天津市六校聯(lián)考2016-2017學(xué)年高二(上)期中物理試卷(解析版)

1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上專(zhuān)心-專(zhuān)注-專(zhuān)業(yè)專(zhuān)心-專(zhuān)注-專(zhuān)業(yè)精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上專(zhuān)心-專(zhuān)注-專(zhuān)業(yè)2016-2017學(xué)年天津市六校聯(lián)考高二（上）期中物理試卷一、單項(xiàng)選擇題（本題共9小題，每小題3分，共27分）1下列說(shuō)法正確的是（）A由E=可知，某電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E與q成反比，與F成正比B勻強(qiáng)電場(chǎng)中，任意兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于場(chǎng)強(qiáng)和這兩點(diǎn)間距離的乘積C在點(diǎn)電荷電場(chǎng)中，離點(diǎn)電荷距離相等的點(diǎn)，電勢(shì)都相等D任一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度總是指向該點(diǎn)電勢(shì)降落的方向2兩個(gè)相同的金屬小球A、B，所帶的電量qA=+q0、qB=7q0，相距r放置時(shí)，相互作用的引力大小為F現(xiàn)將A球與B球接觸，再把A、B兩球間

2、的間距增大到2r，那么A、B之間的相互作用力將變?yōu)椋ǎ〢斥力B斥力C引力D引力3如圖所示，在直線(xiàn)MN上有一個(gè)點(diǎn)電荷，A、B是直線(xiàn)MN上的兩點(diǎn)，兩點(diǎn)的間距為L(zhǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小分別為E和2E則（）A該點(diǎn)電荷一定在A點(diǎn)的右側(cè)B該點(diǎn)電荷一定在A點(diǎn)的左側(cè)CA點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向一定沿直線(xiàn)向左DA點(diǎn)的電勢(shì)一定低于B點(diǎn)的電勢(shì)4如圖所示，平行板電容器帶有等量異種電荷，與靜電計(jì)相連，靜電計(jì)金屬外殼和電容器下極板都接地在兩極板間有一個(gè)固定在P點(diǎn)的點(diǎn)電荷，以E表示兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度，Ep表示點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能，表示靜電計(jì)指針的偏角若保持下極板不動(dòng)，將上極板向下移動(dòng)一小段距離至圖中虛線(xiàn)位置，則（）A減小，Ep增大B減小，E不變C增大

3、，E增大D增大，Ep不變5一根長(zhǎng)為L(zhǎng)、橫截面積為S的金屬棒，其材料的電阻率為，棒內(nèi)單位體積自由電子數(shù)為n，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，在棒兩端加上恒定的電壓時(shí)，棒內(nèi)產(chǎn)生電流，自由電子定向運(yùn)動(dòng)的平均速率為v，則金屬棒內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（）ABCnevD6如圖所示，虛線(xiàn)a、b和c是在O點(diǎn)處的一個(gè)點(diǎn)電荷形成的靜電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，一帶正電粒子射入該電場(chǎng)中，其運(yùn)動(dòng)軌跡如實(shí)線(xiàn)KLMN所示不計(jì)重力，由圖可知（）AO點(diǎn)處的電荷一定是正電荷Ba、b、c三個(gè)等勢(shì)面的電勢(shì)關(guān)系是abcC粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)的電勢(shì)能先增大后減小D粒子在每個(gè)位置具有的電勢(shì)能與動(dòng)能的總和一定相等7如圖所示，兩平行金屬板間帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，

4、不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則（）A電壓表讀數(shù)增大B電流表讀數(shù)增大C質(zhì)點(diǎn)P仍處于靜止?fàn)顟B(tài)DR3上消耗的功率逐漸增大8如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=3V，小燈泡L標(biāo)有“2V、0.4W”，開(kāi)關(guān)S接l，當(dāng)變阻器調(diào)到R=4時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開(kāi)關(guān)S接2，小燈泡L和電動(dòng)機(jī)M均正常工作則（）A電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為4B電動(dòng)機(jī)正常工作電壓為1VC電源內(nèi)阻為1D電源總功率0.4W9如圖所示，足夠長(zhǎng)的兩平行金屬板正對(duì)著豎直放置，它們通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)與電源E、定值電阻R、開(kāi)關(guān)S相連閉合開(kāi)關(guān)后，與兩極板上邊緣等高處有兩個(gè)帶負(fù)電小球A和B，它們均從兩極板正中央由靜止開(kāi)始釋放，兩小球最終均打在

5、極板上，（不考慮小球間的相互作用及對(duì)電場(chǎng)的影響）下列說(shuō)法中正確的是（）A兩小球在兩板間運(yùn)動(dòng)的軌跡都是一條拋物線(xiàn)B兩板間電壓越大，小球在板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越短C它們的運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定相同D若兩者的比荷相同，它們的運(yùn)動(dòng)軌跡可能相同二、多項(xiàng)選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，都有多個(gè)選項(xiàng)是正確的，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但選不全的得2分，有錯(cuò)選或不答的得0分）10在圖中，a、b帶等量異種電荷，MN為ab連線(xiàn)的中垂線(xiàn)，現(xiàn)有一個(gè)帶電粒子從M點(diǎn)以一定初速度v0射入，開(kāi)始時(shí)一段軌跡如圖中實(shí)線(xiàn)，不考慮粒子重力，則在飛越該電場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程中（）A該粒子帶負(fù)電B該粒子的動(dòng)能先減小，后增大C該粒子的

6、電勢(shì)能先減小，后增大D該粒子運(yùn)動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)處后，速度的大小一定仍為v011如圖所示為閉合電路中兩個(gè)不同電源的UI圖象，則下列說(shuō)法中正確的是（）A電動(dòng)勢(shì)E1=E2，短路電流I1I2B電動(dòng)勢(shì)E1=E2，內(nèi)阻r1r2C電動(dòng)勢(shì)E1E2，內(nèi)阻r1r2D當(dāng)兩電源的工作電流變化量相同時(shí)，電源2的路端電壓變化較大12如圖所示，A、B、C是平行紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)中的三點(diǎn)，它們之間的距離均為L(zhǎng)，電量為q=1.0105 C的負(fù)電荷由A移動(dòng)到C電場(chǎng)力做功W1=4.0105J，該電荷由C移動(dòng)到B電場(chǎng)力做功W2=2.0105J，若B點(diǎn)電勢(shì)為零，以下說(shuō)法正確的是（）AA點(diǎn)電勢(shì)為2VBA點(diǎn)電勢(shì)為2VC勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向?yàn)橛蒀指向AD勻

7、強(qiáng)電場(chǎng)的方向?yàn)榇怪庇贏C指向B13硅光電池已廣泛應(yīng)用于人造衛(wèi)星和燈塔、高速公路“電子眼”等設(shè)施其原理如圖所示，a、b是硅光電池的兩個(gè)電極，P、N 是兩塊硅半導(dǎo)體，P、N 可在E區(qū)形成勻強(qiáng)電場(chǎng)P的上表面鍍有一層膜，當(dāng)光照射時(shí)，P內(nèi)產(chǎn)生的自由電子經(jīng)E區(qū)電場(chǎng)加速后到達(dá)半導(dǎo)體N，從而產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)以下說(shuō)法中正確的是（）Aa電極為電池的正極B電源內(nèi)部的電流方向由P指向NCE區(qū)勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向由N指向PD硅光電池是一種把化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的裝置二、填空題（本題共4道小題，共20分）14光滑絕緣水平面上相距為L(zhǎng)的點(diǎn)電荷A、B帶電荷量分別為+4q和q，如圖所示，今引入第三個(gè)點(diǎn)電荷C，使三個(gè)點(diǎn)電荷都處于平衡狀態(tài)，則C的

8、電性為電荷量為，放置在的位置15如圖甲，兩水平金屬板間距為d，板間電場(chǎng)強(qiáng)度的變化規(guī)律如圖乙所示t=0時(shí)刻，質(zhì)量為m的帶電微粒以初速度v0沿中線(xiàn)射入兩板間，（0）時(shí)間內(nèi)微粒勻速運(yùn)動(dòng)，T時(shí)刻微粒恰好經(jīng)金屬邊緣飛出微粒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中未與金屬板接觸重力加速度的大小為g，末速度大小為，克服電場(chǎng)力做功為16如圖所示是一量程為100 A的電流表，內(nèi)阻為100，現(xiàn)串聯(lián)一個(gè)9 900的電阻將它改裝成電壓表該電壓表的量程是 V用它來(lái)測(cè)量電壓，表盤(pán)指針位置如圖所示該電壓的大小是 V17在“描繪小燈泡的伏安特性曲線(xiàn)”的實(shí)驗(yàn)中，可供選擇的器材及代號(hào)如下：A小燈泡L（ 3V、5）；B滑動(dòng)變阻器R（010，額定電流1.5A）；

9、C電壓表V1（量程：03V，RV=5k）；D電壓表V2（量程：015V，RV=10k）；E電流表A1（量程：00.6A，RA=0.5）；F電流表A2（量程：03A，RA=0.1）；G鉛蓄電池、開(kāi)關(guān)各一個(gè)，導(dǎo)線(xiàn)若干；實(shí)驗(yàn)中要求加在小燈泡兩端的電壓可連續(xù)地從零調(diào)到額定電壓（1）為了減少誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選電壓表，電流表；（2）電流表應(yīng)采用法（填“內(nèi)接”或“外接”）；（3）請(qǐng)?jiān)诖痤}區(qū)空白處內(nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)原理圖（注明所選器材代號(hào)）（4）某同學(xué)實(shí)驗(yàn)后作出的IU 圖象如圖所示，請(qǐng)分析該圖象形成的原因是：四、計(jì)算題（本題3道小題，共37分）18如圖所示，光滑絕緣半球槽的半徑為R=0.5m，半徑OA水平，同時(shí)空間存在

10、水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)一質(zhì)量為m、電量為q的帶正小球從槽的右端A處無(wú)初速沿軌道滑下，滑到最低位置B時(shí)，球?qū)壍赖膲毫?mg（g=10m/s2） 求：（1）電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；（2）小球過(guò)B點(diǎn)后能到達(dá)的最高點(diǎn)與半徑OA的距離H；（3）小球的最大速度出現(xiàn)在何處19如圖所示，長(zhǎng)L的絕緣光滑細(xì)桿AB與水平面成45角，A、C兩點(diǎn)在同一豎直線(xiàn)上，B、C兩點(diǎn)在同一水平線(xiàn)上，O點(diǎn)為AB的中點(diǎn)，在C點(diǎn)固定一個(gè)帶正電的點(diǎn)電荷Q，桿上套一個(gè)帶正電的小環(huán)，環(huán)在A點(diǎn)時(shí)正好能保持靜止現(xiàn)給環(huán)一個(gè)沿桿向下的初速度vA，環(huán)到達(dá)O點(diǎn)的速度為v0，已知靜電常數(shù)為k，小環(huán)的質(zhì)量m，重力加速度g，求：（1）求小環(huán)的電荷量q；（2）AO兩點(diǎn)的

11、電勢(shì)差UAO；（3）環(huán)到達(dá)B點(diǎn)時(shí)環(huán)的速度20如圖所示為說(shuō)明示波器工作原理的示意圖，已知兩平行板間的距離為d、板長(zhǎng)為l電子經(jīng)電壓為U1的電場(chǎng)加速后從兩平行板間的中央處垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，設(shè)電子質(zhì)量為me、電荷量為e（1）求經(jīng)電場(chǎng)加速后電子速度v的大??；（2）要使電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)角度最大，兩平行板間的電壓U2應(yīng)是多少？電子動(dòng)能多大？2016-2017學(xué)年天津市六校聯(lián)考高二（上）期中物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題（本題共9小題，每小題3分，共27分）1下列說(shuō)法正確的是（）A由E=可知，某電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)E與q成反比，與F成正比B勻強(qiáng)電場(chǎng)中，任意兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于場(chǎng)強(qiáng)和這兩點(diǎn)間距離的乘積C在

12、點(diǎn)電荷電場(chǎng)中，離點(diǎn)電荷距離相等的點(diǎn)，電勢(shì)都相等D任一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度總是指向該點(diǎn)電勢(shì)降落的方向【考點(diǎn)】勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【分析】A、結(jié)合電場(chǎng)強(qiáng)度的決定因素可得知電場(chǎng)輕度與檢驗(yàn)電荷沒(méi)有關(guān)系，可得知選項(xiàng)A的正誤B、利用勻強(qiáng)電場(chǎng)中的電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)和距離之間的關(guān)系可判知該的正誤C、利用點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中的等勢(shì)面的知識(shí)可得知該選項(xiàng)的正誤D、結(jié)合電場(chǎng)方向的闡述，可得知電場(chǎng)強(qiáng)度方向與電勢(shì)降落之間的關(guān)系，判知該選項(xiàng)的正誤【解答】解：A、電場(chǎng)強(qiáng)度只與電場(chǎng)本身有關(guān)，與檢驗(yàn)電荷無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤B、勻強(qiáng)電場(chǎng)中，任意兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于場(chǎng)強(qiáng)和這兩點(diǎn)在電場(chǎng)方向上的距離的乘積，故B錯(cuò)誤C、在點(diǎn)電荷電場(chǎng)中，離點(diǎn)電荷距離相

13、等的點(diǎn)的幾何是一個(gè)等勢(shì)面，所以各點(diǎn)的電勢(shì)都相等，故C正確D、任一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度總是指向該點(diǎn)電勢(shì)降落最快的方向，而不能闡述成指向該點(diǎn)電勢(shì)降落的方向，故D錯(cuò)誤故選：C2兩個(gè)相同的金屬小球A、B，所帶的電量qA=+q0、qB=7q0，相距r放置時(shí)，相互作用的引力大小為F現(xiàn)將A球與B球接觸，再把A、B兩球間的間距增大到2r，那么A、B之間的相互作用力將變?yōu)椋ǎ〢斥力B斥力C引力D引力【考點(diǎn)】分子間的相互作用力【分析】設(shè)電荷A帶電荷量為q0，則電荷B帶電荷量為7q0，在真空中相距為r時(shí)，根據(jù)庫(kù)侖定律可以得到F與電量q、距離r的關(guān)系；A、B球相互接觸后放回距離為2r處，電荷先中和再平分，再根據(jù)庫(kù)侖定律得到相

14、互作用的庫(kù)侖力大小與Q、r的關(guān)系，用比例法求解【解答】解：金屬小球A和B，帶電量分別為+q0和7q0，相互作用力為引力，將兩球接觸后再放回原處，電荷先中和再平分，帶電量變?yōu)?q0和3q0，同號(hào)電荷表現(xiàn)為斥力，故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選：A3如圖所示，在直線(xiàn)MN上有一個(gè)點(diǎn)電荷，A、B是直線(xiàn)MN上的兩點(diǎn)，兩點(diǎn)的間距為L(zhǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小分別為E和2E則（）A該點(diǎn)電荷一定在A點(diǎn)的右側(cè)B該點(diǎn)電荷一定在A點(diǎn)的左側(cè)CA點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向一定沿直線(xiàn)向左DA點(diǎn)的電勢(shì)一定低于B點(diǎn)的電勢(shì)【考點(diǎn)】電場(chǎng)強(qiáng)度【分析】據(jù)題，A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小分別為E和2E，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=k分析該點(diǎn)電荷的位置應(yīng)離A點(diǎn)遠(yuǎn)、離B點(diǎn)近該點(diǎn)電荷的電性未

15、知，不能判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的方向和電勢(shì)的高低【解答】解：A、B，由題，A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小分別為E和2E，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式E=k分析得知：該點(diǎn)電荷的位置應(yīng)離A點(diǎn)遠(yuǎn)、離B點(diǎn)近，所以該點(diǎn)電荷一定在A點(diǎn)的右側(cè)故A正確，B錯(cuò)誤C、D，由于該點(diǎn)電荷的電性未知，無(wú)法確定A的場(chǎng)強(qiáng)方向，也無(wú)法判斷A、B兩點(diǎn)電勢(shì)的高低故CD錯(cuò)誤故選A4如圖所示，平行板電容器帶有等量異種電荷，與靜電計(jì)相連，靜電計(jì)金屬外殼和電容器下極板都接地在兩極板間有一個(gè)固定在P點(diǎn)的點(diǎn)電荷，以E表示兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度，Ep表示點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的電勢(shì)能，表示靜電計(jì)指針的偏角若保持下極板不動(dòng)，將上極板向下移動(dòng)一小段距離至圖中虛線(xiàn)位置，則（）A減小，Ep增大B

16、減小，E不變C增大，E增大D增大，Ep不變【考點(diǎn)】電容器的動(dòng)態(tài)分析【分析】電容器充電后斷開(kāi)電源，極板上的電量不變；根據(jù)電容器的定義式可分析電容的變化，再根據(jù)決定式分析電壓的變化，從而分析靜電計(jì)指針夾角的變化；根據(jù)U=Ed分析電場(chǎng)強(qiáng)度的變化【解答】解：電容器與電源斷開(kāi)，故電量不變；上極板向下移動(dòng)時(shí)，兩板間的距離減小，根據(jù)C=可知，電容C增大，則根據(jù)C=可知，電壓U減?。还熟o電計(jì)指針偏角減??；兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E=；因此電場(chǎng)強(qiáng)度與板間距無(wú)關(guān)，因此電場(chǎng)強(qiáng)度不變；故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選：B5一根長(zhǎng)為L(zhǎng)、橫截面積為S的金屬棒，其材料的電阻率為，棒內(nèi)單位體積自由電子數(shù)為n，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，在

17、棒兩端加上恒定的電壓時(shí)，棒內(nèi)產(chǎn)生電流，自由電子定向運(yùn)動(dòng)的平均速率為v，則金屬棒內(nèi)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（）ABCnevD【考點(diǎn)】勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電流、電壓概念【分析】利用電流的微觀表達(dá)式求的電流，由電阻的定義式求的電阻，由E=求的電場(chǎng)強(qiáng)度【解答】解：導(dǎo)體中的電流為I=neSv導(dǎo)體的電阻為R=導(dǎo)體兩端的電壓為U=RI場(chǎng)強(qiáng)為E=聯(lián)立解得E=nev故選：C6如圖所示，虛線(xiàn)a、b和c是在O點(diǎn)處的一個(gè)點(diǎn)電荷形成的靜電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，一帶正電粒子射入該電場(chǎng)中，其運(yùn)動(dòng)軌跡如實(shí)線(xiàn)KLMN所示不計(jì)重力，由圖可知（）AO點(diǎn)處的電荷一定是正電荷Ba、b、c三個(gè)等勢(shì)面的電勢(shì)關(guān)系是abcC粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)的電勢(shì)

18、能先增大后減小D粒子在每個(gè)位置具有的電勢(shì)能與動(dòng)能的總和一定相等【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；電勢(shì)能【分析】首先根據(jù)帶電粒子軌跡的彎曲方向判斷其所受的靜電力性質(zhì)，即可判斷其電性；再根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的方向確定電勢(shì)的高低，根據(jù)電場(chǎng)力做功比較動(dòng)能的大小和電勢(shì)能的大小【解答】解：A、根據(jù)帶電粒子軌跡的彎曲方向可知：帶電粒子受到了引力作用，Q與帶電粒子是異種粒子，所以Q一定帶負(fù)電故A錯(cuò)誤B、Q帶負(fù)電荷，電場(chǎng)線(xiàn)方向從無(wú)窮處到Q終止，根據(jù)順著電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低可知，abc故B錯(cuò)誤C、粒子所受的電場(chǎng)力與速度的夾角先銳角，做正功，后為鈍角，做負(fù)功，所以電勢(shì)能先減小后增大故C錯(cuò)誤D、從整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，帶電粒子只有兩

19、種形式的能：電勢(shì)能和動(dòng)能，根據(jù)能量守恒定律得知：粒子在每個(gè)位置具有的電勢(shì)能與動(dòng)能的總和一定相等故D正確故選：D7如圖所示，兩平行金屬板間帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則（）A電壓表讀數(shù)增大B電流表讀數(shù)增大C質(zhì)點(diǎn)P仍處于靜止?fàn)顟B(tài)DR3上消耗的功率逐漸增大【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律【分析】根據(jù)電路結(jié)構(gòu)，由滑片的移動(dòng)可知電路中電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可知各電表示數(shù)的變化及電容器兩端的電壓變化；再分析質(zhì)點(diǎn)P的受力情況可知質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況由電流或電壓的變化，分析R3上消耗的功率如何變化【解答】解：AB、由圖可知，R2與滑動(dòng)變阻器R4

20、串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再由R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑片向b端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減?。挥砷]合電路歐姆定律可知，電路中電流增大，路端電壓減小，R1兩端的電壓增大，故并聯(lián)部分的電壓減小；由歐姆定律可知流過(guò)R3的電流減小，而流過(guò)并聯(lián)部分的總電流增大，故電流表示數(shù)增大；故B正確；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中的電流增大，電壓增大，故電壓表示數(shù)減小，故A錯(cuò)誤；C、因電容器兩端電壓等于并聯(lián)電路兩端的電壓，電壓減小，故電荷受到的向上電場(chǎng)力減小，則重力大于電場(chǎng)力，合力向下，質(zhì)點(diǎn)P向下運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D、因R3兩端的電壓減小，可知，R3上消耗的功率減??；故D錯(cuò)誤故選：B8

21、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=3V，小燈泡L標(biāo)有“2V、0.4W”，開(kāi)關(guān)S接l，當(dāng)變阻器調(diào)到R=4時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開(kāi)關(guān)S接2，小燈泡L和電動(dòng)機(jī)M均正常工作則（）A電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為4B電動(dòng)機(jī)正常工作電壓為1VC電源內(nèi)阻為1D電源總功率0.4W【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律【分析】（1）小燈泡L正常發(fā)光，其電壓為額定電壓，功率為額定功率，由公式P=UI可求出電路中的電流根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電源的電阻（2）電動(dòng)機(jī)為非純電阻電路，注意公式的應(yīng)用與選取即可【解答】解：小燈泡的額定電流為I=0.2A；電阻為C、當(dāng)接1時(shí)，由閉合電路歐姆定律可知，E=I（RL+R+r），代入數(shù)據(jù)解得r=1，故C正確；AB、

22、當(dāng)接2時(shí)燈泡正常發(fā)光，流過(guò)的電流為I=0.2A電源內(nèi)阻分的電壓為U=Ir=0.21V=0.2V故電動(dòng)機(jī)分得電壓為U動(dòng)=EULU=320.2V=0.8V故電阻R=4，故AB錯(cuò)誤；D、電源總功率，P=EI=30.2=0.6W，故D錯(cuò)誤故選：C9如圖所示，足夠長(zhǎng)的兩平行金屬板正對(duì)著豎直放置，它們通過(guò)導(dǎo)線(xiàn)與電源E、定值電阻R、開(kāi)關(guān)S相連閉合開(kāi)關(guān)后，與兩極板上邊緣等高處有兩個(gè)帶負(fù)電小球A和B，它們均從兩極板正中央由靜止開(kāi)始釋放，兩小球最終均打在極板上，（不考慮小球間的相互作用及對(duì)電場(chǎng)的影響）下列說(shuō)法中正確的是（）A兩小球在兩板間運(yùn)動(dòng)的軌跡都是一條拋物線(xiàn)B兩板間電壓越大，小球在板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越短C它們的運(yùn)

23、動(dòng)時(shí)間一定相同D若兩者的比荷相同，它們的運(yùn)動(dòng)軌跡可能相同【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【分析】分析帶電液滴的受力，根據(jù)物體做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的條件可知液滴的運(yùn)動(dòng)軌跡；根據(jù)U=Ed可知電動(dòng)勢(shì)變化時(shí)E的變化，則可知所受合力的變化，即可求得加速度的變化；因液滴落在了一個(gè)極板上，故液滴的運(yùn)動(dòng)時(shí)間取決其在水平向的運(yùn)動(dòng)，分析水平方向上的受力情況可求得液滴的運(yùn)動(dòng)時(shí)間【解答】解：A、液滴在磁場(chǎng)中受重力及電場(chǎng)力，電場(chǎng)力沿水平方向，重力沿豎直方向；因液滴由靜止釋放，故合力的方向一定與運(yùn)動(dòng)方向一致，故液滴做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、兩板上的電壓越大，由U=Ed可知，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，電場(chǎng)力變大，水平加速度增大，根據(jù)，得

24、，時(shí)間越短，故B正確；C、因粒子最終打在極板上，故運(yùn)動(dòng)時(shí)間取決于水平向的加速度，得，因?yàn)楸群刹灰欢ㄏ嗤?，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間不一定相同，故C錯(cuò)誤；D、若兩者的比荷相同，它們運(yùn)動(dòng)的軌跡不同，因?yàn)閹щ娦再|(zhì)不同，故D錯(cuò)誤；故選：B二、多項(xiàng)選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，都有多個(gè)選項(xiàng)是正確的，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但選不全的得2分，有錯(cuò)選或不答的得0分）10在圖中，a、b帶等量異種電荷，MN為ab連線(xiàn)的中垂線(xiàn)，現(xiàn)有一個(gè)帶電粒子從M點(diǎn)以一定初速度v0射入，開(kāi)始時(shí)一段軌跡如圖中實(shí)線(xiàn)，不考慮粒子重力，則在飛越該電場(chǎng)的整個(gè)過(guò)程中（）A該粒子帶負(fù)電B該粒子的動(dòng)能先減小，后增大C該粒子的電

25、勢(shì)能先減小，后增大D該粒子運(yùn)動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)處后，速度的大小一定仍為v0【考點(diǎn)】電場(chǎng)線(xiàn)；電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【分析】根據(jù)軌跡的彎曲方向確定粒子所受的電場(chǎng)力方向，從而確定粒子的電性；根據(jù)電場(chǎng)力做功，結(jié)合動(dòng)能定理得出動(dòng)能的變化，根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系判斷電勢(shì)能的變化通過(guò)M點(diǎn)和無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)差，結(jié)合動(dòng)能定理判斷粒子到達(dá)無(wú)窮遠(yuǎn)處的速度【解答】解：A、粒子軌跡向右彎曲，受到的電場(chǎng)力大致向右，該粒子帶負(fù)電故A正確B、由題可知，電場(chǎng)力先做正功，后做負(fù)功，則根據(jù)動(dòng)能定理得知，粒子的動(dòng)能先增大后減小故B錯(cuò)誤C、電場(chǎng)力先做正功，后做負(fù)功，粒子的電勢(shì)能先減小后增大故C正確D、M點(diǎn)的電勢(shì)與無(wú)窮遠(yuǎn)處相等，粒子從M點(diǎn)運(yùn)

26、動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)處過(guò)程，電場(chǎng)力做功為零，則該粒子運(yùn)動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)處后，其速度大小一定仍為v0故D正確故選：ACD11如圖所示為閉合電路中兩個(gè)不同電源的UI圖象，則下列說(shuō)法中正確的是（）A電動(dòng)勢(shì)E1=E2，短路電流I1I2B電動(dòng)勢(shì)E1=E2，內(nèi)阻r1r2C電動(dòng)勢(shì)E1E2，內(nèi)阻r1r2D當(dāng)兩電源的工作電流變化量相同時(shí)，電源2的路端電壓變化較大【考點(diǎn)】路端電壓與負(fù)載的關(guān)系【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律，路端電壓為：U=EIr；UI圖象中與U軸的交點(diǎn)表示電源的電動(dòng)勢(shì)，與I軸的交點(diǎn)表示短路電流，斜率表示內(nèi)阻【解答】解：A、B、C、UI圖象中與U軸的交點(diǎn)表示電源的電動(dòng)勢(shì)，斜率表示內(nèi)阻，則知電動(dòng)勢(shì)E1=E2，內(nèi)阻r1r

27、2，UI圖象與I軸的交點(diǎn)表示短路電流，故發(fā)生短路時(shí)的電流I1I2，故BC錯(cuò)誤，A正確；D、根據(jù)U=EIr可知，U=rI，內(nèi)阻r1r2，故當(dāng)電源的工作電流變化相同時(shí)，電源2的路端電壓變化較大，故D正確；故選：AD12如圖所示，A、B、C是平行紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)中的三點(diǎn)，它們之間的距離均為L(zhǎng)，電量為q=1.0105 C的負(fù)電荷由A移動(dòng)到C電場(chǎng)力做功W1=4.0105J，該電荷由C移動(dòng)到B電場(chǎng)力做功W2=2.0105J，若B點(diǎn)電勢(shì)為零，以下說(shuō)法正確的是（）AA點(diǎn)電勢(shì)為2VBA點(diǎn)電勢(shì)為2VC勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向?yàn)橛蒀指向AD勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向?yàn)榇怪庇贏C指向B【考點(diǎn)】電場(chǎng)的疊加；電場(chǎng)強(qiáng)度；電勢(shì)【分析】根據(jù)試探電荷的

28、電荷量和電場(chǎng)力做功，根據(jù)公式U=分別求出A與無(wú)窮遠(yuǎn)間、A與B間電勢(shì)差，無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，再確定A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)【解答】解：A、對(duì)于C、B間電勢(shì)差為UCB=V=2V，若B點(diǎn)電勢(shì)為零，UCB=CB，則C點(diǎn)電勢(shì)C=2V而A與C間的電勢(shì)差為UAC=V=4V，UAC=AC，則A點(diǎn)電勢(shì)A=2V故A錯(cuò)誤，B正確；C、由上分析可知，AC連線(xiàn)的中點(diǎn)M電勢(shì)為0，M與B點(diǎn)的連線(xiàn)即為等勢(shì)線(xiàn)，且電場(chǎng)線(xiàn)垂直于等勢(shì)線(xiàn)，三角形ABC為等邊三角形，BMAC，根據(jù)沿著電場(chǎng)線(xiàn)方向，電勢(shì)降低，則有勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向由C到A，故C正確，D錯(cuò)誤；故選：BC13硅光電池已廣泛應(yīng)用于人造衛(wèi)星和燈塔、高速公路“電子眼”等設(shè)施其原理如圖所示，a、b

29、是硅光電池的兩個(gè)電極，P、N 是兩塊硅半導(dǎo)體，P、N 可在E區(qū)形成勻強(qiáng)電場(chǎng)P的上表面鍍有一層膜，當(dāng)光照射時(shí)，P內(nèi)產(chǎn)生的自由電子經(jīng)E區(qū)電場(chǎng)加速后到達(dá)半導(dǎo)體N，從而產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)以下說(shuō)法中正確的是（）Aa電極為電池的正極B電源內(nèi)部的電流方向由P指向NCE區(qū)勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向由N指向PD硅光電池是一種把化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的裝置【考點(diǎn)】電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻【分析】根據(jù)負(fù)電荷的電場(chǎng)力從而確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，由電流的方向與負(fù)電荷的運(yùn)動(dòng)方向相反，可確定電源的內(nèi)部電流方向【解答】解：A、根據(jù)題意，E區(qū)電場(chǎng)能使P逸出的自由電子向N運(yùn)動(dòng)，因負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力與電場(chǎng)方向相反，所以電場(chǎng)方向由N指向P，由于電流的方向與負(fù)電荷的運(yùn)動(dòng)

30、方向相反，所以電源內(nèi)部的電流方向由N指向P，A正確、B錯(cuò)誤；C、由題意可知，電子在E區(qū)加速，故電場(chǎng)方向應(yīng)為N到P；故C正確；D、該電池是將光能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，故D錯(cuò)誤故選：AC二、填空題（本題共4道小題，共20分）14光滑絕緣水平面上相距為L(zhǎng)的點(diǎn)電荷A、B帶電荷量分別為+4q和q，如圖所示，今引入第三個(gè)點(diǎn)電荷C，使三個(gè)點(diǎn)電荷都處于平衡狀態(tài)，則C的電性為正電電荷量為4q，放置在的位置在B右側(cè)距B為L(zhǎng)處【考點(diǎn)】庫(kù)侖定律；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用【分析】A、B、C三個(gè)點(diǎn)電荷都處于靜止?fàn)顟B(tài)，對(duì)電荷受力分析，每個(gè)電荷都處于受力平衡狀態(tài)，故根據(jù)庫(kù)侖定律可分別對(duì)任意兩球進(jìn)行分析列出平衡方程即可求得結(jié)果【解

31、答】解：A、B、C三個(gè)電荷要平衡，必須三個(gè)電荷的一條直線(xiàn)，外側(cè)二個(gè)電荷相互排斥，中間電荷吸引外側(cè)兩個(gè)電荷，所以外側(cè)兩個(gè)電荷距離大，要平衡中間電荷的拉力，必須外側(cè)電荷電量大，中間電荷電量小，所以C必須為正電，在B的右側(cè)設(shè)C所在位置與B的距離為r，則C所在位置與A的距離為L(zhǎng)+r，要能處于平衡狀態(tài)，所以A對(duì)C的電場(chǎng)力大小等于B對(duì)C的電場(chǎng)力大小，設(shè)C的電量為Q則有： =解得：r=L對(duì)點(diǎn)電荷A，其受力也平衡，則： =解得：Q=4q故答案為：正電，4q，在B右側(cè)距B為L(zhǎng)處15如圖甲，兩水平金屬板間距為d，板間電場(chǎng)強(qiáng)度的變化規(guī)律如圖乙所示t=0時(shí)刻，質(zhì)量為m的帶電微粒以初速度v0沿中線(xiàn)射入兩板間，（0）時(shí)間

32、內(nèi)微粒勻速運(yùn)動(dòng)，T時(shí)刻微粒恰好經(jīng)金屬邊緣飛出微粒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中未與金屬板接觸重力加速度的大小為g，末速度大小為v0，克服電場(chǎng)力做功為mgd【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【分析】0時(shí)間內(nèi)微粒勻速運(yùn)動(dòng)，重力和電場(chǎng)力相等，內(nèi)，微粒做平拋運(yùn)動(dòng)，T時(shí)間內(nèi)，微粒豎直方向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，水平方向上始終做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解【解答】解：0時(shí)間內(nèi)微粒勻速運(yùn)動(dòng)，則有：qE0=mg內(nèi)微粒做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向下降的位移 x1=g（）2，T時(shí)間內(nèi)微粒的加速度 a=g，方向豎直向上，微粒在豎直方向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，由內(nèi)與T時(shí)間內(nèi)豎直方向運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性可知，T時(shí)刻豎直分速度為零，所以末速度的方向沿

33、水平方向，大小為v0微粒在豎直方向上向下運(yùn)動(dòng)，內(nèi)與T時(shí)間內(nèi)豎直方向上的加速度大小相等，方向相反，時(shí)間相等，則通過(guò)位移的大小相等，為d，整個(gè)過(guò)程中克服電場(chǎng)力做功為 W=2E0qd=qE0d=mgd故答案為：v0， mgd16如圖所示是一量程為100 A的電流表，內(nèi)阻為100，現(xiàn)串聯(lián)一個(gè)9 900的電阻將它改裝成電壓表該電壓表的量程是1 V用它來(lái)測(cè)量電壓，表盤(pán)指針位置如圖所示該電壓的大小是0.85 V【考點(diǎn)】用多用電表測(cè)電阻【分析】應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出電壓表量程，根據(jù)電壓表量程由圖示表盤(pán)確定其分度值，然后讀出其示數(shù)【解答】解：電壓表量程：U=Ig（Rg+R）=100106=1V，電壓

34、表量程是1V，由圖示表盤(pán)可知，其分度值為0.1V，電壓表示數(shù)為：0.85V；故答案為：1；0.8517在“描繪小燈泡的伏安特性曲線(xiàn)”的實(shí)驗(yàn)中，可供選擇的器材及代號(hào)如下：A小燈泡L（ 3V、5）；B滑動(dòng)變阻器R（010，額定電流1.5A）；C電壓表V1（量程：03V，RV=5k）；D電壓表V2（量程：015V，RV=10k）；E電流表A1（量程：00.6A，RA=0.5）；F電流表A2（量程：03A，RA=0.1）；G鉛蓄電池、開(kāi)關(guān)各一個(gè)，導(dǎo)線(xiàn)若干；實(shí)驗(yàn)中要求加在小燈泡兩端的電壓可連續(xù)地從零調(diào)到額定電壓（1）為了減少誤差，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選電壓表C，電流表E；（2）電流表應(yīng)采用外接法（填“內(nèi)接”或“外接

35、”）；（3）請(qǐng)?jiān)诖痤}區(qū)空白處內(nèi)畫(huà)出實(shí)驗(yàn)原理圖（注明所選器材代號(hào)）（4）某同學(xué)實(shí)驗(yàn)后作出的IU 圖象如圖所示，請(qǐng)分析該圖象形成的原因是：隨小燈泡兩端電壓升高電阻增大【考點(diǎn)】描繪小電珠的伏安特性曲線(xiàn)【分析】（1）的關(guān)鍵是根據(jù)小燈泡規(guī)格求出額定電流來(lái)選擇電流表量程；根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求電壓從零調(diào)可知變阻器應(yīng)用分壓式接法，應(yīng)選擇阻值小的變阻器以方便調(diào)節(jié)（2）的關(guān)鍵是由于小燈泡電阻較小可知電流表應(yīng)用外接法，即電路應(yīng)是“分壓外接”（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求可明確滑動(dòng)變阻器的接法，從而得出對(duì)應(yīng)的電路圖； （4）IU圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，從圖中可得電壓和電流的增大，斜率減小，說(shuō)明了電阻隨電壓的增大而增大【解答】解：（1）

36、根據(jù)小燈泡規(guī)格“3V，5”可知，額定電壓為3V，所以選擇量程為3V的電壓表C；額定電流，I=0.6AV所以電流表選擇0.6A的E；（2）小燈泡的電阻為5，由于小燈泡電阻滿(mǎn)足=1000； =10，故，因此電流表應(yīng)用外接法； （3）因本實(shí)驗(yàn)中要求電壓從零開(kāi)始調(diào)節(jié)，故應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，所以電路圖如圖所示：（4）IU圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，從圖中可得電壓和電流的增大，斜率減小，說(shuō)明了電阻隨電壓的增大而增大故答案為：（1）C，E（2）外接（3）如圖所示；（4）隨小燈泡兩端電壓升高電阻增大四、計(jì)算題（本題3道小題，共37分）18如圖所示，光滑絕緣半球槽的半徑為R=0.5m，半徑OA水平，同

37、時(shí)空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)一質(zhì)量為m、電量為q的帶正小球從槽的右端A處無(wú)初速沿軌道滑下，滑到最低位置B時(shí)，球?qū)壍赖膲毫?mg（g=10m/s2） 求：（1）電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。唬?）小球過(guò)B點(diǎn)后能到達(dá)的最高點(diǎn)與半徑OA的距離H；（3）小球的最大速度出現(xiàn)在何處【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；向心力【分析】（1）設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到最底位置B時(shí)速度為v，小球從A處沿槽滑到最底位置B的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理求出v，結(jié)合向心力公式聯(lián)立方程即可求解電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；（2）從A到B點(diǎn)左側(cè)的最高點(diǎn)的過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理求H（3）小球在滑動(dòng)過(guò)程中最大速度的條件：是小球沿軌道運(yùn)動(dòng)過(guò)程某位置時(shí)切向合力為零，設(shè)此時(shí)小球和圓心間的連線(xiàn)與豎直方向的夾角為，根據(jù)幾何關(guān)系及動(dòng)能定理即可求解【解答】解：（1）在B點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律得： Nmg=m據(jù)題得 N=2mg由A到B的過(guò)程中，由動(dòng)能定理得： mgRqER=mv20得 E=（2）從A到B點(diǎn)左側(cè)的最高點(diǎn)有：mgHE（R+）=0解得 H=0.8R=0.4m（3）當(dāng)重力、電場(chǎng)力