綜合模擬卷(一)

1、綜合模擬卷(一) (時(shí)間：60分鐘滿(mǎn)分110分)第卷(選擇題共48分)一、選擇題(本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1,3,4,5小題只有一項(xiàng)符合題目要求，第2,6,7,8小題有多項(xiàng)符合要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分)1. 2013·東北三省四市聯(lián)考在推導(dǎo)“勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)位移的公式”時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分為很多小段，每一小段近似為勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，然后把各小段位移相加代表整個(gè)過(guò)程的位移，物理學(xué)中把這種方法稱(chēng)為“微元法”下面幾個(gè)實(shí)例中應(yīng)用到這一思想方法的是()A. 在計(jì)算帶電體間的相互作用力時(shí)，若電荷量分布對(duì)計(jì)算影響很小，可將帶電體看做點(diǎn)電荷B.

2、 在探究彈性勢(shì)能的表達(dá)式過(guò)程中，把拉伸彈簧的過(guò)程分成很多小段，在每小段內(nèi)認(rèn)為彈簧的彈力是恒力，然后把每小段做功的代數(shù)和相加C. 在探究牛頓第二定律的過(guò)程中，控制物體的質(zhì)量不變，研究物體的加速度與力的關(guān)系D. 在求兩個(gè)力的合力時(shí)，如果一個(gè)力的作用效果與兩個(gè)力的作用效果相同，這個(gè)力就是那兩個(gè)力的合力解析：選項(xiàng)A涉及“理想模型”，選項(xiàng)B涉及“微元法”，選項(xiàng)C涉及“控制變量法”，選項(xiàng)D涉及“等效思想”，則選項(xiàng)B符合要求答案：B2. 2013·湖南十二校聯(lián)考我國(guó)“蛟龍?zhí)枴鄙顫撈鹘?jīng)過(guò)多次試驗(yàn)，終于在2012年6月24日以7020 m的深度創(chuàng)下世界最新紀(jì)錄(國(guó)外最深不超過(guò)6500 m)這預(yù)示著它可

3、以征服全球99.8%的海底世界假設(shè)在某次試驗(yàn)時(shí)，深潛器內(nèi)的顯示屏上顯示出了從水面開(kāi)始下潛到最后返回水面全過(guò)程的深度曲線(xiàn)(a)和速度圖象(b)，則下列說(shuō)法中正確的是()A. 圖中h3代表本次下潛最大深度B. 全過(guò)程中最大加速度是0.025 m/s2C. 潛水員感到超重發(fā)生在34 min和68 min的時(shí)間段內(nèi)D. 整個(gè)潛水器在810 min的時(shí)間段內(nèi)機(jī)械能守恒解析：題圖(a)中h3代表本次下潛最大深度，A正確；而vt圖象的斜率表示潛水器運(yùn)動(dòng)的加速度，所以01 min和34 min內(nèi)的加速度最大，a m/s2，B錯(cuò)誤；當(dāng)加速度向上時(shí)，潛水器處于超重狀態(tài)，所以當(dāng)潛水員向下做減速運(yùn)動(dòng)，向上做加速運(yùn)動(dòng)的

4、過(guò)程都處于超重狀態(tài)，故34 min內(nèi)和68 min內(nèi)為超重狀態(tài)，C正確；潛水器在810 min時(shí)間段內(nèi)的加速度為a m/s2，故潛水器除重力外還受到其他外力作用，機(jī)械能不守恒，D錯(cuò)誤答案：AC3. 2013·鄭州質(zhì)檢二如圖所示，光滑的水平地面上有三塊木塊a、b、c，質(zhì)量均為m，a、c之間用輕質(zhì)細(xì)繩連接現(xiàn)用一水平恒力F作用在b上，三者開(kāi)始一起做勻加速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中把一塊橡皮泥粘在某一木塊上面，系統(tǒng)仍加速運(yùn)動(dòng)，且始終沒(méi)有相對(duì)滑動(dòng)則在粘上橡皮泥并達(dá)到穩(wěn)定后，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A無(wú)論粘在哪塊木塊上面，系統(tǒng)的加速度一定減小B若粘在a木塊上面，繩的張力減小，a、b間摩擦力不變C若粘在b木塊上

5、面，繩的張力和a、b間摩擦力一定都減小D若粘在c木塊上面，繩的張力和a、b間摩擦力一定都增大解析：以a、b、c整體為研究對(duì)象可知，無(wú)論粘在哪塊木塊上面，粘上橡皮泥后整體質(zhì)量增大，系統(tǒng)的加速度一定減小，選項(xiàng)A正確；若粘在a木塊上面，以c為研究對(duì)象可知，加速度減小，繩子的張力減小，以b為研究對(duì)象可知，加速度減小，a、b間摩擦力一定增大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若粘在b木塊上面，以c為研究對(duì)象可知，加速度減小，繩子的張力減小，以a、c為研究對(duì)象可知，加速度減小，a、b間摩擦力一定減小，選項(xiàng)C正確；若粘在c木塊上面，以b為研究對(duì)象可知，加速度減小，a、b間摩擦力一定增大，以a、b為研究對(duì)象可知，加速度減小，繩子的

6、張力增大，選項(xiàng)D正確因此答案選B.答案：B4. 2013年我國(guó)將實(shí)施16次宇航發(fā)射，計(jì)劃將“神舟十號(hào)”、“嫦娥三號(hào)”等20顆航天器送入太空，若已知地球和月球的半徑之比為a，“神舟十號(hào)”繞地球表面運(yùn)行的周期與“嫦娥三號(hào)”繞月球表面運(yùn)行的周期之比為b，則()A. “神舟十號(hào)”繞地球表面運(yùn)行的角速度與“嫦娥三號(hào)”繞月球表面運(yùn)行的角速度之比為bB. 地球和月球的質(zhì)量之比為C. 地球表面的重力加速度與月球表面的重力加速度之比為D. 地球和月球的第一宇宙速度之比為解析：角速度與運(yùn)行周期成反比，A錯(cuò)；由萬(wàn)有引力提供向心力知星球表面運(yùn)行的天體周期滿(mǎn)足T (R為星球半徑、M為星球質(zhì)量)，即M，所以地球和月球的質(zhì)

7、量之比為，B錯(cuò)；由星球表面物體的重力近似等于星球?qū)ξ矬w的萬(wàn)有引力知g，即地球表面的重力加速度與月球表面的重力加速度之比為，C錯(cuò)；星球的第一宇宙速度滿(mǎn)足v ，所以地球和月球的第一宇宙速度之比為，D對(duì)答案：D5. 體積相同帶同種電荷的兩個(gè)小球A、B，質(zhì)量分別為m1、m2，所帶電荷量分別為q1、q2(且始終保持不變)將A、B用絕緣細(xì)繩懸掛在同一水平天花板上因靜電力作用而使A、B兩球分離，且靜止在同一水平面上，L1、L2分別與豎直方向成30°、45°角如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是()A. m1一定小于m2B. 若保持A球固定不動(dòng)而將L2剪斷，則B球做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)C. 若保持A球固

8、定不動(dòng)而將L2剪斷，則B球的機(jī)械能一直增加D. 若保持B球固定不動(dòng)而將L1剪斷，則A球機(jī)械能一直減小解析：小球靜止時(shí)，m1gtan30°m2gtan45°F庫(kù)，得m1>m2，A錯(cuò)誤；保持A球固定不動(dòng)而將L2剪斷，B球受重力和庫(kù)侖力的作用，由于距離變化，庫(kù)侖力變小，加速度變化，庫(kù)侖力對(duì)B球做正功，B球的機(jī)械能增加，B錯(cuò)誤，C正確；同理，D錯(cuò)誤答案：C6. 2013·浙江名校聯(lián)考加速度計(jì)廣泛應(yīng)用于制導(dǎo)系統(tǒng)如圖為“加速度測(cè)量?jī)x”的示意圖質(zhì)量為m1.00 kg的絕緣滑塊B的兩側(cè)分別通過(guò)一輕彈簧與框架連接，彈簧的勁度系數(shù)均為k100 N/m.滑塊B還通過(guò)滑動(dòng)頭與電阻C

9、D相連，CD中任意一段的電阻都與其長(zhǎng)度成正比彈簧及電阻CD與物體的運(yùn)動(dòng)方向平行已知當(dāng)滑塊B加速度為零時(shí)，指針位于A點(diǎn)，理想電壓表示數(shù)為1.50 V；當(dāng)滑塊B向右以a10 m/s2的加速度運(yùn)動(dòng)時(shí)，指針位于C點(diǎn)，電壓表示數(shù)為0；則當(dāng)理想電壓表的示數(shù)為1.80 V時(shí)，滑塊B的加速度()A. 方向向左B. 方向向右C. 大小為2 m/s2 D. 大小為3 m/s2解析：設(shè)AC長(zhǎng)為x，則對(duì)滑塊B，由牛頓第二定律有2kxma，解出x0.05 m設(shè)當(dāng)電壓表的示數(shù)為1.80 V時(shí)，對(duì)應(yīng)的電阻長(zhǎng)度為x1，則1.51.8xx1，解出x10.06 m因此指針停在A點(diǎn)右邊，所以滑塊受的合力向左，其加速度方向向左，選項(xiàng)

10、A對(duì)；由牛頓第二定律，2k(x1x)ma1，解出a12 m/s2，選項(xiàng)C對(duì)答案：AC7. 如圖所示，正方形閉合金屬線(xiàn)框ABCD，邊長(zhǎng)為a，質(zhì)量為m，電阻為R，在豎直平面內(nèi)以水平初速度v0拋出，它在垂直于線(xiàn)框平面的水平磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)而不發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，且在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中總有兩條邊處于豎直方向，已知磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度在豎直方向按BB0ky的規(guī)律增大，k為常數(shù)，則()A. 回路中始終沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生B. 線(xiàn)框AD邊受到的安培力小于BC邊受到的安培力，且方向向下C. 線(xiàn)框AB邊和CD邊不受安培力作用D. 線(xiàn)框下落過(guò)程中某段時(shí)間內(nèi)重力勢(shì)能的減少量等于線(xiàn)框內(nèi)能的增加量解析：考查學(xué)生對(duì)電磁感應(yīng)及安培力的理解能力線(xiàn)框運(yùn)動(dòng)過(guò)程

11、中穿過(guò)回路的磁通量逐漸增大，故有感應(yīng)電流產(chǎn)生，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由左手定則和BB0ky可判斷選項(xiàng)B正確、C錯(cuò)誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律可知線(xiàn)框運(yùn)動(dòng)的豎直方向上產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸增大，感應(yīng)電流增大，BC邊和AD邊受到的安培力也逐漸增大，當(dāng)FBCFADmg時(shí)，線(xiàn)框?qū)⒆鰟蛩僦本€(xiàn)運(yùn)動(dòng)，由能量守恒定律可知選項(xiàng)D正確答案：BD8. 如圖所示，一理想變壓器原線(xiàn)圈接入一交流電源，副線(xiàn)圈電路中R1、R2為定值電阻，滑動(dòng)觸頭P可在R上滑動(dòng)V1、V2為理想電壓表，讀數(shù)分別為U1、U2；A1、A2兩理想電流表的讀數(shù)分別為I1、I2.當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)且V1示數(shù)一直不變時(shí)，則下列推斷中正確的是()A. U2變大，I2變大B

12、. U2不變，I2變小C. I1變小，R1兩端電壓變小D. I1變大，R1兩端電壓變小解析：考查學(xué)生對(duì)變壓器及電路的掌握情況對(duì)于理想變壓器在輸入電壓一定的條件下，輸出電壓也是一定的，即U2不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；當(dāng)P向下滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻增大，負(fù)載電阻增大，所以I2減小，R1兩端電壓減小，又因?yàn)槔硐胱儔浩鞯妮斎牍β孰S輸出功率的變化而變化，所以I1減小，選項(xiàng)B、C正確，D錯(cuò)誤答案：BC第卷(非選擇題共62分)二、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分第912題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答第1315題為選考題，考生根據(jù)要求作答)(一)必考題(4題，共47分)9. (9分)2013

13、3;昆明調(diào)研某同學(xué)用如圖甲所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，他將兩物塊A和B用輕質(zhì)細(xì)繩連接跨過(guò)輕質(zhì)定滑輪，B下端連接紙帶，紙帶穿過(guò)固定的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器(1)按圖甲所示安裝實(shí)驗(yàn)裝置時(shí)，應(yīng)使A、B兩物塊的質(zhì)量滿(mǎn)足mA_mB(填“>”、“<”或“”)(2)若打出的紙帶上計(jì)時(shí)點(diǎn)過(guò)于密集，為使實(shí)驗(yàn)結(jié)果更加精確，應(yīng)該如何調(diào)整物體的質(zhì)量？答：_.(3)圖乙是實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶O為釋放紙帶瞬間打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的點(diǎn)，A、B、C為紙帶上連續(xù)取出的三個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)，測(cè)得O、A間，A、B間及B、C間的距離如圖所示，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器計(jì)時(shí)周期為T(mén)0.02 s，用天平測(cè)出A、B兩物體的質(zhì)量，mA150 g，mB50 g，根據(jù)以

14、上數(shù)據(jù)計(jì)算，可得從O到B的過(guò)程中，物塊A、B組成的系統(tǒng)重力勢(shì)能減少量為_(kāi)J，動(dòng)能增加量為_(kāi)J，由此可得出的結(jié)論是_(取g9.8 m/s2，計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)解析：(1)按圖甲所示安裝實(shí)驗(yàn)裝置時(shí)，應(yīng)使A下降，B上升，因此A、B兩物塊的質(zhì)量滿(mǎn)足mA>mB；(2)若打出的紙帶上計(jì)時(shí)點(diǎn)過(guò)于密集，為使實(shí)驗(yàn)結(jié)果更加精確，應(yīng)增大加速度，因此“保持B的質(zhì)量不變，增大物塊A的質(zhì)量”或“增大物塊A的質(zhì)量同時(shí)減小B的質(zhì)量”，合理即可；(3)由題意可知從O到B的過(guò)程中系統(tǒng)重力勢(shì)能減少量為EpmAghOBmBghOB，保留兩位有效數(shù)字可得Ep0.42 J，動(dòng)能增加量為Ek(mAmB)v0，其中vB，通過(guò)計(jì)

15、算可得Ek0.40 J，在誤差允許范圍內(nèi)，系統(tǒng)機(jī)械能守恒答案：(1)>(2分)(2)“保持B的質(zhì)量不變，增大物塊A的質(zhì)量”或“增大物塊A的質(zhì)量同時(shí)減小B的質(zhì)量”(合理即可，1分)(3)0.42 0.40在誤差允許范圍內(nèi)，系統(tǒng)機(jī)械能守恒(每空2分)10. (9分)某同學(xué)要測(cè)量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率，步驟如下：(1)用游標(biāo)為20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度如圖甲，由圖甲可知其長(zhǎng)度為_(kāi)mm；用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑如圖乙，由圖乙可知其直徑為_(kāi)mm；用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測(cè)此圓柱體的電阻，表盤(pán)的示數(shù)如圖丙，則該電阻的阻值約為_(kāi).(2)該同學(xué)想用伏安法更精確地

16、測(cè)量待測(cè)圓柱體電阻R，現(xiàn)有的器材及其代號(hào)和規(guī)格如下：A. 金屬絲L，長(zhǎng)度為L(zhǎng)0，直徑為DB. 電流表A1，量程1 mA，內(nèi)阻r1375 C. 電流表A2，量程500 A，內(nèi)阻r2750 D. 電壓表V，量程10 V，內(nèi)阻10 kE. 電阻R1，阻值為100 ，起保護(hù)作用F. 滑動(dòng)變阻器R2，總阻值約20 G. 電池E，電動(dòng)勢(shì)1.5 V，內(nèi)阻很小H開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線(xiàn)若干為使實(shí)驗(yàn)誤差較小，要求測(cè)得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，請(qǐng)?jiān)谔摼€(xiàn)框中畫(huà)出測(cè)量的電路圖，并標(biāo)明所用器材的代號(hào)(3)若該同學(xué)用伏安法跟用多用電表測(cè)量得到的R測(cè)量值幾乎相等，由此可估算此圓柱體材料的電阻率約為_(kāi)·m.(保留兩位有效數(shù)字)解析：(

17、1)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為(500.05×3) mm50.15 mm，螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為(4.50.01×20.0) mm4.700 mm，多用電表的讀數(shù)為22.0×10220 .(2)電池E的電動(dòng)勢(shì)1.5 V，若選擇量程10 V的電壓表V，測(cè)量誤差大，可以選擇已知內(nèi)阻的電流表當(dāng)做電壓表使用，因電流表A2的內(nèi)阻較電流表A1大，電流表A1與待測(cè)圓柱體電阻串聯(lián)測(cè)電流，電流表A2當(dāng)做電壓表使用滑動(dòng)變阻器R2，總阻值相對(duì)待測(cè)圓柱體電阻較小，采用分壓式連接，但電流表A2的滿(mǎn)偏電壓為750×500×106 V0.375 V，而分壓式輸出最大電壓為1.5 V，需要

18、串聯(lián)保護(hù)電阻分壓(3)由電阻定律，得電阻率7.6×102 ·m.答案：(1)50.154.700 220(每空1分)(2)如圖所示(3分)(3)7.6×102(3分)11. (14分)如圖所示，一質(zhì)量為m2 kg的滑塊從半徑為R0.2 m的光滑四分之一圓弧軌道的頂端A處由靜止滑下，A點(diǎn)和圓弧對(duì)應(yīng)的圓心O點(diǎn)等高，圓弧的底端B與水平傳送帶平滑相接已知傳送帶勻速運(yùn)行速度為v04 m/s，B點(diǎn)到傳送帶右端C點(diǎn)的距離為L(zhǎng)2 m當(dāng)滑塊滑到傳送帶的右端C時(shí)，其速度恰好與傳送帶的速度相同(g10 m/s2)求：(1)滑塊到達(dá)底端B時(shí)對(duì)軌道的壓力；(2)滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)；

19、(3)此過(guò)程中，由于滑塊與傳送帶之間的摩擦而產(chǎn)生的熱量Q.解析：(1)滑塊由A到B的過(guò)程中，由機(jī)械能守恒定律得mgRmv(1分)物體在B點(diǎn)，由牛頓第二定律得FBmgm(2分)由兩式得FB60 N(1分)由牛頓第三定律得滑塊到達(dá)底端B時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為60 N(1分)方向豎直向下(2)方法一：滑塊在從B到C運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由牛頓第二定律得mgma(1分)由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得vv2aL(2分)由三式得0.3(1分)方法二：滑塊在從A到C整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得mgRmgLmv0(3分)解得0.3(1分)(3)滑塊在從B到C運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得v0vBat(1分)產(chǎn)生的熱量Qmg(v

20、0tL)(3分)由得Q4 J(1分)答案：(1)60 N，方向豎直向下(2)0.3(3)4 J12. (15分)如圖所示是電視機(jī)顯像管構(gòu)造的示意圖，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)CD可使電子豎直偏轉(zhuǎn)，由螺線(xiàn)管形成的偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)AB可使電子水平偏轉(zhuǎn)當(dāng)A、B和C、D均不加電壓時(shí)，電子槍發(fā)出的初速度可視為零的電子，經(jīng)電壓為U7.2 V的加速電場(chǎng)加速后，沿水平直線(xiàn)MN垂直打到豎直熒光屏P的中心O上以O(shè)為原點(diǎn)，豎直方向?yàn)閥軸，水平方向?yàn)閤軸建立直角坐標(biāo)系當(dāng)在A、B和C、D之間分別加上恒定電壓后，偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)方向向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度B9×105 T，已知磁場(chǎng)沿MN方向的寬度為0.06 m，電場(chǎng)沿MN方向的寬度為l0.08 m，電

21、子從磁場(chǎng)射出后立即進(jìn)入電場(chǎng)，且從電場(chǎng)的右邊界射出，電場(chǎng)強(qiáng)度為E144 N/C，電子的質(zhì)量為m9.0×1031 kg、電荷量的絕對(duì)值e1.6×1019 C，試求：(1)電子加速后的速度v0；(2)電子在磁場(chǎng)中沿x軸負(fù)方向偏轉(zhuǎn)的距離；(3)電子打在屏上的速度大小v.解析：(1)在電子加速過(guò)程中，由動(dòng)能定理有eUmv/2(2分)解得v01.6×106 m/s(1分)(2)設(shè)電子在磁場(chǎng)中的軌道半徑為R，Bev0(1分)解得：R0.1 m(1分)粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系有(Rx)2(0.06 m)2R2(2分)聯(lián)立解得：x0.02 m(1分)(3)如上圖所

22、示，電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，在水平面內(nèi)的分運(yùn)動(dòng)是沿速度v的方向的勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，位移為時(shí)間為t(1分)由幾何關(guān)系有cos(1分)電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，在豎直方向的分運(yùn)動(dòng)是初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的豎直分速度為vyat(1分)a(1分)電子離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度v(1分)聯(lián)立以上各式解得：v2.3×106 m/s(1分)電子離開(kāi)電場(chǎng)后做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故電子打在屏上的速度大小也為v2.3×106 m/s(1分)答案：(1)1.6×106 m/s(2)0.02 m(3)2.3×106 m/s(二)選考題(請(qǐng)考生從給出的3道題中任選一題做答)13. 2013&#

23、183;金版信息卷六物理選修33(15分)(1)(6分)下列說(shuō)法中正確的是_(填入正確選項(xiàng)前的字母選對(duì)1個(gè)給3分，選對(duì)2個(gè)給4分，選對(duì)3個(gè)給6分；每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分)A. 對(duì)于一定質(zhì)量的密閉氣體，體積不變、溫度升高時(shí)，分子的熱運(yùn)動(dòng)變劇烈，分子的平均動(dòng)能增大，撞擊器壁的作用力增大，從而氣體的壓強(qiáng)一定增大B. 達(dá)到熱平衡的系統(tǒng)內(nèi)部各處都具有相同的溫度C. 當(dāng)分子間的距離rr0時(shí)，斥力等于引力，表現(xiàn)出合力為零，故分子勢(shì)能為零D. 浸潤(rùn)與不浸潤(rùn)均是分子力作用的表現(xiàn)E. 液體的表面層分子分布比液體內(nèi)部密集，分子間的作用力體現(xiàn)為相互吸引(2)(9分)導(dǎo)熱性能良好的氣缸和活塞將一定質(zhì)量的理想氣

24、體密封在氣缸內(nèi)(活塞與氣缸壁之間無(wú)摩擦)，活塞的質(zhì)量為m1 kg，氣缸內(nèi)部的橫截面積為S5 cm2.用滴管將水緩慢滴注在活塞上，最終水層的高度為h0.5 m，若此時(shí)活塞離氣缸底部距離為H0.8 m，如圖所示1.0×103 kg/m3，重力加速度為g10 m/s2，則圖示狀態(tài)氣缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為多少？假設(shè)之后環(huán)境溫度由27上升到50，活塞將上升的距離是多少？解析：(1)根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀(guān)解釋可知，影響氣體壓強(qiáng)的因素有兩個(gè)，一是分子的平均動(dòng)能，二是單位體積內(nèi)分子數(shù)的多少，故A正確；達(dá)到熱平衡的系統(tǒng)內(nèi)部分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能相等，故各處的溫度相同，B正確；如果取分子間距離無(wú)窮遠(yuǎn)處的分子勢(shì)能為零

25、，則分子由無(wú)窮遠(yuǎn)向rr0處移動(dòng)的過(guò)程中，分子間的合力一直為引力，故分子力做正功，分子勢(shì)能一直減少，rr0時(shí)分子勢(shì)能為負(fù)值，C項(xiàng)錯(cuò)誤；浸潤(rùn)與不浸潤(rùn)都是液體與固體接觸時(shí)表面張力的結(jié)果，故都是分子力的表現(xiàn)，D正確；液體的表面層分子分布比液體內(nèi)部稀疏，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，E錯(cuò)誤(2)對(duì)活塞進(jìn)行受力分析，如圖所示：pSmg(p0p水)S(2分)p水gh(2分)由可得pp0gh1.0×1051.0×103×10×0.51.25×105(Pa)(1分)由于之后水的高度不變，故氣缸內(nèi)氣體發(fā)生等壓變化，由蓋呂薩克定律有，即(2分)解得：hH×0.

26、8 m6.1×102 m(2分)答案：(1)ABD(2)1.25×105 Pa6.1×102 m14. 物理選修34(15分)(1)(6分)一頻率為5×1014 Hz的光波在某介質(zhì)中傳播，某時(shí)刻電場(chǎng)橫波圖象如圖甲所示，光波在該介質(zhì)中的傳播速度v_m/s，在該介質(zhì)中的折射率n_.(2)(9分)一束光波以45°的入射角，從AB面射入圖乙所示的透明三棱鏡中，棱鏡折射率n.試求光進(jìn)入AB面的折射角，并在圖乙上畫(huà)出該光束在棱鏡中的光路圖解析：(1)光的傳播速度vf4×107×5×1014 m/s2×108 m/s，該介質(zhì)