2023-2024學年浙江省浙南名校聯(lián)盟高二上學期10月聯(lián)考物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE12023學年第一學期浙南名校聯(lián)盟10月聯(lián)考高二年級物理學科試題一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分。）1.下列物理單位屬于國際基本單位的是（）A.韋伯 B.安培 C.亨 D.特斯拉〖答案〗B〖解析〗韋伯、亨、特斯拉為導出單位，安培為基本單位。故選B。2.2023年9月10日上午9時，杭州第19屆亞運會火炬?zhèn)鬟f嘉興站啟動，嘉興站的路線以“紅船領航、筑夢未來”為主題，分為江南古韻、百年風華、活力之都三大篇章，全長8.8千米，下列說法正確的是（）A.2023年9月10日上午9時，“9時”指的是時間B.全長8.8千米，“8.8千米”指的是位移C.兩位火炬手進行火炬交接時可以把火炬看成質(zhì)點D.根據(jù)已知信息，無法求全程的平均速率〖答案〗D〖解析〗A．2023年9月10日上午9時，“9時”指的是時刻，故A錯誤；B．全長8.8千米，“8.8千米”指的是路程，故B錯誤；C．兩位火炬手進行火炬交接時，火炬的形狀大小不能忽略不計，不可以把火炬看成質(zhì)點，故C錯誤；D．平均速率等于路程除以所用時間，由于題意不能知道所用時間，所以無法求全程的平均速率，故D正確。故選D。3.2023年9月24日，在杭州富陽水上運動中心舉行的杭州亞運會女子雙人雙槳決賽中，中國組合魯詩雨/沈雙美以7分03秒41的成績奪得冠軍，下列說法正確的是（）A.槳對水的作用力和水對槳作用力大小相等B.先有槳對水的作用力，后有水對槳的作用力C.槳對水的作用力和水對槳的作用力是兩種不同性質(zhì)的力D.兩人在比賽過程中劃行速度越快，慣性越大〖答案〗A〖解析〗ABC．根據(jù)牛頓第三定律知槳對水的作用力和水對槳作用力大小相等，且同時產(chǎn)生，性質(zhì)相同，故A正確，BC錯誤；D．慣性與物體運動的速度無關，故D錯誤。4.在家門口舉行的杭州亞運會，中國代表團精銳盡出，36位奧運國領銜出戰(zhàn)。包括中國乒乓球隊、中國跳水隊在內(nèi)的六支夢之隊都派出了最強陣容，力爭捍衛(wèi)中國榮耀。在這六支夢之隊中，中國舉重隊是十分低調(diào)的金牌之師，并不在乎媒體的曝光度，一直秉承用實力說話的理念。同時，他們又是訓練極為刻苦，訓練內(nèi)容極為枯燥的王者之師，汗水鑄就了他們今時今日之榮耀，值得一提的是，在上屆奧運會中李發(fā)彬不僅打破了奧運會紀錄，還在比賽現(xiàn)場舉著166公斤的杠鈴上演了驚心動魄的金雞獨立場景，將李發(fā)彬的單腳支撐和雙腳著地均視作平衡狀態(tài).關于此過程的表述正確的是（）A.單腳支撐時地面對李發(fā)彬的支持力大小比雙腳著地時的支持力大B.單腳支撐時腳對地面的壓力和李發(fā)極所受的重力是一對平衡力C.在舉起的過程中，雙手對杠鈴橫桿的作用力等于杠鈴的重力D.若李發(fā)彬握杠的兩手間距離變大，則其手臂受杠鈴的作用力將變大〖答案〗D〖解析〗A．將人與杠鈴視為一整體，因均處于平衡態(tài)，單腳支撐時地面對李發(fā)彬的支持力大小與雙腳著地時的支持力均等于整體的重力，故A錯誤；B．單腳支撐時腳對地面的壓力作用在地面上，而重力作用在運動員上，兩者不是一對平衡力，故B錯誤；C．當雙手對杠鈴的作用力大于杠鈴重力時杠鈴才能被舉起，故C錯誤；D．以杠鈴為研究對象進行受力分析則解得則李發(fā)彬握杠的兩手間距離變大，則變小，其手臂受杠鈴的作用力將變大，故D正確。故選D。5.高竿船技是嘉興烏鎮(zhèn)至今仍保留并演出的傳統(tǒng)民間雜技藝術，表演有爬上固定在船上的竹竿，模擬蠶寶寶吐絲做繭的動作祈愿蠶繭豐收。如圖所示，表演者沿彎曲傾斜的竹竿緩慢向上爬行的過程中（）A.竹竿對表演者的作用力是一個恒力B.表演者與竹竿間的摩擦力始終為零C.表演者對竹竿的彈力是由竹竿形變產(chǎn)生的D.竹竿對表演者的彈力是一個恒力〖答案〗A〖解析〗A．表演者沿彎曲傾斜的竹竿緩慢向上爬行，處于動態(tài)平衡狀態(tài)，竹竿對表演者的作用力始終與表演者的重力等大反向，是一個恒力，故A正確；B．因桿彎曲傾斜，根據(jù)平衡條件可知人應受到摩擦力的作用，故B錯誤；C．表演者對竹竿的彈力是由表演者形變產(chǎn)生的，故C錯誤；D．竹竿對表演者的作用力包括竹竿對表演者的彈力和竹竿對表演者的摩擦力，二者的合力是一個恒力，由于攀爬過程中，竹竿的彎曲程度發(fā)生改變，表演者越遠離竹竿底部則桿與水平方向的夾角就越小，所以彈力就越大，則竹竿對表演者的彈力發(fā)生改變，故D錯誤。6.第24屆冬奧會于2022年2月4日在我國的北京、延慶等地舉行，如圖甲所示，兩名質(zhì)量相同的跳雪運動員a、b（可視為質(zhì)點）從雪道末端先后以初速度、，沿水平方向向左飛出，示意圖如圖乙。若不計空氣阻力，則兩名運動員從飛出至落到雪坡（可視為斜面）上的整個過程中，下列說法正確的是（）A.a、b飛行時間之比為B.a、b飛行的水平位移之比C.a、b落到雪坡上的瞬時速度方向不相同D.a、b落到雪坡上的動能之比為1∶4〖答案〗D〖解析〗A．設運動員的飛行時間為t，根據(jù)平拋運動規(guī)律有根據(jù)幾何關系有聯(lián)立解得所以他們飛行時間之比為故A錯誤；B．他們飛行的水平位移之比為故B錯誤；C．設運動員落到雪坡上的瞬時速度方向與水平方向的夾角為α，整理可知所以他們落到雪坡上的瞬時速度方向一定相同，故C錯誤；D．根據(jù)C選項可知，兩名運動員落到雪坡上時的速度大小之比為，根據(jù)可知兩名運動員落到雪坡上時的動能之比為，故D正確。7.如圖為游樂園里的“魔幻大轉盤”游戲項目，有甲、乙兩位游客隨大轉盤在水平面內(nèi)一起做勻速圓周運動。甲緊貼轉盤邊緣，乙靠近轉盤中心，甲乙相對圓盤均未發(fā)生相對滑動，下列正確的是（）A.甲做圓周運動向心力僅由重力的分力提供B.甲的向心加速度大于乙的向心加速度C.甲的線速度的大小等于乙的線速度的大小D.甲所受合力的大小一定等于乙所受合力的大小〖答案〗B〖解析〗A．甲乙兩位游客所受的合力提供向心力，而兩位游客除了重力還受其他力，故A錯誤；B．甲乙兩位游客隨大轉盤在水平面內(nèi)一起做勻速圓周運動，所以甲乙兩游客的角速度相等，又根據(jù)得甲的向心加速度大于乙的向心加速度，故B正確；C．根據(jù)得甲得線速度大于乙得線速度，故C錯誤；D．由于甲乙兩位游客的質(zhì)量大小關系不知，故無法判斷兩者合力的大小關系，故D錯誤。8.中國計劃2023年5月發(fā)射天舟六號貨運飛船和神舟十六號載人飛船，并形成三艙三船組合體，此次任務將上行航天員駐留和消耗物資、維修備件、推進劑和應用任務載荷樣品，并下行在軌廢棄物。飛船發(fā)射后會在停泊軌道（Ⅰ）上進行數(shù)據(jù)確認，后擇機經(jīng)轉移軌道（Ⅱ）完成與中國空間站的交會對接，其變軌過程可簡化如圖所示，已知停泊軌道半徑近似為地球半徑R，中國空間站軌道距地面的平均高度為h，飛船在停泊軌道上的周期為，則（）A.飛船在停泊軌道上的速度小于在空間站軌道上運行的速度B.飛船應提前時間于P點點火加速進而在Q點完成交會對接C.因為飛船在P點加速進入轉移軌道，相比于停泊軌道。其在轉移軌道上的速度越來越大D.中國空間站的物品或宇航員可以漂浮，說明此時地球對他們的引力消失了〖答案〗B〖解析〗AC．飛船在停泊軌道和空間站軌道上根據(jù)得又所以飛船在停泊軌道上的速度大于在空間站軌道上運行的速度，而且飛船在轉移軌道上由近地點向遠地點運動，速度越來越小，故AC錯誤；B．根據(jù)題意，由幾何關系可得，飛船在轉移軌道上的半長軸為設飛船在轉移軌道上的周期為T2，由開普勒第三定律有解得則飛船提前在P點點火，在Q點完成交會對接的時間為故B正確；D．中國空間站的物品或宇航員可以漂浮，是由于處于完全失重狀態(tài)，不是地球對他們的引力消失了，故D錯誤。故選B。9.關于靜電屏蔽，下列說法不正確的是（）A.圖甲是靜電釋放器，給汽車加油前用手觸摸一下，其目的是導走加油槍上的靜電B.圖乙中建筑物頂端的避雷針必須通過導線與大地保持良好接觸C.圖丙中三條高壓輸電線上方的兩條導線與大地相連，可把高壓線屏蔽起來，免遭雷擊D.圖丁為靜電噴漆的示意圖，靜電噴漆時利用異種電荷相互吸引，使油漆與金屬表面在靜電引力作用下噴涂更均勻〖答案〗A〖解析〗A．汽車加油前用手觸摸一下靜電釋放器的目的是將人體由于摩擦產(chǎn)生的電荷釋放到大地，故A錯誤；B．帶正電的云層在避雷針處感應出負電荷（來自大地），當電荷聚集較多時，產(chǎn)生尖端放電現(xiàn)象，將云層中的電荷導入大地，因此圖甲中建筑物頂端的避雷針必須通過導線與大地保持良好接觸，免遭雷擊，故B正確；C．三條高壓輸電線上方的兩條導線與大地相連，形成一個稀疏的金屬網(wǎng)，可把高壓線屏蔽起來，免遭雷擊，故C正確；D．靜電噴漆時利用高壓靜電場使涂料微粒帶上負電，根據(jù)異種電荷相互吸引，使油漆與金屬表面在靜電引力作用下噴涂更均勻，故D正確。該題選擇不正確的選項，故選A。10.關于下列四幅圖中的儀器所涉及的物理學原理說法中正確的是（）A.圖甲裝置霍爾元件左右移動時，能產(chǎn)生霍爾電壓的原理是電磁感應B.圖乙中物體向左移，則電容器的電容變小C.圖丙，火災報警器利用了煙霧顆粒對光的散射D.圖丁，紅外線體溫計利用了物體溫度越高，輻射波長越長的特點〖答案〗C〖解析〗A．霍爾元件左右移動時，能產(chǎn)生霍爾電壓的原理是帶電粒子在磁場中受洛倫茲力發(fā)生偏轉，故A錯誤；B．物體向左移，插入電容器的電介質(zhì)增加，電容器的電容變大，故B錯誤；C．火災報警器利用了煙霧顆粒對光的散射，故C正確；D．紅外線體溫計利用了物體溫度越高，輻射的紅外線越強的原理，故D錯誤。故選C。11.恒流源是一種特殊的電源，其輸出的電流能始終保持不變；恒壓源也是一種特殊的電源，其輸出的電壓能始終保持不變。如圖所示，電路中電流表、電壓表均為理想電表，當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時。電壓表示數(shù)的變化量大小為，電流表示數(shù)的變化量大小為，下列說法正確的是（）A.當電源為恒流源時，電壓表示數(shù)U變小B.當電源為恒壓源時，電流表示數(shù)I變大C.當電源為恒流源時，不變D.當電源為恒壓源時，電源的輸出功率增大〖答案〗C〖解析〗AC．當電源為恒流源時，通過R2干路電流始終不變，當滑動觸頭向上滑動時，R0增大，總電阻也增大，由可知電壓表示數(shù)U變大；由歐姆定律整理得所以當滑動觸頭向上滑動時，不變。故A錯誤，C正確；BD．當電源為恒壓源時，電壓表示數(shù)U不變，當滑動觸頭向上滑動時，總電阻增大，由可知干路電流減小，所以由可得電源的輸出功率減小；又因為R0增大，并聯(lián)電路兩端電壓增大，故流過R1的電流增大，而干路電流減小，所以流過另一支路的電流減小，電流表示數(shù)減小，B、D錯誤。故選C。12.下列有關LC電磁振蕩和電磁波的說法，正確的是（）A.根據(jù)麥克斯韋的電磁場理論，均勻變化的磁場可以在空間產(chǎn)生均勻變化的電場B.調(diào)制的原理是當接收電路的固有頻率與收到的電磁波的頻率相同時，接收電路中產(chǎn)生的振蕩電流最強C.如圖所示為LC振蕩電路某時刻的情況，表示此時電容器正在放電D.在如圖所示線圈中插入鐵芯，可使振蕩周期變大〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)麥克斯韋的電磁場理論，均勻變化的磁場可以在空間產(chǎn)生恒定的電場，故A錯誤；B．當接收電路的固有頻率與收到的電磁波的頻率相同時，發(fā)生電諧振，接收電路中產(chǎn)生的振蕩電流最強，使接收電路產(chǎn)生電諧振的過程叫作調(diào)諧，故B錯誤；C．如題圖所示為LC振蕩電路某時刻的情況，由線圈內(nèi)的磁場方向可知，線圈中的電流方向由上到下，而此時電容器下極板為正，說明此時電容器正在充電，故C錯誤；D．在題圖所示的線圈中插入鐵芯，則L變大，根據(jù)可知，其振蕩周期變大，故D正確。故選D。13.如圖所示，由相同材料的導線繞成邊長相同的甲、乙兩個正方形閉合線圈，兩線圈的質(zhì)量相等，但所用導線的橫截面積不同，甲線圈的匝數(shù)是乙的2倍?，F(xiàn)兩線圈在豎直平面內(nèi)從同一高度同時由靜止開始下落，一段時間后進入方向垂直于紙面的勻強磁場區(qū)域，磁場的上邊界水平。不計空氣阻力，已知下落過程中線圈始終平行于紙面，上、下邊保持水平。在線圈下邊進入磁場后且上邊進入磁場前，可能出現(xiàn)的是（）A.甲產(chǎn)生的焦耳熱比乙多 B.甲加速運動，乙減速運動C.甲和乙都加速運動 D.甲減速運動，乙加速運動〖答案〗C〖解析〗設線圈到磁場的高度為h，線圈的邊長為l，線圈材料密度為，質(zhì)量為m，橫截面積為S，電阻率為，線圈在磁場中運行速度為，線圈剛進入磁場時速度為，有感應電動勢為線圈電阻為感應電流為線圈所受的安培力由牛頓第二定律有聯(lián)立解得加速度為BCD．可知線圈在磁場中運動的加速度與匝數(shù)、橫截面積無關，則甲乙線圈進入磁場時，具有相同的加速度。當時，甲和乙都做加速運動，當時，甲和乙都做減速運動，故BD錯誤；C正確。A．線圈的熱功率甲乙線圈在磁場中運動速度相同，熱功率也一樣，甲產(chǎn)生的焦耳熱與乙一樣多，故A錯誤。二、不定項選擇題（每小題3分，共6分。每小題給出的四個選項中，至少有一個是正確的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，選錯或不答的得0分）14.如圖，匝矩形閉合導線框處于磁感應強度大小的水平勻強磁場中，線框面積，線框電阻不計，線框繞垂直于磁場的軸以角速度勻速轉動，并與理想變壓器原線圈相連，副線圈接入一只“，”燈泡，且燈泡正常發(fā)光，下列說法正確的是（）A.線框中產(chǎn)生交變電壓的有效值為B.線框中產(chǎn)生交變電流的有效值為C.變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為D.該變壓器副線圈導線可以比原線圈導線細一些〖答案〗ABC〖解析〗A．由法拉第電磁感應定律可知其有效值為說明線框中產(chǎn)生交變電壓的有效值為，故A正確；B．燈泡正常發(fā)光，則有變壓器原副線圈匝數(shù)比變壓器原副線圈電流之比聯(lián)立可得線框中產(chǎn)生交變電流的有效值為，故B正確；C．由前面分析可知變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為故C正確；D．該變壓器副線圈導線中的電流大，為保證安全，要比原線圈導線粗一些，故D錯誤。故選ABC。15.如圖所示，某款自行車在前輪輪胎左側安裝了小型發(fā)電機，可以在夜間給車燈進行供電，已知該款自行車車輪的半徑為，與輪胎接觸的發(fā)電機轉動小輪的半徑為，與小輪同軸的矩形線圈面積為，匝數(shù)為50匝，電阻忽略不計，線圈所在位置勻強磁場的磁感應強度為，當自行車以某一速度勻速行駛時，發(fā)電機產(chǎn)生電動勢的峰值為，車燈的功率為。下列說法正確的是（）A.流過車燈的電流為B.自行車行駛的速度約為C.自行車車輪與發(fā)電機小輪的轉速之比為1∶32D.若自行車的車速加倍，則車燈的功率為〖答案〗BC〖解析〗A．線圈中在磁場中旋轉產(chǎn)生正弦交流電，而發(fā)電機產(chǎn)生電動勢的峰值為4.2V，則其產(chǎn)生的電動勢有效值為車燈的電功率為12W，由故A錯誤；B．自行車勻速行駛時，線圈中在磁場中旋轉產(chǎn)生感應電動勢，設自行車的車速為v，小輪的半徑為r，此時帶入數(shù)據(jù)得小輪的線速度v小輪=4.2m/s，輪胎與發(fā)電機轉動小輪接觸，所以自行車行駛的速度v與小輪的線速度大小相等，為4.2m/s，故B正確；C．因自行車輪胎與發(fā)電機轉動小輪接觸，屬于同緣傳動，最外圍線速度大小相等，所以自行車與發(fā)電機小輪的轉速之比等于半徑反比，為1∶32，故C正確；D．設小燈泡的電阻為R，小燈泡的電功率由而所以即P與v2成正比，所以當自行車的車速加倍，車燈的功率擴大為四倍，故D錯誤；三、非選擇題（本題共5題，共55分）16.小王同學采用如圖甲所示的裝置進行“驗證機械能守恒定律”實驗，打點計時器所接電源頻率為50Hz。（1）實驗中，重物的質(zhì)量____________。A．必須測量B．可測可不測（2）除了圖甲所示裝置中的器材之外，還必須從圖乙中選取實驗器材____________。（3）指出圖甲所示裝置中一處不合理的地方_________。（4）改進實驗后，得到如圖丙的紙帶，則點2對應的讀數(shù)為__________________cm；打下點2時紙帶速度的大小為_________m/s。（5）若實驗數(shù)據(jù)處理結果是從點0到點4過程中動能的增加量略小于重力勢能的減少量，可能是因為_________。A．存在阻力B．點0的速度不為零C．點4的速度由公式v=gt計算〖答案〗（1）B（2）B（3）重錘未靠近打點計時器（4）2.000.38（或0.375）（5）A〖解析〗（1）[1]本實驗要驗證機械能守恒定律，即通過實驗要得到的表達式為等式兩邊消去質(zhì)量m，得所以實驗中，重物的質(zhì)量可測可不測。故選B。（2）[2]圖甲中已經(jīng)有鐵架臺、打點計時器、紙帶和重物，所以要想完成本實驗，還需要刻度尺來測量紙帶的長度，而打點計時器本來就是每隔0.02s打一個點，所以不需要另外的計時工具，故選B。（3）[3]重物離打點計時器太遠，有可能出現(xiàn)紙帶上沒點或者點太少，不利于測量，所以應該讓重物離打點計時器近一些，應該往上提一提。（4）[4]由刻度尺的讀數(shù)規(guī)則可得，點2對應的讀數(shù)為；[5]打下點2時紙帶速度的大小為點1到點3之間的平均速度，即（5）[6]若實驗數(shù)據(jù)處理結果是從點0到點4過程中動能的增加量略小于重力勢能的減少量，可能是因為重物下落過程中要克服阻力做功，消耗機械能；而如果忽略了點0的速度，或者用v=gt計算點4的速度，都會使動能的增加量大于重力勢能的減少量。17.某小組測某種圓柱形材料的電阻率，做了如下實驗。（1）用螺旋測微器測量該圓柱體的直徑，用游標卡尺測量該圓柱體的長度，螺旋測微器和游標卡尺的示數(shù)如圖甲和乙所示。由圖得圓柱體的直徑為________mm，長度為________cm。（2）該小組想用伏安法更精確地測量圓柱材料的電阻R（阻值約為190kΩ），可選用的器材如下：A．電流表A1（量程4mA，內(nèi)阻約50Ω）B．電流表A2（量程20μA，內(nèi)阻約1.5kΩ）C．電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約10kΩ）D．電壓表V2（量程15V，內(nèi)阻約25kΩ）E．電源E（電動勢4V，有一定內(nèi)阻）F．滑動變阻器R1（阻值范圍0~15Ω，允許通過的最大電流2.0A）G．開關S，導線若干為使實驗誤差較小，要求電壓可以從零開始調(diào)節(jié)，電流表選擇_______，電壓表選擇________。（以上兩空均選填儀器前面的序號）（3）請用筆畫線表示導線，在圖丙中完成測量圓柱材料電阻的實驗電路連接_______?！即鸢浮剑?）1.7455.240（2）BC（3）〖解析〗（1）[1][2]螺旋測微器讀數(shù)為游標卡尺讀數(shù)（2）[3][4]電源電動勢約為4V，為了減小實驗誤差，則電壓表選擇量程為3V的C，流過電阻的最大電流所以電流表選擇量程為的B；（3）[5]要求電壓可以從零開始調(diào)節(jié)，則滑動變阻器采用分壓式接法，根據(jù)計算可得則電流表采用內(nèi)接法，實物圖如圖所示18.（在抗擊新冠肺炎疫情期間，為解決市民給警察和醫(yī)生捐贈的物資無法送達的問題，某機構決定采用無人機配送物資，為檢測其安全性，選擇一款能夠垂直起降的小型四旋翼無人機做試驗，如圖所示，其質(zhì)量，動力系統(tǒng)提供的最大升力。試飛時，飛行器從地面由靜止開始豎直上升。設飛行器在空中運動時所受的阻力大小恒為。（2）當無人機懸停在距離地面高度處，由于動力設備故障，無人機突然失去動力而墜落，若來不及采取任何措施，求無人機墜落地面的速度；（3）為使無人機落地時速度剛好等于零，在遙控設備的干預下，動力設備重新啟動提供最大升力，求飛行器從開始下落到恢復升力的最長時間?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）由牛頓第二定律，有上升高度代入數(shù)據(jù)得（2）下落過程中解得落地速度滿足代入數(shù)據(jù)解得（3）恢復升力后向下減速運動過程解得設恢復升力時的速度為，則有解得代入數(shù)據(jù)解得19.如圖所示，是一種彈射玩具裝置，水平軌道的左端A固定一輕質(zhì)彈簧，彈簧自由狀態(tài)下右端位于B點，質(zhì)量的小物塊甲靜止在B點；在與B點相距L＝1m的C處固定一豎直圓軌道，半徑R＝0.1m，圓軌道底端略微錯開；在水平軌道的D點放置一質(zhì)量小物塊乙，物塊一旦脫離軌道后將不再繼續(xù)在軌道上運動，在與D點相距的E處固定一豎直四分之一圓軌道，半徑足夠大，物塊與BC、DE段間的動摩擦因數(shù)，軌道其它部分的摩擦不計，重力加速度?，F(xiàn)將小物塊甲向左壓縮彈簧后釋放彈出，若彈簧的初始彈性勢能為0.85J，求：（1）求物塊甲經(jīng)過圓軌道C點時對軌道的壓力為多少？（3）要使物塊甲能在圓軌道運動但不脫離軌道，彈性勢能的取值范圍是多少？〖答案〗（1），方向豎直向下；（2）；（3）或〖解析〗（1）由題意可得解得小球在圓軌道C點時解得根據(jù)牛頓第三定律可得方向豎直向下。（2）若甲、乙可以碰撞，則甲必須順利通過圓軌道最高點，則設通過圓軌道最高點速度為，則解得故假設成立，甲、乙可以碰撞，根據(jù)動量定理可得解得根據(jù)動能定理可得解得則（3）當物體甲恰好能到達C點時，則解得當物體恰能到達圓心等高處時，根據(jù)動能定理可得解得則彈性勢能的取值范圍為當物體恰能過圓周最高點，則解得根據(jù)動能定理可得解得則彈性勢能的取值范圍為綜上所述，彈性勢能的取值范圍為或。20.如圖所示、傾角為的固定粗糙斜面，斜面上相隔為d的平行虛線MN與PQ間有大小為B的勻強磁場，方向垂直斜面向下，一質(zhì)量m，電阻R，邊長L的正方形單匝純電阻金屬線圈以速度進入磁場，經(jīng)過時間t線圈完全進入磁場，線圈cd邊剛進入磁場時和ab邊剛要離開磁場時，cd邊兩端的電壓相等。已知磁場的寬度d大于線圈的邊長L，線圈與斜面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度。求：（1）線圈有一半面積進入磁場時通過ab邊電荷量q；（2）線圈通過磁場的過程中，ab邊產(chǎn)生的熱量Q；（3）求線圈完全進入磁場的速度v；〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）線圈有一半進入磁場時，通過ab邊的電荷量且聯(lián)立可得（2）設線圈ab邊剛要離開磁場時，線圈的速度大小分別為，由于線圈cd邊剛進入磁場時和ab邊剛要離開磁場時，cd邊兩端的電壓相等，則有得根據(jù)能量守恒定律，可得線圈通過磁場的過程中有且ab邊產(chǎn)生的熱量聯(lián)立以上式子求得（3）線圈完全進入磁場的過程中，根據(jù)動量定理，有其中聯(lián)立以上式子求得21.如圖甲所示，間距為d、垂直于紙面的兩平行板P、Q間存在勻強磁場．取垂直于紙面向里為磁場的正方向，磁感應強度隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示。t=0時刻，一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的粒子（不計重力），以初速度由Q板左端靠近板面的位置，沿垂直于磁場且平行于板面的方向射入磁場區(qū)．當和取某些特定值時，可使時刻入射的粒子經(jīng)時間恰能垂直打在P板上（不考慮粒子反彈）。上述為已知量。（1）若，求；（2）若，求粒子在磁場中運動時加速度的大小；（3）若，為使粒子仍能垂直打在P板上，求?！即鸢浮剑?）（2）（3）或〖解析〗（1）設粒子做勻速圓周運動的半徑，由牛頓第二定律得……①據(jù)題意由幾何關系得……②聯(lián)立①②式得……③（2）設粒子做圓周運動的半徑為，加速度大小為，由圓周運動公式得……④據(jù)題意由幾何關系得……⑤聯(lián)立④⑤式得……⑥（3）設粒子做圓周運動的半徑為，周期為，由圓周運動公式得……⑦由牛頓第二定律得……⑧由題意知，代入⑧式得……⑨粒子運動軌跡如圖所示，、為圓心，、連線與水平方向夾角為，在每個內(nèi)，只有A、B兩個位置才有可能垂直擊中P板，且均要求，由題意可知……⑩設經(jīng)歷完整的個數(shù)為（，1，2，3．．．．．．）若在A點擊中P板，據(jù)題意由幾何關系得……?當n=0時，無解；當n=1時，聯(lián)立⑨?式得或（）……?聯(lián)立⑦⑨⑩?式得……?當時，不滿足的要求；若在B點擊中P板，據(jù)題意由幾何關系得……?當時無解當時，聯(lián)立⑨?式得或（）……?聯(lián)立⑦⑨⑩?式得……?當時，不滿足的要求。2023學年第一學期浙南名校聯(lián)盟10月聯(lián)考高二年級物理學科試題一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分。）1.下列物理單位屬于國際基本單位的是（）A.韋伯 B.安培 C.亨 D.特斯拉〖答案〗B〖解析〗韋伯、亨、特斯拉為導出單位，安培為基本單位。故選B。2.2023年9月10日上午9時，杭州第19屆亞運會火炬?zhèn)鬟f嘉興站啟動，嘉興站的路線以“紅船領航、筑夢未來”為主題，分為江南古韻、百年風華、活力之都三大篇章，全長8.8千米，下列說法正確的是（）A.2023年9月10日上午9時，“9時”指的是時間B.全長8.8千米，“8.8千米”指的是位移C.兩位火炬手進行火炬交接時可以把火炬看成質(zhì)點D.根據(jù)已知信息，無法求全程的平均速率〖答案〗D〖解析〗A．2023年9月10日上午9時，“9時”指的是時刻，故A錯誤；B．全長8.8千米，“8.8千米”指的是路程，故B錯誤；C．兩位火炬手進行火炬交接時，火炬的形狀大小不能忽略不計，不可以把火炬看成質(zhì)點，故C錯誤；D．平均速率等于路程除以所用時間，由于題意不能知道所用時間，所以無法求全程的平均速率，故D正確。故選D。3.2023年9月24日，在杭州富陽水上運動中心舉行的杭州亞運會女子雙人雙槳決賽中，中國組合魯詩雨/沈雙美以7分03秒41的成績奪得冠軍，下列說法正確的是（）A.槳對水的作用力和水對槳作用力大小相等B.先有槳對水的作用力，后有水對槳的作用力C.槳對水的作用力和水對槳的作用力是兩種不同性質(zhì)的力D.兩人在比賽過程中劃行速度越快，慣性越大〖答案〗A〖解析〗ABC．根據(jù)牛頓第三定律知槳對水的作用力和水對槳作用力大小相等，且同時產(chǎn)生，性質(zhì)相同，故A正確，BC錯誤；D．慣性與物體運動的速度無關，故D錯誤。4.在家門口舉行的杭州亞運會，中國代表團精銳盡出，36位奧運國領銜出戰(zhàn)。包括中國乒乓球隊、中國跳水隊在內(nèi)的六支夢之隊都派出了最強陣容，力爭捍衛(wèi)中國榮耀。在這六支夢之隊中，中國舉重隊是十分低調(diào)的金牌之師，并不在乎媒體的曝光度，一直秉承用實力說話的理念。同時，他們又是訓練極為刻苦，訓練內(nèi)容極為枯燥的王者之師，汗水鑄就了他們今時今日之榮耀，值得一提的是，在上屆奧運會中李發(fā)彬不僅打破了奧運會紀錄，還在比賽現(xiàn)場舉著166公斤的杠鈴上演了驚心動魄的金雞獨立場景，將李發(fā)彬的單腳支撐和雙腳著地均視作平衡狀態(tài).關于此過程的表述正確的是（）A.單腳支撐時地面對李發(fā)彬的支持力大小比雙腳著地時的支持力大B.單腳支撐時腳對地面的壓力和李發(fā)極所受的重力是一對平衡力C.在舉起的過程中，雙手對杠鈴橫桿的作用力等于杠鈴的重力D.若李發(fā)彬握杠的兩手間距離變大，則其手臂受杠鈴的作用力將變大〖答案〗D〖解析〗A．將人與杠鈴視為一整體，因均處于平衡態(tài)，單腳支撐時地面對李發(fā)彬的支持力大小與雙腳著地時的支持力均等于整體的重力，故A錯誤；B．單腳支撐時腳對地面的壓力作用在地面上，而重力作用在運動員上，兩者不是一對平衡力，故B錯誤；C．當雙手對杠鈴的作用力大于杠鈴重力時杠鈴才能被舉起，故C錯誤；D．以杠鈴為研究對象進行受力分析則解得則李發(fā)彬握杠的兩手間距離變大，則變小，其手臂受杠鈴的作用力將變大，故D正確。故選D。5.高竿船技是嘉興烏鎮(zhèn)至今仍保留并演出的傳統(tǒng)民間雜技藝術，表演有爬上固定在船上的竹竿，模擬蠶寶寶吐絲做繭的動作祈愿蠶繭豐收。如圖所示，表演者沿彎曲傾斜的竹竿緩慢向上爬行的過程中（）A.竹竿對表演者的作用力是一個恒力B.表演者與竹竿間的摩擦力始終為零C.表演者對竹竿的彈力是由竹竿形變產(chǎn)生的D.竹竿對表演者的彈力是一個恒力〖答案〗A〖解析〗A．表演者沿彎曲傾斜的竹竿緩慢向上爬行，處于動態(tài)平衡狀態(tài)，竹竿對表演者的作用力始終與表演者的重力等大反向，是一個恒力，故A正確；B．因桿彎曲傾斜，根據(jù)平衡條件可知人應受到摩擦力的作用，故B錯誤；C．表演者對竹竿的彈力是由表演者形變產(chǎn)生的，故C錯誤；D．竹竿對表演者的作用力包括竹竿對表演者的彈力和竹竿對表演者的摩擦力，二者的合力是一個恒力，由于攀爬過程中，竹竿的彎曲程度發(fā)生改變，表演者越遠離竹竿底部則桿與水平方向的夾角就越小，所以彈力就越大，則竹竿對表演者的彈力發(fā)生改變，故D錯誤。6.第24屆冬奧會于2022年2月4日在我國的北京、延慶等地舉行，如圖甲所示，兩名質(zhì)量相同的跳雪運動員a、b（可視為質(zhì)點）從雪道末端先后以初速度、，沿水平方向向左飛出，示意圖如圖乙。若不計空氣阻力，則兩名運動員從飛出至落到雪坡（可視為斜面）上的整個過程中，下列說法正確的是（）A.a、b飛行時間之比為B.a、b飛行的水平位移之比C.a、b落到雪坡上的瞬時速度方向不相同D.a、b落到雪坡上的動能之比為1∶4〖答案〗D〖解析〗A．設運動員的飛行時間為t，根據(jù)平拋運動規(guī)律有根據(jù)幾何關系有聯(lián)立解得所以他們飛行時間之比為故A錯誤；B．他們飛行的水平位移之比為故B錯誤；C．設運動員落到雪坡上的瞬時速度方向與水平方向的夾角為α，整理可知所以他們落到雪坡上的瞬時速度方向一定相同，故C錯誤；D．根據(jù)C選項可知，兩名運動員落到雪坡上時的速度大小之比為，根據(jù)可知兩名運動員落到雪坡上時的動能之比為，故D正確。7.如圖為游樂園里的“魔幻大轉盤”游戲項目，有甲、乙兩位游客隨大轉盤在水平面內(nèi)一起做勻速圓周運動。甲緊貼轉盤邊緣，乙靠近轉盤中心，甲乙相對圓盤均未發(fā)生相對滑動，下列正確的是（）A.甲做圓周運動向心力僅由重力的分力提供B.甲的向心加速度大于乙的向心加速度C.甲的線速度的大小等于乙的線速度的大小D.甲所受合力的大小一定等于乙所受合力的大小〖答案〗B〖解析〗A．甲乙兩位游客所受的合力提供向心力，而兩位游客除了重力還受其他力，故A錯誤；B．甲乙兩位游客隨大轉盤在水平面內(nèi)一起做勻速圓周運動，所以甲乙兩游客的角速度相等，又根據(jù)得甲的向心加速度大于乙的向心加速度，故B正確；C．根據(jù)得甲得線速度大于乙得線速度，故C錯誤；D．由于甲乙兩位游客的質(zhì)量大小關系不知，故無法判斷兩者合力的大小關系，故D錯誤。8.中國計劃2023年5月發(fā)射天舟六號貨運飛船和神舟十六號載人飛船，并形成三艙三船組合體，此次任務將上行航天員駐留和消耗物資、維修備件、推進劑和應用任務載荷樣品，并下行在軌廢棄物。飛船發(fā)射后會在停泊軌道（Ⅰ）上進行數(shù)據(jù)確認，后擇機經(jīng)轉移軌道（Ⅱ）完成與中國空間站的交會對接，其變軌過程可簡化如圖所示，已知停泊軌道半徑近似為地球半徑R，中國空間站軌道距地面的平均高度為h，飛船在停泊軌道上的周期為，則（）A.飛船在停泊軌道上的速度小于在空間站軌道上運行的速度B.飛船應提前時間于P點點火加速進而在Q點完成交會對接C.因為飛船在P點加速進入轉移軌道，相比于停泊軌道。其在轉移軌道上的速度越來越大D.中國空間站的物品或宇航員可以漂浮，說明此時地球對他們的引力消失了〖答案〗B〖解析〗AC．飛船在停泊軌道和空間站軌道上根據(jù)得又所以飛船在停泊軌道上的速度大于在空間站軌道上運行的速度，而且飛船在轉移軌道上由近地點向遠地點運動，速度越來越小，故AC錯誤；B．根據(jù)題意，由幾何關系可得，飛船在轉移軌道上的半長軸為設飛船在轉移軌道上的周期為T2，由開普勒第三定律有解得則飛船提前在P點點火，在Q點完成交會對接的時間為故B正確；D．中國空間站的物品或宇航員可以漂浮，是由于處于完全失重狀態(tài)，不是地球對他們的引力消失了，故D錯誤。故選B。9.關于靜電屏蔽，下列說法不正確的是（）A.圖甲是靜電釋放器，給汽車加油前用手觸摸一下，其目的是導走加油槍上的靜電B.圖乙中建筑物頂端的避雷針必須通過導線與大地保持良好接觸C.圖丙中三條高壓輸電線上方的兩條導線與大地相連，可把高壓線屏蔽起來，免遭雷擊D.圖丁為靜電噴漆的示意圖，靜電噴漆時利用異種電荷相互吸引，使油漆與金屬表面在靜電引力作用下噴涂更均勻〖答案〗A〖解析〗A．汽車加油前用手觸摸一下靜電釋放器的目的是將人體由于摩擦產(chǎn)生的電荷釋放到大地，故A錯誤；B．帶正電的云層在避雷針處感應出負電荷（來自大地），當電荷聚集較多時，產(chǎn)生尖端放電現(xiàn)象，將云層中的電荷導入大地，因此圖甲中建筑物頂端的避雷針必須通過導線與大地保持良好接觸，免遭雷擊，故B正確；C．三條高壓輸電線上方的兩條導線與大地相連，形成一個稀疏的金屬網(wǎng)，可把高壓線屏蔽起來，免遭雷擊，故C正確；D．靜電噴漆時利用高壓靜電場使涂料微粒帶上負電，根據(jù)異種電荷相互吸引，使油漆與金屬表面在靜電引力作用下噴涂更均勻，故D正確。該題選擇不正確的選項，故選A。10.關于下列四幅圖中的儀器所涉及的物理學原理說法中正確的是（）A.圖甲裝置霍爾元件左右移動時，能產(chǎn)生霍爾電壓的原理是電磁感應B.圖乙中物體向左移，則電容器的電容變小C.圖丙，火災報警器利用了煙霧顆粒對光的散射D.圖丁，紅外線體溫計利用了物體溫度越高，輻射波長越長的特點〖答案〗C〖解析〗A．霍爾元件左右移動時，能產(chǎn)生霍爾電壓的原理是帶電粒子在磁場中受洛倫茲力發(fā)生偏轉，故A錯誤；B．物體向左移，插入電容器的電介質(zhì)增加，電容器的電容變大，故B錯誤；C．火災報警器利用了煙霧顆粒對光的散射，故C正確；D．紅外線體溫計利用了物體溫度越高，輻射的紅外線越強的原理，故D錯誤。故選C。11.恒流源是一種特殊的電源，其輸出的電流能始終保持不變；恒壓源也是一種特殊的電源，其輸出的電壓能始終保持不變。如圖所示，電路中電流表、電壓表均為理想電表，當滑動變阻器的滑動觸頭向上滑動時。電壓表示數(shù)的變化量大小為，電流表示數(shù)的變化量大小為，下列說法正確的是（）A.當電源為恒流源時，電壓表示數(shù)U變小B.當電源為恒壓源時，電流表示數(shù)I變大C.當電源為恒流源時，不變D.當電源為恒壓源時，電源的輸出功率增大〖答案〗C〖解析〗AC．當電源為恒流源時，通過R2干路電流始終不變，當滑動觸頭向上滑動時，R0增大，總電阻也增大，由可知電壓表示數(shù)U變大；由歐姆定律整理得所以當滑動觸頭向上滑動時，不變。故A錯誤，C正確；BD．當電源為恒壓源時，電壓表示數(shù)U不變，當滑動觸頭向上滑動時，總電阻增大，由可知干路電流減小，所以由可得電源的輸出功率減??；又因為R0增大，并聯(lián)電路兩端電壓增大，故流過R1的電流增大，而干路電流減小，所以流過另一支路的電流減小，電流表示數(shù)減小，B、D錯誤。故選C。12.下列有關LC電磁振蕩和電磁波的說法，正確的是（）A.根據(jù)麥克斯韋的電磁場理論，均勻變化的磁場可以在空間產(chǎn)生均勻變化的電場B.調(diào)制的原理是當接收電路的固有頻率與收到的電磁波的頻率相同時，接收電路中產(chǎn)生的振蕩電流最強C.如圖所示為LC振蕩電路某時刻的情況，表示此時電容器正在放電D.在如圖所示線圈中插入鐵芯，可使振蕩周期變大〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)麥克斯韋的電磁場理論，均勻變化的磁場可以在空間產(chǎn)生恒定的電場，故A錯誤；B．當接收電路的固有頻率與收到的電磁波的頻率相同時，發(fā)生電諧振，接收電路中產(chǎn)生的振蕩電流最強，使接收電路產(chǎn)生電諧振的過程叫作調(diào)諧，故B錯誤；C．如題圖所示為LC振蕩電路某時刻的情況，由線圈內(nèi)的磁場方向可知，線圈中的電流方向由上到下，而此時電容器下極板為正，說明此時電容器正在充電，故C錯誤；D．在題圖所示的線圈中插入鐵芯，則L變大，根據(jù)可知，其振蕩周期變大，故D正確。故選D。13.如圖所示，由相同材料的導線繞成邊長相同的甲、乙兩個正方形閉合線圈，兩線圈的質(zhì)量相等，但所用導線的橫截面積不同，甲線圈的匝數(shù)是乙的2倍。現(xiàn)兩線圈在豎直平面內(nèi)從同一高度同時由靜止開始下落，一段時間后進入方向垂直于紙面的勻強磁場區(qū)域，磁場的上邊界水平。不計空氣阻力，已知下落過程中線圈始終平行于紙面，上、下邊保持水平。在線圈下邊進入磁場后且上邊進入磁場前，可能出現(xiàn)的是（）A.甲產(chǎn)生的焦耳熱比乙多 B.甲加速運動，乙減速運動C.甲和乙都加速運動 D.甲減速運動，乙加速運動〖答案〗C〖解析〗設線圈到磁場的高度為h，線圈的邊長為l，線圈材料密度為，質(zhì)量為m，橫截面積為S，電阻率為，線圈在磁場中運行速度為，線圈剛進入磁場時速度為，有感應電動勢為線圈電阻為感應電流為線圈所受的安培力由牛頓第二定律有聯(lián)立解得加速度為BCD．可知線圈在磁場中運動的加速度與匝數(shù)、橫截面積無關，則甲乙線圈進入磁場時，具有相同的加速度。當時，甲和乙都做加速運動，當時，甲和乙都做減速運動，故BD錯誤；C正確。A．線圈的熱功率甲乙線圈在磁場中運動速度相同，熱功率也一樣，甲產(chǎn)生的焦耳熱與乙一樣多，故A錯誤。二、不定項選擇題（每小題3分，共6分。每小題給出的四個選項中，至少有一個是正確的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，選錯或不答的得0分）14.如圖，匝矩形閉合導線框處于磁感應強度大小的水平勻強磁場中，線框面積，線框電阻不計，線框繞垂直于磁場的軸以角速度勻速轉動，并與理想變壓器原線圈相連，副線圈接入一只“，”燈泡，且燈泡正常發(fā)光，下列說法正確的是（）A.線框中產(chǎn)生交變電壓的有效值為B.線框中產(chǎn)生交變電流的有效值為C.變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為D.該變壓器副線圈導線可以比原線圈導線細一些〖答案〗ABC〖解析〗A．由法拉第電磁感應定律可知其有效值為說明線框中產(chǎn)生交變電壓的有效值為，故A正確；B．燈泡正常發(fā)光，則有變壓器原副線圈匝數(shù)比變壓器原副線圈電流之比聯(lián)立可得線框中產(chǎn)生交變電流的有效值為，故B正確；C．由前面分析可知變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為故C正確；D．該變壓器副線圈導線中的電流大，為保證安全，要比原線圈導線粗一些，故D錯誤。故選ABC。15.如圖所示，某款自行車在前輪輪胎左側安裝了小型發(fā)電機，可以在夜間給車燈進行供電，已知該款自行車車輪的半徑為，與輪胎接觸的發(fā)電機轉動小輪的半徑為，與小輪同軸的矩形線圈面積為，匝數(shù)為50匝，電阻忽略不計，線圈所在位置勻強磁場的磁感應強度為，當自行車以某一速度勻速行駛時，發(fā)電機產(chǎn)生電動勢的峰值為，車燈的功率為。下列說法正確的是（）A.流過車燈的電流為B.自行車行駛的速度約為C.自行車車輪與發(fā)電機小輪的轉速之比為1∶32D.若自行車的車速加倍，則車燈的功率為〖答案〗BC〖解析〗A．線圈中在磁場中旋轉產(chǎn)生正弦交流電，而發(fā)電機產(chǎn)生電動勢的峰值為4.2V，則其產(chǎn)生的電動勢有效值為車燈的電功率為12W，由故A錯誤；B．自行車勻速行駛時，線圈中在磁場中旋轉產(chǎn)生感應電動勢，設自行車的車速為v，小輪的半徑為r，此時帶入數(shù)據(jù)得小輪的線速度v小輪=4.2m/s，輪胎與發(fā)電機轉動小輪接觸，所以自行車行駛的速度v與小輪的線速度大小相等，為4.2m/s，故B正確；C．因自行車輪胎與發(fā)電機轉動小輪接觸，屬于同緣傳動，最外圍線速度大小相等，所以自行車與發(fā)電機小輪的轉速之比等于半徑反比，為1∶32，故C正確；D．設小燈泡的電阻為R，小燈泡的電功率由而所以即P與v2成正比，所以當自行車的車速加倍，車燈的功率擴大為四倍，故D錯誤；三、非選擇題（本題共5題，共55分）16.小王同學采用如圖甲所示的裝置進行“驗證機械能守恒定律”實驗，打點計時器所接電源頻率為50Hz。（1）實驗中，重物的質(zhì)量____________。A．必須測量B．可測可不測（2）除了圖甲所示裝置中的器材之外，還必須從圖乙中選取實驗器材____________。（3）指出圖甲所示裝置中一處不合理的地方_________。（4）改進實驗后，得到如圖丙的紙帶，則點2對應的讀數(shù)為__________________cm；打下點2時紙帶速度的大小為_________m/s。（5）若實驗數(shù)據(jù)處理結果是從點0到點4過程中動能的增加量略小于重力勢能的減少量，可能是因為_________。A．存在阻力B．點0的速度不為零C．點4的速度由公式v=gt計算〖答案〗（1）B（2）B（3）重錘未靠近打點計時器（4）2.000.38（或0.375）（5）A〖解析〗（1）[1]本實驗要驗證機械能守恒定律，即通過實驗要得到的表達式為等式兩邊消去質(zhì)量m，得所以實驗中，重物的質(zhì)量可測可不測。故選B。（2）[2]圖甲中已經(jīng)有鐵架臺、打點計時器、紙帶和重物，所以要想完成本實驗，還需要刻度尺來測量紙帶的長度，而打點計時器本來就是每隔0.02s打一個點，所以不需要另外的計時工具，故選B。（3）[3]重物離打點計時器太遠，有可能出現(xiàn)紙帶上沒點或者點太少，不利于測量，所以應該讓重物離打點計時器近一些，應該往上提一提。（4）[4]由刻度尺的讀數(shù)規(guī)則可得，點2對應的讀數(shù)為；[5]打下點2時紙帶速度的大小為點1到點3之間的平均速度，即（5）[6]若實驗數(shù)據(jù)處理結果是從點0到點4過程中動能的增加量略小于重力勢能的減少量，可能是因為重物下落過程中要克服阻力做功，消耗機械能；而如果忽略了點0的速度，或者用v=gt計算點4的速度，都會使動能的增加量大于重力勢能的減少量。17.某小組測某種圓柱形材料的電阻率，做了如下實驗。（1）用螺旋測微器測量該圓柱體的直徑，用游標卡尺測量該圓柱體的長度，螺旋測微器和游標卡尺的示數(shù)如圖甲和乙所示。由圖得圓柱體的直徑為________mm，長度為________cm。（2）該小組想用伏安法更精確地測量圓柱材料的電阻R（阻值約為190kΩ），可選用的器材如下：A．電流表A1（量程4mA，內(nèi)阻約50Ω）B．電流表A2（量程20μA，內(nèi)阻約1.5kΩ）C．電壓表V1（量程3V，內(nèi)阻約10kΩ）D．電壓表V2（量程15V，內(nèi)阻約25kΩ）E．電源E（電動勢4V，有一定內(nèi)阻）F．滑動變阻器R1（阻值范圍0~15Ω，允許通過的最大電流2.0A）G．開關S，導線若干為使實驗誤差較小，要求電壓可以從零開始調(diào)節(jié)，電流表選擇_______，電壓表選擇________。（以上兩空均選填儀器前面的序號）（3）請用筆畫線表示導線，在圖丙中完成測量圓柱材料電阻的實驗電路連接_______。〖答案〗（1）1.7455.240（2）BC（3）〖解析〗（1）[1][2]螺旋測微器讀數(shù)為游標卡尺讀數(shù)（2）[3][4]電源電動勢約為4V，為了減小實驗誤差，則電壓表選擇量程為3V的C，流過電阻的最大電流所以電流表選擇量程為的B；（3）[5]要求電壓可以從零開始調(diào)節(jié)，則滑動變阻器采用分壓式接法，根據(jù)計算可得則電流表采用內(nèi)接法，實物圖如圖所示18.（在抗擊新冠肺炎疫情期間，為解決市民給警察和醫(yī)生捐贈的物資無法送達的問題，某機構決定采用無人機配送物資