遼寧大連甘井子區(qū)渤海高中2019年高考物理模擬試題解析版

1、2019年遼寧省大連市甘井子區(qū)渤海高中高考物理模擬試卷（4）一、單選題1.2008年9月25日至28日，我國成功實施了 神舟”七號載人飛船航天飛行 在劉伯明、景海鵬的協(xié)助和配合 下，翟志剛順利完成了中國人的第一次太空行走 9月27日19時24分，神舟”七號飛行到31圈時，成功釋 放了伴飛小衛(wèi)星，通過伴飛小衛(wèi)星可以拍攝 神舟”七號的運行情況若在無牽連的情況下伴飛小衛(wèi)星與 神 舟”七號保持相對靜止下述說法中正確的（）A.伴飛小衛(wèi)星和神舟七號飛船有相同的角速度B.伴飛小衛(wèi)星繞地球沿圓軌道運動的速度比第一宇宙速度大C.翟志剛在太空行走時的加速度和在地面上的重力加速度大小相等D.翟志剛在太空行走時不受地

2、球的萬有引力作用，處于完全失重狀態(tài) 【答案】A【解析】【分析】根據(jù)伴飛小衛(wèi)星與“神舟”七號保持相對靜止，得出它們的共同點.知道第一宇宙速度的含義.根據(jù)萬有引力等于重力表示出重力加速度.能夠正確理解萬有引力定律的內(nèi)容并能應(yīng)用.【詳解】根據(jù)伴飛小衛(wèi)星與“神舟”七號保持相對靜止得出伴飛小衛(wèi)星與“神舟”七號具有相同的周期，所以伴飛小衛(wèi)星和“神舟”七號飛船有相同的角速度，故 A正確。第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運動的環(huán)繞速度，伴飛小衛(wèi)星繞地球沿圓軌道運動的速度比第一宇宙速度小，故B錯誤。GMmGM=mg g =-根據(jù)萬有引力等于重力表示出重力加速度得：R , R”,在太空和在地面的

3、r不等，所以翟志剛在太空行走時的加速度和在地面上的重力加速度大小不相等，故c錯誤。翟志剛在太空行走時受地球的萬有引力作用，處于完全失重狀態(tài)，故 D錯誤。故選Ao2.如圖所示，某段滑雪雪道傾角為30。，總質(zhì)量為m（包括雪具在內(nèi)）的滑雪運動員從距底端高為 h處的雪道I上由靜止開始勻加速下滑，加速度為3 g.在他從上向下滑到底端的過程中，下列說法正確的是（）A.運動員減少的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為動能IB.運動員獲得的動能為3 mgh2C.運動員克服摩擦力做功為 3mgh1D.下滑過程中系統(tǒng)減少的機(jī)械能為3 mgh【答案】D【解析】【詳解】由于人下滑的加速度a=g/3 gsin30 0,所以人在下滑中受重

4、力、支持力及摩擦力的作用，由功能關(guān)系可知，運動員的重力勢能轉(zhuǎn)化為動能和內(nèi)能，則運動員減少的重力勢能大于增加的動能，故A錯誤。由12;由動能定理可1Ffimg;運動故機(jī)械能牛頓第二定律可知，人受到的合力F=ma=mg/3 ,合力對運動員做的功 W=Fs=mg?2h= mgh知，運動員獲得的動能為員克服摩擦力做功 Wf=3mgh;故B錯誤；物體合外力 F=mgsin30 -Ff=3 mg,故摩擦力大小 1mgx2h=3mgh;故C錯誤。運動員克服摩擦力做功等于機(jī)械能的減小量,減小了 Ygh,故D正確；故選D?！军c睛】在理解功能關(guān)系時，應(yīng)抓住：重力做功等于重力勢能的變化量，阻力做功等于機(jī)械能的改變量

5、，而合力外力做功等于動能的變化量 .如圖所示，質(zhì)量為叫的物體A經(jīng)跨過定滑輪的輕繩與質(zhì)量為M的箱子B相連，箱子底板上放一質(zhì)量為 由二的物體C已知不計定滑輪的質(zhì)量和摩擦，不計空氣阻力，在箱子加速下落的過程中，下列關(guān)系式中正確的是A.物體A的加速度大小為（Mt叫）8-加得B.物體A的加速度大小為2m tn12gC.物體C對箱子的壓力大小為mi+m2 + Md.物體C對箱子的壓力大小為2 my叫旭【答案】C【解析】 【分析】先分別對A和BC整體受力分析，求解出加速度；然后再隔離B,受力分析后根據(jù)牛頓第二定律列式求解?！驹斀狻吭O(shè)加速度大小為a,對物體A,受到重力和拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有： 1-坨倨二

6、!】；對物體（M-i m2- mt）gBC整體，根據(jù)牛頓第二定律，有：卜m汜聯(lián)立解得：叫+mM；故人錯誤，b錯誤。物體C受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律，有： m理-N = m聲，解得：M = mw（g.a）,帶入a表達(dá)式 2m 叱g N =解得： 叫十m二十故C正確，D錯誤。故選Co.如圖所示，在粗糙絕緣的水平面上有一物體A帶正電，另一帶正電的物體 B沿著以A為圓心的圓弧由P到Q緩慢地從A的正上方經(jīng)過，若此過程中 A始終保持靜止，A、B兩物體可視為質(zhì)點且只考慮它們之間有 庫侖力的作用，則下列說法正確的是171產(chǎn)7產(chǎn)產(chǎn)4尸刀二產(chǎn)。產(chǎn)產(chǎn)A.物體A受到地面的支持力先增大后減小B.物體A受到地面的支

7、持力保持不變C.物體A受到地面的摩擦力先增大后減小D.庫侖力對物體B先做正功后做負(fù)功【答案】A【解析】【分析】解答本題應(yīng)掌握：質(zhì)點B從p到最高點過程與從最高點到q過程中，質(zhì)點 A一直處于平衡狀態(tài)，由共點力平衡條件可以分析出其所受各個力的變化情況；A對B的靜電力一直與B的速度方向垂直，故一直不做功N、【詳解】當(dāng)質(zhì)點 B由p點運動到最高點的過程中，對物體 A受力分析，如圖，受重力 G、地面的支持力 摩擦力f以及靜電力F;將靜電力正交分解，由共點力平衡條件得到：FsmG - f = 0: fN - FcosQ - mg = 0 由兩式可解得：N -mg 十 Fcose .f =.其中G與F不變，9逐

8、漸減小為零，因而支持力N逐漸變大，f逐漸變??；N、當(dāng)質(zhì)點B由最高點運動到 Q點的過程中，再次對物體 A受力分析，如下圖，受重力 G、地面的支持力 摩擦力f以及靜電力F;I %將靜電力正交分解，由共點力平衡條件得到:Fsm6 - f = 0（3）N - FcosQ - mg = 0 .由兩式可解得：N -mg 十 FcosO .f = FsinG.其中G與F不變，9由零逐漸增大，因而支持力 N逐漸變小，f逐漸變大；綜合以上兩個過程可知：物體 A受到地面的支持力 N先增大后減小，物體 A受到地面的摩擦力先減小后增 大，故A正確，BC錯誤；質(zhì)點A對質(zhì)點B的靜電力與質(zhì)點B的速度總是垂直，因而其瞬時功率

9、一直為零，由W = Pl, A對B不做功，故D錯誤；故選Ao【點睛】本題關(guān)鍵對物體受力分析后，運用共點力平衡條件求解，關(guān)于靜電力的功，由于是變力，不能用W =要選擇公式 W二八.如圖所示，M是理想變壓器，將a、b接在電壓3c訊V的正弦交流電源上變壓器右側(cè)為一火警報警系統(tǒng)原理圖，其中片為用半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器 ：.其電阻率隨溫度升高而減?。?，電流表內(nèi)為值班室的顯示器，顯示通過吃的電流，電壓表%顯示加在報警器上的電壓（報警器未畫出），R之為定值電阻.當(dāng)傳感器所在處出現(xiàn)火警時，以下說法中正確的是A.電流表、的示數(shù)不變,B.電流表的示數(shù)增大,C.電壓表%的示數(shù)增大,D.電壓表的示數(shù)不變,電流表的

10、示數(shù)增大電流表2的示數(shù)減小 電壓表的示數(shù)增大 電壓表的示數(shù)不變和閉合電路中的動態(tài)分析類似，可以根據(jù)的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，在根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況.【詳解】當(dāng)傳感器 所在處出現(xiàn)火情時，的電阻減小，導(dǎo)致電路的總的電阻減小，所以電路中的總電流1的示數(shù)不變，由于副線圈中電流將會增加，為測量的是原線圈中的總的電流，由于副線圈的電流增大了，所以原線圈的電流與示數(shù)也要增 加；由于電源的電壓不變，匝數(shù)比不變，原副線圈的電壓也不變，所以增大，R?的電壓變大，所以 的示數(shù)要減小，即 治的電壓也要減小，所以 事的示數(shù)要減小，所以 b正

11、確。故選Bo【點睛】電路的動態(tài)變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法.如圖所示，豎直放置的兩個平行金屬板間有勻強(qiáng)電場，在兩板之間等高處有兩個質(zhì)量相同的帶電小球，P小球從緊靠左極板處由靜止開始釋放，Q小球從兩板正中央由靜止開始釋放，兩小球最后都能打在右極板上的同一點。則從開始釋放到打到右極板的過程中A.它們的運行時間B.它們的電荷量之比qp：陽=2： 1C.它們的動能增加量之比 g AEkQ = 4: 1D.它們的電勢能減少量之比 %: Eq = 2： 1【答案】B【解析】本題考查必修2運動的合成與分解、選修 3-

12、1電場.在豎直方向加速度均為g,位移相等，所以它們運行1 1時間相等，A 項錯誤；水平位移xP = 2xQ,-apt2 = 2x-aQt2,FP=2FQ,qP=2qQ, qP： qQ=2： 1, B項正確；AEkPXX= mgh+FPx,AEkQ= mgh+Fq 二，所以AEkP：AEkQ4： 1, C 項錯誤；A Ep ：AEq= Fpx：Fq二=4 ： 1, D 項錯誤.7.某同學(xué)用粗細(xì)均勻的同一種導(dǎo)線制成“殍形線框，放在有理想邊界的勻弓II磁場旁，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,如圖甲所示已知磁場的寬度為 2d,二民二闔二信二比二蛾二匕 導(dǎo)線框從緊靠磁場的左邊界以速度v向x軸的正方向勻速運動，設(shè)Uu=B

13、也在圖乙中最能體現(xiàn) be兩點間的電壓隨坐標(biāo) x變化關(guān)系的圖象是（）T!X X X：a 一LX X X：XVX X：/穴義x；x X改/-7X X X! ?OHA.Uba * 25 -Uq -B.2cb 二Lo - O Uo 一2U。一【答案】A【解析】【分析】分三段過程研究：進(jìn)入、完全在磁場中，穿出磁場三個過程.根據(jù)E = ELv求出bc、ce和ad產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢.分析be兩點間的電壓與電動勢的關(guān)系，即可選擇圖象.【詳解】x在0-d過程：線框進(jìn)入磁場，bc、ce產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢都是 E = Bdv=U仃根據(jù)右手定則判斷可知，33b點的電勢圖于c點的電勢。bc間的電勢差為： 44，則be兩點間

14、的電壓7Ube = Ll be d E = _U0 + U。= 一Uq4 ;在d-2d過程：線框完全進(jìn)入磁場，磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，ad、bc、ce產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢都是 * =。根據(jù)右手定則判斷可知，b點的電勢高于e點的電勢。be兩點間的電壓= 久在況-3d過程：線框穿出磁場，ad邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢是根據(jù)右手定則判斷I IUbe =-E = -uo.可知，a點的電勢高于d點的電勢，則得 b點的電勢高于e點的電勢。be兩點間的電壓 睨44 故a正確。故選Ao【點睛】解決本題關(guān)鍵要分析清楚感應(yīng)電動勢與電壓之間的關(guān)系，正確區(qū)分電源與外電路，列式進(jìn)行分析.二、多選題8.一汽車在平直公路上行駛，

15、某段時間內(nèi)的圖象如圖所示，則由圖可得：】A.前5s內(nèi)汽車的加速度2m.內(nèi)汽車的位移300m2530s內(nèi)汽車向反方向運動D.30s內(nèi)汽車在做減速運動【答案】ABD【解析】【分析】速度-時間圖象的斜率表示加速度，速度圖象與坐標(biāo)軸所圍面積”等于位移大小，圖象在時間軸的上方，速度為正，沿正方向運動。根據(jù)圖象的形狀分析汽車的運動性質(zhì)。V 102a = - = = 2iii/5【詳解】A、根據(jù)速度-時間圖象的斜率表示加速度，則知前5s內(nèi)汽車的加速度為：t 5 ，故A正確；B、速度圖象與坐標(biāo)軸所圍面積”等于位移，則25s內(nèi)汽車的位移為：x = 20 x 15 = 300m 故b正確；C、圖象在時間軸的上方，

16、速度為正，所以乃38內(nèi)汽車沿正方向運動，故 C錯誤；D、25?0s內(nèi)汽車加速度方向為負(fù)，速度方向為正，汽車做減速運動，故 D正確。故選：ABD?！军c睛】本題的關(guān)鍵要抓住速度圖象的兩個數(shù)學(xué)意義就能正解作答：斜率等于加速度，面積”大小等于位移。19.如圖所示，光滑水平地面上放有截面為 4圓周的柱狀物體 A, A與墻面之間放一光滑的圓柱形物體 B,對A 施加一水平向左的力 F,整個裝置保持靜止.若將A的位置向左移動稍許， 整個裝置仍保持平衡， 則（）A.水平外力F增大B.墻對B的作用力減小C.地面對A的支持力減小B對A的作用力減小【答案】BD【解析】【分析】先對B球受力分析，受到重力 mg、A球?qū)

17、球的支持力N和墻壁對B球的支持力N,然后根據(jù)共點力平衡 條件得到A球左移后各個力的變化情況；最后再對整體受力分析，根據(jù)平衡條件判斷推力F和地面的支持力的變化情況?！驹斀狻繉球受力分析，受到重力 mg、A球?qū)球的支持力N和墻壁對B球的支持力N,如圖所示：當(dāng)A球向左移動后，A球又B球的支持力N的方向不斷變化，根據(jù)平衡條彳結(jié)合合成法可以知道A球?qū)球的支持力N和墻壁對B球的支持力N都在不斷減小，故 B D正確；再對 A和B整體受力分析，受到總重力G、地面支持力Fn,推力F和墻壁的彈力 N,如圖所示：F寸根據(jù)平衡條件，有 F=N, Fn=G,故地面的支持力不變，推力 F隨著壁對B球的支持力N的不斷

18、減小而不斷 減小，故A C錯誤。所以BD正確，AC錯誤。【點睛】本題關(guān)鍵是先對小球 B受力分析，根據(jù)平衡條件得到各個力的變化情況，然后再對A、B整體受力分析，再次根據(jù)平衡條件列式分析。10.將電阻R、理想電壓表V、開關(guān)S和交流電源按照甲所示方式連接，其中 R = 3O0,合上開關(guān)S后，交流B. R消耗的電功率是2L6WC.通過R的電流瞬時值表達(dá)式為1 = 1 .裔ml。皿A)D.通過R的電流最大值為 好汽【答案】BC【分析】R的電流瞬時值表根據(jù)圖象可知流過電阻 R的電流和電壓的最大值、有效值的大小，周期，從而寫出通過U2P =達(dá)式，根據(jù) R求解電功率.【詳解】從圖乙可以看出,R兩端電壓的最大值

19、為36V,所以電壓表的示數(shù)為(18J5)22 冗P = P=W = 2.6W3 =一根據(jù) R得：消耗的電功率 加，故B正確；根據(jù)乙圖可知，交流電的周期為09看，則 T;E 36 . = = 電流的最大值M R 30 i ；所以通過R的電流瞬時值表達(dá)式為1 =故C正確，D錯誤；故選BC?！军c睛】本題結(jié)合電阻考查了交流的最大值和有效值關(guān)系，知道電壓表測量的是有效值，屬于基礎(chǔ)題目，平時要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的訓(xùn)練.11.下列說法正確的是A.布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒的分子無規(guī)則運動的反映B.氣體對容器壁的壓強(qiáng)是大量氣體分子不斷碰撞器壁產(chǎn)生的C.第二類永動機(jī)是不可能制成的，因為它違反了能量守恒定律D. 一

20、定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)氣體等溫膨脹時，氣體要從外界吸收熱量E.氣體的體積是所有氣體分子的體積之和F.物體的溫度越高，分子的平均動能越大【答案】BDF【解析】【分析】布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒的運動，第二類永動機(jī)是不可能制成的，因為它違反了熱力學(xué)第二定律， 改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，溫度是平均動能的標(biāo)志.【詳解】布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒的運動，間接反映了液體分子的無規(guī)則運動，A錯誤；氣體對容器壁的壓強(qiáng)是大量氣體分子不斷碰撞器壁產(chǎn)生的，B正確；第二類永動機(jī)是不可能制成的，因為它違反了熱力學(xué)第二定律，C錯誤；根據(jù)熱力學(xué)第一定律，當(dāng)氣體等溫膨脹時，氣體要從外界吸收熱量，D正確；氣體的體積是

21、氣體所能達(dá)到的空間，E錯誤；溫度是分子平均動能的標(biāo)志，物體的溫度越高，分子的平均動能越大，F(xiàn)正確；故選BDF。.下列說法正確的是1A.聲波從空氣進(jìn)入水中時，其波速增大，波長變長B.縱波傳播過程中各質(zhì)點的運動方向與波的傳播方向總是相同的C.當(dāng)波源與觀察者相向運動時，波源自身的頻率不變D.均勻變化的磁場產(chǎn)生變化的電場，均勻變化的電場產(chǎn)生變化的磁場E.只有頻率相同的兩列波才可能發(fā)生干涉現(xiàn)象F.電子的運動速度很高時，它的質(zhì)量將小于靜止質(zhì)量【答案】ACE【解析】【分析】聲波由空氣進(jìn)入水中時波速v變大，頻率f不變，由公式寸=紅得知，波長變大；縱波傳播過程中各質(zhì)點的運動方向與波的傳播方向總是垂直的；均勻變化

22、的磁場產(chǎn)生恒定的電場，均勻變化的電場產(chǎn)生恒定的磁場；只有頻率相同的兩列波才可能發(fā)生干涉現(xiàn)象.【詳解】聲波由空氣進(jìn)入水中時波速v變大，頻率f不變，由公式=狂得知，波長 變大。故A正確。縱波傳播過程中各質(zhì)點的運動方向與波的傳播方向總是平行的，質(zhì)點的運動方向與波的傳播方向有可能相同，也有可能相反，B錯誤；當(dāng)波源與觀察者相向運動時，波源自身的頻率不變，觀察者聽到的頻率變化，C正確；均勻變化的磁場產(chǎn)生恒定的電場，均勻變化的電場產(chǎn)生恒定的磁場，D錯誤；只有頻率相同的兩列波才可能發(fā)生干涉現(xiàn)象，E正確；電子的速度不會超過光速，電子的運動速度很高時，它的質(zhì)量大于靜止質(zhì)量，F(xiàn)錯誤；故選ACE。.下列說法正確的是1

23、A.盧瑟福通過對。粒子散射實驗現(xiàn)象的研究，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說B.同一元素的兩種同位素具有相同的中子數(shù)C.放射性元素的半衰期是指大量該元素的原子核中有半數(shù)發(fā)生衰變需要的時間D.為解釋光電效應(yīng)現(xiàn)象，愛因斯坦提出了光子說E.根據(jù)玻爾理論可知，氫原子放出一個光子后，氫原子的核外電子運動速度減小F.笊核和瓶核聚合成氨核（粉巳），同時會放出一個正電子和核能【答案】ACD【分析】 口粒子散射實驗中只有極少數(shù)入射粒子發(fā)生了較大的偏轉(zhuǎn)，說明原子核只占原子很小部分的體積，從而提出原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說；同位素的定義是：質(zhì)子數(shù)相同而中子數(shù)不同的同種元素；半衰期的定義是大量該元素的原子核中有半數(shù)發(fā)生衰變需要的時間；

24、為解釋光電效應(yīng)現(xiàn)象，愛因斯坦提出了光子說；根據(jù)玻爾理論 的內(nèi)容，氫原子放出一個光子后能量減小，要從高能級躍遷到低能級，圓周運動半徑減小，速度增大，加 速度增大；根據(jù)電荷數(shù)與質(zhì)量數(shù)守恒放出的應(yīng)該是質(zhì)量數(shù)為1的中子.【詳解】根據(jù)物理學(xué)史，盧瑟福通過對。粒子散射實驗現(xiàn)象的研究，提出了原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說，故A正確;同位素是指具有相同的質(zhì)子數(shù)不同中子數(shù)的兩種元素，故B錯誤；放射性元素的半衰期是指大量該元素的原子核中有半數(shù)發(fā)生衰變需要的時間，C正確；為解釋光電效應(yīng)現(xiàn)象，愛因斯坦提出了光子說，D正確；根據(jù)玻爾理論可知，氫原子放出一個光子后，能量減小，要躍遷到低能級，氫原子的核外電子運動速度增大，E錯誤；根據(jù)

25、質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒：笊核 11口和瓶核聚合成氨核1并),同時會放出一個不帶電的中子， 故F錯誤。故選ACD?！军c睛】本題需要注意據(jù)玻爾理論可知，氫原子放出一個光子后，能量減小，要從高能級躍遷到低能級， 庫倫吸引力變大，庫侖力提供向心力知氫原子的核外電子運動速度增大.三、實驗題探究題.用游標(biāo)上刻有10個小格的游標(biāo)卡尺測量一個工件的直徑，得到如圖所示結(jié)果，由于遮擋，只能看到游標(biāo) 的后半部分，則工件的直徑為 cm。510【答案】1.35【解析】【詳解】游標(biāo)上有 10個小等分刻度的長度是9mm；所以游標(biāo)卡尺的固定刻度于游標(biāo)尺對齊的刻度讀數(shù)為18mm ,游標(biāo)尺上第5個刻度游標(biāo)讀數(shù)為0.9 5=4.5,所

26、以最終讀數(shù)為：18-4.5=13.5=1.35;15.某校學(xué)習(xí)興趣小組在 探索小車速度隨時間變化的規(guī)律 ”實驗中，所用電源的頻率為 50Hz,某次實驗得出 的紙帶如圖所示。舍去前面比較密集的點，從O點開始，依次測出A、B、C各點與O點之間的距離為力一 1-2皿2.6cm- 4.2cm則小車運動的加速度a =結(jié)果保留2位有效數(shù)字） TOC o 1-5 h z ）Q ABC Sr/1 *【答案】5.0【解析】【分析】在勻變速直線運動中，連續(xù)相等時間內(nèi)的位移差為常數(shù)即占* =仃據(jù)此可以求出小車的加速度;【詳解】根據(jù)在勻變速直線運動中，連續(xù)相等時間內(nèi)的位移差為常數(shù)即Ax = aT得：-即-4=打d2

27、- 2di 2,62 x 1.22,2a =x 10 ” m/s = 5.0tn/s-得，16.在實驗室里提供了如下器材：電池組E（電動勢6V,內(nèi)阻約。5。）電壓表V（量程3V,內(nèi)阻約3k口）電流表 量程5mA,內(nèi)阻約 曲且）滑線變阻器R（最大阻值107,額定電流2口）定值電阻電鍵S導(dǎo)線若干用以上器材設(shè)計實驗來測量電流表的內(nèi)阻，為了提高測量精度，在保證安全的條件下各電表示數(shù)要達(dá)到2量程的3以上，請在下面虛線框內(nèi)畫出實驗原理圖 。你需要直接測量的物理量是:用已知條件和測得的物理量表示電流表的內(nèi)阻Ra=g請你探究一下，可否用上述器材測量電壓表的內(nèi)阻。2數(shù)要達(dá)到量程的3以上。）你的探究結(jié)果是： 。（

28、填 可以”或 不可以呼如果可以，請在虛線框中畫出實驗原理圖 。為了提高測量精度，在保證安全的條件下各電表示U（2）.電壓表的小數(shù) U,電流表的小數(shù) I （3）.【解析】【分析】可根據(jù)伏安法測電阻的原理：測出通過電流表的電流（即本身的讀數(shù)和兩端的電壓即可。由于電流表的內(nèi)阻很小，滿偏電壓很小，不能直接用電壓測量其兩端電壓，可將電流表與定值電阻凡串聯(lián)，用電壓表測出串聯(lián)的總電阻，即可根據(jù)歐姆定律求得電流表的內(nèi)阻。再根據(jù)電路圖，分析能否測量電壓表的內(nèi)阻?！驹斀狻浚?）將電流表與定值電阻串聯(lián)，再用電壓表測量它們串聯(lián)的總電壓。變阻器總電阻較小，采用分壓接法。電路圖如圖所示。U(2)設(shè)電壓表的示數(shù) U,電流表

29、的示數(shù)I則電流表的內(nèi)阻為：I ;(3)此電路也可以用來測量電壓表的內(nèi)阻，電路如圖?！军c睛】在電學(xué)實驗的考查中，經(jīng)?？疾榈絻x表的選擇、電流表內(nèi)外接法的選擇及實驗數(shù)據(jù)的處理，抓住測量電阻的基本原理：伏安法。在實驗中要注意把握準(zhǔn)確性及安全性原則。四、計算題17.某天，張叔叔在上班途中沿人行道向一公交車站走去，發(fā)現(xiàn)一輛公交車正從身旁的平直公路駛過，此時,張叔叔的速度是1m/s,公交車的速度是15m/s,他們距車站的距離為 50m。假設(shè)公交車在行駛到距車站25m處開始剎車。剛好到車站停下，停車10s后公交車又啟動向前開去。張叔叔的最大速度是6m/s,最大起跑加速度為2.5m/s2,為了安全乘上該公交車，

30、他用力向前跑去，求:(1)公交車剎車過程視為勻減速運動，其加速度大小是多少。(2)分析張叔叔能否在該公交車停在車站時安全上車?！敬鸢浮?1)4.5m/s2 (2)能O-v；1= -4,5m/s試題分析：(1)公交車的加速度入1 所以其加速度大小為 TOC o 1-5 h z x-均 5J = -s(2)汽車從相遇處到開始剎車時用時：,3 |0=S汽車剎車過程中用時：OFt3 =- = 2s張叔叔以最大加速度達(dá)到最大速度用時：,”V3-x - =1. -張叔叔加速過程中的位移：X叼 43% = s 7.2s以最大速度跑到車站的時間因與十 % I十%十10:張叔叔可以在汽車還停在車站時安全上車.考

31、點：本題考查了牛頓第二定律、勻變速直線運動的規(guī)律。.地震發(fā)生后，需要向災(zāi)區(qū)運送大量救災(zāi)物資，在物資轉(zhuǎn)運過程中大量使用了如圖所示的傳送帶已知某傳送帶與水平面成6 =箝角，皮帶的AB部分長L = 5用m ,皮帶以恒定的速率v=4mA按圖示方向傳送，若在 B端無初速度地放置一個質(zhì)量 m =504的救災(zāi)物資R可視為質(zhì)點),P與皮帶之間的動摩擦因數(shù) N =。-5(取g=10rn/r, sin37 =0.6),求：(物資P從B端開始運動時的加速度.Q物資P到達(dá)A端時的動能.【答案】(D物資P從B端開始運動時的加速度是(力物資p到達(dá)a端時的動能是900J.【解析】【分析】(1)選取物體P為研究的對象，對P進(jìn)

32、行受力分析，求得合外力，然后根據(jù)牛頓第三定律即可求出加速度；(2)物體p從B到A的過程中，重力和摩擦力做功，可以使用動能定律求得物資P到達(dá)A端時的動能，也可以使用運動學(xué)的公式求出速度，然后求動能.【詳解】（1） P剛放上B點時，受到沿傳送帶向下的滑動摩擦力的作用，mgsin。十F = ma ; Fn -皿明口斕F二咻其加速度為：（2）解法一：P達(dá)到與傳送帶有相同速度的位移v=0 8m 2a 1以后物資P受到沿傳送帶向上的滑動摩擦力作用3 2(mgsinS - FXL - s) = -mv7 -根據(jù)動能定理：1 2EfcA = -mvf = 900J到A端時的動能 22s =0.8m解法二：P達(dá)

33、到與傳送帶有相同速度的位移 以后物資P受到沿傳送帶向上的滑動摩擦力作用,P的加速度a鴕口。,曄。居。=加餐.-s = vIt + -a3t?后段運動有：一 2 一 -, 解得：, 到達(dá)A端的速度串兒=-” = 6皿5 Ew =900J動能【點睛】傳送帶問題中，需要注意的是傳送帶的速度與物體受到之間的關(guān)系，當(dāng)二者速度相等時，即保持 相對靜止屬于中檔題目.如圖所示，x軸的上方存在方向與 x軸成角的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度為E, x軸的下方存在垂直紙面向里 的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度 B,有一個質(zhì)量tn I 逑，電荷量q L的帶正電粒子，該粒子的初速度v = 2* 1。）的，從坐標(biāo)原點o沿與x軸成45 c角的

34、方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，經(jīng)過磁場和電場的作用，粒子從O點出發(fā)后第四次經(jīng)過 x軸時剛好又回到 O點處，設(shè)電場和磁場的區(qū)域足夠?qū)?，不計粒子重力，求：XXX 3?xxxxxxxxxxaX X X I X X X X XXX X X X X1帶電粒子第一次經(jīng)過 x軸時的橫坐標(biāo)是多少？電場強(qiáng)度E的大小及帶電粒子從 O點出發(fā)到再次回到 O點所用的時間.【答案】(X帶電粒子第一次經(jīng)過 x軸時的橫坐標(biāo)是0.57111；電場強(qiáng)度E的大小為1帶電粒子從O點出發(fā)到再次回到O點所用的時間為2.父10.%.(1)粒子在磁場中受洛倫茲力作用下做一段圓弧后第一次經(jīng)過x軸，根據(jù)洛倫茲力提供向心力公式求出半徑,再根據(jù)幾何關(guān)系求出坐標(biāo)

35、；(2)然后進(jìn)入電場中，恰好做勻減速運動直到速度為零后又返回，以相同速率再次進(jìn)入磁場仍在洛倫茲力作用下又做一段圓弧后，再次進(jìn)入電場正好做類平拋運動.粒子在磁場中兩次運動剛好完成一個周期，由粒子在電場中的類平拋運動，根據(jù)垂直電場方向位移與速度關(guān)系，沿電場方向位移與時間關(guān)系，結(jié)合牛頓第二定律求出E,三個過程的總時間即為總時間.v-qvB = m TOC o 1-5 h z 【詳解】粒子在磁場中受磁場力的作用沿圓弧運動，洛侖茲力提供向心力，R ,mvR = = = 0.4m半徑，根據(jù)圓的對稱性可得粒子在磁場中第一次偏轉(zhuǎn)所對的圓心角為先,則第-次經(jīng)過x軸時的橫坐標(biāo)為工廠屈-0,40.5而第一次進(jìn)入電場

36、，運動方向與電場方向相反，做勻減速直線運動，速度減為零后又反向加速返回磁場，在磁場中沿圓周運動，再次進(jìn)入電場時速度方向剛好垂直電場方向，在電場力的作用下偏轉(zhuǎn)，打在坐標(biāo)原 點O處，其運動軌跡如圖所示.XXX/K XXX XX XXXXXXX X X/ XX由幾何關(guān)系可得，第二次進(jìn)入電場中的位移為X在垂直電場方向的位移，S1 2R .4= 一 = = 4 x 10 s 運動時間在沿電場方向上的位移 又因T區(qū)根據(jù)牛頓第二定律ma4E = = I x 103V/m所以電場強(qiáng)度粒子從第一次進(jìn)入電場到再返回磁場的時間2v4t2 = 一 = 4x1Q g白，23mlaT = 4ti * 10 sBq粒子在磁

37、場中兩段運動的時間之和剛好是做一個完整圓周運動的周期 所以粒子從出發(fā)到再回到原點的時間為【點睛】本題考查帶電粒子在電場、磁場中兩運動模型：勻速圓周運動與類平拋運動，及相關(guān)的綜合分析 能力，以及空間想像的能力，應(yīng)用數(shù)學(xué)知識解決物理問題的能力.如圖所示，將導(dǎo)熱氣缸開口向上放置在水平平臺上，活塞質(zhì)量m=10kg,橫截面積S=50cm：厚度d=1cm,氣缸的內(nèi)筒深度 H=21cm ,氣缸質(zhì)量 M=20kg ,大氣壓強(qiáng)為 Po=1 X105pa,當(dāng)溫度為Ti=300K時，氣缸內(nèi)活塞 封閉的氣柱長為 L10cm。若將氣缸緩慢倒過來開口向下放置在平臺上，活塞下方的空氣能通過平臺上的缺口與大氣相通，不計活塞與氣缸間的摩擦，取 g= 10m/s2,求：氣缸開口向下放置時，封閉氣柱的長度是多少？給氣缸緩慢加熱，當(dāng)溫度多高時，活塞能剛好接觸到平臺?【答案】15cm400K【解析】試題分析：將氣缸緩慢倒置的過程中，封閉氣體等溫變化:% =P0+ = 12 x lO5Pa sn E mg iP2 =Po- = 0,8 x 10 PaPi =PJ2】t = 15 cm給氣缸緩慢加熱過程中，等壓變化：T2 = Tj= 300K% = II-d = 20cm,J享門i fT, = T? = - T. = 400K2