【真題】河南省平頂山市郟縣一高高二（下）第三次周考物理試卷（解析版）

1、2015-2016學年河南省平頂山市郟縣一高高二（下）第三次周考物理試卷一、選擇題（本大題共16小題每小題4分在每小題給出的四個選項中1-10小題只有一項符合題目要求，11-16小題有多項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）1在物理學建立、發(fā)展的過程，許多物理學家的科學發(fā)現推動了人類歷史的進步，關于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是（）a德國天文學家開普勒對他導師第谷觀測的行星數據進行了多年研究，得出萬有引力定律b英國物理學家卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準確的測定了靜電力常量c楞次發(fā)現了電磁感應現象，并研究提出了判斷感應電流方向的方法楞次定律d美國物理學

2、家密立根經過多次實驗，比較準確地測定了電子的電荷量2圖中邊長為a的正三角形abc的三個頂點分別固定三個點電荷+q、+q、q，則該三角形中心o點處的場強為（）a，方向由c指向ob，方向由o指向cc，方向由c指向od，方向由o指向c3在x軸上存在與x軸平行的電場，x軸上各點的電勢隨x點位置變化情況如圖所示圖中x1x1之間為曲線，且關于縱軸對稱，其余均為直線，也關于縱軸對稱下列關于該電場的論述正確的是（）ax軸上各點的場強大小相等b從x1到x1場強的大小先減小后增大c一個帶正電的粒子在x1點的電勢能大于在x1點的電勢能d一個帶正電的粒子在x1點的電勢能大于在x2點的電勢能4直線ab是電場中的一條電場

3、線，從a點無初速度釋放一電子，電子僅在電場力的作用下，沿直線從a點運動到b點，其電勢能ep隨位移x變化的規(guī)律如圖所示，設a、b兩點的電場強度分別為ea和和eb，電勢分別為a和b則（）aea=ebbeaebcabdab5如圖甲所示，標有“220v40w”的燈泡和標有“20 f300v”的電容器并聯到交流電源上，v為交流電壓表，交流電源的輸出電壓如圖乙所示，閉合開關下列判斷正確的是（）at=時刻，v的示數為零b燈泡恰好正常發(fā)光c電容器不可能被擊穿dv的示數保持110 v不變6如圖所示，水平放置的平行金屬導軌mn和pq之間接有定值電阻r，導體棒ab長為l且與導軌接觸良好，整個裝置處于豎直向上的勻強磁

4、場 中，現使導體棒ab勻速向右運動，下列說法正確的是（）a導體棒ab兩端的感應電動勢越來越小b導體棒ab中的感應電流方向是abc導體棒ab所受安培力方向水平向右d導體棒ab所受合力做功為零7有一種電荷控制式噴墨打印機的打印頭的結構簡圖如圖所示其中墨盒可以噴出極小的墨汁微粒，此微粒經過帶電室后以一定的初速度垂直射入偏轉電場，再經偏轉電場后打到紙上，顯示出字符已知偏移量越小打在紙上的字跡越小，現要縮小字跡，下列措施可行的是（）a增大墨汁微粒的比荷b減小墨汁微粒進入偏轉電場時的初動能c減小偏轉極板的長度d增大偏轉極板間的電壓8帶有等量異種電荷的兩平行金屬板水平放置，a、b、c三個粒子（重力忽略不計）

5、先后從同一點o垂直電場方向進入電場，其運動軌跡如圖所示，其中b恰好沿下極板的邊緣飛出電場下列說法正確的是（）ab在電場中運動的時間大于a在電場中運動的時問bb在電場中運動的時間等于c在電場中運動的時間c進入電場時c的速度最大，a的速度最小da打在負極板上時的速度與b飛離電場時的速度大小相等9如圖所示，在某一真空中，只有水平向右的勻強電場和豎直向下的重力場，在豎直平面內有初速度為v0的帶電微粒，恰能沿圖示虛線由a向b做直線運動那么（）a微粒帶正、負電荷都有可能b微粒做勻減速直線運動c微粒做勻速直線運動d微粒做勻加速直線運動10平行板間加如圖所示周期變化的電壓，重力不計的帶電粒子靜止在平行板中央，

6、從t=0時刻開始將其釋放，運動過程無碰板情況圖中，能定性描述粒子運動的速度圖象正確的是（）abcd11陰極射線示波管的聚焦電場是由電極a1、a2形成的，其中虛線為等勢線，相鄰等勢線間電勢差相等，z軸為該電場的中心軸線（管軸）電子束從左側進入聚焦電場后，在電場力的作用下會聚到z軸上，沿管軸從右側射出，圖中pqr是一個從左側進入聚焦電場的電子運動軌跡上的三點，則可以確定（）a電極a1的電勢高于電極a2的電勢b電場中q點的電場強度大于r點的電場強度c電子在r點處的動能大于在p點處的動能d若將一束帶正電的粒子從左側射入聚焦電場也一定被會聚焦12如圖所示，真空中固定兩個等量異號點電荷+q、q，圖中o是兩

7、電荷連線的中點，a、b兩點與+q的距離相等，c、d是兩電荷連線垂直平分線上的兩點，bcd構成一等腰三角形則下列說法正確的是（）aa、b兩點的電場強度相同bc、d兩點的電勢相同c將電子由b移到c的過程中電場力做正功d質子在b點的電勢能比在o點的電勢能大13如圖甲所示，兩個點電荷q1、q2固定在x軸上，其中q1位于原點o，a、b是它們連線延長線上的兩點現有一帶正電的粒子q以一定的初速度沿x軸從a點開始經b點向遠處運動（粒子只受電場力作用），設粒子經過a，b兩點時的速度分別為va、vb，其速度隨坐標x變化的圖象如圖乙所示，則以下判斷正確的是（）ab點的場強一定為零bq2帶負電且電荷量小于q1ca點的

8、電勢比b點的電勢高d粒子在a點的電勢能比b點的電勢能小14關于靜電場，下列說法正確的是（）a在電場中，電勢越高的地方，負電荷在該點具有的電勢能越小b把負電荷從a點移到b點電場力做正功，則有uab0c在電場中電場強度大的地方，電勢一定高d任一點的電場強度總是指向該點電勢降落最快的方向15如圖所示，虛線a、b、c代表電場中一簇等勢線，相鄰等勢面之間的電勢差相等，實線為一帶電質點（重力不計）僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，p、q是這條軌跡上的兩點，對同一帶電質點，據此可知（）a三個等勢面中，a的電勢最高b帶電質點通過p點時的動能比通過q點時大c帶電質點通過p點時的電場力比通過q點時大d帶電質

9、點在p點具有的電勢能比在q點具有的電勢能大16如圖所示，兩塊較大的金屬板a、b相距為d，平行放置并與一電源相連，s閉合后，兩板間恰好有一質量為m、帶電量為q的油滴處于靜止狀態(tài)，以下說法正確的是（）a若將s斷開，則油滴將做自由落體運動，g表中無電流b若將a向左平移一小段位移，則油滴仍然靜止，g表中有ab的電流c若將a向上平移一小段位移，則油滴向下加速運動，g表中有ba的電流d若將a向下平移一小段位移，則油滴向上加速運動，g表中有ba的電流2015-2016學年河南省平頂山市郟縣一高高二（下）第三次周考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本大題共16小題每小題4分在每小題給出的四個選項中1-10

10、小題只有一項符合題目要求，11-16小題有多項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）1在物理學建立、發(fā)展的過程，許多物理學家的科學發(fā)現推動了人類歷史的進步，關于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是（）a德國天文學家開普勒對他導師第谷觀測的行星數據進行了多年研究，得出萬有引力定律b英國物理學家卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準確的測定了靜電力常量c楞次發(fā)現了電磁感應現象，并研究提出了判斷感應電流方向的方法楞次定律d美國物理學家密立根經過多次實驗，比較準確地測定了電子的電荷量【考點】物理學史【分析】德國天文學家開普勒對他導師第谷觀測的行星數據進行了多年研究，得出了行

11、星運動的定律英國物理學家、化學家卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準確的測定了引力常量楞次發(fā)現了電磁感應現象，并研究得出了判斷感應電流方向的方法一楞次定律【解答】解：a、德國天文學家開普勒對他導師第谷觀測的行星數據進行了多年研究，得出了行星運動的三大定律故a錯誤b、英國物理學家、化學家卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準確的測定了引力常量故b錯誤c、法拉第發(fā)現了電磁感應現象，楞次研究得出了判斷感應電流方向的方法一楞次定律故c錯誤d、美國物理學家密立根經過多次實驗，比較準確地測定了電子的電荷量故d正確故選：d2圖中邊長為a的正三角形abc的三個頂點分別固定三個點電荷+q、+q、q，則該三角形中心

12、o點處的場強為（）a，方向由c指向ob，方向由o指向cc，方向由c指向od，方向由o指向c【考點】電場強度【分析】由點電荷場強公式e=k分別求出三個電荷在o處產生的場強大小，再進行合成求解【解答】解：o點是三角形的中心，到三個電荷的距離為r=asin60=，三個電荷在o處產生的場強大小均e0=k根據對稱性和幾何知識得知：兩個+q在o處產生的合場強為e1=k再與q在o處產生的場強合成，得到o點的合場強為e=e1+e0=2k=2k=，方向由o指向c故選b3在x軸上存在與x軸平行的電場，x軸上各點的電勢隨x點位置變化情況如圖所示圖中x1x1之間為曲線，且關于縱軸對稱，其余均為直線，也關于縱軸對稱下列

13、關于該電場的論述正確的是（）ax軸上各點的場強大小相等b從x1到x1場強的大小先減小后增大c一個帶正電的粒子在x1點的電勢能大于在x1點的電勢能d一個帶正電的粒子在x1點的電勢能大于在x2點的電勢能【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的關系【分析】根據x圖象的斜率大小等于電場強度，分析場強的變化根據電場力做功判斷電勢能的變化【解答】解：a、x圖象的斜率大小等于電場強度，故x軸上的電場強度不同，故a錯誤；b、從x1到x1場強斜率先減小后增大，故場強先減小后增大，故b正確；c、有圖可知，場強方向指向o，根據電場力做功可知，一個帶正電的粒子在x1點的電勢能等于在x1點的電勢能，故cd錯誤故選：b4直線

14、ab是電場中的一條電場線，從a點無初速度釋放一電子，電子僅在電場力的作用下，沿直線從a點運動到b點，其電勢能ep隨位移x變化的規(guī)律如圖所示，設a、b兩點的電場強度分別為ea和和eb，電勢分別為a和b則（）aea=ebbeaebcabdab【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的關系【分析】電勢能與位移圖線的斜率反映電場力的大小，從而可以反映電場強度的大小，結合電場力做功判斷出電場力的方向，從而得出電場強度的方向，根據沿電場線方向電勢逐漸降低比較出a、b兩點的電勢【解答】解：a、電子從a到b，電勢能圖線的斜率逐漸減小，斜率表示電場力的大小，知電場力逐漸減小，則電場強度逐漸減小，所以eaeb故ab錯誤

15、c、由于電勢能逐漸降低，知電場力做正功，則電子所受的電場力方向由a指向b，電場線的方向由b指向a，沿電場線方向電勢逐漸降低，則ab故c正確，d錯誤故選：c5如圖甲所示，標有“220v40w”的燈泡和標有“20 f300v”的電容器并聯到交流電源上，v為交流電壓表，交流電源的輸出電壓如圖乙所示，閉合開關下列判斷正確的是（）at=時刻，v的示數為零b燈泡恰好正常發(fā)光c電容器不可能被擊穿dv的示數保持110 v不變【考點】正弦式電流的圖象和三角函數表達式；電容【分析】交流電壓表測量的電壓及燈泡的工作電壓均為電壓的有效值；而交流電的擊穿電壓為最大值；【解答】解：a、交流電壓表測量為交流電壓的有效值，數

16、值保持不變且不為零；故a錯誤；b、由乙圖可知，電流表的有效值為220v，故電燈能正常發(fā)光；故b正確；c、交流電的最大值為311v，超過電容器的擊穿電壓，故電容器會被擊穿；故c錯誤；d、由a的分析可知，電壓表的示數為220v，故d錯誤；故選：b6如圖所示，水平放置的平行金屬導軌mn和pq之間接有定值電阻r，導體棒ab長為l且與導軌接觸良好，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場 中，現使導體棒ab勻速向右運動，下列說法正確的是（）a導體棒ab兩端的感應電動勢越來越小b導體棒ab中的感應電流方向是abc導體棒ab所受安培力方向水平向右d導體棒ab所受合力做功為零【考點】導體切割磁感線時的感應電動勢；楞次定

17、律【分析】根據e=blv求出ab棒切割產生的感應電動勢；根據右手右手定則判斷ab中的電流方向由左手定則判斷安培力的方向根據動能定理求解合力做功【解答】解：a、ab棒切割產生的感應電動勢：e=blv，由于棒勻速運動，v不變，又b、l不變，所以棒ab產生的感應電動勢不變故a錯誤b、根據右手定則得，ab棒中的電流方向從ba，故b錯誤c、根據左手定則判斷知：棒ab所受安培力方向向左，故c錯誤d、棒ab做勻速運動，動能不變，根據動能定理可知合力做功為零，故d正確故選：d7有一種電荷控制式噴墨打印機的打印頭的結構簡圖如圖所示其中墨盒可以噴出極小的墨汁微粒，此微粒經過帶電室后以一定的初速度垂直射入偏轉電場，

18、再經偏轉電場后打到紙上，顯示出字符已知偏移量越小打在紙上的字跡越小，現要縮小字跡，下列措施可行的是（）a增大墨汁微粒的比荷b減小墨汁微粒進入偏轉電場時的初動能c減小偏轉極板的長度d增大偏轉極板間的電壓【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動【分析】要縮小字跡，就要減小微粒通過偏轉電場的偏轉角y，根據牛頓第二定律和運動學公式結合推導出偏轉量y的表達式，再進行分析【解答】解：微粒以一定的初速度垂直射入偏轉電場做類平拋運動，則有： 水平方向：l=v0t； 豎直方向：y=又 a=聯立得，y=要縮小字跡，就要減小微粒通過偏轉電場的偏轉角y，由上式分析可知，采用的方法有：減小比荷、增大墨汁微粒進入偏轉電場時的初

19、動能ek0、減小極板的長度l、減小偏轉極板間的電壓u，故abd錯誤，c正確故選：c8帶有等量異種電荷的兩平行金屬板水平放置，a、b、c三個粒子（重力忽略不計）先后從同一點o垂直電場方向進入電場，其運動軌跡如圖所示，其中b恰好沿下極板的邊緣飛出電場下列說法正確的是（）ab在電場中運動的時間大于a在電場中運動的時問bb在電場中運動的時間等于c在電場中運動的時間c進入電場時c的速度最大，a的速度最小da打在負極板上時的速度與b飛離電場時的速度大小相等【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動【分析】粒子在電場中做類平拋運動，由于粒子帶電量相同故所受相同的電場力，產生的加速度相同，根據粒子在電場方向偏轉位移的

20、大小確定時間關系以及初速度關系【解答】解：由題意知a、b、c三個粒子在電場中受到相同的電場力，在電場方向產生相同的加速度a，由題中圖象得，粒子在電場方向偏轉的位移滿足：ya=ybyc由于在電場方向粒子做初速度為0的勻加速直線運動，有，可得粒子在電場中運動的時間，所以粒子在電場中運動時間有：ta=tbtc，由此判斷a、b均錯誤；在垂直電場方向的位移滿足xaxbxc，由于在垂直電場方向上微粒做勻速直線運動，根據ta=tbtc可得：v0av0bv0c，故c正確；對a和b而言，在電場方向偏轉的距離相等，則電場力對a、b做功相同，由于v0av0bv0c可知，a打在負極板上時的速度小于b飛離電場時的速度大

21、小，故d錯誤故選c9如圖所示，在某一真空中，只有水平向右的勻強電場和豎直向下的重力場，在豎直平面內有初速度為v0的帶電微粒，恰能沿圖示虛線由a向b做直線運動那么（）a微粒帶正、負電荷都有可能b微粒做勻減速直線運動c微粒做勻速直線運動d微粒做勻加速直線運動【考點】帶電粒子在混合場中的運動【分析】帶點微粒做直線運動，所以所受合力方向與運動方向在同一直線上，根據重力和電場力的方向可確定微粒運動的性質【解答】解：微粒做直線運動的條件是速度方向和合外力的方向在同一條直線上，只有微粒受到水平向左的電場力才能使得合力方向與速度方向相反且在同一條直線上，由此可知微粒所受的電場力的方向與場強方向相反，則微粒必帶

22、負電，且運動過程中微粒做勻減速直線運動，故b正確故選：b10平行板間加如圖所示周期變化的電壓，重力不計的帶電粒子靜止在平行板中央，從t=0時刻開始將其釋放，運動過程無碰板情況圖中，能定性描述粒子運動的速度圖象正確的是（）abcd【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動；牛頓第二定律【分析】不計重力的帶電粒子在周期變化的電場中，在電場力作用下運動速度隨著時間變化的關系由加速度來確定，而加速度是由電場力來確定，而電場力卻由電勢差來確定【解答】解：開始粒子在勻強電場中從靜止運動，前半個周期是勻加速運動，后半個周期是勻減速運動，在下一個周期中仍是這樣：繼續(xù)向前勻加速運動，再勻減速運動，這樣一直向前運動下去速

23、度的方向不變，而大小先增大后減小，再增大，再減小故選：a11陰極射線示波管的聚焦電場是由電極a1、a2形成的，其中虛線為等勢線，相鄰等勢線間電勢差相等，z軸為該電場的中心軸線（管軸）電子束從左側進入聚焦電場后，在電場力的作用下會聚到z軸上，沿管軸從右側射出，圖中pqr是一個從左側進入聚焦電場的電子運動軌跡上的三點，則可以確定（）a電極a1的電勢高于電極a2的電勢b電場中q點的電場強度大于r點的電場強度c電子在r點處的動能大于在p點處的動能d若將一束帶正電的粒子從左側射入聚焦電場也一定被會聚焦【考點】射線管的構造及其工作原理【分析】沿電場線電勢降低，電場強度的大小與電場線的疏密的關系；明確電子在

24、電場中的受力特點以及電場力做功情況，從而進一步判斷電勢能、動能等變化情況根據正粒子所受的電場力方向，判斷能否會聚【解答】解：a、根據電場線與等勢線垂直，可知管軸上電場線方向向左根據沿電場線電勢降低，得知電極a1的電勢低于電極a2，故a錯誤；b、等差等勢線密的地方電場線也密，因此q點電場線比r點電場線疏，故q點的電場強度小于r點的電場強度，故b錯誤；c、電子從低電勢向高電勢運動時，電場力做正功，動能增加，所以電子在r點處的動能大于在p點處的動能，故c正確d、若將一束帶正電的粒子從左側射入聚焦電場，所受的電場力向外側，不可能會聚，故d錯誤故選：c12如圖所示，真空中固定兩個等量異號點電荷+q、q，

25、圖中o是兩電荷連線的中點，a、b兩點與+q的距離相等，c、d是兩電荷連線垂直平分線上的兩點，bcd構成一等腰三角形則下列說法正確的是（）aa、b兩點的電場強度相同bc、d兩點的電勢相同c將電子由b移到c的過程中電場力做正功d質子在b點的電勢能比在o點的電勢能大【考點】電勢；電勢能【分析】由場強的合成法則可得場強的大小關系，由電場力做功情況可得電勢的變化兩等量異號點電荷連線的垂直平分線是一條等勢線，正電荷在電勢高處電勢能大，分析電勢能關系【解答】解：a、a點場強方向向左，b點場強方向向右，則a錯誤； b、在兩電荷的中垂線的場強方向水平向右，則為等勢面，故b正確 c、由b到c為電勢減小小，則負電荷

26、受電場力做負功，則c錯誤 d、b點電勢高于o點的電勢，則質子在b點的電勢能大，則d正確故選：bd13如圖甲所示，兩個點電荷q1、q2固定在x軸上，其中q1位于原點o，a、b是它們連線延長線上的兩點現有一帶正電的粒子q以一定的初速度沿x軸從a點開始經b點向遠處運動（粒子只受電場力作用），設粒子經過a，b兩點時的速度分別為va、vb，其速度隨坐標x變化的圖象如圖乙所示，則以下判斷正確的是（）ab點的場強一定為零bq2帶負電且電荷量小于q1ca點的電勢比b點的電勢高d粒子在a點的電勢能比b點的電勢能小【考點】電勢差與電場強度的關系；電勢能【分析】由圖象分析可知：正帶電粒子在b點前做加速運動，b點后做

27、減速運動，可見b點的加速度為0，則在b點正電粒子受到兩點電荷的電場力平衡，從而可得出q2的電性為負；通過正帶電粒子的動能先增大再減小，判斷電場力做功和電勢能的變化【解答】解：ab、由圖象分析可知：在b點前做加速運動，b點后做減速運動，可見b點的加速度為0，則在b點受到兩點電荷的電場力平衡，可知b點的合場強為零，q2帶負電，且有=，所以，q1q2，故ab正確cd、該電荷從a點到b點，做加速運動，且該電荷為正電荷，電場力做正功，所以電勢能減小，再據ep=q知，電勢降低，所以b點電勢較低，故c正確，d錯誤；故選：abc14關于靜電場，下列說法正確的是（）a在電場中，電勢越高的地方，負電荷在該點具有的

28、電勢能越小b把負電荷從a點移到b點電場力做正功，則有uab0c在電場中電場強度大的地方，電勢一定高d任一點的電場強度總是指向該點電勢降落最快的方向【考點】電勢；電場強度【分析】電勢能與電勢的關系為ep=q；電場力做功公式為wab=quab電場強度與電勢無關電場強度總是指向該點電勢降落最快的方向由這些知識分析【解答】解：a、由電勢能與電勢的關系為ep=q，知電勢越高的地方，負電荷在該點具有的電勢能越小，故a正確b、由電場力做功公式wab=quab，知q0、wab0，則得uab0，故b錯誤c、電場強度與電勢無關，則知電場強度大的地方，電勢不一定高故c錯誤d、電場中，電場強度總是指向該點電勢降落最快的方向故d正確故選：ad15如圖所示，虛線a、b、c代表電場中一簇等勢線，相鄰等勢面之間的電勢差相等，實線為一帶電質點（重力不計）僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，p、q是這條軌跡上的兩點，對同一帶電質點，據此可知（）a三個等勢面中，a的電勢最高b帶電質點通過p點時的動能比通過q點時大c帶電質點通過p點時的電場力比通過q點時大d帶電質點在p點具有的電勢能比在q點具有的電勢能大【考點】等勢面；電勢；電勢能【分析】根據合力指向軌跡的內側和電場線與等勢線垂直，確定電場力的方向