湖南省長沙市高考理綜（物理部分）模擬考試試題（4月）（含解析）.doc

2015年湖南省長沙市高考物理模擬試卷（4月份） 一、選擇題：本大題共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，其中15只有一項符合題目要求，第68小題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分1（6分）（2015長沙模擬）牛頓時空觀也叫經(jīng)典時空觀，下列關于經(jīng)典時空觀及經(jīng)典力學的說法正確的是（） a 經(jīng)典時空觀認為空間和時間是獨立于物體及其運動而存在的 b 經(jīng)典力學的基礎是牛頓運動定律，它適用于宏觀和微觀世界 c 在經(jīng)典力學中，物體的質(zhì)量是隨運動狀態(tài)而改變的 d 經(jīng)典力學也適用于高速運動的宏觀物體【考點】： 狹義相對論【分析】： 經(jīng)典力學的基礎是牛頓運動定律，適用于宏觀、低速、弱引力的情況【解析】： 解：a、經(jīng)典時空觀認為空間和時間是獨立于物體及其運動而存在的，故a正確；b、經(jīng)典力學的基礎是牛頓運動定律，它適用于宏觀世界，不適應與微觀世界，故b錯誤；c、在經(jīng)典力學中，物體的質(zhì)量是不隨運動狀態(tài)而改變的故c錯誤；d、經(jīng)典力學適用于宏觀、低速、弱引力的情況，故d錯誤故選：a【點評】： 關鍵是知道牛頓經(jīng)典力學的本質(zhì)認為質(zhì)量和能量各自獨立存在，且各自守恒，它只適用于物體運動速度遠小于光速的范圍2（6分）（2015長沙模擬）據(jù)報道，北京時間2013年12月6日17時53分，嫦娥三號探測器成功實施近月制動，順利進入環(huán)月軌道探測器環(huán)月運行軌道可視為圓軌道已知質(zhì)量為m的探測器環(huán)月運行時可忽略地球及其他天體的引力，其軌道半徑為r，運動周期為t，引力常量為g由以上條件可求得（） a 月球的半徑 b 月球表面的重力加速度 c 探測器離月球表面的高度 d 月球的質(zhì)量【考點】： 人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系；萬有引力定律及其應用【專題】： 人造衛(wèi)星問題【分析】： 衛(wèi)星做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式；根據(jù)萬有引力等于重力求出重力加速度【解析】： 解：a、根據(jù)題意無法求出月球的半徑，故a錯誤；b、根據(jù)萬有引力等于重力得：=mgg=，不知道月球的半徑，所以不能求出月球表面的重力加速度，故b錯誤；c、軌道半徑為r=r+h，不知道月球的半徑，所以不能求出離月球表面的高度，故c錯誤；d、軌道半徑為r，運動周期為t，引力常量為g，根據(jù)萬有引力提供向心力，=mm=，所以能求出月球的質(zhì)量，故d正確；故選：d【點評】： 本題要知道萬有引力提供向心力這個關系，并且能夠根據(jù)題目的要求選擇恰當?shù)南蛐牧Φ谋磉_式3（6分）（2015長沙模擬）如圖所示，質(zhì)量分別為m、2m的物體a、b由輕質(zhì)彈簧相連后放置在一箱子c內(nèi)，箱子質(zhì)量為m，整體懸掛處于靜止狀態(tài)當剪斷細繩的瞬間，以下說法正確的是（重力加速度為g）（） a 物體a的加速度等于g b 物體b的加速度大于g c 物體c的加速度等于g d 物體b和c之間的彈力為零【考點】： 牛頓第二定律【專題】： 牛頓運動定律綜合專題【分析】： 先對a受力分析，求出細線剪短前后a的加速度；再對b、c整體受力分析，求出bc整體的加速度【解析】： 解：a、物體a受重力和支持力，在細繩剪斷瞬間仍受力平衡，所以a=0，故a錯誤；bc、b、c物體相對靜止，將b、c看作一個整體，受重力和彈簧的壓力，彈簧的壓力等于a物體的重力，故整體的加速度為：a=；故b正確，c錯誤d、根據(jù)b項分析知b與c之間彈力為零故選：b【點評】： 本題是瞬時問題，關鍵在于bc的加速度相等，要將bc當作整體來研究4（6分）（2015長沙模擬）2014年我國多地都出現(xiàn)了霧霾天氣，嚴重影響了人們的健康和交通設有一輛汽車在能見度較低的霧霾天氣里以54km/h的速度勻速行駛，司機突然看到正前方有一輛靜止的故障車，該司機剎車的反應時間為0.6s，剎車后汽車勻減速前進，剎車過程中加速度大小為5m/s2，最后停在故障車前1.5m處，避免了一場事故以下說法正確的是（） a 司機發(fā)現(xiàn)故障車后，汽車經(jīng)過3 s停下 b 司機發(fā)現(xiàn)故障車時，汽車與故障車的距離為33 m c 從司機發(fā)現(xiàn)故障車到停下來的過程，汽車的平均速度為7.5 m/s d 從司機發(fā)現(xiàn)故障車到停下來的過程，汽車的平均速度為11 m/s【考點】： 勻變速直線運動的位移與時間的關系；平均速度【專題】： 直線運動規(guī)律專題【分析】： （1）根據(jù)勻變速直線運動的速度時間公式求出卡車勻減速運動的時間，從而得知發(fā)現(xiàn)情況后，卡車到停止的時間；（2）司機發(fā)現(xiàn)情況后，在反應時間內(nèi)做勻速直線運動，然后做勻減速直線運動，結(jié)合運動學公式求出位移的大??；（3）平均速度等于總位移除以總時間；【解析】： 解：a、卡車減速到零的時間則t=t+t1=0.6+3=3.6s，故a錯誤；b、在反應時間內(nèi)的位移x1=v0t=150.6m=9m勻減速直線運動的位移，則x=x1+x2+1.5=33m，故b正確；c、平均速度，故cd錯誤；故選：b【點評】： 解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動運動學公式，并能靈活運用知道在反應時間內(nèi)做勻速直線運動5（6分）（2015長沙模擬）已知長直線電流產(chǎn)生的磁場中某點的磁感應強度滿足b=k（其中k為比例系數(shù)，為電流強度，r為該點到直導線的距離）如圖所示，同一平面內(nèi)有兩根互相平行的長直導線甲和乙，通有大小均為i且方向相反的電流，a、o兩點與兩導線共面，且a點到甲的距離、甲到o點的距離及o點到乙的距離均相等現(xiàn)測得o點磁感應強度的大小為b0=3t，則a點的磁感應強度大小為（） a 1t b t c t d 2t【考點】： 磁感應強度【分析】： 由安培定則判斷出甲乙兩導線在o點產(chǎn)生的磁場方向，然后求出各導線在o點產(chǎn)生的磁感應強度大??；由安培定則及磁場的疊加原理求出a點的磁感應強度；求出甲在乙處產(chǎn)生的磁感應強度，最后由f=bil求出乙受到的安培力【解析】： 解：設兩導線間的距離是l，則由題意知：ao=bo=l；由安培定則可知，甲乙兩電流在o點產(chǎn)生的磁場方向都垂直于紙面向里，兩導線到o點的距離均為l，由于b=k，o點磁感應強度的大小為b0，所以：b0=ba+bb=k ，由安培定則可知，甲在a處產(chǎn)生的磁場垂直于紙面向外，乙在a處產(chǎn)生的磁場垂直于紙面向里，則a處的磁感應強度：ba=b甲+b乙=k ，由可得：ba=t；故選：a【點評】： 本題是一道信息給予題，認真審題，知道磁感應強度的計算公式、熟練應用安培定則、磁場的疊加原理即可正確解題6（6分）（2015長沙模擬）如圖所示，在半徑為r的圓形區(qū)域內(nèi)（圓心為o）有勻強磁場，磁感應強度為b，方向垂直于圓平面（未畫出）一群具有相同比荷的負離子以相同的速率由p點在紙平面內(nèi)向不同方向射入磁場中，發(fā)生偏轉(zhuǎn)后又飛出磁場，若離子在磁場中運動的軌道半徑大于r，則下列說法中正確的是（不計離子的重力）（） a 從q點飛出的離子在磁場中運動的時間最長 b 沿pq方向射入的離子飛出時偏轉(zhuǎn)角最大 c 所有離子飛出磁場時的動能一定相等 d 在磁場中運動時間最長的離子不可能經(jīng)過圓心o點【考點】： 帶電粒子在勻強磁場中的運動；帶電粒子在勻強電場中的運動【專題】： 帶電粒子在磁場中的運動專題【分析】： 粒子在磁場中均由于洛侖茲力充當向心力而做勻速圓周運動，則根據(jù)公式和圓的性質(zhì)可得出粒子運動的半徑、偏向 角及離開磁場的時間；由洛侖茲力不做功可知離開時的動能【解析】： 解：a、由圓的性質(zhì)可知，軌跡圓與磁場圓相交，當軌跡圓的弦長最大時偏向角最大，故應該使弦長為pq，故此時粒子一定不會沿pq飛出，由q點飛出的粒子圓心角最大，故所對應的時間最長，軌跡不可能經(jīng)過圓心o點故a、d正確，b錯誤c、因洛侖茲力永不做功，故粒子在磁場中運動時動能保持不變，但由于不知離子的初動能，故飛出時的動能不一定相同，故c錯誤故選：ad【點評】： 本題為多個粒子的偏轉(zhuǎn)問題，此類題目要求我們能將圓的性質(zhì)掌握清楚，利用我們所掌握的幾何知識進行分析判斷7（6分）（2015長沙模擬）如圖所示電路，一理想變壓器的原線圈ab間接電壓為u=220sin100t（v）的交流電源，r0為定值電阻，當滑動變阻器r的滑片處在某位置時，燈泡l剛好正常發(fā)光，則（） a 流過燈泡l的交變電流頻率跟變壓器的原、副線圈匝數(shù)比無關，為100hz b 將r的滑片向上滑稍許，燈泡l的亮度不變 c 將r的滑片向下滑稍許，變壓器的輸入功率變大 d 將r的滑片向下滑稍許，燈泡l的亮度變暗【考點】： 變壓器的構造和原理【專題】： 交流電專題【分析】： 由電壓的表達式可求得交流電的頻率；注意頻率和匝數(shù)等無關；由匝數(shù)之比不變可明確電壓不變，借助閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析方法分析輸出端的電流及電壓變化，即可分析功率和亮度的變化【解析】： 解：a、流過燈泡的頻率與原副線圈匝數(shù)無關，其大小為f=50hz；故a錯誤；b、匝數(shù)不變時，r的滑片上滑時，r接入電阻增大，總電阻增大，總電流減小，r兩端的電壓減小，則并聯(lián)部分電壓增大；則l兩端的電壓增大；故l的亮度增大；故b錯誤；c、r的滑片向下滑稍許時，接入電阻減小，總電流增大，輸出功率增大，則輸入功率也變大；故c正確；d、滑片向下滑稍許時，接入電阻減小，總電流增大，r兩端的電壓增大，則燈泡兩端電壓減??；故亮度變暗；故d正確；故選：cd【點評】： 本題考查變壓器的動態(tài)分析問題，其解決方法與閉合電路歐姆定律相同，利用“局部整體局部”的分析思路進行分析即可求解8（6分）（2015長沙模擬）如圖所示，位于水平面上的物體在斜向上的恒力f1的作用下，做速度為v的勻速運動，此時力f1與水平方向的夾角為1；現(xiàn)將該夾角增大到2，對應恒力變?yōu)閒2，則以下說法正確的是（） a 若物體仍以速度v做勻速運動，則可能有f2=f1 b 若物體仍以速度v做勻速運動，則一定有f2f1 c 若物體仍以速度v做勻速運動，則f2的功率可能等于f1的功率 d 若物體以大于v的速度做勻速運動，則f1的功率可能等于f2的功率【考點】： 共點力平衡的條件及其應用；功率、平均功率和瞬時功率【專題】： 共點力作用下物體平衡專題【分析】： 根據(jù)共點力平衡得出兩個拉力的表達式，結(jié)合數(shù)學知識分析拉力的大小關系根據(jù)拉力的功率大小和摩擦力的功率大小相等，結(jié)合功率表達式p=fvcos分析功率大小【解析】： 解：a、物體都做勻速運動，受力平衡，則：f1 cos1=（mgf1sin1）f2 cos2=（mgf2sin2）解得：，當cos1+sin1=cos2+sin2時，f2=f1，則sin（1+）=sin（2+），其中tan，當1+2+2=時，sin（1+）=sin（2+），則f2的大小可能等于f1故a正確，b錯誤c、因為物體做勻速直線運動，合力為零，則f1 cos1=（mgf1sin1）f2 cos2=（mgf2sin2）功率p=fvcos，v相等，要使功率相等，則f1 cos1=f2 cos2，f1sin1=f2sin2，而21，不可能同時滿足，所以f2的功率不可能等于f1的功率，故c錯誤；d、根據(jù)c的分析可知，當物體以大于v的速度做勻速運動時，f1 cos1可以大于f2 cos2，則f1的功率可能等于f2的功率，故d正確故選：ad【點評】： 解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡，結(jié)合功率相等列式求解，注意物體做勻速直線運動，合力為零，拉力的功率大小等于摩擦力功率的大小，難度適中二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考題，每個試題考生都必須作答第13題第18題為選考題，考生根據(jù)要求作答（一）必考題9（6分）（2015長沙模擬）物理課題小組參與設計某道路的“風光互補路燈”系統(tǒng)如圖所示，其主要部分為：a風力發(fā)電機（最大輸出功率300w）b太陽能電池（太陽能轉(zhuǎn)化為電能的效率為20%，最大輸出功率為36w）c蓄電池（12v 500ah）dled路燈（12v 60w）（1）如果當?shù)卮怪庇谔柟獾钠矫娴玫降奶栞椛鋸姸燃s為200w/m2，要想使太陽能電池達到最大輸出功率，則太陽能電池板的面積至少要0.9m2（2）若只用風力發(fā)電機給蓄電池充電，將蓄電池的電能由20%至充滿所需時間為25h，則風力發(fā)電機的輸出功率為192w【考點】： 功率、平均功率和瞬時功率【專題】： 功率的計算專題【分析】： （1）由太陽能電池達到最大輸出功率等于輻射功率乘以面積再乘以效率得到結(jié)果；（2）根據(jù)能量守恒列方程求解【解析】： 解：（1）由太陽能電池達到最大輸出功率等于輻射功率乘以面積再乘以效率得：200s20%=36，解得，s=0.9m2（2）根據(jù)能量守恒列方程得：12500（120%）=p25，解得，p=192w故答案為：（1）0.9 （2）192【點評】： 本題體現(xiàn)了物理與生活的緊密相連，有一定難度，關鍵是讀懂題目中包含的隱性條件，這樣會幫助我們減少計算量10（9分）（2015長沙模擬）甲、乙兩同學均設計了測動摩擦因數(shù)的實驗已知重力加速度為g（1）甲同學所設計的實驗裝置如圖（甲）所示其中a為一質(zhì)量為m的長直木板，b為木板上放置的質(zhì)量為m的物塊，c為物塊右端連接的一輕質(zhì)彈簧測力計實驗時用力將a從b的下方抽出，通過c的讀數(shù)f1即可測出動摩擦因數(shù)則該設計能測出a與b（填“a與b”或“a與地面”）之間的動摩擦因數(shù)，其表達式為（2）乙同學的設計如圖（乙）所示他在一端帶有定滑輪的長木板上固定有a、b兩個光電門，與光電門相連的計時器可以顯示帶有遮光片的物塊在其間的運動時間，與跨過定滑輪的輕質(zhì)細繩相連的輕質(zhì)測力計能顯示掛鉤處所受的拉力實驗時，多次改變砂桶中砂的質(zhì)量，每次都讓物塊從靠近光電門a處由靜止開始運動，讀出多組測力計示數(shù)f及對應的物塊在兩光電門之間的運動時間t在坐標系中作出f的圖線如圖（丙）所示，圖線的斜率為k，與縱軸的截距為b，與橫軸的截距為c因乙同學不能測出小車質(zhì)量，故該同學還應該測出的物理量為光電門a、b之間的距離x根據(jù)該測量物理量及圖線信息可知物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)表達式為【考點】： 探究影響摩擦力的大小的因素【專題】： 實驗題【分析】： （1）用力將a從b的下方抽出達到穩(wěn)定狀態(tài)時，b所受的滑動摩擦力與彈簧測力計的拉力平衡滑動摩擦力f=n，n等于b的重力，f由彈簧測力計q讀出，從而可測得動摩擦因數(shù)（2）小車從靠近甲光電門處由靜止開始做勻加速運動，位移x=at2位移一定，找出a與t的關系，以及斜率k、截距b的意義，然后即可求出動摩擦因數(shù)的表達式【解析】： 解：（1）當a達到穩(wěn)定狀態(tài)時b處于靜止狀態(tài)，彈簧測力計的讀數(shù)f與b所受的滑動摩擦力f大小相等，b對木塊a的壓力大小等于b的重力mg，由f=n得，=，由從q上讀取f1，則可求得，為a與b之間的動摩擦因數(shù)（2）小車由靜止開始做勻加速運動，位移x=at2a=根據(jù)牛頓第二定律得對于沙和沙桶，f合=fmg=ma則：則圖線的斜率為：k=2mx，縱軸的截距為b=mg；k與摩擦力是否存在無關，小車與長木板間的摩擦因數(shù)：故答案為：（1）a與b，；（2）光電門a、b之間的距離x；【點評】： 本題關鍵要理解掌握光電門測量速度的原理，運用動能定理得到動摩擦因數(shù)的表達式，分析圖象截距的意義11（14分）（2015長沙模擬）某商場設計將貨物（可視為質(zhì)點），從高處運送到貨倉，簡化運送過程如圖所示，左側(cè)由固定于地面的光滑圓軌道，軌道半徑為r，軌道最低點距離地面高度為h=，距貨倉的水平距離為l=3r，若貨物由軌道頂端無初速落下，無法直接運動到貨倉，設計者在緊靠最低點的地面放置兩個相同的木箱，木箱長度為r，高度為h，質(zhì)量為m，上表面與軌道末端相切，貨物與木箱之間的動摩擦因數(shù)為，設計者將質(zhì)量為m貨物由軌道頂端無初速滑下，發(fā)現(xiàn)貨物滑上木箱1時，兩木箱均靜止，而滑上木箱2時，木箱2開始滑動（最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，重力加速度為g）（1）求木箱與地面的動摩擦因數(shù)1的取值范圍；（2）設計者將兩木箱固定在地面上，發(fā)現(xiàn)貨物剛好可以死進去貨倉，求動摩擦因數(shù)的值【考點】： 牛頓第二定律；摩擦力的判斷與計算【專題】： 牛頓運動定律綜合專題【分析】： （1）貨物在木箱1上運動時，兩木箱均靜止，知物塊對木箱的摩擦力小于地面對木箱的最大靜摩擦力，貨物在木箱2上運動時，木箱2運動，知物塊對木箱2的摩擦力大于木箱2受到地面的摩擦力，從而求出動摩擦因數(shù)的范圍（2）根據(jù)動能定理求出物塊滑上木箱的初速度，結(jié)合平拋運動的規(guī)律，抓住物塊恰好進入貨倉求出物塊離開木箱做平拋運動的速度，根據(jù)牛頓第二定律和速度位移公式求出動摩擦因數(shù)的大小【解析】： 解：（1）因為貨物在木箱1上運動時，兩木箱均靜止，有：mg1（2m+m）g，貨物在木箱2上運動時，木箱2開始滑動，有：mg1（m+m）g，聯(lián)立兩式解得（2）根據(jù)動能定理得，解得v=，在兩木箱上做勻減速運動的加速度a=g，因為木塊剛好進入貨倉，木塊離開木箱后做平拋運動，有：，t=，根據(jù)3r2r=vt得，木塊做平拋運動的初速度，根據(jù)速度位移公式得，v2v2=2a2r，代入數(shù)據(jù)解得=0.25答：（1）木箱與地面的動摩擦因數(shù)1的取值范圍為（2）動摩擦因數(shù)的值為0.25【點評】： 本題考查了動能定理、牛頓第二定律和運動學公式的綜合運用，對于第二問，關鍵抓住臨界情況，物塊恰好進入貨倉，求出平拋運動的初速度是關鍵12（18分）（2015長沙模擬）如圖所示，一根有一定電阻的直導體棒質(zhì)量為m、長為l，其兩端放在位于水平面內(nèi)間距也為l的光滑平行導軌上，并與之接觸良好；棒左側(cè)兩導軌之間連接一可控電阻；導軌置于勻強磁場中，磁場的磁感應強度大小為b，方向垂直于導軌所在平面t=0時刻，給導體棒一個平行于導軌的初速度，此時可控電阻的阻值為r0在棒運動過程中，通過可控電阻的變化使棒中的電流強度保持恒定不計導軌電阻，導體棒一直在磁場中（1）求可控電阻r隨時間t變化的關系式；（2）若已知棒中電流強度為i，求0t時間內(nèi)可控電阻上消耗的平均功率p；（3）若在棒的整個運動過程中將題中的可控電阻改為阻值為r0的定值電阻，則棒將減速運動位移x1后停下，而由題中條件，棒將運動位移x2后停下，求的值【考點】： 導體切割磁感線時的感應電動勢；電磁感應中的能量轉(zhuǎn)化【專題】： 電磁感應功能問題【分析】： （1）使棒中的電流強度保持恒定，結(jié)合歐姆定律知i=為定值，由于棒做勻減速運動，故感應電動勢隨時間減小，由此的到r隨時間的變化關系；（2）電阻隨時間均勻減小，故電阻的功率可用平均功率等效代替，p=【解析】： 解：（1）因棒中的電流強度保持恒定，故棒做勻減速直線運動，設棒的電阻為r，電流為i，其初速度為v0，加速度大小為a，經(jīng)時間t后，棒的速度變?yōu)関，則有：v=v0at而a=t=0時刻棒中電流為：經(jīng)時間t后棒中電流為：由以上各式得：r=（2）因可控電阻r隨時間t均勻減小，故所求功率為：p=由以上各式得：p=（3）將可控電阻改為定值電阻r0，棒將變減速運動有：而由以上各式得：而由以上各式得所求答：（1）求可控電阻r隨時間t變化的關系式為：r=；（2）若已知棒中電流強度為i，求0t時間內(nèi)可控電阻上消耗的平均功率p為；（3）的值為2：1【點評】： 解決本題的關鍵知道分析導體棒受力情況，應用閉合電路歐姆定律和牛頓第二定律求解，注意對于線性變化的物理量求平均的思路，本題中先后用到平均電動勢、平均電阻和平均加速度【物理-選修3-3】（15分）13（6分）（2015長沙模擬）如圖，質(zhì)量為m的絕熱活塞把一定質(zhì)量的理想氣體密封在豎直放置的絕熱氣缸內(nèi)活塞可在氣缸內(nèi)無摩擦滑動現(xiàn)通過電熱絲對理想氣體十分緩慢地加熱設氣缸處在大氣中，大氣壓強恒定經(jīng)過一段較長時間后，下列說法正確的是（） a 氣缸中氣體的壓強比加熱前要大 b 氣缸中氣體的壓強保持不變 c 氣缸中氣體的體積比加熱前要大 d 氣缸中氣體的內(nèi)能可能和加熱前一樣大 e 活塞在單位時間內(nèi)受氣缸中分子撞擊的次數(shù)比加熱前要少【考點】： 封閉氣體壓強【分析】： 給氣體加熱時，封閉氣體發(fā)生等壓變化，可根據(jù)蓋呂薩克定律列式知溫度上升，氣體發(fā)生等壓變化，可根據(jù)熱力學第一定律求內(nèi)能的變化量由壓強的決定因素：分子平均動能和單位體積內(nèi)的分子數(shù)分析單位時間內(nèi)分子撞擊氣缸的次數(shù)【解析】： 解：a、氣缸內(nèi)封閉氣體的壓強 p=p0+，則知加熱時封閉氣體的壓強保持不變故a錯誤，b正確c、封閉氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律知，溫度上升時，氣體的體積增大，故c正確d、一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只跟溫度有關，溫度升高，氣體的內(nèi)能增加故d錯誤e、溫度升高，分子的平均動能增大，體積增大，單位時間氣體分子數(shù)減少，由于氣體的壓強不變，根據(jù)壓強的微觀含義知活塞在單位時間內(nèi)受氣缸中分子撞擊的次數(shù)比加熱前減少，故e正確故選：bce【點評】： 解決本題的關鍵要明確氣體作的是等壓變化，知道一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能只跟溫度有關14（9分）（2015長沙模擬）u形管兩臂粗細不等，左管開口向上，封閉的右管橫截面積是開口的左管的3倍，管中裝入水銀，大氣壓為p0=76cmhg開口管中水銀面到管口距離為h1=22cm，且水銀面比封閉管內(nèi)高h=4cm，封閉管內(nèi)空氣柱長為h2=11cm，如圖所示現(xiàn)用小活塞把開口端封住，并緩慢推動活塞，使兩管液面相平，推動過程中兩管的氣體溫度始終不變，試求：右管中氣體的最終壓強活塞推動的距離【考點】： 理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強【專題】： 理想氣體狀態(tài)方程專題【分析】： 以粗管封閉氣體為研究對象，氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可求得最終壓強；再以左管氣體為研究對象，氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可求得氣體體積，從而可得活塞推動的距離【解析】： 解：設左管橫截面積為s，則右管橫截面積為3s，以右管封閉氣體為研究對象，初狀態(tài)的壓強為p1=p0+h=80cmhg 體積為v1=3sh2末狀態(tài)的壓強為p2從初狀態(tài)到末狀態(tài)，設左管水銀面下降h1，設右管水銀面上升h2，則h1+h2=hh1s=3h2s 故h1=3h2=0.75h=3cm末狀態(tài)的體積為v2=3s（h2h2）由等溫變化有p1v1=p2v2由以上各式得 p2=88 cmhg 以左管被活塞封閉氣體為研究對象，初狀態(tài)有：p3=p0=76cmhg，體積為v3=sh1末狀態(tài)有：p4=p2=88cmhg，體積為v4=sh4由等溫變化有p3v3=p4v4由以上各式得 h4=19 cm 活塞推動的距離 l=h1h4+h1=6 cm 答：右管中氣體的最終壓強88 cmhg 活塞推動的距離6 cm【點評】： 本題關鍵確定封閉氣體的初末狀態(tài)的氣壓、溫度、體積，然后結(jié)合理想氣體狀態(tài)方程列式后聯(lián)立求解【物理-選修3-4】（15分）15（2015長沙模擬）一列頻率為2.5hz的簡諧橫波沿x軸傳播，在t1=0時刻波形如圖中實線所示，在t2=0.7s時刻波形如圖中虛線所示則該波沿x軸負向（填“正向”或“負向”）傳播其傳播速度為10m/s在t3=0.9s時位于0x4m區(qū)間的部分質(zhì)點正在向y軸正方向運動，這些質(zhì)點在x軸上的坐標區(qū)間是1mx3m【考點】： 波長、頻率和波速的關系；橫波的圖象【分析】： 由頻率求出周期，根據(jù)時間與周期的倍數(shù)關系確定波的傳播方向；再分析在t3=0.9s時位于0x4m區(qū)間的質(zhì)點中正向y軸正方向運動的質(zhì)點坐標區(qū)間【解析】： 解：該波的周期為：t=s=0.4s，t2t1=0.7s=1t，由波形的平移法可知，該波沿x軸負向傳播由圖知，波長為 =4m，波速為 v=10m/s在t1=0時刻在x軸上坐標區(qū)間為2mx4m的質(zhì)點正向y軸正方向運動，在t3=0.9s=2t時刻，波形向左平移=1m，則正向y軸正方向運動的質(zhì)點在x軸上的坐標區(qū)間是：1mx3m故答案為：負向；10m/s；1mx3m【點評】： 本題的解題關鍵是根據(jù)時間與周期的關系，利用波形的平移法確定波的傳播方向，從而判斷出質(zhì)點的速度方向16（2015長沙模擬）某透明物體的橫截面如圖所示，其中abc為直角三角形，ab為直角邊，長度為2l，abc=45，為一圓弧，其圓心在ac邊的中點此透明物體的折射率為n=2.0若一束寬度與ab邊長度相等的平行光從ab邊垂直射入透明物體，試由光路圖畫出光線從adc圓弧射出的區(qū)域，并求此區(qū)域的圓弧長度s【考點】： 光的折射定律【專題】： 光的折射專題【分析】： 根據(jù)sin=求出透明體的臨界角為30當光線射到bc面上時，光線將發(fā)生全反射從adc圓弧射出時，作出兩條邊緣光線，從圓弧adc射出的邊緣光線恰好發(fā)生全反射，其入射角等于臨界角，由折射率求出臨界角，由幾何知識求出此區(qū)域的圓弧長度s【解析】： 解：如圖，作出兩條邊緣光線，所求光線射出的區(qū)域為edf如圖，從圓弧adc射出的邊緣光線的入射角等于材料的臨界角，因sin=故=30由幾何關系得：圓弧edf長度為 s=2l故所求 s=答：畫出光線從adc圓弧射出的區(qū)域如圖，此區(qū)域的圓弧長度s為【點評】： 對于幾何光學中范圍問題，要掌握臨界角公式，求出臨界角，要作出邊界光線，在邊界上光線往往恰好發(fā)生全反射【物理-選修3-5】（15分）17（2015長沙模擬）以下關于玻爾原子理論的說法正確的是（） a 電子繞原子核做圓周運動的軌道半徑不是任意的 b 電子在繞原子核做圓周運動時，穩(wěn)定地產(chǎn)生電磁輻射 c 電子從量子數(shù)為2的能級躍遷到量子數(shù)為3的能級時要輻射光子 d 不同頻率的光照射處于基態(tài)的氫原子時，只有某些頻率的光可以被氫原子吸收 e 氫原子光譜有很多不同的亮線，說明氫原子能發(fā)出很多不同頻率的光，但它的光譜不是連續(xù)譜【考點】： 玻爾模型和氫