安徽省黃山市20162017學(xué)年高二下學(xué)期期末考試物理試題

1、百度文庫(kù)-讓每個(gè)人平等地提升自我安徽省黃山市20162017學(xué)年度第二學(xué)期期末質(zhì)量檢測(cè)高二物理試題一、選擇題（本大題共12小題。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第 18題只有一項(xiàng)符合題目要求；第912題有多項(xiàng)符合題目要求。）1 .關(guān)于速度和加速度的關(guān)系，下列說(shuō)法中正確的是A.速度變化越大，加速度就越大B.速度變化越快，加速度越大C.加速度大小不變，速度方向也保持不變D.加速度大小不斷變小，速度大小也不斷變小【答案】B【解析1試題分析：根據(jù)a=啜可知加速度a由速度的變化量和速度發(fā)生改變所需要的時(shí)間上共同決定，雖然大，但更大時(shí).a可以很小.故A錯(cuò)誤；根據(jù)己=*可知速度變化越快，加速度 fx I越大，選項(xiàng)

2、B正嵇；加速度大力本變,速度方向不一定俁持不變.例如豎直上拒運(yùn)動(dòng)的物體到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；如果物體加速度方向與速度方向相同.加速度在減小，速度卻在增大，故D錯(cuò)誤；故選B.）考點(diǎn)：速度和加速度【名師點(diǎn)睛】把握加速度的定義式 & =蕓中各個(gè)物理量的含義以及各個(gè)物理量之間的關(guān)系是解決此類(lèi)問(wèn)題的關(guān)鍵，是正確理解加速度的定義的基礎(chǔ)。2 .如圖所示，質(zhì)量為 M的框架放在水平地面上，一輕彈簧上端固定一個(gè)質(zhì)量為m的小球，/小球上下振動(dòng)時(shí)，框架始終沒(méi)有跳起。當(dāng)框架對(duì)地面壓力為零瞬間，小球的加速度大小為A. gM-rmB. 二m)C. 0【答案】D【解析】試題分析：以框架為研究對(duì)象進(jìn)行受力分析可知，

3、當(dāng)框架對(duì)地面壓力為零時(shí)，其重力與彈簧對(duì)其彈力平衡，即 F = Mg，故可知彈簧處于壓縮狀態(tài)，再以小球?yàn)檠芯繉?duì)象分析受力可知|F + mg = ma,聯(lián)立可解得，小球的加速度大小為 '、=色土史q ,故只有D選項(xiàng) 正確?？键c(diǎn)：牛頓第二定律3.如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)線，一端固定在 。點(diǎn)，另一端系一個(gè)球。把小球拉到與懸點(diǎn)。處于同一水平面的 A點(diǎn)，并給小球豎直向下的初速度， 使小球繞。點(diǎn)在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)。要使小球能夠在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，在A處小球豎直向下的最小初速度應(yīng)為B.C.D. ,2；|L【答案】C【解析】當(dāng)小球恰好到達(dá)圓周的最高點(diǎn)B時(shí)，由重力提供向心力，則有 一,艇得 /根據(jù)機(jī)械

4、能守恒定律得：mgL +解得，vA-,5gL ,故選C.點(diǎn)睛：本題是機(jī)械能守恒定律與向心力知識(shí)的綜合應(yīng)用.輕繩系的小球恰好到達(dá)圓周的最高點(diǎn)時(shí)，臨界速度為v = 是常用的臨界條件. /4.質(zhì)量為m的物體，受水平力 F的作用，在粗糙的水平面上運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中不正確的是A.如果物體做加速直線運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)一定做正功/B.如果物體做減速直線運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)一定做負(fù)功C.如果物體做減速直線運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)可能做正功D.如果物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，F(xiàn) 一定做正功/【答案】B/【解析】試題分析：A、判斷一個(gè)力對(duì)物體做正功還是負(fù)功，看F與s之間的夾角.物體做加速時(shí)，F(xiàn)與s的夾角一定小于90度，一定做正功，故 A正確；B、C、物體做減速

5、運(yùn)動(dòng)時(shí)，F(xiàn)與s的夾角可以成任意角度，即 F可能與s同向，也可能與s反向，故可能做正功或負(fù)功，故B錯(cuò)誤，C正確；D、物體做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，F(xiàn)與s一定同方向，故拉力 F一定做正功，故 D正確；故選：ACD5 .如圖所示，三個(gè)同心圓是同一個(gè)正點(diǎn)電荷周?chē)娜齻€(gè)等勢(shì)面，已知這三個(gè)圓的半徑成等差數(shù)列。A B、C分別是這三個(gè)等勢(shì)面上的點(diǎn)，且這三點(diǎn)在同一條電場(chǎng)線上。A C兩點(diǎn)的電勢(shì)依次為 5=10V和& = 2V,則B點(diǎn)的電勢(shì)是A. 一定等于6VB. 一定低于6VCA 一定高于6VD.無(wú)法確定【答案】B【解析】試題分析：由 U=Ed ,在d相同時(shí)，平均場(chǎng)強(qiáng)越大，電勢(shì)差U也越大。因此心 弘-% 僚一陞，選B

6、/考點(diǎn)：考查對(duì)常見(jiàn)電場(chǎng)的電場(chǎng)線、等勢(shì)線分布的特點(diǎn)點(diǎn)評(píng)：本題難度較小，記住一個(gè)結(jié)論：等差等勢(shì)面分布越密，電場(chǎng)線分布也越密，靠近點(diǎn)電荷電場(chǎng)線分布越密，等差等勢(shì)線的分布也越密，由此可知AB電勢(shì)差大于BC電勢(shì)差6 .質(zhì)量為m帶電荷量為q的小球，在水平方向的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，沿著動(dòng)摩擦因數(shù)為科的豎直墻由靜止下滑，下列說(shuō)法正確的是mI* * * ，B +A.小球不受磁場(chǎng)力/B.盡管小球受到磁場(chǎng)力作用，但磁場(chǎng)力不做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒,、C.小球下滑的最大速度為 mg/qBD.小球下滑的加速度為重力加速度 g【答案】C/【解析】小球靜止時(shí)只受重力，則加速度為a；下滑后，小球受洛倫茲力、重力、支持力及

7、摩擦力，洛倫茲力水平向左，摩擦力豎直向上，故A錯(cuò)誤；盡管小球受到磁場(chǎng)力的作用，但磁場(chǎng)力方向與速度方向垂直不做功，但是有摩才力做負(fù)功，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故B錯(cuò)誤;當(dāng)受力平衡時(shí)小球有最大速度：mg卻qvB,得y二瞥,故C正確；小球開(kāi)始時(shí)只受重力，下滑后受向上的摩擦力，隨著速度增大，洛倫茲力增大球與墻的壓力變大，則摩擦力變大，加速度減小，故開(kāi)始時(shí)加速度最大：a=g,故D錯(cuò)誤.故選C.點(diǎn)睛：本題要注意分析帶電小球的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，屬于牛頓第二定律的動(dòng)態(tài)應(yīng)用與磁場(chǎng)結(jié)合的題目，此類(lèi)問(wèn)題要求能準(zhǔn)確找出物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，并能分析各力的變化.7 .如圖所示為一正弦交流電通過(guò)一電子元件后的波形圖，則下列說(shuō)法正確的是A.電

8、流的變化周期是8 .電流的變化周期是/C.這也是一種交流電/D.電流通過(guò)100a的電阻時(shí)，1s內(nèi)產(chǎn)生熱量為200J/【答案】A【解析】由正弦電流的波形圖可知，周期T=,故A正確，B錯(cuò)誤；由圖象可知，電流大小變 化，但方向沒(méi)有變化，因此這是直流電，故 、C錯(cuò)誤；根據(jù)電流的熱效應(yīng)，電流的有效值為(3)x R x 0 01 = R X。02，解得：I=1A ；則通過(guò)100a的電阻時(shí)，1s內(nèi)產(chǎn)生熱量為Q=I2Rt=100J ,故D錯(cuò)誤；故選 A【點(diǎn)評(píng)】掌握區(qū)別直流與交流的方法，知道求有效值的要求：求一個(gè)周期內(nèi)的熱量，進(jìn)而用I2RT,求出有效值.注意有一段沒(méi)有電流，但存在時(shí)間，難度不大，屬于基礎(chǔ)題.8

9、.如圖所示為馬車(chē)模型，馬車(chē)質(zhì)量為m,馬的拉力F與水平方向成0角，在拉力F的拉力作用下勻速前進(jìn)了時(shí)間 t,則在時(shí)間t內(nèi)拉力、重力、阻力對(duì)物體的沖量大小分別為A. Ft , 0, Ftsin 0B. Ftcos 0 , 0, Ftsin 0C. Ft , mgt, Ftcos 0D. Ftcos 0 , mgt, Ftcos 0【答案】C【解析】9 .下列說(shuō)法正確的是A. Th核發(fā)生一次“衰變時(shí)，新核與原來(lái)的原子核相比，中子數(shù)減少了2B.太陽(yáng)輻射的能量最主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的裂變反應(yīng)C.若使放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期可能變小D.用14eV的光子照射處于基態(tài)的氫原子，可使其電離【答案】AD【解析】T

10、h核發(fā)生一次“衰變時(shí)，新核與原來(lái)的原子核相比，質(zhì)量數(shù)少4,質(zhì)子數(shù)少2,則中子數(shù)減少了 2,選項(xiàng)A正確；太陽(yáng)輻射的能量最主要來(lái)自太陽(yáng)內(nèi)部的聚變反應(yīng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；半衰期與外界條件無(wú)關(guān)，選項(xiàng) C錯(cuò)誤；用大于的光子照射處于基態(tài)的氫原子均可以 使氫原子電離，則 14eV的光子照射處于基態(tài)的氫原子，可使其電離，選項(xiàng) D正確；故選 AD.10.把重20N的物體放在傾角為 30。的粗糙斜面上，物體右端與固定在斜面上的輕彈簧相連 接(彈簧與斜面平行)，如圖所示，若物體與斜面間的最大靜摩擦力為12N,則彈簧的彈力為A.可以是22N,方向沿斜面向上B.可以是2N,方向沿斜面向上C.可以是2N,方向沿斜面向下D.可能

11、為零/【答案】ABCD .解析】將重力按照作用效果分解：平行斜面的下滑分力為 mgsin30° =10N,垂直斜面的垂 直分力為mgcos30 =15 v3N;當(dāng)最大靜摩擦力平行斜面向下時(shí)，物體與斜面間的最大靜摩擦力為12N,彈簧彈力為拉力，等于 22N;當(dāng)最大靜摩擦力平行斜面向上時(shí)，物體與斜面間的 最大靜摩擦力為12N彈簧彈力為推力，等于 2N;故彈簧彈力可以是不大于 2N推力或者不 大于22N的拉力，也可以沒(méi)有彈力；故ABCDE確；故選 ABCD點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵是根據(jù)平衡條件求解出物體即將上滑和即將下滑的兩種臨界情況的彈簧彈 力，不難.11 .為了估算一個(gè)天體的質(zhì)量（引力常量G已知

12、），需要知道繞該天體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的另一星球（或衛(wèi)星）的條件是A.質(zhì)量和運(yùn)轉(zhuǎn)周期B.運(yùn)轉(zhuǎn)周期和軌道半徑C.軌道半徑和環(huán)繞速度D.環(huán)繞速度和運(yùn)轉(zhuǎn)周期【答案】BCD【解析】研究另一星球繞該天體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得：空巴=mr, m為星球的質(zhì)量，M為天體的質(zhì)量.解得：M = 考，故B正確.根據(jù)上述 drgt /分析，已知星球質(zhì)量和運(yùn)轉(zhuǎn)周期，不能求解天體的質(zhì)量.故A錯(cuò)誤.已知軌道半徑和環(huán)繞速度可求解周期T= - r,則由M =眄¥可求解天體的質(zhì)量，選項(xiàng) C正確；已知線速度和運(yùn)轉(zhuǎn) vGT.周期，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí) V =斗，得軌道半徑= ?,根據(jù)M = ”分析能求得天體的質(zhì)

13、TNnGT量，故D正確.故選BCD點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力提供向心力去求解中心體的質(zhì)量.知道環(huán)繞天體的質(zhì)量在計(jì)算時(shí)會(huì)消去.12 .在一根軟鐵棒上繞有一組線圈，a、c是線圈的兩端，b為中心抽頭。把a(bǔ)端和b抽頭分別接到兩條平行金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌間有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直于導(dǎo)軌所在平面并指向紙內(nèi)，如圖所示。金屬棒 PQ在外力作用下左右運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中保持與導(dǎo)軌垂直，且兩端與導(dǎo)軌始 終接觸良好。下面說(shuō)法正確的是X X XX K- §X KX X16A. PQ向左邊減速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中a、c的電勢(shì)都比b點(diǎn)的電勢(shì)高B. PQ向右邊減速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中a、c的電勢(shì)都比b點(diǎn)的電勢(shì)高C. PQ向左邊減速運(yùn)動(dòng)

14、的過(guò)程中 a、c的電勢(shì)都比b點(diǎn)的電勢(shì)低D. PQ向左邊加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中a、c的電勢(shì)都比b點(diǎn)的電勢(shì)低【答案】BC【解析】PQ向左邊減速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，根據(jù)右手定則可知產(chǎn)生的感應(yīng)電流由P到Q減小，此時(shí)b點(diǎn)電勢(shì)高于a點(diǎn)；由于穿過(guò)線圈的磁通量向下減小，根據(jù)楞次定律可知，b點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，則a、c的電勢(shì)都比b點(diǎn)的電勢(shì)低，選項(xiàng) A錯(cuò)誤，C正確；同理可判斷，當(dāng) PQ向左邊 加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中 a、c的電勢(shì)都比b點(diǎn)的電勢(shì)高，選項(xiàng) D錯(cuò)誤；PQ向右邊減速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程 中，根據(jù)右手定則可知產(chǎn)生的感應(yīng)電流由Q到P減小，此時(shí)a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)；由于穿過(guò)線圈的磁通量向上減小，根據(jù)楞次定律可知，c點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)，則a、c的電勢(shì)都

15、比b點(diǎn)的電勢(shì)高，選項(xiàng)B正確； 故選BC.點(diǎn)睛：本題是兩次電磁感應(yīng)的問(wèn)題， 根據(jù)右手定則和楞次定律分析感應(yīng)電流的方向，由法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律結(jié)合分析感應(yīng)電流大小的變化情況，來(lái)確定電勢(shì)的高低； 注意用右手定則時(shí)，四指指高電勢(shì)點(diǎn).二、非選擇題，包括必考題和選考題兩部分。（第13題第17題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答。第18題第19題為選考題，考生根據(jù)要求做答。）（一）必考題13 . 一打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在斜面上某處，一小車(chē)拖著穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶從斜面上滑下，如 圖所示。下圖是打出的紙帶的一段。I -,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器/(1)已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電頻率為50Hz,利用下圖給出的數(shù)據(jù)可求出小車(chē)下

16、滑的加速度a=。(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)(2)為了求出小車(chē)在下滑過(guò)程中所受的阻力，還需要測(cè)量的物理量有 。用測(cè)得的量及加速度a表示阻力的計(jì)算式為 f =。k1#工74 干 6J7 十 , 7M 十 g# 1059. 471 ,(津外cm)【答案】(1). (1) 3.89m/s2(2). (2)小車(chē)質(zhì)量m；斜面上任意兩點(diǎn)間距離l及這兩點(diǎn)的高度差 ho (3). mghZl - ma【解析】(1)由于每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有1個(gè)點(diǎn)，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T二,根據(jù)x=aT2,運(yùn)用逐差法得，0 0947 + 0 0865 + 0-0824 + 0 076-0 059-0 0657-0,0574

17、-0 05122a =;= 3S9m/s(4 x 0.04)(2)根據(jù)牛頓第二定律得： mgsin 0 -f=ma ,即 f=mgsin 0 -ma為了求出小車(chē)在下滑過(guò)程中所受的阻力，那么我們需要測(cè)量小車(chē)質(zhì)量，傾角直接測(cè)量很困難.我們可以測(cè)出斜面上任意兩點(diǎn)間的距離l及這兩點(diǎn)的高度差 h, sin9 = ；所以得：f = - ma為了求出小車(chē)在下滑過(guò)程中所受的阻力，還需要測(cè)量的物理量有小車(chē)質(zhì)量m;斜面上任意兩點(diǎn)間距離L及這兩點(diǎn)的高度差 h./14 .某電流表的內(nèi)阻在之間，現(xiàn)要測(cè)量其內(nèi)阻，可選用的器材如下：A.待測(cè)電流表 Ai (量程0.6A);/B.電壓表Vi (量程3V,內(nèi)阻約2kQ) ；/C

18、.電壓表 V2 (量程15V,內(nèi)阻約10kQ) ;D.滑動(dòng)變阻器R1 (最大電阻10Q);E.定值電阻R2 (阻值5Q);F.電源E (電動(dòng)勢(shì)4V);G電鍵S及導(dǎo)線若干.(1)電壓表應(yīng)選用(2)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)電路圖;(1) . (1)電壓表選用(2)設(shè)計(jì)電路圖如圖所示;(J/R(2) .(3)如測(cè)得電壓表的讀數(shù)為 V,電流表的讀數(shù)為I ,則電流表A內(nèi)阻的表達(dá)式為：RA=應(yīng)該采用限流式接法；所以實(shí)驗(yàn)的原理圖如圖:(3)電壓表的示數(shù)是定值電阻R 2與電流表的電壓的和，即： U=I (R+R),所以【解析】(1)由于待測(cè)電流表的內(nèi)阻比較小，所以應(yīng)該將電流表與定值電阻串聯(lián)在一起進(jìn)行測(cè)量，根據(jù)公式U=I (R

19、+R)(+5) =3V,串聯(lián)后的最大電壓與電壓表V1的量程差不多,與電壓表V2的量程相差較大，所以應(yīng)選擇電壓表V1；(2)將電流表與定值電阻 R2串聯(lián)在一起進(jìn)行測(cè)量時(shí)，電阻值仍然不算大，因此滑動(dòng)變阻器-R.點(diǎn)睛:該題中由于待測(cè)電流表的內(nèi)阻比較小，所以應(yīng)該將電流表與定值電阻串聯(lián)在一起進(jìn)行測(cè)量.該種方法稱(chēng)為補(bǔ)償法，是物理學(xué)實(shí)驗(yàn)中常用的方法之一.15.質(zhì)量為200kg的物體，置于升降機(jī)內(nèi)的臺(tái)秤上，從靜止開(kāi)始上升。運(yùn)動(dòng)過(guò)程中臺(tái)秤的示數(shù)F與時(shí)間t的關(guān)系如圖所示，求升降機(jī)在7s鐘內(nèi)上升的高度（取 g=10m/s2）。一 2s【答案】50m【解析】解：如圖所示，作出的物體的速度一時(shí)間圖象, 內(nèi)物體向上的加速

20、度F 1 - ma 3s I SmZ s1 m2s 末速度 v=at=5 2m/s=10m/s25 s內(nèi)作勻速運(yùn)動(dòng)5-7 s內(nèi)作勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度 % 一 5卬/ s '上升的總高度(7+3) X1Qh=m=50m .答：升BI機(jī)在7s鐘內(nèi)上升的高度為 50m.【點(diǎn)評(píng)】本題考查了牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式與圖象的綜合，是高考的熱點(diǎn)問(wèn)題，需加強(qiáng)這方面的訓(xùn)練.16 .如圖所示，矩形區(qū)域工ABCD勺AB邊的邊長(zhǎng)為L(zhǎng), E、F分別是AR CD邊的中點(diǎn)，在 AEFD 區(qū)域內(nèi)有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在EBCF區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫(huà)出），一個(gè)質(zhì)量為m,電荷量為q的帶正電的粒子以速度

21、V。從A點(diǎn)水平向右射入電場(chǎng)， 結(jié)果粒子從 ?EF邊進(jìn)入磁場(chǎng)后，在磁場(chǎng)中的軌跡剛好與 FC和BC邊相切，已知電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為f 5也，/c _ 3qL不計(jì)粒子的重力，求：1(1)粒子在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)第一次運(yùn)動(dòng)到EF邊時(shí)速度的大小與方向;(2)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小?！敬鸢浮?1)濟(jì)與水平方向夾角為2V 口53° (2)【解析】(1)粒子運(yùn)動(dòng)到EF邊所用的時(shí)間t =粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度qEa = 3L設(shè)粒子在出電場(chǎng)時(shí)速度與水平方向夾角為0 ,則- AttanG =vu出電場(chǎng)時(shí)的速度大小.求得R = vaH(2)由幾何關(guān)系可知，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R滿足廿=R十RsinB粒子在磁

22、場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)qvB =醞直平面內(nèi)完成完整的圓周運(yùn)動(dòng)并再次與滑塊正碰,059(1)滑塊能與幾個(gè)小球碰撞?(2)求出碰撞中第n個(gè)小球懸線長(zhǎng)La的表達(dá)式。解得電=誓17 .如圖所示，滑塊 A的質(zhì)量m= 0.01kg ,與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)科=,用細(xì)線懸掛的小球質(zhì)量均為 m= 0.01kg ,沿x軸排列，A與第1只小球及相鄰兩小球間距離均為s = 2m1線長(zhǎng)分別為L(zhǎng)i、L2、L3(圖中只畫(huà)出三只小球，且小球可視為質(zhì)點(diǎn))，開(kāi)始時(shí)，滑塊以速度V0=10m/s沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，設(shè)滑塊與小球碰撞時(shí)不損失機(jī)械能，碰撞后小球均恰能在豎g 取 10m/s2,求:【答案】12個(gè);（2）珠戶【解析1 （1）因滑塊

23、與小球質(zhì)量相等且碰撞中機(jī)械能守恒，滑塊與小球相碰撞會(huì)互換速度.小球在會(huì)直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，機(jī)械能守恒,設(shè)溝塊滑行總跑離為50 ,有-MHigs0 = 0 -，宕得 So= 25mn = y = 12 （個(gè)）（2）滑塊與第n個(gè)球碰撞，設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)速度為v對(duì)小球，有：|mvp =；ev：+ 2 mgLn ,* *1,v mg = m對(duì)滑塊，有：-nmgns =-孤芯解三式：.-j - 5a _ 25（二）選考題（請(qǐng)考生從給出的第 18、19兩題中任選一題作答，如果多做，則 按所做的第一題計(jì)分。）物理選修3318.氣體分子運(yùn)動(dòng)具有下列特點(diǎn) （填正確答案標(biāo)號(hào)。）A.氣體分子與容器器壁的碰撞頻繁B.氣

24、體分子向各個(gè)方向運(yùn)動(dòng)的可能性是相同的C.氣體分子的運(yùn)動(dòng)速率具有“中間多，兩頭少”特點(diǎn)D.同種氣體中所有的分子運(yùn)動(dòng)速率基本相等E.布朗運(yùn)動(dòng)是氣體分子運(yùn)動(dòng)【答案】ABC【解析】因?yàn)榉肿佑啦煌Ｏ⒌刈鰺o(wú)規(guī)則的運(yùn)動(dòng)，所以分子之間避免不了相互碰撞，故A正確；根據(jù)分子運(yùn)動(dòng)論的統(tǒng)計(jì)規(guī)律可知，氣體分子沿各個(gè)方向運(yùn)動(dòng)的機(jī)會(huì)是相等的，故B正確；根據(jù)統(tǒng)計(jì)規(guī)律可知，氣體分子的運(yùn)動(dòng)速率具有中間多，兩頭少”特點(diǎn)，故C正確；氣體分子的運(yùn)動(dòng)速率分布具有中間多，兩頭少”特點(diǎn)，同種氣體中所有的分子運(yùn)動(dòng)速率基本不相等，故D錯(cuò)誤；布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在氣體中的固體顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，是氣體分子運(yùn)動(dòng)的表現(xiàn)，選項(xiàng)E錯(cuò)誤；故選ABC.點(diǎn)睛：本題是對(duì)

25、分子動(dòng)理論的考查 ，分子動(dòng)理論的內(nèi)容包括三點(diǎn)：物質(zhì)是由分子構(gòu)成的，分子在永不停息地做無(wú)規(guī)則的運(yùn)動(dòng)，分子間存在著相互作用的引力和斥力.明白以上概念，本題的四個(gè)選項(xiàng)便不難解決.19.使一定質(zhì)量的理想氣體按圖甲中箭頭所示的順序變化，圖中BC段是以縱軸和橫軸為漸近線的雙曲線。試求：已知?dú)怏w在狀態(tài)A的溫度Ta= 300KA求氣體在狀態(tài) B、C和D的溫度各是多少？0 10 20 30 40【答案】Tb= Tc= 600K. Td= 300K.【解析】p- V圖中直觀地看出，氣體在 A、B、C、D各狀態(tài)下壓強(qiáng)和體積為Va=10L, pA = 4atm, pB = 4atm, pc=2atm, pD=2atm, Vc = 40L, Vd=20L.根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程 學(xué)=畢=畢，可得a =簽 =途 x 300K = 600K '|td = Sta = Hi?x3OO