河南省陜州中學(xué)2023學(xué)年高二物理第一學(xué)期期中達標測試試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，A是帶正電的小球，B為不帶電的導(dǎo)體，A、B均放在絕緣支架上，M、N是導(dǎo)體B中同一水平線上的兩點，以無限遠處為電勢零點，當導(dǎo)體B達到靜電平衡后,下列說法正確的是AM、N兩點

2、電勢高低關(guān)系為BM、N兩點電勢高低關(guān)系為CM、N兩點電場強度大小關(guān)系為D感應(yīng)電荷在M、N兩點產(chǎn)生的電場強度2、如圖所示，A、B為兩塊平行帶電金屬板，A帶負電，B帶正電且與大地相接，兩板間P點處固定一負電荷，設(shè)此時兩極板間的電勢差為U，P點場強大小為E，電勢為P，負電荷的電勢能為EP，現(xiàn)將A、B兩板水平錯開一段距離(兩板間距不變)，下列說法正確的是 （ ）AU變小，E變大BU變小，P變小CP變小，Ep變大DP變大，Ep變小3、下列說法中，正確的是：（ ）A由可知，電場中某點的電場強度E與q成反比B由可知，某段導(dǎo)體的電阻R和電壓U成正比C由可知，磁場中某點的磁場強度B與F成正比D由可知，電容器的電

3、容C的大小與電容器兩極板間的電勢差U無關(guān)4、如圖所示三條長直導(dǎo)線，都通有垂直于紙面向里的電流，且I1 = I2 = I3 則距三導(dǎo)線距離都相等的A點的磁感應(yīng)強度的方向為A方向向上B方向向下C方向向左D方向向右5、如圖所示，通有向右電流的直導(dǎo)線置于勻強磁場中，導(dǎo)線與磁場平行，則該導(dǎo)線（ ）A不受安培力B受安培力，方向向右C受安培力，方向垂直紙面向里D受安培力，方向垂直紙面向外6、關(guān)于電場強度和電勢，下列說法正確的是()A由公式E=F/q可知E與F成正比，與q成反比B由公式U=Ed可知，在勻強電場中，E為恒值，任意兩點間的電勢差與這兩點間的距離成正比C電場強度為零處，電勢不一定為零D無論是正電荷還

4、是負電荷，當它在電場中移動時，若電場力做功，它一定是從電勢高處移到電勢低處，并且它的電勢能一定減少二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、目前，世界上正在研究一種新型發(fā)電機叫磁流體發(fā)電機，如圖表示它的原理：將一束等離子體噴射入磁場，在磁場中有兩塊金屬板A、B，這時金屬板上就會聚集電荷，產(chǎn)生電壓，以下說法不正確的是() AB板帶正電BA板帶正電C其他條件不變，只增大射入速度，UAB增大D其他條件不變，只增大磁感應(yīng)強度，UAB增大8、如圖所示，紙面內(nèi)有一勻強電場，帶正電的小球

5、（重力不計）在恒力F的作用下沿圖中虛線由A勻速運動至B，已知力F和AB間夾角為，AB間距離為d，小球帶電量為q，則下列結(jié)論正確的是A電場強度的大小為BAB兩點的電勢差為C帶電小球由A運動至B過程中電勢能增加了D帶電小球若由B勻速運動至A，則恒力F必須反向9、如圖所示，絕緣的輕質(zhì)彈簧豎直立于水平地面上，上面放一質(zhì)量為m的帶正電小球（小球與彈簧不拴接），整個系統(tǒng)處在方向豎直向上的勻強電場中。開始時，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)施加一外力F，將小球向下壓至某一位置，然后撤去外力，使小球從靜止開始向上運動。設(shè)小球從靜止開始向上運動到離開彈簧的過程中，電場力對小球所做的功為W1，小球克服重力所做的功為W2，

6、小球離開彈簧時的速度為v。不計空氣阻力，則在上述過程中（）A小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒B小球的重力勢能增加了W2C小球的電勢能減少了W1D小球的機械能增加了10、如圖，兩條光滑平行金屬導(dǎo)軌固定，所在平面與水平面夾角為，導(dǎo)軌電阻忽略不計虛線ab、cd均與導(dǎo)軌垂直，在ab與cd之間的區(qū)域存在垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強磁場將兩根相同的導(dǎo)體棒PQ、MN先后自導(dǎo)軌上同一位置由靜止釋放，兩者始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好已知PQ進入磁場開始計時，到MN離開磁場區(qū)域為止，流過PQ的電流隨時間變化的圖像可能正確的是ABCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11

7、（6分）用如圖甲所示的電路測量一節(jié)蓄電池的電動勢和內(nèi)電阻蓄電池的電 動勢約為2V，內(nèi)電阻很小除蓄電池、開關(guān)、導(dǎo)線外可供使用的實驗器材還有：A、電壓表 （量程3V）；B、定值電阻R0（阻值4，額定功率4W）C、電流表 （量程3A）D、電流表 （量程0.6A）；E、滑動變阻器R（阻值范圍020，額定電流1A）（1）電壓表應(yīng)選_；電流表應(yīng)選_（填器材前的字母代號）（2）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出UI圖像（如圖乙所示），則蓄電池的電動勢E_ V，內(nèi)阻= _；（均保留三位有效數(shù)字）12（12分）為了描繪標有“3V，14W”的小燈泡的伏安特性曲線，要求燈炮電壓能從零開始變化所給器材如下：A電流表（1211mA，內(nèi)阻

8、15） B電流表（116A，內(nèi)阻111）C電壓表（13V，內(nèi)阻5k） D電壓表（115V，內(nèi)阻51k）E滑動變阻器（111，15A） F電源（3V） G電鍵一個，導(dǎo)線若干（1）為了完成上述實驗，實驗中應(yīng)選擇的儀器是_（2）在卷的虛線框中畫出完成此實驗的原理圖_（3）此實線描繪出的IU圖線是_（填“曲線”“直線”），其原因是_（4）該同學(xué)描繪出的I-U圖象和下圖中的_形狀最接近.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）電源的電動勢為4.5V、外電阻為4.0時，路端電壓為4.0V.求：(1)電源的內(nèi)阻是多少?(2)

9、如果在外電路再并聯(lián)一個6.0的電阻，路端電壓是多大?14（16分）一質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球，從O點以和水平方向成角的初速度v0拋出，當達到最高點A時，恰進入一勻強電場中，如圖，經(jīng)過一段時間后，小球從A點沿水平直線運動到與A相距為S的A點后又折返回到A點，緊接著沿原來斜上拋運動的軌跡逆方向運動又落回原拋出點（用m、q、v0、S表示）求：（1）該勻強電場的場強E的大小和方向；（在圖中標明E的方向）（2）從O點拋出又落回O點所需的時間15（12分）如圖所示，直角坐標系xOy位于豎直平面內(nèi)，在x軸下方存在勻強磁場和勻強電場，磁場的磁感應(yīng)強度大小為B，方向垂直xOy平面向里，電場線平行于y軸。一質(zhì)

10、量為m、帶電量為 +q的小球，從y軸上的A點水平向右拋出，經(jīng)x軸上M點進入電磁場，恰能做勻速圓周運動，從x軸上的N點第一次離開電磁場，MN之間的距離為L，小球過M 點時的速度方向與x軸正方向夾角為。不計空氣阻力，重力加速度為g，求：（1）電場強度E的大小和方向；（2）小球從A點拋出時初速度v0的大??；（3）現(xiàn)使x軸下方的勻強磁場消失，x軸下方只有平行于y軸的勻強電場，當電場強度調(diào)整為多大時能使小球也經(jīng)過N點。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】ABB為放入電場中的導(dǎo)體，最后會達到靜電平衡狀態(tài)，且達到靜電平

11、衡狀態(tài)的導(dǎo)體為等勢體，又因為場源電荷為正電荷，選取無窮遠處為零電勢，所以，因此A錯誤B正確CDM、N兩點是達到靜電平衡狀態(tài)下的導(dǎo)體上的兩點，所以外電場和感應(yīng)電荷在這兩點產(chǎn)生的電場之和為0，所以M、N兩點電場強度大小關(guān)系為，又因為M點離場源電荷近，所以感應(yīng)電荷在M、N兩點產(chǎn)生的電場強度，因此CD都錯誤2、C【解析】將兩板水平錯開一段距離，兩板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式可知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U增大，板間場強可見E增大；P點到下板距離不變，由公式U=Ed得知，P點與下板電勢差增大，故P點的電勢P變??；由于電場線向上，P點的電勢低于下極板的電勢，則P點的電勢P降

12、低，負電荷在P點的電勢能EP變大，故選C。3、D【解析】電場中某點的電場強度E是由電場本身決定的物理量，與試探電荷的電量無關(guān)，選項A錯誤；某段導(dǎo)體的電阻R是由導(dǎo)體本身決定的，和電壓U無關(guān)，選項B錯誤；磁場中某點的磁場強度B是由磁場本身決定的，與所受的磁場力F無關(guān)，選項C錯誤；電容器的電容C的大小是由電容器本身決定的物理量，與電容器兩極板間的電勢差U無關(guān)，選項D正確；故選D.4、A【解析】由安培定則確定出磁感線方向，再利用矢量合成法則求得A的合矢量的方向【詳解】由安培定則知電流I1和I2，在A點的磁感線方向相反，距離又相等，所以合場強為零，I3在A點的電場線方向豎直向上，故A點的磁感線方向向上。

13、故選A。5、A【解析】試題分析：根據(jù)安培力產(chǎn)生的條件，通電導(dǎo)線與磁場平行不受安培力，即可求解解：由題意可知，因通電導(dǎo)線與磁場平行，所以不受到安培力的作用，故A正確，BCD錯誤；故選：A【點評】考查安培力的產(chǎn)生條件，理解通電導(dǎo)線與磁場平行不受磁場力，而當兩者垂直時，安培力最大6、C【解析】A電場中某點的場強與試探電荷的電量與其所受的電場力無關(guān)，選項A錯誤；B由公式UEd可知，在勻強電場中，任意兩點間的電勢差與這兩點沿電場線方向間的距離成正比，選項B錯誤；C電場強度為零處，電勢不一定為零，例如等量同種電荷連線的中點處的場強為零，電勢大于零，選項C正確；D無論是正電荷還是負電荷，當它在電場中移動時，

14、若電場力做正功，它的電勢能一定減少，但是不一定是從電勢高處移到電勢低處，選項D錯誤故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】試題分析：根據(jù)左手定則，等離子體射入時，正離子向下板偏轉(zhuǎn)，負離子向上偏轉(zhuǎn)，故B板帶正電，A板帶負電，選項A正確，B錯誤；隨著正負離子的不斷積聚，在AB板之間產(chǎn)生附加電場，當粒子受電場力等于洛倫茲力時達到平衡，此時UABdq=qvB，解得：UAB=Bdv，故其他條件不變，只增大射入速度和增大磁感應(yīng)強度UAB都會變大，故選項CD正確；

15、故選ACD.考點：帶電粒子在磁場中的運動【名師點睛】此題考查的實際上是霍爾效應(yīng)；解題時根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力的方向，即可判斷電荷的偏轉(zhuǎn)方向，考查對磁流體發(fā)電機的理解能力此題還可以等效成流體切割磁感線，由E=Bvd求得發(fā)電機的電動勢.8、BC【解析】由題，小球的重力不計，只受到電場力與恒力F而做勻速直線運動，則有，qE=F，則得場強故A錯誤A、B兩點的電勢差為UAB=Edcos=故B正確帶電小球由A運動至B過程中恒力做功為W=Fdcos，根據(jù)功能關(guān)系可知，電勢能增加了Fdcos故C正確小球所受的電場力恒定不變，若帶電小球由B向A做勻速直線運動時，恒力F大小、方向不變故D錯誤故選BC點睛：本題要

16、根據(jù)小球的運動狀態(tài)分析受力情況、確定外力做功、判斷電勢能變化，要注意明確物體做勻速運動時，恒力F與電場力一定等大反向9、BC【解析】A由于電場力做功，所以小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能不守恒，A錯誤；B重力做功為且為負功，則重力勢能應(yīng)增加，B正確；C電場力做正功，所以電勢能減小為，C正確；D小球增加的機械能應(yīng)該為電場力對小球做的功，所以機械能增加，D錯誤。故選BC。10、AD【解析】根據(jù)圖像可知，設(shè)PQ進入磁場勻速運動的速度為v，勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B，導(dǎo)軌寬度為L，兩根導(dǎo)體棒的總電阻為R；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律可得PQ進入磁場時電流保持不變，根據(jù)右手定則可知電流方向QP；如

17、果PQ離開磁場時MN還沒有進入磁場，此時電流為零；當MN進入磁場時也是勻速運動，通過PQ的感應(yīng)電流大小不變，方向相反；如果PQ沒有離開磁場時MN已經(jīng)進入磁場，此時電流為零，當PQ離開磁場時MN的速度大于v，安培力大于重力沿斜面向下的分力，電流逐漸減小，通過PQ的感應(yīng)電流方向相反；A.圖像與分析相符，故A正確。B.圖像與分析不符，故B錯誤。C.圖像與分析不符，故C錯誤。D.圖像與分析相符，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A D 2.10 0.20 【解析】（1）電動勢為2V，因此電壓表選擇量程為3V的比較合適，故電壓表選擇A

18、，電路中的電流，因此電流表選擇D（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律E=U+Ir，可得：U=E-Ir，由此可知當I=0時的縱軸截距大小等于電源的電動勢大小，由此可知，E=2.10V；圖象的斜率大小等于電源的內(nèi)阻和定值電阻R0之和：，所以電源的內(nèi)阻為： 12、（1）ACEFG； （2）電路圖如圖所示；（3）曲線；燈絲電阻阻值隨溫度變化【解析】（1）先選擇必需的儀器，即電源和開關(guān)導(dǎo)線等；燈泡的額定電壓為3V，所以電壓表的量程選擇3V的C誤差較??；額定電流I=PU=0.430.133A，所以電流表的量程選擇211mA的A；燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，使用選擇電阻值比較小的滑動變阻器E；故

19、選擇的儀器有：ACEFG；（2）燈泡電壓能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡正常工作時的電阻為：R=U2P=320.4=22.5，遠小于電壓表的內(nèi)阻，屬于小電阻，電流表采用外接法電路圖和實物連線圖如圖所示（3）由于溫度升高，電阻變化，所以描繪出的I-U圖線是曲線（4）I-U線斜率的倒數(shù)表示電阻，可知隨電壓的增加，電阻變大，則圖B形狀最接近.【點睛】本題考查測量伏安特性曲線的實驗；解決本題的關(guān)鍵掌握器材選擇的原則，以及知道滑動變阻器分壓式接法和限流式接法的區(qū)別，電流表內(nèi)外接的區(qū)別同時明確燈泡伏安特性曲線的性質(zhì)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) 【解析】由閉合電路歐姆定律求出電源內(nèi)阻，然后由閉合電路歐姆定律、部分電路歐姆定律求出路端電壓（1）外電阻4.0時，由歐姆定律得： ，解得r=0.5（2）在外電路并聯(lián)一個6.0的電阻時，路端電壓為14、（1），=arctan方向斜向上（2）【解析】試題分析：（1）斜上拋至最高點A時為的速度：vA=v0cos 方向水平向右由于AA段沿水平方向直線運動，帶電小球從A運動到A過程中作勻減速運動，有：（v0