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文檔簡介
2021年北京新高考模擬化學(xué)試題
1.我國科技事業(yè)成果顯著,下列成果所涉及的材料不屬于金屬材料的是
A."C919”飛機的主體材料——鋁合金
B.航天員宇航服的材料——聚酯纖維
C.我國第一艘航空母艦的主體材料——合金鋼
D.“奮斗者"號深潛器載人艙的外殼——鈦合金
【答案】B
【解析】A."C919”飛機的主體材料——鋁合金,鋁合金為金屬鋁、鎂形成的合金,屬于金屬材料,A
與題意不符;
B.航天員宇航服的材料——聚酯纖維為由有機二元酸和二元醇縮聚而成的聚酯經(jīng)紡絲所得的合成纖維,
屬于有機高分子材料,B符合題意;
C.我國第一艘航空母艦的主體材料——合金鋼,為鐵、碳合金,屬于金屬材料,C與題意不符;
D.“奮斗者"號深潛器載人艙的外殼——鈦合金,為鈦與其他金屬制成的合金金屬,屬于金屬材料,D與
題意不符;
答案為B。
2.與下列物質(zhì)反應(yīng)時,HCI表現(xiàn)出還原性的是
A.MnO2B.Na2COsC.ZnD.AgNOs
【答案】A
HCI中的H為+1價,化合價只能降低,表現(xiàn)氧化性,CI的化合價為價,可表現(xiàn)出還原性。
【解析】A.MnO2與HCI反應(yīng)生成氯氣,CI的化合價升高,表現(xiàn)還原性,A符合題意;
B.Na2c。3與HCI反應(yīng)生成氯化鈉、二氧化碳和水,表現(xiàn)酸性,B與題意不符;
C.Zn與HCI反應(yīng)生成氯化鋅和氫氣,表現(xiàn)氧化性,C與題意不符;
D.AgNO3與HCI反應(yīng)生成氯化銀沉淀,化合價未改變,D與題意不符;
答案為Ao
3.下列工業(yè)生產(chǎn)中不涉及氧化還原反應(yīng)的是
A.合成氨B.制漂白粉C.冶煉FeD.燃燒石灰石
【答案】D
【解析】A.工業(yè)上用氮氣和氫氣合成氨,為氧化還原反應(yīng),A與題意不符;
B.工業(yè)上用氯氣與石灰乳反應(yīng)制漂白粉,為氧化還原反應(yīng),B與題意不符;
C.工業(yè)用黃鐵礦在空氣中燃燒,在加入單質(zhì)碳還原冶煉Fe,為氧化還原反應(yīng),C與題意不符;
D.燃燒石灰石生成氧化鈣和二氧化碳,為非氧化還原反應(yīng),D符合題意;
答案為D。
4.下列化學(xué)用語書寫正確的是
A.中子數(shù)為7的碳原子是ICB.N2的電子式是N::N
C.鈉離子的結(jié)構(gòu)示意圖是D.乙烯的結(jié)構(gòu)簡式是CH2cH2
【答案】A
【解析】A.碳的質(zhì)子數(shù)為6,中子數(shù)為7,質(zhì)量數(shù)為13,所以碳原子是比,故A正確;
B.N2的電子式是:N:M:,故B錯誤;
C.鈉為11號元素,其離子的結(jié)構(gòu)示意圖是礴,故C錯誤;
D.乙烯的結(jié)構(gòu)簡式是CH2=CH2,故D錯誤;
故答案:A。
5.2020年有科學(xué)家通過觀察金星的酸性云層,分析出金星存在磷化氫氣體,從而推測金星可能存在生命
的跡象。下列說法不正碉的是
A.非金屬性P<OB.熱穩(wěn)定性:NH3>PH3
C.酸性:H2s。4>H3P。4D.原子半徑大?。篜<S
【答案】D
【解析】A.非金屬性P<S<0,則P<O,A說法正確;
B.非金屬的非金屬性越強,則氣態(tài)氫化物的穩(wěn)定性越強,故熱穩(wěn)定性:NH3>PH3,B說法正確;
C.非金屬的非金屬性越強,則最高價氧化物對應(yīng)水化物的酸性越強,故酸性:H2SO4>H3P。4,C說法
正確;
D.同周期中原子序數(shù)越大,半徑越小,則原子半徑大?。篜>S,D說法錯誤;
答案為D。
6.下列解釋實驗事實反應(yīng)方程式正確的是
2++
A.硫酸銅溶液顯酸性:Cu+2H2O=Cu(OH)2l+2H
B.用燒堿溶液吸收氯氣:Cl2+2OH-=C|-+CIO+H2O
C.氫氧化鐵溶于氫碘酸:Fe(OH)3+3H+=Fe3++3H2。
D.演化亞鐵溶液中通入足量氯氣:2Fe2++2B「+2Cl2=2Fe3++Br2+4。-
【答案】B
【解析】A.硫酸銅是強酸弱堿鹽,在溶液Cu2+水解使溶液顯酸性,存在水解平衡,且鹽水解程度是微弱
2+
的,不產(chǎn)生CU(OH)2沉淀,水解方程式為:CU+2H2OCU(OH)2+2H+,A錯誤;
B.CL與NaOH發(fā)生反應(yīng)產(chǎn)生NaCI、NaCIO.H20,該反應(yīng)的離子方程式為:。2+208=。-+。0+出0,
B正確;
C.氫氧化鐵溶于氫碘酸,發(fā)生氧化還原反應(yīng),產(chǎn)生Fe2\I2.H2O,反應(yīng)的離子方程式為:
+2+
2Fe(OH)3+6H+2I=2Fe+3H2O+l2,C錯誤;
D.不符合離子反應(yīng)數(shù)目比,離子方程式應(yīng)該是:2Fe2++4B「+3Cl2=2Fe3++2Br2+6。-,D錯誤;
故合理選項是B。
7.化學(xué)知識無處不在,下列家務(wù)勞動不熊用對應(yīng)的化學(xué)知識解釋的是()
選項家務(wù)勞動化學(xué)知識
A用溫?zé)岬募儔A溶液清洗油污油脂在熱的純堿溶液中更易發(fā)生水解
醋酸酸性強于碳酸
B白醋除去水垢中的CaCO3
C"84消毒液“稀釋后拖地利用NaCIO的還原性消毒殺菌
D餐后將洗凈的鐵鍋擦干減緩鐵的銹蝕
A.AB.BC.CD.D
【答案】C
【解析】A.溫度高會促進(jìn)純堿的水解,純堿水解顯堿性,油脂在堿性條件下可以發(fā)生水解,所以用溫?zé)?/p>
的純堿溶液清洗油污,故A正確;
B.白醋中含有醋酸,醋酸酸性強于碳酸,醋酸能與碳酸鈉反應(yīng)生成易溶于水的醋酸鈣,所以可以用白醋
除去水垢中的CaCO3,故B正確;
C.NaCIO具有強氧化性,能使蛋白質(zhì)發(fā)生變性,用于消毒殺菌,故C錯誤;
D.鐵在潮濕的環(huán)境中易發(fā)生電化學(xué)腐蝕,形成鐵銹,所以餐后將洗凈的鐵鍋擦干可以減緩鐵的銹蝕,故
D正確;
故答案為C。
8.下列各項比較中,相等的是
A.相同物質(zhì)的量的Na2O和Na2O2所含陰離子數(shù)
B.標(biāo)準(zhǔn)狀況下,相同體積的乙煥和苯中所含的氫原子數(shù)
C.相同物質(zhì)的量濃度的NH4cl和NH3?H2。溶液中的c(NH:)
D.相同質(zhì)量的NO和N02所含氮原子數(shù)
【答案】A
【解析】A.ImolNaz。和ImolNazCh均由2moiNa+和lmol陰離子構(gòu)成,因此相同物質(zhì)的量的Na2O
和Na2O2所含陰離子數(shù)相等,A符合題意;
B.乙煥和苯的最簡式均為CH,可看成二者均由"CH"組成,標(biāo)況下乙煥為氣體,苯不為氣體,相同體
積的乙怏和苯的物質(zhì)的量不相同,因此H原子數(shù)不相同,B不符題意;
C.NH4cl是強電解質(zhì),在水溶液中完全電離,被根離子水解但很微弱,本題可忽略,NH3?H2。為弱電解
質(zhì),在水中只有極少部分電離,因此相同物質(zhì)的量濃度的NH4CI和NH3-H2。溶液中的c(NH;)前者大于
后者,不相等,C不符題意;
D.NO和N02分子中均含1個N,NO和N02的摩爾質(zhì)量不同,因此相同質(zhì)量的NO和N02的物質(zhì)的
量不同,因此N原子數(shù)不同,D不符題意;
答案選A。
9.硫化氫的轉(zhuǎn)化是資源利用和環(huán)境保護(hù)的重要研究課題。將H2s和空氣的混合氣體通入FeCb、FeCb和
CuCI2的混合溶液中回收S,其轉(zhuǎn)化如圖所示。下列說法正確的是()
A.過程①中,生成CuS的反應(yīng)為S2-+Cu2+=CuSI
B.過程②中,F(xiàn)e3++CuS=Cu2++Fe2++S
C.過程③中,溶液的酸性增強
催化劑
D.回收S的總反應(yīng)為2H2S+O2----------2H2O+2SI
【答案】D
2++
【解析】A.過程①中,H2s和Cu反應(yīng)生成CuS,離子方程式為H2S+CU=CuSl+2H,故A錯誤;
B.過程②中,CuS和Fe3+發(fā)生氧化還原反應(yīng)生成Cu2+、Fe?+和S,離子方程式為2Fe3++CuS
=Cu2+2Fe2++S,故B錯誤;
C.過程③中發(fā)生反應(yīng)4Fe2++O2+4H+=4Fe3++2H2。,反應(yīng)消耗H+,溶液酸性減弱,故C錯誤;
催化劑
D.由反應(yīng)(①+②)x2+③可得回收S的總反應(yīng)為2H2S+O2^-2H2O+2Sl,故D正確;
故答案為D。
10.光刻膠是光刻機制造芯片必不可少的重要材料。一種光刻膠是由降冰片烯與馬來酸酊
共同加成聚合(共聚)而成。下列說法不正碉的是
A.降冰片烯分子式為C7H10,其分子本身可以發(fā)生加聚反應(yīng)
B.該光刻膠的結(jié)構(gòu)簡式可能為:
C.1mol馬來酸酢,最多消耗1molNaOH
D.光刻膠合成過程中可能會出現(xiàn)鏈節(jié):
【答案】C
【解析】A.根據(jù)降冰片烯的結(jié)構(gòu)簡式,其分子式為C7HIO,含有碳碳雙鍵,則分子本身可以發(fā)生加聚反
應(yīng),A說法正確;
B.降冰片烯與馬來酸酊中均含有碳碳雙鍵,可發(fā)生1:1的加聚反應(yīng),故該光刻膠的結(jié)構(gòu)簡式可能為:
Q
,B說法正確;
n
c.1個馬來酸酊水解生成2個竣基,則1mol馬來酸酊,最多消耗2molNaOH,C說法錯誤;
D.降冰片烯與馬來酸酊中均含有碳碳雙鍵,發(fā)生加聚反應(yīng)時,可能導(dǎo)致馬來酸好相鄰2個,故光刻膠合
成過程中可能會出現(xiàn)鏈節(jié):\、一,D說法正確;
答案為C。
11.1,3-丁二烯和Br2以物質(zhì)的量之比為1:1發(fā)生加成反應(yīng)分兩步:第一步Br+進(jìn)攻1,3-丁二烯生成
中間體CC臭躇正離子);第二步Br-進(jìn)攻中間體C完成1,2-加成或1,4-加成。反應(yīng)過程中的能量變化如
下圖所示,下列說法正確的是
FzhvbtW
A.1,2-加成產(chǎn)物A比1,4-加成產(chǎn)物B穩(wěn)定
B.第一步的反應(yīng)速率比第二步慢
C.該加成反應(yīng)的反應(yīng)熱為Eb-Ea
D.升高溫度,1,3-丁二烯的平衡轉(zhuǎn)化率增大
【答案】B
【解析】A.根據(jù)圖像可知,1,2-加成產(chǎn)物A含有的總能量大于1,4-加成產(chǎn)物B,則1,4-加成產(chǎn)物B
穩(wěn)定,A說法錯誤;
B.第一步的反應(yīng)的活化能大于第二步,則第一步的反應(yīng)速率比第二步慢,B說法正確;
C.該加成反應(yīng)的反應(yīng)熱為1,3-丁二烯的總能量與1,2-加成產(chǎn)物A或1,4-加成產(chǎn)物B的總能量的差
值,C說法錯誤;
D.根據(jù)圖像可知,加成反應(yīng)為放熱反應(yīng),則升高溫度,平衡逆向移動,則1,3-丁二烯的平衡轉(zhuǎn)化率減
小,D說法錯誤;
答案為B。
12.驗證氧化性強弱Cl2>Br2>12,設(shè)計如下實驗。(已知:稀濱水呈黃色;濃澳水呈紅棕色;碘水呈棕黃
色;忽略氧氣的影響)
實驗①實驗②實驗③實驗④
1mL氯水(黃綠色)1mL氯水(酶色)?、诜磻?yīng)后黃色酸
1mL氯;%(翻色)
11
五
蒸溜水
3mL3mLKBr溶液3mLKI溶液3mLKI溶液噬粉溶液
溶液變?yōu)闇\黃綠色溶液變?yōu)辄S色溶液變?yōu)樽攸S色溶液變?yōu)樗{(lán)色
下列說法不正確的是
A.實驗①設(shè)計目的為:排除實驗②③④水稀釋的影響
B.實驗②發(fā)生反應(yīng)為:2Br-+CL=Br2+2C|-
C.實驗③的現(xiàn)象可以證明氧化性:Cl2>l2
D.實驗④能證明氧化性:Br2>I2
【答案】D
【解析】A.實驗采用控制變量方法,因此實驗①為對照實驗,可排除實驗②③④中水稀釋對溶液顏色變
化的影響,A正確;
B.將CL水滴入KBr溶液中,發(fā)生置換反應(yīng):2B「+Cl2=Br2+2C|-,由于產(chǎn)生的溪水濃度較小,因此看
到溶液變?yōu)辄S色,B正確;
C.將1mL氯水加入KI溶液中,發(fā)生反應(yīng):Cl2+2I=l2+2C|-,產(chǎn)生的b使溶液變?yōu)樽攸S色,在反應(yīng)中氧
化劑是Cl2,氧化產(chǎn)物是12,故可證明物質(zhì)的氧化性:Cl2>l2,C正確;
D.②反應(yīng)后的溶液中可能含有過量的。2及反應(yīng)產(chǎn)生的Br2,因此?、诜磻?yīng)后的溶液加入KI淀粉混合溶
液中,溶液變?yōu)樗{(lán)色,可能發(fā)生反應(yīng):CI2+2IV2+2CI-,也可能發(fā)生反應(yīng):Br2+2I-=l2+2Br-,I2遇淀粉溶
液變?yōu)樗{(lán)色,該實驗不能證明氧化性:Br2>I2,D錯誤;
故合理選項是D。
9
13.已知:H2(g)+CO2(g).=H20(g)+CO(g)AH>0,Ti溫度時的平衡常數(shù)K=-oTi、T2溫度
時,在①、②、③、④四個相同體積的恒容容器中投料,起始濃度如下表所示。下列判斷不正確的是
起始濃度/mol【T
溫度容器編號
H2CO2H2OCO
①0.10.100
Ti②0.20.100
③0.10.20.10.1
T2④0.040.040.060.06
A.容器①5min達(dá)到平衡,用出表示的化學(xué)反應(yīng)速率為:0.012mol-L^-min-1
B.H2的平衡轉(zhuǎn)化率:①〉②
C.容器③中反應(yīng)向逆反應(yīng)方向進(jìn)行
D.容器④中反應(yīng)向正反應(yīng)方向進(jìn)行,則T2>Ti
【答案】C
【解析】
分析】
【解析】A.根據(jù)表中數(shù)據(jù),利用三段式進(jìn)行解答
H2(g)+C02(g)1H20(g)+CO(g)
起始(mol/L)0.10.100
變化(mol/L)xxx0
平衡(mol/L)0.l-x0.l-xxx
2
9x
H2(g)+CO2(g)H2O(g)+CO(g)AH>0,Ti溫度時的平衡常數(shù)K=1=(°皿2,解得
x=0.06mol-l_T,V(H2)=0.012mol-L-1-min-1,故A正確;
B.根據(jù)表中數(shù)據(jù)可知,②比①多加了0.1moM_TH2且兩者溫度相同,所以②的轉(zhuǎn)化率比①降低了,所以
H2的平衡轉(zhuǎn)化率:①〉②,故B正確;
01219
C.由表中數(shù)據(jù)可知,容器③中Qc=-^―=-<K=-,所以平衡正向移動,故C錯誤;
01x0.224
D.容器④中Qc="?=3,與Ti時的K相等,因為H2(g)+CO2(g)H2O(g)+CO(g)AH
0.0424
>0容器④中反應(yīng)向正反應(yīng)方向進(jìn)行,所以T2>Ti,故D正確;
故選C。.
14.有人建議用AG來表示溶液的酸度,AG的定義式為AG=lg[c(H+)/c(OH-)],室溫下實驗室用
0.01mol/L的氫氧化鈉溶液滴定20mL0.01mol/L的醋酸溶液,滴定曲線如圖所示,下列有關(guān)敘述不正確
的是
A.在一定溫度下,溶液酸性越強,AG越大
B.由圖知:室溫時0.01mol/L的醋酸溶液的pH=4
Cab段溶液中:c(CH3COO-)>c(CH3COOH)
D.c點溶液中:c(CH3COO-)+c(OH-)=c(H+)+c(Na+)
【答案】C
根據(jù)圖像可知,未加入NaOH時,AG=lg[c(H+)/c(0H-)]=6,則c(H+)=10-4mol/L
【解析】A.在一定溫度下,AG越大,即c(H+)/c(OH-)越大,則c(H+)越大,故溶液酸性越強,A敘述正
確;
B.分析可知,室溫時0.01mol/L的醋酸溶液的pH=4,B敘述正確;
C.b點時,AG=lg[c(H+)/c(OH-)]=0,即c(H+)=c(OH。,溶液呈中性,ab段溶液中c(CH3cob)逐漸
增大,c(CH3coOH)逐漸減小,故初始時c(CH3coOH)>c(CH3coeT),C敘述錯誤;
D.c點溶液中,根據(jù)溶液呈電中性,c(CH3coeT)+c(OH-)=c(H+)+c(Na+),D敘述正確;
答案為Co
第口卷(非選擇題共58分)
本部分共5小題,共58分
15.某研究小組以甲苯為起始原料,按下列路線合成利尿藥美托拉宗。
o0
IIII
美托拉宗
/Ri
HN
R7
已知:i.'2
R—COOH--------------R--—----C—N
\
KR.2
請回答下列問題:
⑴試劑a是______0
(2)C-D的反應(yīng)類型是_____。
⑶D-E的化學(xué)方程式。
(4)屬于芳香族化合物的B的同分異構(gòu)體有___個(提示:不包括B)。
⑸寫出B+HT的化學(xué)方程式______。
⑹從D-H的流程看,D-E的主要目的是.
(7)有人認(rèn)為由I合成美托拉宗的過程如下:
請寫出J的結(jié)構(gòu)簡式K的結(jié)構(gòu)簡式______.
【答案】⑴.濃硝酸,濃硫酸⑵.還原反應(yīng)(3).
+CH3COOH(4).4(5).
C1WH2,NH,
AcH
HNOsA^
CQ+22COOH
附。人力Q+H2O(6).保護(hù)與苯環(huán)直接相連的氨基不被酸性高鎰
H3C
酸鉀氧化(7).CH3cH0
0,A發(fā)生氯代生成C,C為
H
N、
H
,D與乙酸酎作用生成E,
H
—
NC
YH-,
NH
2O
,E與CISO3H、NH3作用生成F,F為,F在酸
oOH
H為
性KMnO4中甲基被氧化成竣基生成G,G
HCI發(fā)生還原反應(yīng)生成B,B與H反應(yīng)生成I,
O
,試劑a是濃硝酸,
是還原反應(yīng)。故答案為:還原反應(yīng);
故答案為:
+CH3COOHO
+CH3co0H
H3C
(6)從D-H的流程看,D-E的主要目的是保護(hù)與苯環(huán)直接相連的氨基不被酸性高鎰酸鉀氧化,故答案為:
保護(hù)與苯環(huán)直接相連的氨基不被酸性高鎰酸鉀氧化;
二回
(7)若由I合成美托拉宗的過程如下:□
16.海水是巨大的化學(xué)資源寶庫,利用海水可以直接或間接獲取很多物質(zhì)。
利用1:氯堿工業(yè)
(1)從海水中提取粗鹽的方法是______
(2)圖1是氯堿工業(yè)中電解飽和氯化鈉溶液的示意圖,飽和氯化鈉溶液從a口進(jìn)入,NaOH溶液從(填
b或d)口導(dǎo)出。陽離子交換膜的作用是______o
(3)圖2是電解氯化鈉溶液的微觀示意圖。X為電源的極,水合鈉離子、水合氯離子吸引水分子的氫
原子朝向不同的原因
D
obarf
圖:!
利用2:提鎂工業(yè)
(4)從海水中提取鎂的流程圖如下,按示例所示補全缺少的流程:。
『年一------------FT?,飛L
?■
【答案】(1).蒸發(fā)結(jié)晶或曬鹽(2).d⑶.阻止。田移向陽極,提高NaOH的產(chǎn)量和純度
(4).正(5).鈉離子帶正電易吸引水中的氧原子,氯離子帶負(fù)電易吸引水中的氫原子(6).
噢>Mg(OH)2——壁一>(第一空CaO、NaOH也可以)
【解析】
分析】
【解析】(1)海水中溶有氯化鈉,將氯化鈉從海水中分離,應(yīng)用蒸發(fā)結(jié)晶或曬鹽的方法。
(2)飽和氯化鈉溶液從a口進(jìn)入,水從c口進(jìn)入,左邊Cr放電,失去電子發(fā)生氧化反應(yīng),左邊電極為陽極,
右邊H+放電,得電子發(fā)生還原反應(yīng),右邊為陰極,電極反應(yīng)式為2H2O+2e=H2f+20W,生成的0H-
與左邊通過陽離子交換膜進(jìn)入右邊的Na+結(jié)合生成NaOH,從d口導(dǎo)出”日離子交換膜阻止0H一移向陽
極,提高NaOH的產(chǎn)量和純度。
(3)根據(jù)題圖可知,a離子半徑大于b離子半徑,所以a離子為氯離子,b離子為鈉離子,鈉離子帶正電易
吸引水中的氧原子,氯離子帶負(fù)電易吸引水中的氫原子;a離子是氯離子,b離子是鈉離子,氯離子向左
側(cè)移動發(fā)生氧化反應(yīng),則左側(cè)為陽極,X極為電源的正極。
(4)從海水中提取鎂,首先加入Ca(OH)2(或CaO、NaOH)將硫酸鎂轉(zhuǎn)化沉淀Mg(OH)2,過濾,再向
Mg(OH)2中加入鹽酸,得到氯化鎂溶液,在HCI氣流中蒸發(fā)得到氯化鎂,電解解熔融氧化鎂即得到Mg。
17.門捷列夫在研究周期表時預(yù)言了“類硅"元素錯和"類鋁"元素錫等11種元素。錯及其化合物應(yīng)用
于航空航天測控、光纖通訊等領(lǐng)域。一種提純二氧化褚粗品(主要含GeO2、AS2O3)的工藝如下:
高純木
GeOj'n^O
已知:i.GeO2與堿反應(yīng)生成NazGeCXii.GeCb極易水解,GeCk沸點86.6℃O
iii.As位于同主族P的下一周期,As2O3+2NaOH=2NaAsO2+H2Oo
(l)Ge位于同主族Si的下一周期,則Ge在周期表中的位置是______。
(2)從原子結(jié)構(gòu)角度解釋Ge和Si金屬性遞變的原因______。
⑶"氧化"過程是將NaAsCh氧化為Na3AsO4,其離子方程式為。
(4)加鹽酸蒸儲生成GeCb,反應(yīng)的化學(xué)方程式為o
(5)高純二氧化褚的含量采用碘酸鉀滴定法進(jìn)行測定。稱取ag高純二氧化褚樣品,加入氫氧化鈉在電爐溶
解,用次亞磷酸鈉還原為Ge2+,以淀粉為指示劑,用bmol/L的碘酸鉀標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定,消耗碘酸鉀的體積
為VmLo(20。(:以下,次亞磷酸鈉不會被碘酸鉀和碘氧化)
4++
資料:3Ge2++IO;+6H+=3Ge+I+3H2O,IO;+5I+6H=3I2+3H2Oo
此樣品中二氧化褚的質(zhì)量分?jǐn)?shù)是______(用表達(dá)式表示)。
【答案】(1).第四周期,IVA族(2).Ge與Si屬于同主族元素,Ge比Si多一層,原子半徑增大,
失去電子能力增強,金屬性增強(3).3AsC)2+CIO;+6OH-=3AsO4+CI-+3H2。(4).
Na2GeO3+6HCI=2NaCI+GeCl4+3H2O(5).3bVx10x105(化簡與否均正確)
a
粗品加入NaOH溶液堿浸時,GeO2與堿反應(yīng)生成Na2GeO3,元素錫為“類鋁"元素,則As2O3生成
NaAsCh;氧化過程為氯酸鈉與NaAsCh反應(yīng)生成NasAsCM和氯化鈉;加入鹽酸時,NazGeOs與鹽酸蒸
微生成GeCb,GeCb水解生成GeO2-nH2。,再經(jīng)烘干可得高純GeCh。
【解析】(l)Si位于第三周期IVA族,Ge位于同主族Si的下一周期,第四周期IVA族;
(2)Ge位于同主族Si的下一周期,則Ge原子半徑大于Si,對最外層電子的作用力減弱,失去電子能力增
強,金屬性增強;
(3)"氧化"過程氯酸鈉將NaAsCh氧化為Na3AsO4,則氯酸鈉變?yōu)槁然c,反應(yīng)的離子方程式為
3ASO2+CIO3+6OH-=3ASO4+C|-+3H2O;
(4)已知i.GeCh與堿反應(yīng)生成Na2GeO3,根據(jù)流程,加入鹽酸時,NazGeOs生成GeCk,反應(yīng)的方程式
為Na2GeO3+6HCI=2NaCI+GeCl4+3H2O;
(5)根據(jù)方程式可知,n(Ge2+):n(IO;)=3:1,則n(Ge2+)=3n(IOj)=3bmol/LxVmL,二氧化鑄的質(zhì)量
3bmo13
八%/LxVhiLx105g/mol36xVTO5^xqnno/
分?jǐn)?shù)=----------------------------x100%=---------------------------x100%o
-aga
18.氮肥廠的廢水中氮元素以NH3?H2。、NH3和NH:的形式存在,對氨氮廢水無害化處理已成為全球科
學(xué)研究熱點,下面是兩種電化學(xué)除氨氮的方法。
方法一:電化學(xué)氧化法
(1)有研究表明,當(dāng)以碳材料為陰極,。2可在陰極生成H2O2,并進(jìn)一步生成氧化性更強的QH,-OH可以
將水中氨氮氧化為N2O
①寫出QH的電子式o
②寫出QH去除氨氣的化學(xué)反應(yīng)方程式。
③陰極區(qū)加入Fe2+可進(jìn)一步提高氨氮的去除率,結(jié)合下圖解釋Fe2+的作用。
方法二:電化學(xué)沉淀法
已知:常溫下MgNH4P。4?6出0、Mg3(PO4)2fflMg(OH)2的溶度積如下
MgNH4P
物質(zhì)Mgs(PO4)2Mg(OH)2
6H2。
溶度枳2.5xlOT31.04x10-241.8xlOTi
(2)用0.01mol/LNH4H2P。4溶液模擬氨氮廢水,電解沉淀原理如圖甲,調(diào)節(jié)溶液初始pH=7,氨氮的去
除率和溶液pH隨時間的變化情況如圖乙所示。
圖甲圖乙
①用化學(xué)用語表示磷酸鍍鎂沉淀的原理:Mg-2e-=Mg2+(補全反應(yīng))。
②反應(yīng)1h以后,氨氮的去除率隨時間的延長反而下降的原因______。
【答案】(1)..Q:H(2).6-OH+2NH=N+6H2O(3).催化作用?;蚓唧w描述:
??32
2+3+3+2+
H2O2+Fe=Fe+-OH+OH-,Fe?+向陰極移動,陰極Fe+e-=Fe,Fe?+再生,循環(huán)使用(4).
2+
2H2O+2e-=2OH-+H2T;Mg+2OH+NH:+H2PO;=MgNH4Po4I+2H2。(5).SjS1h后,隨
著溶液中GMg2+)和GOH-)的增大,會形成Mg3(PO4)2或Mg(OH)2沉淀,同時,堿性條件下生成的
MgNH4P。4?6出0沉淀會部分轉(zhuǎn)化為Mg3(PO4)2或Mg(OH)2沉淀,釋放錢根離子,促使溶液中氨氮的
去除率下降。
【解析】(①是O原子與原子形成對共用電子對結(jié)合形成的微粒,其電子式是?
1)QHH10??:H;
②QH與NH3反應(yīng)產(chǎn)生N2、H2O,則根據(jù)電子守恒、原子守恒,可知QH去除氨氣的化學(xué)反應(yīng)方程式為:
6-OH+2NH3=N2+6H2O;
③H2O2具有氧化性,會將Fe2+氧化產(chǎn)生Fe3+,H2O2被還原產(chǎn)生。H-,Fe3+向負(fù)電荷較多的陰極移動,
在陰極上Fe3+得到電子,被還原產(chǎn)生Fe2+,電極反應(yīng)式為:Fe3++e-=Fe2+,Fe?+得到再生,然后再被循
環(huán)使用;
(2)①在不銹鋼陰極上,H2。得到電子變?yōu)镺H,電極反應(yīng)式為:2H2O+2e-=2OH+H2f;在陽極Mg電
極上,Mg失去電子變?yōu)镸g2+,電極反應(yīng)式為:Mg-2e-=Mg2+,反應(yīng)產(chǎn)生的Mg2+與OH、NH:、
2+
H2Pol反應(yīng)產(chǎn)生MgNH4P04沉淀,該反應(yīng)方程式為:Mg+2OH+NH:+H2P0;=MgNH4P04
+2H2O;
②反應(yīng)1h以后,氨氮的去除率隨時間的延長反而下降,這是由于隨著溶液中GMg2+)和40H-)的增大,
會形成Mg3(PC>4)2或Mg(0H)2沉淀,同時,在堿性條件下生成的MgNH4P。4?6也0沉淀會部分轉(zhuǎn)化為
Mg3(PO4)2或Mg(0H)2沉淀,釋放出NH:,又促使溶液中氨氮的去除率下降。
19.實驗小組探究FeCb溶液灼燒的變化。
已知:FeO是一種黑色粉末,不穩(wěn)定,在空氣中加熱,可被氧化成Fe3O4,隔絕空氣加熱會歧化為Fe和
FesO4.
工.FeCb溶液的灼燒。
實驗i:將一只白粉筆浸泡在FeCb溶液中,用用埸鉗夾持粉筆于酒精燈上灼燒,很快觀察到粉筆表面顏
色的變化:黃色-紅褐色-鐵銹色-黑色。
(D配制FeCb溶液時,先將氯化鐵晶體溶于較濃的鹽酸中,再加水稀釋到所需要的濃度。結(jié)合化學(xué)用語解
釋將氯化鐵晶體溶于鹽酸的目的O
(2)"黃色-紅褐色-鐵銹色-黑色"顏色變化中的"鐵銹色"物質(zhì)是______。(填化學(xué)式)
(3)針對"黑色"物質(zhì),小組成員提出猜想。
猜想1:酒精灼燒粉筆的產(chǎn)物;
猜想2:酒精還原"鐵銹色”物質(zhì)得到的產(chǎn)物。
通過實驗排除了猜想①,實驗操作和現(xiàn)象是______0
n.探究"黑色”物質(zhì)的成分。
實驗ii:先用酒精蒸氣排盡裝置中的空氣,再在“鐵銹色"物質(zhì)處加熱,充分反應(yīng)至“鐵銹色"物質(zhì)完全
變成〃黑色〃物質(zhì)。取下裝有新制Cu(0H)2的試管,加熱,有磚紅色沉淀生成。
手制CTKOH):
懸涉液
實驗iii:在“黑色"物質(zhì)中加入熱的硫酸,"黑色"物質(zhì)溶解,無氣泡產(chǎn)生。
(4)甲同學(xué)根據(jù)實驗ii和iii的現(xiàn)象,判斷"黑色”物質(zhì)中含有二價鐵,其理由是_____。
(5)乙同學(xué)用實驗iii中所得溶液進(jìn)行實驗iv,證實了甲的判斷,實驗iv的離子反應(yīng)方程式為o
(6)丙同學(xué)發(fā)現(xiàn)“黑色"物質(zhì)完全被磁鐵吸引,推測"黑色"物質(zhì)是Fe3O4,寫出“鐵銹色"物質(zhì)變成Fe3O4
的化學(xué)方程式O
(7)丁同學(xué)為證明"黑色"物質(zhì)是Fe3O4,設(shè)計實驗方案并預(yù)測:取實驗iii中少量清液滴入足量的Na2s溶
液,認(rèn)為得到物質(zhì)的量之比為3:1的FeS和S沉淀,即可證明。你認(rèn)為是否合理,并說明理由______。
【答案】(1).FeCI3+3H2OFe(OH)3+3HCI,溶于較濃的鹽酸中的目的是抑制其水解(2).
Fe2O3(3).把潔凈的粉筆置于酒精燈上灼燒未呈現(xiàn)黑色(4).實驗ii中酒精被氧化成乙醛,紅色物
質(zhì)Fe2O3中Fe元素即被還原成0價或+2價。實驗iii中無氣泡生成,可說明黑色物質(zhì)中沒有Fe單質(zhì),則
2++2+3+
一定含有+2價鐵元素。(邏輯合理即可)(5).5Fe+8H+MnO4=Mn+5Fe+4H2O或
A
2+3
3Fe+2[Fe(CN)6]-=Fe3[Fe(CN)6]2l(6).CH3cH2OH+3Fe2C)3=CH3cHO+2Fe3C)4+H2O(7).
合理;根據(jù)產(chǎn)物FeS和S物質(zhì)的量比為3:1,可知實驗中發(fā)生了2Fe3++3S2-=2FeS+S和Fe2++S2-=FeS
兩個反應(yīng),進(jìn)而可知實驗
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