黑龍江省大慶市鐵人中學2024-2025學年高二物理上學期第一次月考試題9月試題

A.動能增加 B.機械能增加C.重力勢能增加 D.電勢能增加二、多項選擇題（共5道題，每道題5分，半對得3分，共計25分）9．一帶負電的粒子只在電場力作用下沿x軸正方向運動，其電勢能Ep隨位移x的改變關系如圖所示，則下列說法正確的是()A．粒子從x1處運動到x2處的過程中電場力做正功B．x1、x2處電場強度方向沿x軸正方向C．x1處的電場強度大小大于x2處的電場強度大小D．x1處的電勢比x2處的電勢低abcdMN+10．如圖所示，在兩等量異種點電荷的電場中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關于MN對稱，abcdMN+A．b點場強大于d點場強B．b點場強小于d點場強C．a(chǎn)、b兩點間的電勢差等于b、c兩點間的電勢差D．摸索電荷+q在a點的電勢能小于在c點的電勢能11．如圖甲所示，在某電場中建立x坐標軸，A、B為x軸上的兩點，xA、xB分別為A、B兩點在x軸上的坐標值．一電子僅在電場力作用下沿x軸運動，該電子的電勢能Ep隨其坐標x改變的關系如圖乙所示，EpA和EpB分別表示電子在A、B兩點時的電勢能．則下列說法中正確的是()A．該電場可能是孤立的點電荷形成的電場B．A點的電場強度小于B點的電場強度C．電子由A點運動到B點的過程中電場力對其所做的功W＝EpA－EpBD．電子在A點的動能大于在B點的動能12.如圖所示，絕緣輕桿的兩端固定帶有等量異號電荷的小球（不計重力）。起先時，兩小球分別靜止在A、B位置?，F(xiàn)外加一勻強電場E，在靜電力作用下，小球繞輕桿中點O轉(zhuǎn)到水平位置。取O點的電勢為0。下列說法正確的有（）A.電場E中A點電勢低于B點B.轉(zhuǎn)動中兩小球的電勢能始終相等C.該過程靜電力對兩小球均做負功D.該過程兩小球的總電勢能增加13．質(zhì)量為m的帶正電小球由空中A點無初速度自由下落，在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強電場，再經(jīng)過t秒小球又回到A點，不計空氣阻力且小球從未落地。則（）A．整個過程中小球電勢能改變了B．整個過程中小球動量增量的大小為2mgtC．從加電場起先到小球運動到最低點時小球動能改變了mg2t2D．從A點到最低點小球重力勢能改變了第II卷非選擇題部分三、填空題（每空3分，共計9分）14．如圖所示，勻強電場的方向平行于xOy坐標系平面，其中坐標原點O處的電勢為2V，A點的坐標為(0,4cm)，電勢為8V，B點的坐標為(3cm,0)，電勢為8V，則電場強度的大小為V/m。15．如圖所示，在光滑定滑輪C正下方與C相距h的A處固定一電荷量為Q(Q>0)的點電荷，電荷量為q的帶正電小球B，用絕緣細線拴著，細線跨過定滑輪，另一端用適當大小的力F拉住，使B處于靜止狀態(tài)，此時B與A點的距離為R，B和C之間的細線與AB垂直．若B所受的重力為G，緩慢拉動細線(始終保持B平衡)直到B接近定滑輪，靜電力常量為k，環(huán)境可視為真空，則力F（填增大、減小或不變）；B受到的庫侖力的大?。ㄌ钤龃?、減小或不變）。四、計算題（共三個小題，16題10分，17題12分，18題14分，共計36分）16．如圖所示，長l＝1m的輕質(zhì)細繩上端固定，下端連接一個可視為質(zhì)點的帶電小球，小球靜止在水平向右的勻強電場中，繩與豎直方向的夾角θ＝37°。已知小球所帶電荷量q＝1.0×10－6C，勻強電場的場強E＝3.0×103N/C，取重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求：（1）小球所受電場力F的大小；（2）小球的質(zhì)量m；（3）將電場撤去，小球回到最低點時速度v的大小。如圖所示，光滑絕緣水平面有三個質(zhì)量均為m的帶電小球，A、B帶正電，電荷量均為q。有一水平力F作用在C球上，假如三個小球能夠保持邊長為r正三角形“隊形”一起前進。求：C球的電性及電量拉力F的大小18.如圖甲所示，粗糙水平軌道與半徑為R的豎直光滑、絕緣的半圓軌道在B點平滑連接，過半圓軌道圓心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的勻強電場E，質(zhì)量為m的帶正電小滑塊從水平軌道上A點由靜止釋放，運動中由于摩擦起電滑塊電荷量會增加，過B點后電荷量保持不變，小滑塊在AB段加速度隨位移改變圖象如圖乙所示．已知A、B間距離為4R，滑塊與軌道間動摩擦因數(shù)為μ＝0.5，重力加速度為g，不計空氣阻力，求：(1)小滑塊釋放后運動至B點過程中電荷量的改變量；(2)滑塊對半圓軌道的最大壓力大??；高二年級月考物理答案12345678DDBCBDAB一、單項選擇題二、不定項選擇題910111213ADBCCDABBD三、填空題14、250V/m漸漸減小，不變計算題16、答案：(1)3.0×10－3N(2)4.0×10－4kg(3)2.0m/s[解析](1)F＝qE＝3.0×10－3N(2)由eq\f(qE,mg)＝tan37°，得m＝4.0×10－4kg(3)由mgl(1－cos37°)＝eq\f(1,2)mv2，得v＝eq\r(2gl1－cos37°)＝2.0m/s17、答案：（1）C球帶負電，qC＝2q（2）F＝3eq\r(3)keq\f(q2,r2)解析A球受到B球的庫侖力F1和C球的庫侖力F2作用后，產(chǎn)生水平向右的加速度，故F2必為引力，C球帶負電。如圖所示，依據(jù)庫侖定律F1＝keq\f(q2,r2)及F2＝keq\f(qqC,r2)，F(xiàn)1與F2的合力方向水平向右，求得F2＝2F1，故qC＝2q，對A球：a＝eq\f(\r(3)F1,m)＝eq\r(3)eq\f(kq2,mr2)，對系統(tǒng)整體：F＝3ma，故F＝3eq\r(3)keq\f(q2,r2)18、答案：(1)eq\f(mg,E)(2)(6＋3eq\r(5))mg解析：(1)A點由牛頓其次定律有q0E－μmg＝m·eq\f(1,2)gB點由牛頓其次定律有q1E－μmg＝m·eq\f(3,2)g聯(lián)立解得Δq＝q1－q0＝eq\f(mg,E).(2)由A到B由動能定理得m·eq\f(\f(1,2)g＋\f(3,2)g,2)·4R＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)－0將電場力與重力等效為“重力G′”，與豎直方向的夾角設為α，在“等效最低點”對軌道壓力最大，則有G′＝eq\r(mg2＋q1E2)＝eq\r(5)mgcosα＝eq\f(mg,G′)從B到“等效最低點”由動能定理得G′(R－Rcos