河北省邢臺市臨西實驗中學2025屆高三物理上學期9月測試試題3

II卷非選擇題9、（1）(2)(3)（1）（2）（3）（4）12、臨西試驗中學2025屆高三上學期9月物理測試39.24答案1、答案C解析日常生活中遇到的離心運動并不都是有危害的，如洗衣機的脫水，無縫鋼管的鑄造等都是利用離心運動的例子，故A錯誤；在勻速圓周運動中，向心加速度的方向是不斷變更的，所以不是恒定的，B錯誤；汽車以確定的速率通過拱橋的最高點時，汽車受到的重力與支持力的合力供應向心力，由于合力的方向向下，結合牛頓第三定律可知，在最高點時汽車對橋的壓力小于汽車的重力，C正確；地球旁邊的任何物體都要受到重力作用，所以當“水流星”通過最高點時，即便其處于完全失重狀態(tài)，也要受重力作用，故D錯誤。2、答案D解析由題意知：小球拋出點的高度為：h＝eq\f(1,2)gt2＝5m，小球的水平位移為：x＝v0t＝5m，小球落地時的豎直分速度為：vy＝gt＝10m/s，小球著地時的速度為：v＝eq\r(veq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(x))＋veq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(y)))＝eq\r(52＋102)m/s＝eq\r(125)m/s＝5eq\r(5)m/s，故D正確，A、B、C錯誤。3、答案D解析小球恰好到達最高點時，在最高點的線速度最小，此時小球對軌道的壓力為0，由重力供應向心力，則有：mg＝meq\f(v2,R)，解得最小速度v＝eq\r(gR)，從最高點到最低點重力做正功，到最低點時速度確定大于eq\r(gR)，故A、B錯誤，D正確；小球通過軌道最低點時受到重力和軌道的支持力，加速度方向豎直向上，合力豎直向上，處于超重狀態(tài)，則支持力大于重力，依據(jù)牛頓第三定律知，小球對軌道最低點的壓力大小確定大于重力，故C錯誤。4、答案BD解析車受到的地面的支持力方向垂直地面，與車所在的平面不平行，故A錯誤；設自行車受到地面的支持力為N，則有：fm＝μN，由平衡條件有：N＝Mg，依據(jù)牛頓其次定律有：fm＝Meq\f(veq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(m)),R)，代入數(shù)據(jù)解得：vm＝eq\r(μgR)，故B正確；地面對自行車的支持力N與摩擦力f的合力過人與車的重心，設θ為自行車與地面的夾角，則：eq\f(1,tanθ)＝eq\f(f,Mg)，f＝Meq\f(v2,R)，解得f＝eq\f(Mg,tanθ)，eq\f(1,tanθ)＝eq\f(v2,gR)，轉彎速度越大，車所在平面與地面的夾角越小，轉彎時車與地面間的靜摩擦力不確定為μMg，C錯誤，D正確。5\答案AD解析從c到d的過程中，向心加速度大小不變，加速度在水平方向上的分加速度漸漸增大，依據(jù)牛頓其次定律知，手掌對蘋果的摩擦力越來越大，故A正確；蘋果做勻速圓周運動，從c到d的過程中，加速度在豎直方向上有向下的重量，可知蘋果始終處于失重狀態(tài)，故B錯誤；從c到d的過程中，蘋果的向心加速度大小不變，它在豎直方向上的重量漸漸減小，方向向下，則重力和支持力的合力漸漸減小，可知支持力越來越大，故C錯誤；蘋果做勻速圓周運動，所受的合外力大小不變，方向始終指向圓心，故D正確。6、答案D解析由題意可知，要使運動員不觸及障礙物，則運動員下落到與障礙物等高時，依據(jù)幾何關系可知運動員在水平方向發(fā)生的位移應當滿意：x≥eq\f(H,tan53°)＋L，此時運動員在豎直方向下落的高度為H－h(huán)，設運動員運動的時間為t，則有：H－h(huán)＝eq\f(1,2)gt2，代入數(shù)據(jù)可得時間為：t＝0.6s，所以運動員從A點沿水平方向滑出的最小速度為：vmin＝eq\f(1.2＋\f(3.2,\f(4,3)),0.6)m/s＝6m/s，故D正確，A、B、C錯誤。7、答案B解析小球做勻速圓周運動，由重力mg和支持力F的合力供應圓周運動的向心力，作出受力圖如圖，則向心力為：Fn＝mgtanα，m、α不變，向心力大小不變，依據(jù)牛頓其次定律得Fn＝meq\f(v2,r)，H越高，r越大，F(xiàn)n不變，則v越大，故B正確，C錯誤；側壁對小球的支持力F＝eq\f(mg,cosα)不變，則小球對側壁的壓力不變，故A錯誤；依據(jù)mgtanα＝meq\f(4π2r,T2)，解得T＝eq\r(\f(4π2r,gtanα))，則知H越高，r越大，T越大，故D錯誤。8、答案C解析設合位移方向與水平方向夾角為α，平拋運動時間為t，則有：Rsinα＝eq\f(1,2)gt2，Rcosα＝vt，恰好能打到c點時，α＝45°，聯(lián)立二式解得：v＝eq\f(\r(\r(2)gR),2)，故A錯誤；小球的初速度v越大，落點越靠上，即下落高度就越小，運動時間就越短，故B錯誤；小球的初速度v越大，落點越靠上，即下落高度就越小，位移偏轉角越小，則落到坑上時速度的偏轉角越小，故C正確；小球的初速度越大，落點越靠上，即下落高度就越小，重力做的功就越小，則落地時的動能不確定越大，故D錯誤。9、答案C解析汽車勻速通過立交橋時做曲線運動，合外力確定不為零，合外力充當向心力，方向指向軌跡圓心，故A、B錯誤；立交橋轉彎處的路面外高內(nèi)低，橋面對汽車的支持力與汽車的重力不平衡，在路面水平的地方橋面對汽車的支持力與汽車的重力平衡，故C正確；兩車并排通過立交橋時做曲線運動，二者的角速度時刻相等，但它們離軌跡圓心的距離不相等，依據(jù)F合＝F向＝mω2R知，則合外力不相等，故D錯誤。10、答案(1)A(2)不須要(3)9.71解析(1)重物拉著紙帶運動的過程中，相等時間間隔內(nèi)位移越來越大，則試驗時紙帶的B端與重物相連接，即試驗時小明拿著紙帶的A端。(2)本試驗只需通過紙帶分析即可求得當?shù)刂亓铀俣?，不須要測量重物的質量。(3)依據(jù)勻變速直線運動的推論得：a＝eq\f(x12－x78,6T2)＝eq\f(（4.56－2.23）×10－2,6×0.022)m/s2＝9.71m/s2。11、答案(1)移去(2)ABD(3)eq\f(d2－2d1,9T2)(4)B解析(1)平衡摩擦力時，移去鉤碼，長木板右端用墊塊抬高，調(diào)至適當高度，接通電源，輕推小車，使紙帶上打出的點間距相等。(2)當鉤碼質量遠小于小車總質量時，可以認為小車所受的合外力等于鉤碼的重力，故A正確；起先試驗時，應將砝碼放入小車，使得鉤碼質量遠小于小車質量，故B正確；小車內(nèi)放入砝碼后，不須要重新平衡摩擦力，故C錯誤；試驗探究加速度與合外力的關系，只需保持小車的總質量不變即可，不須要測出小車的質量，故D正確。(3)依據(jù)d2－d1－d1＝a(3T)2得，加速度a＝eq\f(d2－2d1,9T2)。(4)a-F圖線中圖線上端偏離直線的緣由是隨著所掛鉤碼個數(shù)的增加，不再滿意鉤碼的質量遠小于小車的質量，該誤差屬于系統(tǒng)誤差，是由試驗原理、方法引起的，故選B。12、答案(1)4m/s(2)10解析(1)小球在最低點時，由牛頓其次定律得：T－mg＝meq\f(v2,l)，代入數(shù)據(jù)解得：v＝4m/s(2)設細線恰好被拉斷時小球的速度為v0，細線能承受的最大拉力為Tm，由牛頓其