2022-2023學(xué)年云南省曲靖市宣威市民中高三物理第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，從同一豎直線上不同高度A、B兩點(diǎn)處，分別以速率v1、v2同向水平拋出兩個(gè)小球，P為它們運(yùn)動(dòng)軌跡的交點(diǎn)。則下列說法正確的有（ ）A兩球在P點(diǎn)一定具有相同的

2、速率B若同時(shí)拋出，兩球可能在P點(diǎn)相碰C若同時(shí)拋出，落地前兩球豎直方向的距離逐漸變大D若同時(shí)拋出，落地前兩球之間的距離逐漸變大2、一輛汽車從靜止開始做加速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中汽車牽引力的功率保持不變，所受阻力恒定，行駛2min速度達(dá)到10m/s，該汽車在這段時(shí)間內(nèi)行駛的距離為（）A一定大于600mB一定小于600mC一定等于600mD可能等于1200m3、在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，將橡皮條的一端固定在水平木板的A點(diǎn)，另一端系上兩根細(xì)繩，細(xì)繩的另一端都有繩套實(shí)驗(yàn)中先用兩個(gè)彈簧測力計(jì)分別勾住繩套，并互成角度地拉橡皮條，將結(jié)點(diǎn)拉伸到某一位置O，如圖所示再只用一個(gè)彈簧測力計(jì)，通過細(xì)繩套把橡皮條

3、的結(jié)點(diǎn)拉到與前面相同的位置兩組同學(xué)得到的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分別如圖乙、丙所示則下列說法正確的是Failed to download image : 0:8086/QBM/2018/12/14/2096671323242496/2098779498233856/STEM/ba92238094dd4f16acde02a1e6408cef.pngA兩根細(xì)繩必須等長B兩彈簧測力計(jì)拉力方向夾角越大誤差越小C兩組同學(xué)的數(shù)據(jù)，丙圖更符合實(shí)際情況D橡皮筋對O點(diǎn)的拉力是合力，兩測力計(jì)對O點(diǎn)的拉力是分力4、在真空中的光滑水平絕緣面上有一帶電小滑塊開始時(shí)滑塊靜止若在滑塊所在空間加一水平勻強(qiáng)電場E1，持續(xù)一段時(shí)間后立即換成與E

4、1相反方向的勻強(qiáng)電場E1當(dāng)電場E1與電場E1持續(xù)時(shí)間相同時(shí)，滑塊恰好回到初始位置，且具有動(dòng)能在上述過程中，E1對滑塊的電場力做功為W1，沖量大小為I1；E1對滑塊的電場力做功為W1，沖量大小為I1則AI1= I1B4I1= I1CW1= 0.15W1=0.75DW1= 0.10W1=0.805、如圖所示，物體 A、B 用細(xì)繩連接后跨過滑輪，A 靜止在傾角為 45的斜面上，B 懸掛著已知質(zhì)量 mA2mB，不計(jì)滑輪摩擦，現(xiàn)將斜面傾角由45增大到60，但物體仍保持靜止，下列說法正確的是A繩子的張力增大B物體A對斜面的壓力將增大C物體A受到的靜摩擦力增大D滑輪受到繩子的作用力保持不變6、如圖所示，用一

5、輕繩將光滑小球P系于豎直墻壁上的O點(diǎn)，在墻壁和球P之間夾有一長方體物塊Q，P、Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)有一鉛筆緊貼墻壁從O點(diǎn)開始緩慢下移，則在鉛筆緩慢下移的過程中（）A細(xì)繩的拉力逐漸變小BQ受到墻壁的彈力逐漸變大CQ受到墻壁的摩擦力逐漸變大DQ將從墻壁和小球之間滑落二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，直桿AB與水平面成角固定，在桿上套一質(zhì)量為m的小滑塊，桿與滑塊的動(dòng)摩擦因數(shù)處處相同，桿底端B點(diǎn)處有一與板面垂直的彈性擋板滑塊與擋板碰撞后原速率返回現(xiàn)將滑塊拉到A點(diǎn)由

6、靜止釋放滑塊與擋板第一次碰撞后上升的高度為原來的k（k1）倍，若已知角、質(zhì)量m、比例系數(shù)k、重力加速度g，下列說法中正確的是（）A可以求出滑塊在桿上運(yùn)動(dòng)的總路程B可以求出滑塊第n次與擋板碰撞前重力做功的瞬時(shí)功率PC可以求出滑塊下滑和上滑過程加速度的大小D取過B點(diǎn)的水平面為零勢能面，則可以判斷滑塊從A下滑至B的過程中，重力勢能等于動(dòng)能的位置在AB中點(diǎn)的下方8、一質(zhì)量為m的物體靜止在光滑水平面上，從t0時(shí)刻開始受到水平外力的作用力的大小F與時(shí)間t的關(guān)系如圖所示，力的方向保持不變，則下列說法中正確的是（ ）A物體在t0和2t0時(shí)刻相對于出發(fā)點(diǎn)的位移之比是15B物體在t0和2t0時(shí)刻的瞬時(shí)速度之比是1

7、5C外力在O到t0和t0到2t0時(shí)間內(nèi)做功之比是18D外力在t0和2t0時(shí)刻的瞬時(shí)功率之比是189、如圖，穿在水平直桿上質(zhì)量為m的小球開始時(shí)靜止現(xiàn)對小球沿桿方向施加恒力F0，垂直于桿方向施加豎直向上的力F，且F的大小始終與小球的速度成正比，即Fk（圖中未標(biāo)出）已知小球與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，已知小球運(yùn)動(dòng)過程中未從桿上脫落，且F0mg下列說法正確的是（）A小球先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)直到靜止B小球先做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，直到最后做勻速運(yùn)動(dòng)C小球的最大加速度為D恒力F0的最大功率為10、圖中，輕質(zhì)彈簧的一端固定在地面上，另一端放有一小物塊(可視為

8、質(zhì)點(diǎn))，物塊與彈簀不連接.通過物塊向下壓縮彈簧，當(dāng)物塊與地面相距0.1m時(shí)由靜止釋放物塊，通過傳感器測得物塊的動(dòng)能Ek與其離地高度h的變化關(guān)系如圖所示，其中0.2m -0.35m范圍內(nèi)圖象為直線，其余部分為曲線以地面為重力勢能參考平面，取g=10m/s2，可知( )A物塊的質(zhì)量為0.2kgB彈簧的最大彈性勢能為0.5JC物塊開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧、物塊、地球組成的系統(tǒng)具有的機(jī)械能為0.7JD物塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小為0.4J三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置可以測量物塊與水平桌面之間動(dòng)摩擦因數(shù)，已知鉤

9、碼質(zhì)量為m，滑塊質(zhì)量是鉤碼質(zhì)量的n倍，重力加速度為g用游標(biāo)卡尺測量遮光片的寬度d.用米尺測量出滑塊起始位置到光電門之間的距離s.(鉤碼不會(huì)觸擊到地面)調(diào)整輕滑輪，使細(xì)線水平釋放物塊，記錄數(shù)字毫秒計(jì)測出的遮光片經(jīng)過光電門時(shí)間t.改變物塊與光電門之間的距離s，重復(fù)多次，得到多組數(shù)據(jù).根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求出動(dòng)摩擦因數(shù).回答下面的問題：物塊經(jīng)過光電門時(shí)的速度v_.物塊的加速度a=_.如果采用圖像法處理數(shù)據(jù)， 以起始位置到光電門之間的距離s為橫坐標(biāo)，選用_為縱坐標(biāo)，才能得到一條直線如果這條直線的斜率斜率為k，由圖像可知，物體與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_12（12分）在用“落體法”做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的

10、實(shí)驗(yàn)時(shí).小明選擇一條較為滿意的紙帶，如圖所示.他舍棄前面密集的點(diǎn)，以O(shè)為起點(diǎn)，從A點(diǎn)開始選取紙帶上連續(xù)點(diǎn)A、B、C、，測出O到A、B、C、的距離分別為h1、h2、h3、.電源的頻率為f.(1)為減少阻力對實(shí)驗(yàn)的影響，下列操作可行的是_.A選用鐵質(zhì)重錘B安裝打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使兩限位孔在同一豎直線上C釋放紙帶前，手應(yīng)提紙帶上端并使紙帶豎直D.重錘下落中手始終提住紙帶上端，保持紙帶豎直(2)打B點(diǎn)時(shí)，重錘的速度vB為_.(3)小明用實(shí)驗(yàn)測得數(shù)據(jù)畫出的v2-h圖象如圖乙所示.圖線不過坐標(biāo)原點(diǎn)的原因是_.(4) 重錘下落過程中的實(shí)際加速度為_(5)小明用實(shí)驗(yàn)測得數(shù)據(jù)畫出的v2-h圖象如圖乙所示。已知直線的斜率

11、為k，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭_（選填“大于”；“小于”；“等于”）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一氣象探測氣球，在充有壓強(qiáng)為1.00atm（即76.0cmHg）、溫度為27.0的氦氣時(shí)，體積為3.50m3。在上升至海拔6.50km高空的過程中，氣球內(nèi)氦氣逐漸減小到此高度上的大氣壓29.6cmHg，氣球內(nèi)部因啟動(dòng)一持續(xù)加熱過程而維持其溫度不變。此后停止加熱，保持高度不變。已知在這一海拔高度氣溫為-48.0。求：（1）氦氣在停止加熱前的體積；（2）氦氣在停止加熱較長一段時(shí)間后的體積。14（16分）如圖所示，

12、由金屬凹槽制成的光滑的圓弧軌道固定在水平地面上，半徑為R在軌道右側(cè)的正上方分別將金屬小球A由靜止釋放，小球距離地面的高度用hA表示，則（1）若A小球能過軌道的最高點(diǎn)，求hA的最小值；（2）適當(dāng)?shù)恼{(diào)整hA，是否能使兩小球從軌道最高點(diǎn)飛出后，恰好落在軌道右端口處？（請用公式定量計(jì)算證明）15（12分）如圖所示，質(zhì)量均為m的A、B兩物體分別固定在質(zhì)量不計(jì)的輕彈簧的兩端，當(dāng)A靜止時(shí)彈簧的壓縮量為L，現(xiàn)用一豎直向下的恒力F=3mg作用于A上，當(dāng)A運(yùn)動(dòng)一段距離x后撤去F，結(jié)果B剛好不離開水平面，則L/x的值是多少？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一

13、項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】A兩球的初速度大小關(guān)系未知，在P點(diǎn)，A的豎直分速度大于B的豎直分速度，而A的水平分速度小于B的水平分速度，根據(jù)平行四邊形定則知，兩球在P點(diǎn)的速度大小不一定相同，A錯(cuò)誤；B若同時(shí)拋出，在P點(diǎn)，A下落的高度大于B下落的高度，則A下落的時(shí)間大于B下落的時(shí)間，可知兩球不可能在P點(diǎn)相碰，B錯(cuò)誤；C若同時(shí)拋出，根據(jù)知，經(jīng)過相同的時(shí)間下落的高度相同，則豎直方向上的距離保持不變，C錯(cuò)誤；D若同時(shí)拋出，由圖可知，下落相同的高度，B的水平位移大于A的水平位移，可知B的初速度大于A的初速度，由于兩球在豎直方向上的距離不變，水平距離逐漸增大，則兩球之間的距離逐漸增大，D正確。2、A【

14、解析】功率不變，根據(jù)，隨著汽車速度的增大，F(xiàn)逐漸減小，汽車做的是加速度逐漸減小的變加速運(yùn)動(dòng)，作出汽車做變速運(yùn)動(dòng)的速度圖象（如圖所示曲線）若汽車在2min=120s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)（即圖中直線），則位移為（圖中三角形面積），而該汽車變速運(yùn)動(dòng)的位移是圖中曲線與坐標(biāo)軸圍成的面積，一定大于600m，A正確3、C【解析】實(shí)驗(yàn)時(shí)兩根細(xì)繩沒必要必須等長，長度適應(yīng)即可，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；兩彈簧測力計(jì)拉力方向夾角大小要適當(dāng)，并非越大誤差越小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；圖中的F是兩個(gè)分力合力的理論值，F(xiàn)是合力的實(shí)驗(yàn)值，其F的方向應(yīng)該與橡皮條的方向重合，則兩組同學(xué)的數(shù)據(jù)，丙圖更符合實(shí)際情況，選項(xiàng)C正確；橡皮筋的拉力和兩個(gè)彈簧測力計(jì)的

15、拉力的合力為零，其中任意兩個(gè)力的合力與第三個(gè)力等大反向，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.4、C【解析】設(shè)第一過程末速度為v2，第二過程末速度大小為v2根據(jù)上面的分析知兩過程的平均速度大小相等，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律有，所以有v2=2v2 根據(jù)動(dòng)能定理有：， ，而，所以，故C正確，D錯(cuò)誤；又因?yàn)槲灰拼笮∠嗟?，所以兩個(gè)過程中電場力的大小之比為2：3，根據(jù)沖量定義得：I2=F2t，I2=F2t，所以I2=3I2，故AB錯(cuò)誤5、C【解析】物體B受豎直向下的重力mg和豎直向上的繩子拉力T，由二力平衡得到：T=mg；以物體A為研究對象，物體A受力如下圖所示：A靜止，處于平衡狀態(tài)，由平衡條件得：f+T-2mgsin45

16、=0N-2mgcos45=0解得：f=2mgsin45-T=2mgsin45-mgN=2mgcos45當(dāng)由45增大到60時(shí)，f不斷變大，N不斷變??；A繩子張力T=mg保持不變，故A錯(cuò)誤；B物體A對斜面的壓力N=N=2mgcos將變小，故B錯(cuò)誤；C摩擦力變大，故C正確；D繩子的拉力不變，但是滑輪兩邊繩子的夾角減小，則滑輪受到繩子的作用力變大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤6、B【解析】對P分析，P受到重力、拉力和Q對P的彈力處于平衡，設(shè)拉力與豎直方向的夾角為，根據(jù)共點(diǎn)力平衡有：拉力，Q對P的支持力鉛筆緩慢下移的過程中，增大，則拉力F增大，Q對P的支持力增大，故A錯(cuò)誤B正確；對Q分析知，在水平方向上P對Q的壓力增大，

17、則墻壁對Q的彈力增大，在豎直方向上重力與摩擦力相等，所以A受到的摩擦力不變，Q不會(huì)從墻壁和小球之間滑落，故CD錯(cuò)誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】設(shè)AB長為L，滑塊與擋板第一次碰撞后上升的高度為原來的k（k1）倍，則向上的距離為kL；對整個(gè)過程，運(yùn)用動(dòng)能定理得：mgsin（1k）Lmgcos（L+kL）=0得：=1-k1+ktan，所以可以求出動(dòng)摩擦因數(shù)；整個(gè)運(yùn)動(dòng)的過程中重力勢能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，則：mgcosS總=mgsinL由于AB之間的距離是未知的，所

18、以不能求出滑塊在桿上運(yùn)動(dòng)的總路程故A錯(cuò)誤；由于AB之間的距離是未知的，所以，也不能求出滑塊第n次與擋板碰撞前的速度，所以不能求出重力做功的瞬時(shí)功率P故B錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律得下滑過程有：mgsinmgcos=ma1上滑過程有：mgsin+mgcos=ma1；解得：a1=mgsingcos，a1=gsin+gcos所以可求得滑塊下滑和上滑過程加速度的大小a1、a1故C正確；滑塊向下滑動(dòng)的過程中，重力做正功，而摩擦力做負(fù)功；取過B點(diǎn)的水平面為零勢能面，當(dāng)滑塊滑到AB的中點(diǎn)處時(shí)，一半的重力勢能轉(zhuǎn)化為滑塊的動(dòng)能和產(chǎn)生的內(nèi)能，所以當(dāng)滑塊滑到AB的中點(diǎn)處時(shí)，滑塊的動(dòng)能小于滑塊的重力勢能所以取過B點(diǎn)的水平

19、面為零勢能面，則可以判斷滑塊從A下滑至B的過程中，重力勢能等于動(dòng)能的位置在AB中點(diǎn)的下方，故D正確；故選CD.點(diǎn)睛：本題分析時(shí)，要靈活選擇研究過程，運(yùn)用動(dòng)能定理求解動(dòng)摩擦因數(shù)是關(guān)鍵，還要抓住連接兩段的橋梁是碰撞前后速度大小相等8、AC【解析】A項(xiàng)：0到t0時(shí)間內(nèi)的加速度，這段時(shí)間內(nèi)的位移為，t0時(shí)刻的速度為，t0到2t0時(shí)間內(nèi)的加速度為，所以t0到2t0時(shí)間內(nèi)的位移為：，所以2t0時(shí)刻相對于出發(fā)點(diǎn)的位移為：，所以物體在t0和2t0時(shí)刻相對于出發(fā)點(diǎn)的位移之比是1：5，故A正確；B項(xiàng)：2t0時(shí)的速度為：v2=v1+a2t0=所以物體在t0和2t0時(shí)刻的瞬時(shí)速度之比是1：3，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：根據(jù)動(dòng)能

20、定理得：外力在0到t0時(shí)間內(nèi)做的功為，外力在t0到2t0時(shí)間內(nèi)做的功為，所以外力在0到t0和t0到2t0時(shí)間內(nèi)做功之比是1：8，故C正確；D項(xiàng)：外力在t0的時(shí)刻的瞬時(shí)功率為P1=F0v1=，2t0時(shí)刻的瞬時(shí)功率P2=2F0v2=，所以外力在t0和2t0時(shí)刻的瞬時(shí)功率之比是1：6，故D錯(cuò)誤故應(yīng)選：AC【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握瞬時(shí)功率的公式P=Fvcos，以及牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式的應(yīng)用9、BCD【解析】對小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律表示出加速度，分析加速度的變化情況，進(jìn)而分析運(yùn)動(dòng)情況，恒力的功率等于力乘以速度【詳解】剛開始運(yùn)動(dòng)，加速度 ，當(dāng)速度v增大，加速度增大，當(dāng)kv=mg時(shí)加速度最

21、大值為；當(dāng)速度v增大到符合kvmg后，加速度，當(dāng)速度v增大，加速度減小，當(dāng)a2減小到0，做勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，BC正確；勻速運(yùn)動(dòng)的速度最大，且F0（kvmmg），則小球的最大速度為，所以最大功率為，故D正確；故選BCD.10、ABC【解析】在從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)，Ek=EP=mgh，圖線的斜率絕對值為：，則 m=0.2kg，選項(xiàng)A正確；在Ek-h圖象中，圖線的斜率表示滑塊所受的合外力，由于高度從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)圖象為直線，其余部分為曲線，說明滑塊從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)所受作用力為恒力，所以從h=0.2m，滑塊與彈簧分離，彈簧的原長的0.2m，根據(jù)圖象可知，此

22、時(shí)物塊動(dòng)能為0.30J，重力勢能為EP=mgh=20.2=0.4J，總機(jī)械能為0.3J+0.4J=0.7J；物塊在最低點(diǎn)時(shí)，彈性勢能最大，此時(shí)的重力勢能EP0=mgh0=20.1J=0.2J，則彈性勢能為：0.3J+0.4J-0.2J=0.5J，故BC正確；物塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小時(shí)，動(dòng)能最大，由圖可知，動(dòng)能的最大值大于0.3J，則重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小值小于0.4J，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選ABC.【點(diǎn)睛】本題考查了能量守恒定律和圖象的理解與應(yīng)用問題，根據(jù)該圖象的形狀得出滑塊從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)所受作用力為恒力，說明物體不再受到彈簧的彈力的作用是解題的關(guān)鍵三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 【解析】(1)12經(jīng)過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度大小為v由v22as解得(2)(3)34對物塊由牛頓第二定律可得mgMgMa由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律可得2as由以上兩式可得則以起始位置到光電門之間的距離s為橫坐標(biāo)，選用為縱坐標(biāo)，才能得到一條直線圖象的斜率為由此可