shù)據(jù)求得匹=3m/s(1分)

貝ijAB=VBT=6m(1分)

波傳到N點(diǎn)的時(shí)間《="=八(1分)

%

所以f=3s時(shí)，N點(diǎn)剛好完成一個(gè)全振動(dòng)，可知其在平衡位置向上振動(dòng)，位移為0。(2分)

35.(15分)

【答案】⑴2Be

(2)sp32

(3)N>C>H

(4)BC

(5)當(dāng)陽離子所帶電荷相同時(shí)，陽離子半徑越小，其結(jié)合氧離子能力就越強(qiáng)，對應(yīng)的碳酸鹽就越容易分解

12x8x4

(6)P--103

NA(axlO)

【解析】

(1)

基態(tài)14c原子，軌道表示式為囤E11口1所以有2對成對電子，成對電子中兩個(gè)電子自旋方向

Is2s2p

相反；同周期元素第一電離能呈增大趨勢，但HA>I11A,VA>VIA,所以Be、B、C的第一電離能順序?yàn)?/p>

B<Be<C,第一電離能介于B和C之間的是Be；故答案為：2；Be；

(2)

由圖1晶體的空間結(jié)構(gòu)可看出C原子形成的是四面體結(jié)構(gòu)，碳原子的雜化方式為sp3；圖2晶體是平面結(jié)構(gòu),

最小環(huán)為六元環(huán)，每個(gè)碳原子連接3個(gè)C-C鍵，則每個(gè)碳原子連接3個(gè)六元環(huán)，每個(gè)六元環(huán)占有的碳原子

數(shù)為6x；=2,故答案為：sp3；2；

(3)

毗咯中所含元素是C、N、H,一般來說同周期從左到右電負(fù)性逐漸增強(qiáng)，所以電負(fù)性是N