【水印已去除】2019年江西名校臨川一中、南昌二中高考物理模擬試卷3月份

1、2019年江西省名校（臨川一中、南昌二中）高考物理模擬試卷（3月份）、選擇題（6分）美國物理學(xué)家密立根利用圖甲所示的電路研究金屬的遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系，描繪出圖乙中的圖象。由此算出普朗克常量h電子電量用e表示，下列說法正確的是（）陽甲圖乙A.入射光的頻率增大，為了測遏止電壓，則滑動變阻器的滑片 P應(yīng)向M端移動、UicB ,由Uc-v圖象可求普朗克吊重表達(dá)式為h=C.由Uc-v圖象可知，這種金屬的截止頻率為viD.增大入射光的強度，光電子的最大初動能也增大（6分）如圖所示，在磁感應(yīng)強度大小為B,范圍足夠大的水平勻強磁場內(nèi)，固定著傾角為0的絕緣斜面，一個質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電小物

2、塊以初速度v0沿斜面向上運動，小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為u,設(shè)滑動時小物塊所帶電荷量不變，在小物塊上滑過程中其速度一時間圖象和加速度一時間圖象可能正確的是（C.B.D.（6分）一臺理想變壓器，開始時開關(guān)S接1,此時原、副線圈的匝數(shù)比是11: 1,原線圈接入電壓為 220V的正弦交流電.一只理想二極管和一個滑動變阻器串聯(lián)接在副線圈上，如圖所示.則下列判斷正確的是（）A .原、副線圈中的功率之比為11: 1B .若只將S從1撥到2,電流表示數(shù)增大C.若開關(guān)S接1,滑動變阻器接入電路的阻值為10時，則1 min內(nèi)滑動變阻器產(chǎn)生的熱量為1 200 JD.若只將滑動變阻器的滑片向下滑動，則兩電表示數(shù)均

3、減?。?分）如圖所示，粗細(xì)均勻的絕緣棒組成一邊長為L的正方形線框，線框上均勻地分布著正電荷，O是線框的中心，現(xiàn)在線框右側(cè)中點 A處取下足夠短的帶電量為 q的一小段, 將其沿OA連線向右移動L的距離到B點處，若線框的其它部分的帶電量與電荷分布保持不變，則此時 O點的電場強度大小為（）（6分）水平地面附近， A球離地面的高度h為20m,小球B以初速度v與水平方向成0角斜向上瞄準(zhǔn)小球 A射出，恰巧在B球射出的同時，A球由靜止開始下落，已知。角為253 ,不計空氣阻力，g=10m/s .則以下說法正確的（）A. A、B兩球一定會在空中相遇B .若A、B兩球能在空中相遇，則經(jīng)過的時間一定滿足t =vsi

4、nC.若v=12.5m/s,則A、B兩球在B球上升到最高點相遇D.若要使A、B兩球在B球上升階段中空中相遇，則v12.5d，m/s（6分）“太空涂鴉”技術(shù)的基本物理模型是：原來在較低圓軌道運行的攻擊衛(wèi)星在變軌 后接近在較高圓軌道上運行的偵察衛(wèi)星時，向其發(fā)射“漆霧”彈，“漆霧”彈在臨近偵察衛(wèi)衛(wèi)星時，壓爆彈囊，讓“漆霧”散開并噴向偵察衛(wèi)星，噴散后強力吸附在偵察衛(wèi)衛(wèi)星 的偵察鏡頭、太陽能板、電子偵察傳感器等關(guān)鍵設(shè)備上，使之暫時失效。關(guān)于這一過程 下列說法正確的是（）A .攻擊衛(wèi)星在原軌道需要加速才能變軌接近偵查衛(wèi)星B .攻擊衛(wèi)星在原軌道上運行的線速度比偵察衛(wèi)星的線速度小C.攻擊衛(wèi)星在原軌道上運行的周

5、期比偵察衛(wèi)星的周期小D.攻擊衛(wèi)星接近偵查衛(wèi)星的過程中受到地球的萬有引力一直在增大（6分）如圖甲所示，每次使小滑塊每次以大小不變的初速度V0沖上足夠長的斜面，并調(diào)節(jié)斜面與水平方向的夾角0,來研究物體沖上粗糙斜面能達(dá)到的最大位移x與斜面傾角。的關(guān)系，實驗測得 x與。的關(guān)系如圖乙所示，已知 g取10m/s2,物體與斜面間的動 摩擦因數(shù)w一定，小滑塊受最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則根據(jù)圖象可求出（）A .物體每次上滑的初速度大小為V0= 3m/sB.物體與斜面間的動摩擦因數(shù)為（1= 0.75C.當(dāng)某次0= 30。時，物體達(dá)到最大位移后將沿斜面下滑D .取不同的傾角 依物體在斜面上能達(dá)到的位移X的最小值

6、xmin= 1.44m（6分）如圖甲所示，在光滑絕緣水平面內(nèi)，兩條平行虛線間存在一勻強磁場，磁感應(yīng)強度方向與水平面垂直，邊長為l的正方形單匝金屬線框 abcd位于水平面內(nèi)，cd邊與磁場邊界平行。t= 0時刻線框在水平外力的作用下由靜止開始做勻加速直線運動通過該磁場, 回路中的感應(yīng)電流大小與時間的關(guān)系如圖乙所示，下列說法正確的是（）!2f 4 電甲乙A .水平外力為變力B.勻強磁場的寬度為3C.從t= 0時刻到ab邊離開磁場的時間為 4V3t 0D .線框出磁場過程中水平外力做的功小于線框進(jìn)入磁場過程中水平外力做的功二、非選擇題（6分）光電計時器是一種研究物體運動情況的常見儀器。當(dāng)有物體從光電門

7、通過時，光 電計時器就可以顯示物體的擋光時間。學(xué)校“伽利略社團”利用如圖所示的裝置測量小 木塊與水平面之間的動摩擦因數(shù)。將一根輕彈簧左端固定在豎起固定于水平面的擋板上 右端被帶有擋光條的小木塊壓縮至B處，現(xiàn)由靜止釋放小木塊，小木塊與彈簧分離后通過P處光電計時器的光電門，最終停在水平面上某處 C,已知擋光條的寬度為 d,當(dāng)?shù)刂?力加速度為g,則：（1）現(xiàn)測得擋光條通過光電門的時間為t,小木塊停止處 C到光電門的距離為 x,則小木塊通過光電門處的速度大小為 ，小木塊與水平面間的動摩擦因數(shù)科=（用 g、d、t、x 表示）。（2）若小木塊質(zhì)量為 m,從靜止釋放小木塊處 B到光電門P的距離為xo,則可以

8、求出 小木塊釋放瞬間彈簧的彈性勢能Ep= （用m、d、t、x、xo表示）光電門riA C PBRC（9分）實驗室中有熱敏電阻Rt、電爐絲、電磁繼電器、電源 E （3.6V,內(nèi)阻不計）、電阻箱Ro （0999.90）、開關(guān)K和導(dǎo)線若干，某同學(xué)設(shè)計了如圖1所示的溫控電路，當(dāng)通過電磁繼電器線圈的電流達(dá)到20mA時，銜鐵被吸合，電爐絲停止加熱；當(dāng)通過繼電器線圈的電流降到18mA時，銜鐵與繼電器分開，電爐絲通電加熱，圖2為熱敏電阻Rt的阻值與溫度t的關(guān)系電磁鐵 一心.Cj該同學(xué)主要實驗過程如下，完成下列填空：(1)用多用電表的歐姆“X 1 ”檔測繼電器線圈的電阻時，主要步驟如下：a.將選擇開關(guān)旋至“x

9、1 ”檔，短接兩表筆，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在歐姆檔“0” 刻度b.調(diào)節(jié)多用電表的指針定位螺絲，使指針指在直流電流“0”刻度c.將多用電表的選擇開關(guān)旋至“ OFF”d.將兩表筆直接連到圖 1中的1、4兩點，讀出歐姆表的示數(shù)即繼電器線圈的電阻值 以上步驟中存在錯誤的一項是 。改正后正確的步驟順序為 。(填步驟前的 字母)(2)已知繼電器線圈的電阻為25.0Q.該同學(xué)講電阻箱的阻值調(diào)為75.0Q,則該溫控器的溫度控制范圍在 之間；若要提高控制的溫度，則需要將電阻箱的阻值(選填“調(diào)大”或“調(diào)小”)(3)正確設(shè)計電路后閉合 K,發(fā)現(xiàn)電爐絲發(fā)熱，Rt溫度一直升高但繼電器并不吸合。將 多用電表選擇開關(guān)

10、旋至直流電壓“X10V”檔，將表筆分別接到圖 1中1、2、3、4各點進(jìn)行故障排查，現(xiàn)象如下表，則可知 表筆位置1、23、23、44、1電表小數(shù)3.60V3.60V00A.開關(guān)K斷路B.電阻箱斷路C.熱敏電阻Rt短路D .電磁繼電器線圈短路（14分）如圖所示，光滑水平面上有一質(zhì)量 M = 1.98kg的小車，車的B點右側(cè)的上表面 是粗糙水平軌道，車的B點的左側(cè)固定半徑 R= 3m的J_光滑圓弧軌道，圓弧軌道與水平軌道在B點相切，車的最右端 D點固定輕質(zhì)彈簧，彈簧處于自然長度其左端正好對應(yīng)小車的C點，B與C之間距離L = 0.9m, 一個質(zhì)量 m= 2kg的小物塊，置于車的 B點，車 與小物塊均處

11、于靜止?fàn)顟B(tài)，突然有一質(zhì)量mo=20g的子彈，以速度 vo = 1000m/s擊中小車并停留在車中，設(shè)子彈擊中小車的過程時間極短，已知小物塊與水平軌道間的動摩擦 因數(shù)尸0.5, g取10m/s2, TOC o 1-5 h z （1）通過計算判斷小物塊是否能達(dá)到圓弧軌道的最高點A ;（2）若已知彈簧被小物塊壓縮的最大壓縮量x=10cm,求彈簧的最大彈性勢能。0（18分）如圖所示，水平光滑直角坐標(biāo)系 xOy , y0區(qū)域有豎直向上的勻強磁場，x0,y0區(qū)域內(nèi)某點 MM ,放置與甲球完全一樣的金屬小球乙，乙球帶電荷量為+2q,甲、乙發(fā)生碰撞時間極短，兩球相碰后粘在一起運動，恰好與 y軸 只有一個交點

12、N,則M、N兩點的坐標(biāo)?！疚锢硪贿x修3-3】（15分）（5分）下列說法正確的是（A.溫度相同的氧氣和氫氣，氫氣的內(nèi)能一定大B.氣體等壓壓縮過程一定放出熱量，且放出的熱量大于內(nèi)能的減少C.空氣的絕對濕度大，相對濕度不一定大D.用熱針尖接觸金屬表面的石蠟，熔解區(qū)域呈圓形，這是非晶體各向異性的表現(xiàn) E. 一切自然過程總是向分子熱運動的無序性增大的方向進(jìn)行（10分）如圖所示，兩正對且固定不動的導(dǎo)熱氣缸，與水平成30角，底部由體積忽略不計的細(xì)管連通活塞 a、b用不可形變的輕直桿相連，不計活塞的厚度以及活塞與氣缸的 摩擦，a、b兩活塞的橫截面積分別為 si = 20cm2, S2= 30cm2,兩活塞的總

13、質(zhì)量為 m= 12kg , 兩氣缸高度均為 H = 10cm。氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，系統(tǒng)平衡時活塞a、b到氣缸底的距離均為 L = 5cm圖中未標(biāo)出），已知大氣壓強為 P= 10Pa.環(huán)境溫度為T0= 300K,2重力加速度g取10m/s ,求：（1）若緩慢降低環(huán)境溫度，使活塞緩慢移到氣缸的一側(cè)底部，求此時環(huán)境的溫度；（2）若保持環(huán)境溫度不變，用沿輕桿向上的力緩慢推活塞，活塞a由開始位置運動到氣【物理-選彳3-4】（15分）缸底部，求此過程中推力的最大值。下列說法正確的是（）A.在干涉現(xiàn)象中，振動加強點的位移總比減弱點的位移要大B.單擺在周期性外力作用下做受迫振動，其振動周期與單擺的擺

14、長無關(guān)C.火車鳴笛向我們駛來，我們聽到的笛聲頻率比聲源發(fā)聲的頻率高D.當(dāng)水波通過障礙物時， 若障礙的尺寸與波長差不多，或比波長大的多時， 將發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象E.用兩束單色光 A、B,分別在同一套裝置上做干涉實驗，若A光的條紋間距比 B光的大，則說明A光波長大于B光波長（10分）如圖所示，MN下方足夠大的空間有一長方體玻璃介質(zhì)，玻璃介質(zhì)在的上邊界MN是屏幕，玻璃中有一個正三棱柱的真空區(qū)域。三棱柱軸線垂直于紙面，圖中豎直截面正三角形的邊長18cm,頂點C很靠近屏幕，距離可忽略。底邊 AB與屏幕平行，一束 激光在豎直截面內(nèi)垂直于 AB邊射向AC邊的中點O,結(jié)果在屏幕 MN上出現(xiàn)了兩個光 斑，且折射

15、光線與反射光線恰好垂直。光在真空中的傳播速度c=3X108m/s。求：求玻璃的折射率以及激光在玻璃中的傳播速度；兩個光斑之間的距離。2019年江西省名校（臨川一中、南昌二中）高考物理模擬試卷（3月份）參考答案與試題解析一、選擇題.【解答】 解：A、入射光的頻率增大，光電子的最大初動能增大，則遏止電壓增大，測遏制電壓時，應(yīng)使滑動變阻器的滑片P向N端移動。故A錯誤。h#BC、根據(jù) Ekm = hv - W0 = eUc 解得：U二 -L e eh Ui圖線的斜率為：k=A=巳展仁則有：h = !,當(dāng)遏止電壓為零時，v=vc.所以這種金屬的截止頻率為 Vc.故B正vl-vc確，C錯誤。D、根據(jù)光電效

16、應(yīng)方程 Ekm=hv-W0知，光電子的最大初動能與入射光的強度無關(guān)。故D錯誤。故選：B。.【解答】 解：對沿斜面向上運動的小物塊受力分析，由牛頓第二定律可得：mgsin 0yn = ma、FN= mgcos 0+qvB聯(lián)立解得：a= gsin。+閔cos。-上L空殳，方向沿斜面向下 ID所以物體沿斜面向上做加速度減小的減速運動，速度越小，加速度越小，速度減小的越慢，加速度減小的越慢；在小物塊上滑過程中，加速度減小到零。AB、速度時間圖象的切線斜率表示加速度，加速度逐漸減小，故斜率逐漸減小，故AB錯誤；CD、物體加速度減小，且加速度減小的越來越慢，在小物塊上滑過程中，加速度減不到零。故C錯誤，D

17、正確。故選：D。.【解答】 解：A、原副線圈的輸入功率等于輸出功率，故 A錯誤;B、若只將S從1撥到2,副線圈的電壓減小，副線圈電流減小，原線圈電流即電流表示數(shù)減小，故C錯誤；C、原、副線圈的電壓與匝數(shù)成正比，所以副線圈兩端電壓為20 V,由于副線圈接著二極管，它具有單向?qū)щ娦裕鶕?jù)電流的熱效應(yīng)知 名匕工=止？T解得 U=10 二V,若滑動變阻器接入電路的阻值為10Q,則1 min內(nèi)滑動變阻器產(chǎn)生的熱量為Q =衛(wèi)電之Lx 60= 1200 J,故C正確；10D、將滑動變阻器滑片向下滑動，接入電路中的阻值變大，電流表的讀數(shù)變小，但對原、副線圈兩端的電壓無影響，即電壓表的讀數(shù)不變，故 D錯誤；故選

18、：Co.【解答】解：線框上的電荷在 O點產(chǎn)生的場強等效為 q電荷在O點產(chǎn)生的電荷量故kq 4kqE i - z -際V LB點的電荷在O點產(chǎn)生的場強為由場強的疊加可知 -t .,二1 L?故選：Co5.【解答】解：A、A球做自由落體運動，B球做斜拋運動，若 B球的水平位移較小時不會 與A球相遇，故A錯誤。B、A球做的是自由落體運動，B球做的是斜拋運動，在水平方向勻速運動，在豎直方向勻減速運動，若 A、B兩球能在空中相遇，則有：1 .2 / .1 .2、, 5gt + (vsin 0?t-) =hvsin 8C、若 v= 12.5m/s,則有：t=vsine 12.5XU. 8=2s得：t= 人

19、口,故B錯誤。B球上升的總時間為：t上53cl =1,5XS 8 =佰,則知a、B兩球在B球上升 g10到最高點前相遇，故 C錯誤。D、若要使A、B兩球在B球上升階段中空中相遇， 則有：t= 2s-12.5、歷m/s,故D正確。故選：D。.【解答】解：萬有引力提供向心力：G粵=m = m （衛(wèi)L） 2rr TA、衛(wèi)星由低軌道加速做離心運動變到高軌道，則 A正確;B、由v =可知半徑小的線速度大，則B錯誤;C、由T = 2%歸!可知半徑小的周期小，則 C正確;VGMD、由F=G一亍可知距離變大力變小，則 D錯誤故選：AC 。師gx = 0 - mv02, 代入數(shù)據(jù)7.【解答】 解：A、由圖可知，

20、當(dāng) 0= 90時物體做豎直上拋運動，位移為 x= 1.80m；由豎 直上拋運動規(guī)律可知：v02=2gh,代入數(shù)據(jù)解得：v0=6m/s,故A錯誤。B、當(dāng)。=0時，位移為 x= 2.40m；由動能定理可得:解得：i= 0.75,故B正確。C、若。=30時，物體的重力沿斜面向下的分力為mgsin30 =,mg,最大靜摩擦力為:sLsfm=（imgcos30 = 0.75 x mg xmgmgsin。，小球達(dá)到最高點后，不會下滑,28故C錯誤;1*83sin( 8 +cos 9 )12D、由動能te理得：mgxsin 0- pmgcos 0 x= 0 - -mv0，斛得:1. 8 r, 、三m,當(dāng) +

21、- a= 90 時，sin (0a) =1;此時位移取小，為： x = 1.44m；8 + a )故D正確;故選：BDo8.【解答】解：A、線框進(jìn)入磁場的過程，根據(jù)牛頓第二定律得 F-Bil =ma,得F = Bil+ma ,電流i隨時間增大，則知水平外力F隨時間增大，所以水平外力F是變力，故A正確。 TOC o 1-5 h z B、由圖乙可知，2t04t0時間內(nèi)線框進(jìn)入磁場，設(shè)線框勻加速直線運動的加速度為a, HYPERLINK l bookmark60 o Current Document 222邊框長為：1 = a (4to) -a (2to) = 6ato HYPERLINK l bo

22、okmark58 o Current Document 22磁場的寬度為:d=a (6to) 2- a (2to) 2= 16at02 HYPERLINK l bookmark84 o Current Document 22聯(lián)立得d=H,故B正確； 3C、設(shè)t時刻線框穿出磁場，則有：6at02=-at2-1a (6t0) 2,解得： t=4to,故 C 正確；D、線框進(jìn)入磁場過程的位移與出磁場過程的位移相等，線框進(jìn)入磁場過程中的水平拉力平均值小于出磁場過程中的水平拉力平均值，則線框出磁場過程中水平外力做的功大于線框進(jìn)入磁場過程中水平拉力做的功，故D錯誤。故選：ABC。二、非選擇題9 .【解答】

23、 解：(1)利用平均速度可知通過光電門的速度：根據(jù)動能定理得：-(imgx= 0- ，2 2解得：-;2(2)從C到靜止利用動能定理可知：EP-師g (x0+x) =0-0nid2 (x 口+工)解得：Ep=k;2Ktz故答案為：(1) 一； 了; (2)t 2gx?2xt.【解答】解：(1)歐姆表不能直接測量帶電源的電路，應(yīng)該將繼電器斷開后再將兩表筆直接連到圖1中的1、4兩點，讀出歐姆表的示數(shù)即繼電器線圈的電阻值，故 d錯誤；歐姆表測電阻要先對歐姆表進(jìn)行機械調(diào)零(b),然后進(jìn)行歐姆調(diào)零(a),即可進(jìn)行電阻OFF”處或交流電壓最測量(d),最后，測量完畢后，要將多用電表的選擇開關(guān)旋至大電壓檔(

24、c);故改正后正確的步驟順序為badc;(2)電路控制作用的電流I范圍為18mA20mA,那么，熱敏電阻阻值 Rt = JL_K_R范圍為80Q-100Q,故該溫控器的溫度控制范圍為50c60C;若要提高控制的溫度，則熱敏電阻阻值變小，故由電流不變可得：總電阻不變；所以，需要將電阻箱的阻值調(diào)大；(3)由1、2電壓示數(shù)及3、2電壓示數(shù)均為電源電動勢，3、4電壓示數(shù)及4、1電壓示數(shù)均為零可得：1、2間電路斷開，故 B正確，ACD錯誤；故選：B。 TOC o 1-5 h z 故答案為：(1)d;badc；(2)50c 60C；調(diào)大；(3)B。.【解答】解：(1)對于子彈打小車的過程，取向右為正方的，

25、根據(jù)動量守恒定律得m0V0= (m0+M) v,當(dāng)小物塊運動到圓軌道的最高點時，三者共速為v共1。根據(jù)動量守恒定律得：(m0+M) v= ( m0+M+m ) v共1。根據(jù)機械能守恒定律得：1- (hiq+M) v2=7(in0+M+iD)悔+mgh，解得：h=2.5mvR=3m,所以小物塊不能達(dá)到圓弧軌道的最高點A。(2)當(dāng)彈簧具有最大彈性勢能Ep時，三者速度相同，由動量守恒定律得： m0v0= ( m0+M+m ) v共2根據(jù)質(zhì)量守恒定律得：pmg(L+x)+Ep=(叱+M+m)爐室i卷(卬0+M+m)爐,2代入數(shù)據(jù)解得：Ep=40J;答：(1)小物塊不能達(dá)到圓弧軌道的最高點A;(2)若已

26、知彈簧被小物塊壓縮的最大壓縮量x=10cm,彈簧的最大彈性勢能為 40J。電場中做類平拋運動，運動時間:.【解答】解：(1)甲球運動軌跡如圖：tTv0y軸方向：里七22 -212聯(lián)立解得電場強度：e=H上3qd沿y方向的速度：vy=ati因為 tanO=3_,又 cos 0=”?2由洛倫茲力提供向心力得：qvB=m2R又由幾何關(guān)系得：R= 1 ； =3 丁d sin 9一、m竄n磁感應(yīng)弓II度：B=3qd(2)甲球時間：t2=更注且4%P 至1J C 的時間：t=ti+t2= 17Td+94 卒口 v0(3)甲、乙兩球相碰動量守恒，運動如圖所示 mv=2mv電荷量q = 2q-q=qq v B

27、 = -運動半徑R=3&d碰后兩小球一起運動軌跡恰好與 y軸一個交點N,說明軌跡圓與y軸相切，M點可能在第一象限，也可能在第二象限若M在第一象限,幾何關(guān)系：sin a=.M的橫坐標(biāo)：xM= Rsin a=M 的縱坐標(biāo)：yM = Rcos 卅Rcos a= 3d+JhLd2M點坐標(biāo)：M (3d+2b/Hd)22若在第二象限，運動軌跡如圖:同理M的坐標(biāo) M (-42小3d+?WGd)2 2兩種情況 N的坐標(biāo)一樣，yN=Rcos卅(R+R ) cosa= 3d+3加dN 點坐標(biāo)為 N (0, 3d+3&d)。2答：(1)勻強電場的電場強度為 一生,勻強磁場的磁感應(yīng)強度 一上； TOC o 1-5 h

28、 z HYPERLINK l bookmark48 o Current Document 3qd3qd(2)小球甲從P點到C點的運動時間為 更巴包+絲；(3)若M在第一象限，M點坐標(biāo)為M (呂匹d，3d+NEd);若在第二象限，M的坐22標(biāo)為M (-2巨小3d+包Ed);兩種情況N的坐標(biāo)一樣，N點坐標(biāo)為N (0, 3d+3q%d)。22【物理一選修 3-3】(15分).【解答】 解：A、溫度是分子的平均動能的標(biāo)志，所以溫度相同的氫氣和氧氣，氧氣分子的平均動能與氫氣分子的平均動能相等；而內(nèi)能除與溫度有關(guān)外， 還與物質(zhì)的量有關(guān)，所以它們的內(nèi)能不一定相等。故A錯誤；B、根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程 導(dǎo)=C,等壓壓縮，則溫度降低，則內(nèi)能下降，根據(jù)熱力學(xué)第一定律A U=Q+W,放出的熱量大于內(nèi)能的減少。故 B正確；C、相對濕度與絕對濕度是不同的概念，空氣的絕對濕度大，相對濕度不一定大，故C正確。D、用熱針尖接觸金屬表面的石蠟，熔解區(qū)域呈圓形，這是多晶體各向同性的表現(xiàn), 錯誤；E、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，一切自然過程總是向分子熱運動的無序性增大的方向進(jìn)行,故E正確；故選：BCE。14【解答】解：(1)若緩慢降低環(huán)境溫度，使活塞緩慢移到氣缸的一側(cè)底部，那么，整個移動過程受力平衡，所以，氣體壓強不變，那么，由氣體等壓變化可得：二一2；To b氣體溫度降低，故 T2VT0,所以，V2V V1；所以，活塞