高考物理復(fù)習(xí)之專題突破訓(xùn)練：《專題二：相互作用和牛頓運動定律》選擇題與實驗題答案與解析

1、2021年高考物理復(fù)習(xí)之專題突破訓(xùn)練專題二：相互作用和牛頓運動定律選擇題與實驗題試題解析一、選擇題（共20小題）1（2020秋河西區(qū)期末）兩個大小相等的共點力F1、F2，當(dāng)它們間的夾角為90時，合力大小為20N，則當(dāng)它們間夾角為120時，合力的大小為（ ）A40NB10NC20ND10N【解答】解：當(dāng)兩個力之間的夾角為90時合力大小為20N，根據(jù)平行四邊形定則，知：F1F210N。當(dāng)兩個力夾角為120時，根據(jù)平行四邊形定則結(jié)合幾何關(guān)系，可知，F(xiàn)合10 N。故選：B。 2（2021浙江學(xué)業(yè)考試）如圖所示，當(dāng)人坐在滑板上從傾斜的沙丘上滑下時，不計空氣阻力，把人和滑板看成一個整體，則此整體只受到（

2、） A重力和沖力B重力和下滑力C重力和支持力D重力、支持力和摩擦力【解答】解：當(dāng)人坐在滑板上從傾斜的沙丘上滑下時，不計空氣阻力，把人和滑板看成一個整體，則此整體只受到豎直向下的重力、垂直斜面的支持力和沿斜面向上的滑動摩擦力，故D正確，ABC錯誤。故選：D。3（2019春龍華區(qū)校級期末）在如圖所示中，a、b（a，b均處于靜止?fàn)顟B(tài)）間一定存在彈力的是（ ）ABCD【解答】解：A、假設(shè)兩球間有彈力，則小球?qū)⑾騼蛇呥\動，與題矛盾，故ab間無彈力；故A錯誤。B、若兩球間無彈力，則兩個都將向下擺動，與題矛盾，說明ab間有彈力；故B正確。C、假設(shè)兩球間有彈力，則小球?qū)⑾騼蛇呥\動，與題矛盾，故ab間無彈力；故

3、C錯誤；D、假設(shè)a對b球有彈力，方向必定垂直于斜面向上，b球共受三個力：豎直向下的重力、豎直向上的拉力和垂直于斜面向上的彈力，三個力的合力不可能為零，則小球b不可能處于靜止?fàn)顟B(tài)，與題矛盾，故ab間一定沒有彈力；故D錯誤；故選：B。4（2019秋華寧縣校級期末）冰壺是冬奧會的正式比賽項目。運動員將冰壺推出后，在較長時間內(nèi)冰壺的運動可近似看作勻速直線運動，原因是冰壺受到的（ ）A摩擦力非常小B重力小C推力小D不受任何力【解答】解：冰壺被推出后不再受推力，豎直方向重力與支持力平衡，冰壺的運動可看作勻速直線運動，原因是冰壺受到的摩擦力非常小。故A正確，BCD錯誤。故選：A。5（2019春包頭校級期末）

4、如圖所示，某人靜躺在椅子上，椅子的靠背與水平面之間有固定傾斜角若此人所受重力為G，則椅子各部分對他的作用力的合力大小為（ ） AGBGsinCGcosDGtan【解答】解：人受多個力處于平衡狀態(tài)，人受力可以看成兩部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分對他的作用力的合力。根據(jù)平衡條件得椅子各部分對他的作用力的合力與重力等值，反向，即大小是G，故A正確BCD錯誤。故選：A。6（2020秋農(nóng)安縣期末）如圖所示，物體A、B疊放在物體C上，C置于水平地面上，水平力F作用于B，使A、B、C一起勻速運動，各接觸面間摩擦力的情況是（ ） AB對C有向左的摩擦力BC對A有向左的摩擦力C物體C受到三個摩擦力作用

5、DC對地面有向右的摩擦力【解答】解：三個物體都做勻速直線運動，合外力均為零。A、以B為研究對象，B水平方向受到向右的拉力F作用，根據(jù)平衡條件得知，C對B有向左的靜摩擦力，而且此靜摩擦力與F平衡，根據(jù)牛頓第三定律得知，B對C有向右的靜摩擦力。故A錯誤。B、對A研究，由平衡條件得知：C對A沒有摩擦力，否則A受力不平衡，不可能勻速直線運動，則A對C也沒有摩擦力。故B錯誤。C、D以整體為研究對象，由平衡條件得知：地面對C有向左的滑動摩擦力，則C對地面有向右的滑動摩擦力，故C受到兩個摩擦力。故C錯誤，D正確。故選：D。7（2020春南關(guān)區(qū)校級期末）如圖所示，質(zhì)量為m的木塊在質(zhì)量為M的長木板上滑動，長木板

6、與水平地面間的滑動摩擦系數(shù)為1，木塊與木板間的滑動摩擦系數(shù)為2，已知長木板處于靜止?fàn)顟B(tài)，那么此時長木板受到的地面摩擦力大小為（ ） A2mgB1MgC1（m+M）gD2mg+1Mg【解答】解：對小滑塊受力分析，受重力mg、長木板的支持力FN和向左的滑動摩擦力f1，有：f12FN FNmg 故f12mg再對長木板受力分析，受到重力Mg、小滑塊的對長木板向下的壓力FN、小滑塊對其向右的滑動摩擦力f1、地面對長木板的支持力FN和向左的靜摩擦力f2，根據(jù)共點力平衡條件，有：f1f2故：f22mg，故A正確、BCD錯誤。故選：A。8（2019秋勐?？h校級期末）有三個力矢量F1、F2、F3，恰好可圍成一個

7、封閉的直角三角形，在下列四個選項表示的情形中（如圖），三個力的合力最大的是（ ）ABCD【解答】解：根據(jù)矢量合成法則可知，A圖中三力合力為2F1，B圖中合力為零，C圖中合力為2F2，D圖中合力為2F3，因此C圖中三力的合力最大，故ABD錯誤，C正確。故選：C。9（2019秋香坊區(qū)校級期中）研究表明，自然界存在四種基本相互作用力，它們是（ ）A萬有引力、電磁力、強力、弱力B重力、彈力、摩擦力、電磁力C重力、彈力、強力、弱力D重力、分子力、浮力、摩擦力【解答】解：研究表明，自然界存在四種基本相互作用力，它們是萬有引力，電磁相互作用，強相互作用，弱相互作用。而重力屬于萬有引力相互作用，浮力、彈力屬于

8、電磁相互作用，故A正確，BCD錯誤。故選：A。10（2019秋云龍縣校級期末）如圖，質(zhì)量為5kg的物體，在F20N的水平拉力作用下，沿粗糙水平桌面做勻加速直線運動，已知桌面與物體間的動摩擦因數(shù)0.2，則物體在運動過程中受到的滑動摩擦力和加速度大小分別為（ ） A20N和4m/s2B10N和2m/s2C30N和6m/s2D20N和2m/s2【解答】解：依題意，物體相對于地面向右運動，受到地面的滑動摩擦力方向向左。物體在水平面上運動，F(xiàn)也在水平方向，則物體對地面的壓力大小等于物體的重力，即FNmg，所以物體受到的滑動摩擦力大小為：fFNmg0.250N10N，由牛頓第二定律可得：Ffma，所以有：

9、a2m/s2故選：B。11（2019秋西寧期末）物體A、B都靜止在同一水平面上，它們的質(zhì)量分別為mA、mB，與水平面間的動摩擦因數(shù)分別為A、B，用平行于水平面的拉力F分別拉物體A、B，所得加速度a與拉力F的關(guān)系圖線如圖中A、B所示，則由圖線可知（ ） AAB，mBmABAB，mBmACAB，mAmBDAB，mBmA【解答】解：對質(zhì)量為m的物體受力分析，假定動摩擦因數(shù)為，根據(jù)牛頓第二定律，有：Fmgma解得：ag，故a與F關(guān)系圖象的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù)，故mAmB；從圖象可以看出縱軸截距用g表示，故AB；故選：B。12（2019秋吳起縣校級期末）人在沙灘上行走時容易下陷，下陷時（ ）A人對沙灘的壓

10、力大于沙灘對他的支持力B人對沙灘的壓力等于沙灘對他的支持力C人對沙灘的壓力小于沙灘對他的支持力D無法確定【解答】解：作用力與反作用力大小相等，人對沙灘的壓力和沙灘對他的支持力是一對作用力和反作用力，所以人對沙灘的壓力等于沙灘對他的支持力。故B正確，A、C、D錯誤。故選：B。13（2020秋涼州區(qū)校級期末）關(guān)于作用力和反作用力，下列說法中正確的是（ ）A物體相互作用時，先有作用力而后才有反作用力B作用力和反作用力大小相等、方向相反，在一條直線上，因此它們的合力為零C彈力的反作用力一定是彈力D車被馬拉動，是因為馬拉車的力大于車?yán)R的力【解答】解：A、物體相互作用時，作用力與反作用力同時產(chǎn)生，同時變

11、化，同時消失。故A錯誤；B、作用力與反作用力大小相等，方向相反，但是作用在兩個物體上，不能進(jìn)行力的合成。故B錯誤；C、作用力與反作用力，力的性質(zhì)相同，彈力的反作用力一定是彈力，故C正確；D、車被馬拉動，是因為馬拉車的力大于車的阻力，馬拉車的力與車?yán)R的力是作用力與反作用力，大小相等，方向相反，故D錯誤；故選：C。14（2019秋南昌縣期末）人站在地面上，先將兩腿彎曲，再用力蹬地，就能跳離地面，人能跳起離開地面的原因是（ ）A人對地球的作用力等于地球?qū)θ说囊地面對人的作用力大于人對地面的作用力C地面對人的作用力大于地球?qū)θ说囊人除受地面的彈力外，還受到一個向上的力【解答】解：A、C、根據(jù)

12、牛頓第三定律，人對地球的作用力等于地球?qū)θ说囊?，但不是人能起跳離開地面的原因，原因是地面對人的作用力大于地球?qū)θ说囊?，故A錯誤，C正確；B、根據(jù)牛頓第三定律，地面對人的作用力等于人對地面的作用力；故B錯誤；D、人受重力和支持力，沒有所謂的“向上的力”，故D錯誤；故選：C。15（2019秋靜寧縣校級期末）物體沿粗糙的斜面勻速下滑，下列說法正確的是（ ）A物體對斜面的壓力和斜面對物體的支持力是一對平衡力B物體對斜面的摩擦力和斜面對物體的摩擦力是一對作用力與反作用力C物體受到的下滑力與滑動摩擦力是一對作用力與反作用力D若物體加速下滑，物體對斜面的摩擦力和斜面對物體的摩擦力大小不相等【解答】解：A

13、、物體對斜面的壓力和斜面對物體的支持力是一對相互作用力，故A錯誤；B、物體對斜面的摩擦力和斜面對物體的摩擦力是一對作用力與反作用力，故B正確；C、重力產(chǎn)生兩個效果，使物體緊壓斜面，使物體沿斜面下滑；故可以將重力分解為沿斜面向下的分力和垂直斜面向下的分力，合力與分力是等效替代的關(guān)系，而不是重復(fù)受力；本題中的分力是假象出來替代合力的，不是實際存在的力，更不是壓力與下滑力，故C錯誤；D、物體對斜面的摩擦力和斜面對物體的摩擦力是一對作用力和反作用力，不論物體做任何運動，二者均是相等的，故D錯誤。故選：B。16（2020東坡區(qū)校級模擬）如圖所示，一個空心均勻球殼里面注滿水，球的正下方有一小孔，當(dāng)水由小孔

14、慢慢流出的過程中，空心球殼和水的共同重心將會（ ） A先降低后升高B一直下降C一直上升D先升高后降低【解答】解：裝滿水時重心在球心處，隨著水從小孔不斷流出，重心位置不斷下降，當(dāng)水流完后，重心又上升到球心處，故重心的位置先下降后上升，故A正確，BCD錯誤。故選：A。17（2019秋石景山區(qū)期末）下列物理量屬于矢量的是（ ）A路程B速率C質(zhì)量D加速度【解答】解：A、路程是只有大小，沒有方向的物理量是標(biāo)量，故A錯誤B、速率是速度的大小，只有大小，沒有方向的物理量是標(biāo)量，故B錯誤C、質(zhì)量是只有大小，沒有方向的物理量是標(biāo)量，故C錯誤D、加速度是既有大小又有方向是矢量，故D正確故選：D。18（2019春沙

15、河口區(qū)校級期末）已知雨滴在空中運動時所受空氣阻力fkr22，其中k為比例系數(shù)，r為雨滴半徑，為其運動速率。t0時，雨滴由靜止開始下落，加速度用a表示。落地前雨滴已做勻速運動，速率為0下列對雨滴運動描述的圖象中一定錯誤的是（ ）ABCD【解答】解：AB、t0時，雨滴由靜止開始下落，v0，所受空氣阻力fkr220，則此時雨滴只受重力，加速度為g，隨著雨滴速度增大，所受空氣阻力增大，根據(jù)牛頓第二定律mgfma，則加速度減小，即雨滴做加速度逐漸減小的加速運動，當(dāng)最后fkr22mg時，加速度減小到零，速度再不變，雨滴勻速，故A正確，B正確；CD、當(dāng)最后勻速運動時有kr202mgg，可得最大速率0與成正比

16、，02r，故C正確，D錯誤；本題選錯誤的，故選：D。19（2019浙江模擬）如圖所示，物體A和B疊放在固定光滑斜面上，A、B的接觸面與斜面平行，當(dāng)A、B以相同的速度沿斜面向上運動時，關(guān)于物體A的受力個數(shù)，正確的是（ ） A2B3C4D5【解答】解：在上升的過程，整體都是只受兩個力，重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律得：（mA+mB）gsin（mA+mB）a，因此有：agsin，方向沿斜面向下以B為研究對象，設(shè)B受到摩擦力沿著斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律有：mBgsin+fmBa，解得：f0對A受力分析，受到重力、B對A的壓力和斜面對A的支持力三個力的作用，故B正確，ACD錯誤；故選：B。20（202

17、0秋河池期末）如圖所示，在一輛表面光滑且足夠長的小車上，有質(zhì)量為m1和m2的兩個小球（m1m2），兩個小球隨車一起運動，當(dāng)車突然停止運動時，若不考慮其他阻力，則兩個小球（ ） A一定相碰B不一定相碰C一定不相碰D無法確定【解答】解：車停止前，兩個小球和小車一起作勻速直線運動，并且兩個小球和小車具有共同的速度，當(dāng)小車突然停止時，由于小球在光滑接觸面上，因此兩個小球由于慣性，還要保持原來大小不變的速度做勻速直線運動，由于兩球的速度相同，相等時間內(nèi)通過的距離相等，因此兩個小球間的距離不變，一定不會相碰。故選：C。二、多選題（共20小題）21（2019秋福田區(qū)校級期末）在牛頓第二定律公式Fkma中，比

18、例常數(shù)k的數(shù)值（ ）A在任何情況下都等于1Bk值是由質(zhì)量、加速度和力的大小決定的Ck值是由質(zhì)量、加速度和力的單位決定的D在國際單位制中，k的數(shù)值一定等于1【解答】解：在牛頓第二定律的表達(dá)式Fkma中，只有質(zhì)量m、加速度a和力F的單位是國際單位時，比例系數(shù)k才為1，由質(zhì)量、加速度和力的單位決定，與質(zhì)量、加速度和力的大小無關(guān)，故CD正確，AB錯誤。故選：CD。22（2020秋河池期末）一滑雪者沿一傾角為的山坡滑下，然后又滑上另一傾角為的山坡（），如圖所示，兩山坡摩擦因數(shù)相同，則下列說法正確的是（ ） A在A山坡上重力是動力，在B山坡上重力是阻力B在A山坡上摩擦力是動力，在B山坡上摩擦力是阻力C在A

19、、B兩山坡上，滑雪者都受到重力、支持力、下滑力和摩擦力作用D在A、B兩山坡上滑行過程中，摩擦力都是阻力，且滑雪者在A山坡上所受摩擦力小于在B山坡上所受摩擦力【解答】解：A、根據(jù)力與運動的速度方向夾角大于90是阻力，力與運動的速度方向夾角小于90是動力，可知，在A山坡上重力與運動的速度方向夾角是小于90是動力，在B山坡上重力與運動的速度方向夾角是大于90是阻力，故A正確；B、不論在A山坡還是在B山坡，滑雪者所受的滑動摩擦力總是阻礙他相對山坡的滑動，所以都是阻力，故B錯誤；C、滑雪者受到重力、支持力和摩擦力，其中重力可以分解為兩個力，一是使滑雪者有沿山坡下滑趨勢的分力，二是使滑雪者壓緊坡面的分力分

20、析滑雪者受力時，下滑力不存在，故C錯誤；D、在A、B兩山坡上滑行過程中，摩擦力都是阻力，滑雪者在A山坡上時，摩擦力FfFNmgcos，在B山坡上時，摩擦力FfFNmgcos，因相同，且，因此在A山坡上所受摩擦力小于在B山坡上所受摩擦力，故D正確故選：AD。23（2020秋興慶區(qū)校級期末）關(guān)于彈力的產(chǎn)生，下列說法正確的有（ ）A木塊放在桌面上受到向上的彈力，是由于木塊發(fā)生微小的形變而產(chǎn)生的B木塊放在桌面上受到向上的彈力，是由于桌面發(fā)生微小的形變而產(chǎn)生的C掛在懸線下的物體受到向上的拉力，是由于懸線發(fā)生微小形變而產(chǎn)生的D掛在懸線下的物體受到向上的拉力，是由于物體發(fā)生微小形變而產(chǎn)生的【解答】解：A、木

21、塊放在桌面上受到向上的彈力，是由于桌面發(fā)生微小的形變而產(chǎn)生的，故A錯誤，B正確；C、掛在懸線下的物體受到向上的拉力，是由于懸線發(fā)生微小形變而產(chǎn)生的，故C正確，D錯誤；故選：BC。24（2020秋威海期末）將一重為G的圓柱形工件放在“V”形槽中，如圖所示，槽的兩側(cè)面與水平面的夾角相同，“V”形槽兩側(cè)面的夾角為120。當(dāng)槽的棱與水平面的夾角為30時，工件恰好能夠勻速下滑，則（ ） A工件對槽每個側(cè)面的壓力均為B工件對槽每個側(cè)面的壓力均為C工件與槽間的動摩擦因數(shù)為D工件與槽間的動摩擦因數(shù)為【解答】解：AB、工件的重力可以分解為沿棱方向向下的分力Gsin30與垂直于棱方向的分力Gcos30，如圖1所示

22、；垂直于棱方向的分力Gcos30，進(jìn)一步將垂直于棱方向的分力分解為兩個擠壓斜面的壓力，如圖2所示；由幾何關(guān)系可知2F1cos30Gcos30解得：F1F2，故A正確、B錯誤；CD、此時沿棱方向的分力GGsin30與圓柱體和槽之間的摩擦力大小相等，有：Ff2F1Gsin30解得：，故C正確，D錯誤。故選：AC。 25（2019春天寧區(qū)校級期末）物體b在力F作用下將物體a壓向光滑的豎直墻壁，a始終處于靜止?fàn)顟B(tài)。如圖所示，當(dāng)F逐漸增大時，則下列說法中正確的是（ ） Aa受的摩擦力有兩個Ba與b間的最大摩擦力大小隨F的增大而增大Ca受的摩擦力大小不隨F的增大而變化Db相對a的運動趨勢方向豎直向下【解答

23、】解：A、對a進(jìn)行分析，在豎直方向上，故a只受到b對a的摩擦力；故A錯誤；B、最大靜摩擦力與正壓力有關(guān)，故壓力越大，最大靜摩擦力越大；故B正確；C、a受重力、b對a的壓力、墻壁的彈力、b對a的靜摩擦力處于平衡，豎直方向b對a的摩擦力等于a的重力，方向豎直向上，F(xiàn)增大，摩擦力大小不變，始終等于a的重力。故C正確；D、a有向下運動的趨勢，故b相對于a有向上動趨勢；故D錯誤；故選：BC。26（2020秋廊坊期末）如圖所示，某運動員拖動汽車輪胎進(jìn)行體能訓(xùn)練，受訓(xùn)者通過繩子對靜止在水平地面上的輪胎施加作用力F，F(xiàn)斜向上并與水平方向成37角，大小由零逐漸增大。已知輪胎質(zhì)量為26kg，與地面間的動摩擦因數(shù)為

24、0.4，且輪胎受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為10m/s2。則（ ） A輪胎與地面間的摩擦力逐漸減小B輪胎與地面間的摩擦力先逐漸增大后逐漸減小C輪胎與地面間的的摩擦力最大值為80ND輪胎與地面間的的摩擦力最大值為104N【解答】解：AB、當(dāng)力F較小時，輪胎處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時輪胎與地面間的靜摩擦力大小為FfFcos37，摩擦力隨F增大而增大；當(dāng)力F較大時，輪胎做加速運動，此時輪胎與地面間的滑動摩擦力的大小為Ff（mgFsin37），摩擦力隨F增大而減小，因此，輪胎與地面間的摩擦力先逐漸增大后逐漸減小，故A錯誤，B正確；CD、當(dāng)輪胎剛要滑動時，輪胎與地面間的靜摩擦力最大，此時，對

25、輪胎，由平衡條件得，F(xiàn)cos37Ffm（mgFsin37），解得最大靜摩擦力，F(xiàn)fm80N，故C正確，D錯誤。故選：BC。27（2020秋沙市區(qū)校級期末）如圖所示，質(zhì)量為m1kg的木塊放在質(zhì)量為M2kg的長木板上，木塊受到水平向右的拉力F6N的作用而向右滑行，長木板處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為10.1，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為20.2，取g10m/s2。下列說法正確的是（ ） A木板受到地面的摩擦力的大小一定是1NB木板受到地面的摩擦力的大小一定是6NC當(dāng)F6N時，木板便會開始運動D無論力F的大小是多少，木板都不可能運動【解答】解：AB、木塊m所受長木板M的滑動摩擦力大小f1

26、1mg0.1110N1N，方向水平向左，根據(jù)牛頓第三定律得知：長木板M受到木塊m的摩擦力方向水平向右，大小等于1N長木板M處于靜止?fàn)顟B(tài)，水平方向受到木塊m的滑動摩擦力和地面的靜摩擦力，根據(jù)平衡條件木板受到地面的摩擦力的大小是1N，故A正確，B錯誤；C、開始時木板處于靜止?fàn)顟B(tài)，說明木塊與木板之間的摩擦力小于木板與地面之間的最大靜摩擦力，與拉力F的大小無關(guān)，所以當(dāng)F2（m+M）g0.2（1+2）10N6N時，木板仍靜止，故C錯誤；D、由題，分析可知，木塊對長木板的摩擦力f1不大于地面對長木板的最大靜摩擦力，當(dāng)F改變時，f1不變，則長木板不可能運動，故D正確。故選：AD。28（2020秋城關(guān)區(qū)校級期

27、末）如圖所示是皮帶傳動裝置示意圖，A為主動輪，B為從動輪。關(guān)于A輪邊緣上P點、B輪邊緣上Q點，受摩擦力的方向，下列說法中正確的是（ ） AP點所受摩擦力的方向與轉(zhuǎn)動方向相反BP點所受摩擦力的方向和轉(zhuǎn)動方向相同CQ點所受摩擦力的方向和轉(zhuǎn)動方向相反DQ點所受摩擦力的方向與轉(zhuǎn)動方向相同【解答】解：A為主動輪，A輪邊緣上P點受到皮帶的阻礙，所P點所受摩擦力的方向和轉(zhuǎn)動方向相反；B為從動輪，B輪邊緣上Q點在皮帶的帶動下轉(zhuǎn)動，因此Q點所受摩擦力的方向與轉(zhuǎn)動方向相同。故AD正確，BC錯誤。故選：AD。29（2020秋安徽月考）如圖，將一個質(zhì)量為m的小球在A點以一定的初動能Ek豎直向上拋出，已知小球運動過程中

28、受到水平方向恒定的風(fēng)力作用，小球運動到最高點C時的水平位移是x0，動能變?yōu)樵瓉淼囊话?，下列說法正確的是（ ） A小球所受風(fēng)力的大小是其重力的倍B小球能達(dá)到的最大高度H是x0的倍C小球再次落回到與A點等高的B點時，水平位移是2x0D小球再次落回到與A點等高的B點時，動能是3Ek【解答】解：A、小球在豎直方向只受到重力的作用，水平方向只受到風(fēng)力的作用，可知小球在豎直方向做豎直上拋運動，水平方向做勻加速直線運動；設(shè)水平方向因風(fēng)力產(chǎn)生的加速度為a，則從A到C的過程中水平方向：vxat，豎直方向：v0gt，由題小球運動到最高點C時動能變?yōu)樵瓉淼囊话?，則小球在C點的速度是A點速度的倍，可得：，由牛頓第二定

29、律：Fma可知小球所受風(fēng)力的大小是其重力的倍，故A正確；B、小球運動到最高點C時的水平位移是x0，由，得，小球能達(dá)到的最大高度H是x0的倍，故B錯誤；C、結(jié)合豎直上拋運動的對稱性可知，從C點到B點的時間與從A點到C點的時間是相等的，結(jié)合水平方向做初速度為零的勻變速直線運動可知，C、B間的水平距離為3x0，所以A、B間的水平距離為4x0，即小球再次落回到與A點等高的B點時，水平位移是4x0，故C錯誤；D、設(shè)小球的初動能為Ek，小球在最高點只有水平方向的分速度，動能為開始時的一半，可知從A到C風(fēng)力做的功為Ek，故從A點到B點，風(fēng)力做的功為2Ek，由動能定理可求得到達(dá)B點時的動能為3Ek，故D正確。

30、故選：AD。30（2020秋南平期末）關(guān)于牛頓第一定律和牛頓第三定律，下列說法正確的是（ ）A牛頓第一定律表明一切物體都具有慣性B牛頓第一定律說明必須有力作用在物體上，物體才能保持勻速直線運動C作用力和反作用力，可能作用在同一物體上D作用力和反作用力的大小一定相等【解答】解：A、牛頓第一定律是描述物體具有慣性，因此它又叫慣性定律。故A正確；B、根據(jù)牛頓第一定律，物體不受力時保持勻速直線運動或靜止，故B錯誤；CD、作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在不同的物體上，故C錯誤，D正確。故選：AD。31（2019秋巧家縣校級期末）將力F分解成F1和F2，若已知F1的大小和F2與F的夾角（為銳角）

31、，則（ ）A當(dāng)F1Fsin 時，有兩解B當(dāng)F1Fsin 時，一解C當(dāng)Fsin F1F時，有兩解D當(dāng)F1Fsin 時，無解【解答】解：A、當(dāng)Fsin F1F時，能構(gòu)成兩個平行四邊形，分解得到的一組解是F1C和F2C，另一組解F1C和F2C，故A錯誤，C正確；B、如圖所示，當(dāng)F1Fsin 時，只能構(gòu)成唯一的平行四邊形，分解得到F1B和F2B，故B正確；D、當(dāng)F1Fsin 時，構(gòu)不成完整的平行四邊形，所以無解，故D正確；故選：BCD。 32（2020春集寧區(qū)校級月考）如圖所示，在傾角30的光滑斜面上有兩個用輕質(zhì)彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量均為m，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止

32、狀態(tài)?，F(xiàn)開始用一沿斜面向上的力F拉物塊A使之以加速度a向上做勻加速運動，當(dāng)物塊B剛要離開C時力F的大小恰為2mg。則（ ） A物塊B剛要離開C時的加速度為0B加速度agC無法計算出加速度aD從F開始作用到B剛要離開C，A的位移為【解答】解：A由題意可知，B物塊剛要離開C時，B物塊的速度與加速度為零，B與C兩者僅僅接觸，但沒有相互作用的彈力，故A正確；BC設(shè)物塊B剛要離開C時的伸長量為x2，對B物塊受力分析由平衡條件有：kx2mgsin30，對物塊A受力分析，由牛頓第二定律有：Fkx2mgsin30ma，又由題意可知此時Fmg，可得加速度ag，故B正確，C錯誤；D由前面的分析可得B物塊剛要離開C

33、時，彈力的伸長量為，設(shè)一開始彈簧的壓縮量為x1，對物塊A受力分析，由平衡條件有kx1mgsin30，得，所以從F開始作用到物塊B剛要離開C的過程中，物塊A的位移為xx1+x2，故D正確。故選：ABD。33（2021永州二模）如圖所示，質(zhì)量均為m的兩物塊A、B通過一輕質(zhì)彈簧連接，靜止放置在光滑水平面上彈簧開始時處于原長，運動過程中始終處在彈性限度內(nèi)。t10時刻在A上施加一個水平向左的恒力F，t2t時刻彈簧第一次恢復(fù)到原長，此時A、B速度分別為v1和v2。則t1到t2時間內(nèi)（ ） AA、B和彈簧組成的系統(tǒng)的機械能先增大后減小B當(dāng)彈簧的彈性勢能最大時，兩物塊速度相等C當(dāng)A的加速度為零時，B的加速度為

34、D物塊B移動的距離為【解答】解：A、從開始到彈簧第一次恢復(fù)到原長的過程中，拉力F一直做正功，則A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機械能一直增大，故A錯誤；B、A、B速度相等前，A一直比B速度大，彈簧一直在變長，當(dāng)兩物塊速度相等，彈簧最長時，彈簧的彈性勢能最大，故B正確；C、當(dāng)A的加速度為零時，對A，根據(jù)牛頓第二定律知：F彈FmaA0，則彈簧的彈力F彈F，所以B的加速度為aB，故C錯誤；D、彈簧恢復(fù)原長時彈性勢能為零，設(shè)物塊B移動的距離為x，則物塊A移動的距離也為x。根據(jù)功能關(guān)系可知：Fx+，可得x，故D正確。故選：BD。34（2020秋福州期末）如圖甲所示，一水平傳送帶沿順時針方向以恒定速率轉(zhuǎn)動，在傳送帶

35、左端A處輕放一可視為質(zhì)點的小物塊，小物塊從A端向B端運動的速度隨時間變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，t6s時恰好到B點，重力加速度g取10m/s2，由以上信息可求得（ ） A傳送帶的速度大小B傳送帶A、B間的長度C小物塊的質(zhì)量D小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)【解答】解：A、由圖乙所示圖象可知，小物塊在傳送帶上先做初速度為零的勻加速直線運動，當(dāng)小物塊的速度與傳送帶速度相等后小物塊與傳送帶一起做勻速直線運動，小物塊做勻速直線運動的速度是4m/s，則傳送帶的速度大小是4m/s，故A正確；B、vt圖線與時間軸所圍成的面積表示小物塊的位移大小，由圖乙所示vt圖象可知，小物塊在傳送帶上的位移大?。簒m16m，即傳

36、送帶A、B間的長度為16m，故B正確；CD、由圖乙所示圖象可知，小物塊做勻加速直線運動的加速度大?。篴，設(shè)小物塊的質(zhì)量為m，對小物塊，由牛頓第二定律得：mgma，代入數(shù)據(jù)解得：0.1，根據(jù)已知信息無法求出小物塊的質(zhì)量m，故C錯誤，D正確。故選：ABD。35（2020秋泉州期末）如圖，P、Q兩個滑塊放在光滑的水平地面上，Q靠在水平輕彈簧的左端，彈簧的右端固定在豎直墻面上，水平向右外力F3N作用在P上，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知P、Q的質(zhì)量分別為mP0.2kg、mQ0.1kg，彈簧的勁度系數(shù)k30N/m?，F(xiàn)將F的方向突變?yōu)樗较蜃?，大小不變，仍然作用在P上，則（ ） A力F剛變向瞬間，P的加速度大小為

37、20m/s2B在P左移2cm瞬間，P、Q的相互作用力為2.4NC當(dāng)P左移10cm時，P、Q開始分離DP左移10cm所經(jīng)歷的時間大于0.1s【解答】解：A、F變向前，彈簧的彈力大小等于F，力F剛變向瞬間，彈簧的彈力不變，對P、Q整體，根據(jù)牛頓第二定律得：F+F彈（mP+mQ）a1，其中F彈F，解得a120m/s2，故A正確；B、F變向之前，彈簧的壓縮量為x1m0.1m，在P左移2cm瞬間，彈簧的壓縮量為x20.1m0.02m0.08m，對P、Q整體，根據(jù)牛頓第二定律得：F+kx2（mP+mQ）a2；對P，由牛頓第二定律得F+FNmPa2，聯(lián)立解得Q對P的作用力大小FN0.6N，故B錯誤；C、P、

38、Q開始分離時，兩者間的作用力為零，對P，由牛頓第二定律得FmPa3，對P、Q整體，根據(jù)牛頓第二定律得：F+kx3（mP+mQ）a3，聯(lián)立解得x30.05m因此，當(dāng)P左移sx1x30.1m0.05m0.05m5cm時，P、Q開始分離，故C錯誤；D、P左移x10cm0.1m時，假設(shè)P以加速度a120m/s2向左做勻加速直線運動，有x，解得t0.1s。對P、Q整體，根據(jù)牛頓第二定律得：F+kx（mP+mQ）a，可知，隨著彈簧壓縮量x的減小，整體的加速度減小，所以，P左移10cm所經(jīng)歷的時間大于0.1s，故D正確。故選：AD。36（2020秋淮南期末）如圖所示，質(zhì)量分別為m，M的物體A，B靜止在勁度系

39、數(shù)為k的彈簧上，A與B不粘連?，F(xiàn)對物體施加豎直向上的力F使A、B一起上升，若以兩物體靜止時的位置為坐標(biāo)原點；兩物體的加速度隨位移的變化關(guān)系如圖乙所示。下列說法正確的是（ ） A在乙圖PQ段表示拉力F逐漸增大B在乙圖QS段表示B物體減速上升C位移為x1時，A，B之間彈力為mgkx1Ma0D位移為x3時，A，B一起運動的速度大小為【解答】解：A、開始時，質(zhì)量分別為m，M的物體A，B靜止在勁度系數(shù)為k的彈簧上，彈簧的彈力向上，大小為：F（M+m）g，隨物體的向上運動，彈簧伸長，形變量減小，彈簧的彈力減小，而PQ段的加速度的大小與方向都不變，根據(jù)牛頓第二定律：F（M+m）g+F彈（M+m）a；F彈減小

40、，所以F增大。故A正確；B、在乙圖QS段，物體的加速度的方向沒有發(fā)生變化，方向仍然與開始時相同，所以物體仍然做加速運動，是加速度減小的加速運動。故B錯誤；C、開始時，質(zhì)量分別為m，M的物體A，B靜止在勁度系數(shù)為k的彈簧上，彈簧的彈力：F0（M+m）g當(dāng)彈簧伸長了x1后，彈簧的彈力：F1F0FF0kx1（M+m）gkx1以B為研究對象，則：F1mgFx1Ma0得：Fx1F1mgMa0mgkx1Ma0故C正確；D、P到Q的過程中，物體的加速度不變，得：Q到S的過程中，物體的加速度隨位移均勻減小，聯(lián)立得：故D錯誤。故選：AC。37（2020秋巴中期末）飛天攬月，奔月取壤，2020年11月24日4時3

41、0分，長征五號遙五運載火箭在文昌航天發(fā)射場點火升空，順利將嫦娥五號探測器送入預(yù)定軌道，開啟我國首次地外天體采樣返回之旅。下列關(guān)于火箭在豎直方向加速起飛階段的說法，正確的是（ ） A火箭處于超重狀態(tài)B燃料燃燒推動空氣，空氣反作用力推動火箭升空C火箭發(fā)動機將燃料產(chǎn)生的氣體向后推動，氣體的反作用力推動火箭升空D保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，相對地面由靜止下落【解答】解：A、火箭加速向上，故處于超重狀態(tài)，故A正確；BC、火箭受到重力和空氣阻力以及內(nèi)部燃料噴出時的作用力作用，燃料燃燒向下噴氣，噴出的氣體的反作用力推動火箭升空，故B錯誤，C正確；D、保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，由于具有向上的速度，故

42、做豎直上拋運動，故D錯誤。故選：AC。38（2020秋泉州期末）在電梯中，把一重物置于水平放置的壓力傳感器上，電梯從靜止開始加速，然后勻速運動一段時間，最后減速直至停止運動。如圖為在此過程中傳感器顯示出其所受壓力F隨時間t的變化關(guān)系圖象，則可知重物（ ） A在02s內(nèi)處于失重狀態(tài)B在02s內(nèi)先失重后超重C在68s內(nèi)速度先增大后減小D在68s內(nèi)加速度先增大后減小【解答】解：AB、由題圖可知，02s內(nèi)，重物對電梯的壓力一直小于重物的重力，加速度向下，說明電梯一直處于失重狀態(tài)，故A正確，B錯誤；CD、在68s內(nèi)，重物對電梯的壓力大于重物的重力，加速度向上，加速度先增大后減小，根據(jù)加速度的物理含義可知

43、，速度一直增大，故C錯誤，D正確。故選：AD。39（2019秋大關(guān)縣期末）如圖所示，正在行駛的火車車廂內(nèi)，有一人相對車廂由靜止釋放一小球，則小球（ ） A可能落在A處B可能落在B處C可能落在C處D以上都不可能【解答】解：慣性是物體的一種特性，是指物體保持靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線運動狀態(tài)的性質(zhì)。在做勻速直線運動的車廂上，由于具有慣性，小球要保持原來的運動狀態(tài)，即勻速直線運動狀態(tài)，所以小球落下的位置在B點。若汽車做勻加速運動，則落在A點，若汽車做勻減速運動，則落在C點，所以落在ABC點都有可能，故ABC正確，D錯誤故選：ABC。40（2019秋晉江市校級期中）在一張大桌子上放兩平面鏡M和N，讓一束光依次

44、被兩面鏡子反射，最后射到墻上，形成一個光點P用力壓桌面，觀察墻上光點位置的變化，下列說法中正確的是（ ） AF增大，P上移BF減小，P下移CF增大，P下移DF減小，P上移【解答】解：AC、若在兩鏡之間桌面用力F增大，M、N將向中間傾斜，光束的入射角減小，反射光束會向下移動，由光的反射定律可知，光點P在墻上會向下偏移，故A錯誤，C正確；BD、同理可知若F減小，光束的入射角增大，由光的反射定律可知，光點會上移，故B錯誤，D正確。故選：CD。三、實驗題（共10小題）41（2019茂名二模）為了較準(zhǔn)確的測量細(xì)線能承受的最大拉力，某同學(xué)進(jìn)行了如下實驗：將細(xì)線對折，將重為G的鉤碼掛在細(xì)線的下端，如圖甲所示

45、，用刻度尺測量出對折后的長度L；如圖乙所示，將刻度尺水平放置，兩手捏著細(xì)線緊貼刻度尺水平緩慢向兩邊移動，直到細(xì)線斷裂，讀出此時兩手間的水平距離d。（1）該同學(xué)兩手捏著細(xì)線緩慢向兩邊移動的過程中，細(xì)線中拉力的合力大小將 不變 （選填“增大”“減小”或“不變”）。（2）在不計細(xì)線質(zhì)量和伸長影響的情況下，利用G、L、d可計算出細(xì)線能承受的最大拉力大小為 。（用題中字母表示） 【解答】解：（1）該同學(xué)兩手捏著細(xì)線緩慢向兩邊移動的過程中，鉤碼始終處于平衡狀態(tài)，細(xì)線中拉力逐漸增大，但他們的合力始終等于鉤碼重力G，故合力大小不變；（2）細(xì)線斷裂時，細(xì)線中拉力為最大值，設(shè)此時細(xì)繩與豎直方向夾角為，則2Fmco

46、sG，根據(jù)幾何關(guān)系可知，聯(lián)立解得。故答案為：（1）不變；（2）。42（2019福田區(qū)校級模擬）在研究球形固體顆粒在水中豎直勻速下沉的速度與哪些因素有關(guān)的實驗中，得到的實驗數(shù)據(jù)記錄在下面的表格中（水的密度為01.0103kg/m3）次序固體顆粒的半徑r/（103）m固體顆粒的密度/（103kgm3）勻速下沉的速度v/（ms1）10.502.00.5521.002.02.2031.502.04.9540.503.01.1051.003.04.4060.504.01.6571.004.06.60（1）根據(jù)以上1、2、3組實驗數(shù)據(jù)，可知球形固體顆粒在水中勻速下沉的速度v與固體顆粒的半徑r的關(guān)系：v與

47、（填“r”或“r2”）成正比。（2）根據(jù)以上1、4、6組實驗數(shù)據(jù)，可知球形固體顆粒在水中勻速下沉的速度v與水的密度0、固體的密度的關(guān)系：v與 填“”或“0”）成正比。（3）綜合以上實驗數(shù)據(jù)，推導(dǎo)球形固體顆粒在水中勻速下沉的速度與水的密度、固體的密度、固體顆粒的半徑的關(guān)系表達(dá)式v ，比例系數(shù)可用k表示?！窘獯稹拷猓海?）從表格中次序為1、2、3各行中可以看出，固體顆粒密度相同，固體球的半徑r越大則勻速下沉的速度v越大，而且勻速下沉的速度與固體顆粒的半徑平方成正比，設(shè)球形固體顆粒的半徑為r，密度為，在水中勻速下降的速度為v。由控制變量法容易得出：當(dāng)一定時，vr2。（2）根據(jù)表格中的1、4、6可知，

48、當(dāng)r一定時，在每個值后都減去水的密度0、得到的數(shù)值與v成正比。即：v（0）則：vr2（0）。（3）根據(jù)以上的分析可知：vr2，vr2（0），所以有：vkr2（0）。故答案為：（1）r2；（2）（0）；（3）kr2（0）。43（2019銀川三模）某物理興趣小組的同學(xué)在研究彈簧彈力的時候，測得彈力的大小F和彈簧長度l的關(guān)系如圖1所示，則由圖線可知： （1）彈簧的勁度系數(shù)為 N/m。（2）為了用彈簧測定兩木塊A和B間的動摩擦因數(shù)，兩位同學(xué)分別設(shè)計了如圖2所示的甲、乙兩種方案。為了用某一彈簧測力計的示數(shù)表示A和B之間的滑動摩擦力的大小，你認(rèn)為方案 更合理。若A和B的重力分別為10.0N和20.0N當(dāng)A

49、被拉動時，彈簧測力計a的示數(shù)為6.0N，b的示數(shù)為11.0N，c的示數(shù)為4.0N，則A和B間的動摩擦因數(shù)為 。【解答】解：（1）由圖讀出，彈簧的彈力F0時，彈簧的長度為L020cm，即彈簧的原長為20cm，由圖讀出彈力為F060N，彈簧的長度為L040cm，彈簧壓縮的長度x0LL0402020cm0.2m；由胡克定律得彈簧的勁度系數(shù)為k300N/m；（2）甲乙兩種方案，在拉著物體A運動的過程中，拉A的彈簧測力計必須要求其做勻速直線運動，比較困難，讀數(shù)不是很準(zhǔn)，彈簧測力計a是不動的，指針穩(wěn)定，便于讀數(shù)，故甲方案更合理；由于彈簧測力計a示數(shù)為6.0N，所以A、B間的動摩擦因數(shù)0.30；故答案為：（

50、1）300 （2）甲 0.3044（2019常德一模）一名同學(xué)用圖示裝置做“測定彈簧的勁度系數(shù)”的實驗。以下是這位同學(xué)擬定的實驗步驟，請按合理的操作順序?qū)⒉襟E的序號寫在橫線上 CBDAE 。A以彈簧長度l為橫坐標(biāo)，以鉤碼質(zhì)量m為縱坐標(biāo)，標(biāo)出各組數(shù)據(jù)（l，m）對應(yīng)的點，并用平滑的曲線連接起來；B記下不掛鉤碼時，彈簧下端A處指針在刻度尺上的刻度l0；C將鐵架臺固定于桌子上，將彈簧的一端系于橫梁上，在彈簧附近豎直固定一把刻度尺；D依次在彈簧下端掛上1個、2個、3個鉤碼，待鉤碼靜止后，讀出彈簧下端指針指示的刻度記錄在表格內(nèi)，然后取下鉤碼；E由圖象找出ml間的函數(shù)關(guān)系，進(jìn)一步寫出彈力與彈簧長度之間的關(guān)系

51、式；求出彈簧的勁度系數(shù)。 【解答】解：本實驗中首先要正確安裝儀器，并記下彈簧自然伸長時的位置，然后再掛上鉤碼分別得出對應(yīng)的長度；建立坐標(biāo)系，作出對應(yīng)的Fl圖象即可；故答案為：C，B，D，A，E故答案為：CBDAE45（2020秋內(nèi)江期末）如圖1所示，某實驗小組的同學(xué)將足夠長的木板固定在水平桌面上，帶有寬度為d的遮光條的滑塊，從光電門的右側(cè)以某一初速度向左運動，經(jīng)過一段時間后滑塊靜止在光電門的左側(cè)某位置，改變滑塊的初速度，重復(fù)以上操作步驟，重力加速度為g，就可以測量出滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)。則： （1）為了完成測量，應(yīng)該直接測量的物理有 （選填選項前的字母）。A滑塊和遮光條的初速度v0B滑塊

52、和遮光條的總質(zhì)量MC遮光條經(jīng)過光電門的擋光時間t0D滑塊停止的位置與光電門間的距離x0（2）根據(jù)（1）題中直接測量的物理量，可得滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為 。（3）如果將圖中的長木板左端適當(dāng)墊高，將光電門固定在長木板的底端，讓帶有遮光條的滑塊在左側(cè)適當(dāng)位置由靜止釋放，與光電門之間的水平距離為L，滑塊經(jīng)過光電門的擋光時間為t；改變長木板的傾角，調(diào)整釋放點的位置，保持釋放點與光電門之間的水平距離L不變，如圖2所示重復(fù)以上步驟，則：釋放位置距離水平桌面的高度為 （用d、x0、t0、L和t表示）。根據(jù)該實驗多次操作得到的實驗數(shù)據(jù)，作出實驗圖像。如果用橫坐標(biāo)表示釋放點的位置高度h，為了使圖像的是一條直

53、線，那么縱坐標(biāo)表示的是 （均采用國際單位）。如果僅將長木板換用其他材料的長板，其他條件均不改變，則圖像的斜率將 （選填“變大”、“變小”或“不變”）?！窘獯稹拷猓海?）（2）設(shè)遮光條經(jīng)過光電門時的擋光時間為t0，則滑塊經(jīng)過光電門時的速度v，設(shè)滑塊和遮光條的總質(zhì)量為M，滑塊經(jīng)過光電門后做勻減速直線運動，設(shè)滑塊經(jīng)過光電門后滑行距離x0后速度為零，設(shè)動摩擦因數(shù)為，對滑塊，由動能定理得：Mgx00，整理得：遮光條的寬度d已知，要測動摩擦因數(shù)，還需要測量的量有：遮光條經(jīng)過光電門的擋光時間t0，滑塊停止的位置與光電門間的距離x0，故選CD。（3）滑塊經(jīng)過光電門時的速度v，設(shè)長木板的傾角為，滑塊下滑過程，由

54、動能定理得：MghMgcos由題意可知：tan整理得：由可知，h與是線性關(guān)系，以h為縱坐標(biāo)，以為橫坐標(biāo)的圖象是一條直線；僅將長木板換用其他材料的長板，動摩擦因數(shù)發(fā)生變化，其他條件均不改變，由可知，圖象的斜率k與無關(guān)，則圖像的斜率將不變；【答案】（1）CD；（2）；（3）；不變。46（2020秋滁州期末）如圖1，在做“驗證力的平行四邊形定則”實驗時：（1）要使每次合力與分力產(chǎn)生相同的效果，必須 A每次將橡皮條拉到同樣的位置B兩彈簧秤的夾角相同C每次彈簧秤示數(shù)必須相同D只要一個彈簧秤的讀數(shù)相同就行（2）如圖2所示，是甲乙兩位同學(xué)在做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗時得到的結(jié)果，則其中 甲 同學(xué)實驗結(jié)果比較符合實驗事實 【解答】解：（1）要使每次合力與分力產(chǎn)生相同的效果，每次將橡皮條拉到同樣的位置，即用一個力與用兩個力的作用效果相同，故BCD錯誤，A正確；故選：A（2）用一個彈簧測力計拉橡皮條時，拉力的方向一定沿繩子方向，如甲圖中的豎直