2023屆湖北省名校聯(lián)盟新高三（上）摸底聯(lián)考物理試題（含答案解析）

2023屆湖北省名校聯(lián)盟新高三（上）摸底聯(lián)考物理試題

學校:姓名：班級：考號：

一、單選題

1.利用光電管研究光電效應的實驗電路圖如圖所示，用波長為2的光照射某種金屬，

發(fā)生光電效應時，光電子的最大初動能為Ek：若用波長為方的光照射該金屬發(fā)生光電

效應時光電子的最大初動能為2.25Ek。則該金屬的極限波長4為（）

2.質(zhì)量為加的賽車在水平直線賽道上以恒定功率尸加速，受到的阻力6不變，其加

則下列說法正確的是（）

B.賽車加速度隨時間均勻增大

C.賽車加速過程做的是加速度逐漸減小的加速運動

D.圖中縱軸截距6=0、橫軸截距c=*

mm

3.2022年3月31日，大連中遠海運重工為中遠海運發(fā)展建造的62000噸多用途紙漿

船N1040順利完成試航任務返回碼頭。N1040總長201.8米、兩柱間長198.3米、型

寬32.26米、型深19.3米，航速13.5節(jié)，續(xù)航力22000海里。在這則新聞中涉及了長

度、質(zhì)量和時間及其單位，下列說法正確的是（)

A.“N1040總長201.8米”中，米是國際單位制中力學三個基本物理量之一

B.“航速13.5節(jié)”中，節(jié)是速度單位，物理學中所有的物理量都有單位

C.“62000噸多用途紙漿船”中，噸是國際單位制中的導出單位

D.“續(xù)航力22000海里”中，海里不是力的單位，力的單位“牛頓”是國際單位制中的導

出單位

4.如圖所示，甲、乙兩行星半徑相等，丙、丁兩顆衛(wèi)星分別繞甲、乙兩行星做勻速圓

周運動，丙、丁兩衛(wèi)星的軌道半徑4=2々，運動周期《=2工，則（）

A.甲、乙兩行星質(zhì)量之比為1：16五

B.甲、乙兩行星第一宇宙速度大小之比為40:1

C.甲、乙兩行星密度之比為16：1

D.甲、乙兩行星表面重力加速度大小之比為8近:1

5.在勻強磁場中有粗細均勻的同種導線制成的直角三角形線框。加，口。=90。，口。=

37。，磁場方向垂直于線框平面，a、c兩點接一直流電源，電流方向如圖所示。已知

sin370-0.6,cos37°-0.8,則下列說法正確的是（）

A.導線be受到的安培力大于導線形所受的安培力

B.導線abc受到的安培力的合力大于導線這受到的安培力

C.導線/、農(nóng)所受安培力的大小之比為3：8

D.導線受到的安培力的合力方向垂直于ac向上

6.如圖所示，光滑傾斜滑道與粗糙水平滑道MN平滑連接。質(zhì)量為1kg的滑塊從

。點由靜止滑下，在N點與緩沖墻發(fā)生碰撞，反彈后在距墻1m的P點停下。已知。

點比M點高1.25m,滑道MN長4m,滑塊與滑道MN的動摩擦因數(shù)為0.2,重力加速

度大小g取lOm/sz,不計空氣阻力。下列說法正確的是（）

A.滑塊運動到M點的速度大小為6m/sB.滑塊運動到，點的速度大小為4m/s

C.緩沖墻對滑塊的沖量大小為10N-sD.緩沖墻對滑塊做的功為-2.5J

7.如圖所示，不帶電的金屬球N的半徑為七球心為。，球N左側(cè)固定著兩個電荷

量大小均為q的異種點電荷，電荷之間的距離為2&/點在點電荷+q的右側(cè)R處，

M點和。點以及+外一夕所在位置在同一直線上，且兩點電荷連線的中點到。點的距

離為5R。當金屬球達到靜電平衡時，下列說法正確的是（）

A.M點的電勢低于。點的電勢

B.也點的電場強度大小為纓

C.感應電荷在球心。處產(chǎn)生的場強大小為7^7

144R~

D.將一電子由“點移到金屬球上不同點，克服電場力所做的功不相等

二、多選題

8.一簡諧橫波沿x軸傳播，，=ls時的波形如圖甲所示,x=1m處質(zhì)點的振動圖線如

圖乙所示，則下列說法正確的是（）

A.此波的波長4=2m

B.波的傳播速度為2m/s

C.該波沿x軸正方向傳播

D.f=1.5s時，x=2m處質(zhì)點的位移為一5cm

9.如圖所示，電壓表和電流表可視為理想電表，定值電阻與、&均為IOC,N是原

線圈的中心抽頭，K為單刀雙擲開關，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比〃|：%=10：1。

在原線圈尸、0兩端接“=220夜sinlOO^V的交流電壓，下列說法正確的是（）

A.原線圈輸入電壓的有效值為110近V

B.原線圈輸入電壓的頻率為50Hz

C.開關K接〃，電流表示數(shù)為2.2A,電壓表示數(shù)為11V

D.開關K由M撥到N后，原線圈的輸入功率變?yōu)樵瓉淼?倍

10.一觀眾用頻閃照相機照相，拍攝了網(wǎng)球運動中的一段頻閃照片。若以拍到的網(wǎng)球

位置1為坐標原點，以水平向右方向為x軸正方向，以豎直向下為y軸正方向，建立

坐標系畫小方格如圖所示，已知每個小方格邊長9.8cm,當?shù)氐闹亓铀俣却笮?/p>

g=9.8m/s2。相機連續(xù)拍攝了5張照片，由于技術故障，本應該被拍攝到的網(wǎng)球位置4

沒有顯示，則下列判斷正確的是（)

o

A.網(wǎng)球從位置1運動到位置4的時間為0.6s

B.網(wǎng)球在空中運動的水平速度大小為1.96m/s

C.網(wǎng)球在位置4的速度為1.96m/s

D.網(wǎng)球位置4坐標為(58.8cm,58.8cm)

11.如圖所示，質(zhì)量為"?、電阻為火、邊長為￡正方形金屬線框的“邊恰好與有界勻

強磁場的上邊界重合，現(xiàn)將線框在豎直平面內(nèi)由靜止釋放，當下落高度為“(人＜L)

時線框開始做勻速運動。已知線框平面始終與磁場方向垂直，且〃邊始終水平，磁場

的磁感應強度大小為8,重力加速度大小為g,不計空氣阻力，則下列說法正確的是

()

A.cd邊進入磁場時，線框中感應電流的方向為順時針方向

B.線框勻速運動時的速度大小為豁

BLh

C.線框從靜止到剛好勻速運動的過程中，通過線框某截面的電量為喑

D.線框從靜止到剛好勻速運動的過程中，線框中產(chǎn)生的焦耳熱為機g〃-理好

2BL

三、實驗題

12.某同學使用如圖甲所示裝置測量滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)?；瑝K上裝有遮光

條，位置。處安裝光電門，實驗時給滑塊一初速度，遮光條通過光電門的時間很短,

測量遮光條通過光電門的時間"和通過光電門后滑塊繼續(xù)滑行的距離S,已知當?shù)刂?/p>

力加速度大小為g?；卮鹣铝袉栴}：

（1）用游標卡尺測遮光條的寬度d,如圖乙所示，則（/=mm。

（2）滑塊通過光電門時的速度v=。（用題目所給物理量符號表示）

（3）滑塊與桌面間的動摩擦因數(shù)〃=。（用題目所給物理量符號表示）

13.太陽能路燈以太陽光為能源，白天太陽能電池板給蓄電池充電，晚上蓄電池給路

燈供電，某太陽能電池電動勢約為3V,短路電流約為0.15A,為了準確的測量其電動

勢和內(nèi)阻，可供選用的器材如下：

A.電流表G：量程為30mA,內(nèi)阻%=30。

B.定值電阻：&=5。

C.電阻箱：電阻范圍0~999C,允許通過最大電流0.5A

D.導線若干，開關一個

（1）在下面的方框中畫出實驗原理圖；

（2）多次改變電阻箱的阻值R,記錄下每次電流表對應的示數(shù)/,利用圖像法處理數(shù)

據(jù)，若以。為縱軸，則應以（填改”或“占”）為橫軸，擬合直線；

IRR~

（3）若圖像縱軸的截距為斜率為鼠則可求得電動勢后=,內(nèi)阻r=

。（均用符號*、左、&、表示）

四、解答題

14.如圖所示，籃球隔一段時間要充氣，某體育老師用打氣筒對一個容積為7.5L的籃

球打氣，每打一次都把體積為%=250mL、壓強與大氣壓相同、溫度與環(huán)境溫度相同

的氣體打進籃球內(nèi)。已知打氣前球內(nèi)氣壓與大氣壓相同，環(huán)境溫度為27口，大氣壓強

為l.Oatmo假設打氣過程中籃球內(nèi)氣體溫度不變。

(1)若不考慮籃球容積變化，求打2次氣后籃球內(nèi)氣體的壓強(結(jié)果保留三位有效數(shù)

字)；

(2)若打氣后籃球內(nèi)氣體的壓強不低于1.5atm,籃球的容積比原來增大了1%,求打

氣的最少次數(shù)。

15.如圖所示，一半徑R=0.4m的光滑豎直半圓軌道與水平面相切于c點，一質(zhì)量

機=1kg可視為質(zhì)點的小物塊靜止于水平面。點，現(xiàn)用一水平恒力F向左拉物塊，經(jīng)過

f=3s時間到達b點速度的大?。?6m/s,此時撤去F,小物塊繼續(xù)向前滑行經(jīng)c點進

入光滑豎直圓軌道，且恰能經(jīng)過豎直軌道最高點/己知小物塊與水平面間的動摩擦

因數(shù)〃=0.4,重力加速度g取lOm/s3求：

(1)水平恒力尸的大?。?/p>

(2)6、c間的距離乙。

16.如圖所示，在xQy坐標系所在的平面內(nèi)，第二象限內(nèi)有一半徑為R的圓形勻強磁

場區(qū)域口，磁場邊界與x軸和y軸分別相切于/、C兩點，磁場方向垂直平面向里，磁

感應強度大小為8。在0夕勺?的區(qū)域有垂直紙面向外的勻強磁場門，磁感應強度大小

為在RW爛2R區(qū)域有與x軸平行的勻強電場，電場強度大小為E,方向沿x軸負方

向，x=2R處放置與x軸垂直的熒光屏。沿x軸移動的粒子發(fā)射器能持續(xù)穩(wěn)定的沿平行

y軸正向發(fā)射速率相同的帶負電粒子，該粒子的質(zhì)量為m，電荷量大小為必當粒子發(fā)

射器在4點時，帶電粒子恰好垂直V軸通過。點。帶電粒子所受重力忽略不計。

（1）求粒子的速度大??；

（2）當粒子發(fā)射器在一2R<xV0范圍內(nèi)發(fā)射，求勻強磁場口右邊界有粒子通過的區(qū)域

所對應縱坐標的范圍；

3I

（3）當粒子發(fā)射器在范圍內(nèi)發(fā)射，求熒光屏上有粒子打到的區(qū)域的長

度。

參考答案:

1.B

【解析】

【詳解】

設金屬的逸出功為W,根據(jù)光電效應方程

—~W=E

Ak

2--W=2.25￡k

A卜

解得

he

W=—

52

又因為

w=—

4

所以

友二54

故選B。

2.C

【解析】

【詳解】

A.由題圖可知，加速度是變化的，故賽車做變加速直線運動，故A錯誤;

BC.根據(jù)題意，設汽車的牽引力為F，由公式P=人可得

V

由牛頓第二定律有

F-Ff=ma

可得

P1E

a=-----------L

mvm

可知，隨著速度v增大，加速度。減小，即賽車加速過程做的是加速度逐漸減小的加速運

動，故B錯誤C正確；

D.由C分析，結(jié)合圖像可得，斜率為

V

答案第1頁，共13頁

縱軸截距為

b=-空

m

橫軸截距為

F

c=—f

P

故D錯誤。

故選Co

3.D

【解析】

【詳解】

A.國際單位制中力學三個基本物理量是：長度、質(zhì)量、時間，而米只是長度的單位，A

錯誤；

B.單位是物理量的組成部分，有單位的物理量要注明單位，但并不是所有物理量都有單

位，如動摩擦因數(shù)〃就沒有單位，B錯誤；

C.“噸”是質(zhì)量的一個單位，但不是國際單位制中的單位，C錯誤；

D.“千克米每二次方秒”是由尸=機。推導出來的，是國際單位制中的導出單位，為了紀念

牛頓把它定義為牛頓，D正確。

故選D。

4.B

【解析】

【詳解】

A.根據(jù)衛(wèi)星運動的向心力由萬有引力提供，得

解得

則甲、乙兩行星質(zhì)量之比為

答案第2頁，共13頁

Mp廣T：32

-----=-1—?-J=---

“乙4年1

選項A錯誤;

B.由

「Mmv,2

G-T-=m—

R2R

得甲、乙兩行星第一宇宙速度大小之比為

抑1_]M甲_4>/2

丁怩二丁

選項B正確；

C.由得甲、乙兩行星密度之比為

「甲M甲32

PT=K=~

選項c錯誤;

D.由

—Mm

G~j^=mg

得甲、乙兩行星表面重力加速度大小之比為

g甲_M__32

g乙M乙1

選項D錯誤。

故選B。

5.C

【解析】

【詳解】

A.設磁感應強度大小為5,ac邊長為L則Me的長度

35

Luhc=-L+-L=2L

由題意可知在。、c點接一直流電源后流過He導線的電流為:，流過ac導線的電流為

y，故導線從受到的安培力大小為

與=8,區(qū)=現(xiàn)

氏3412

導線改所受的安培力大小為

答案第3頁，共13頁

『5旦人儂

“33

故A錯誤;

B.導線。反的有效長度為L,受到的安培力大小為

口/IBIL

耳械=8§2=亍

故B錯誤;

C.ab、ac所受安培力的大小之比

汪:儂

J.=3:8

343

故C正確;

D.根據(jù)左手定則，導線〃加受到的安培力的合力方向垂直于℃向下，故D錯誤。

故選C。

6.D

【解析】

【詳解】

A.從。到M的過程，由動能定理可知

mgh=g〃就

解得滑塊運動到/的速度大小為

%=5m/s

故A錯誤;

B.由M到N的過程中，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度大小為

"陛=2m小

m

由位移公式可得

v2-v,

可得滑塊運動到N的速度大小為

v=3m/s

故B錯誤;

C.由N到P,根據(jù)速度位移公式

答案第4頁，共13頁

解得被緩沖墻反彈，滑塊的速度大小

v'=-2m/s

(方向與初速度反向，取負)由動量定理可知緩沖墻對滑塊的沖量

/=A/?=/nv,—wv=—5N-S

故C錯誤；

D.由動能定理可得緩沖墻對滑塊做的功

W=-mv'2--mv2=-2.5J

22

故D正確。

故選D。

7.C

【解析】

【詳解】

A.金屬球靠近M點的位置感應出負電荷，M點左側(cè)圖示虛線位置上電場線向右，沿著電

場線的方向電勢逐漸降落，處于靜電平衡的金屬球是一等勢體，加點的電勢高于0點的電

勢。A錯誤；

B.M點的電場強度大小由三部分組成，等量異種電荷的電場和金屬球上的感應電荷的電

場，等量異種電荷在"點的電場強度之和為

Ekqkq8kq

-R2(37?)2—9片

方向水平向右，感應電荷在“點產(chǎn)生的場強之和應水平向右，故合場強要大于貉■,B錯

誤；

C.金屬球處于靜電平衡內(nèi)部場強處處為0,等量異種電荷在。點的電場強度之和為

H-kq--------k--q-------5k-q-------

(4Rf(6R/144R?

方向水平向右，所以感應電荷在球心。處產(chǎn)生的場強大小等于等r，方向水平向左，C

正確；

D.M點與金屬球上不同點間的電勢差相等，將一電子由“點移到金屬球上不同點，克服

電場力所做的功相等。D錯誤。

故選C。

8.AD

答案第5頁，共13頁

【解析】

【詳解】

A.根據(jù)波動圖像得到波長4=2m,故A正確；

B.根據(jù)振動圖像知周期T=2s,則波速

v=—=Im/s

T

故B錯誤；

C.由圖乙知，f=ls時，x=1m處質(zhì)點的振動方向向上，對圖甲，根據(jù)波形平移法，可知

該波沿x軸負向傳播，故C錯誤；

D.由圖甲知，r=ls時，x=2m處質(zhì)點位移為零，波沿x軸負向傳播，根據(jù)波形平移法知

此時刻該質(zhì)點從平衡位置向下振動，則再經(jīng)0.5s,即四分之一周期，x=2m的質(zhì)點將沿y

軸負方向振動到最大位移處，所以f=1.5s時，x=2m處質(zhì)點的位移為一5cm,故D正確。

故選ADo

9.BD

【解析】

【詳解】

A.由

“=220夜sin100加V

可知，交變電流的電壓有效值為220V,故A錯誤；

B.周期為0.02s,頻率為50Hz,故B正確；

C.當K接M時，由變壓器的原理可知

幺=&

%?2

%兩端電壓鞏為22V,由閉合電路歐姆定律得理想電壓表的示數(shù)為22V,理想電流表示數(shù)

為

I,---Uv-=—22AA=2….2A

R210

故C錯誤；

D.當K由“撥到N后，原線圈匝數(shù)減半，原線圈電壓不變，副線圈兩端電壓加倍，負載

答案第6頁，共13頁

電阻不變，副線圈的輸出功率變?yōu)樵瓉淼?倍，原線圈的輸入功率也變?yōu)樵瓉淼?倍，故

D正確。

故選BD。

10.BD

【解析】

【詳解】

A.由與=8尸，得

T=0.1s

網(wǎng)球從位置1運動到位置4的時間為

f=37=0.3s

選項A錯誤；

BC.網(wǎng)球平拋的初速度大小為

%=岸=1,96m/s

則網(wǎng)球在位置4的水平速度也為1.96m/s,所以網(wǎng)球在位置4的速度大于1.96m/s,選項B

正確，C錯誤；

D.根據(jù)

%=%+=58.8cm、x4=v0-3T=58.8cm

則沒有被拍攝到的網(wǎng)球位置4坐標為(58.8cm,58.8cm),選項D正確。

故選BDo

11.AC

【解析】

【詳解】

A.由楞次定律知，線框進入磁場時感應電流的方向為順時針方向，選項A正確；

B,線框勻速運動時，由共點力平衡條件得

mg=BIL

由法拉第電磁感應定律和閉合電路的歐姆定律得

BLv=IR

聯(lián)立解得

答案第7頁，共13頁

mgR

B2l?

選項B錯誤；

C.由法拉第電磁感應定律得

E=B—

t

由閉合電路的歐姆定律得左=次，又4=力，聯(lián)立解得

BLh

q=-----

R

選項C正確；

D.由能量守恒定律得

12

nigh=—mv**+Q

聯(lián)立解得

選項D錯誤。

故選AC。

2gs（加）

【解析】

【詳解】

(1)口］根據(jù)游標卡尺讀數(shù)規(guī)則，遮光條的寬度為

d=4.0mm+3x0.1inm=4.3mm

(2)［2］因為遮光條通過光電門時間很短，可以用平均速度表示瞬時速度即

v=一

(3)［3］通過光電門后滑塊做勻減速運動，由F=2〃gs得

屋

2gs⑷）

<￡>

€ZZ}Rb4q

R

kq+4

q

【解析】

答案第8頁，共13頁

【詳解】

(I)[1]短路電流為0.15A,電流表量程較小，所以電流表與凡并聯(lián)，增大量程，實驗電

路圖如圖

R

「——

S

(2)[2]由閉合電路歐姆定律

(/R八

E=IR+/+-(R+r)

IR)J

解得

1++“-

1ER。E&

故橫坐標為R。

(3)[3][4]由(2)可知

RA+r(Rg+&)

=D

E公

解得

E=a

成

r=b——

k&+小

14.(1)1.07atm；(2)16

【解析】

【詳解】

(1)氣體發(fā)生等溫變化

答案第9頁，共13頁

狀態(tài)1：P,=1.0atm,匕=7.5L+2%=8L

狀態(tài)2：K=7.5L

由玻意耳定律，得

PM=P2V2

解得打2次氣后籃球內(nèi)氣體的壓強

P-,=1.07atm

(2)狀態(tài)3：P3=1.5atm,V,=7.5(1+1%)L=7.575L

狀態(tài)4：pA=1.Oatm,匕=7.5L+0.25〃

由玻意耳定律，得

P3K=P,匕

解得

n=15.45

則打氣的最少次數(shù)16次。

15.(1)6N；(2)2m

【解析】

【詳解】

(1)從。到6過程中應用動量定理

Ft-ft=mvh

小物塊所受摩擦力

f=

代入數(shù)據(jù)得水平恒力

F=6N

(2)小物塊恰能經(jīng)過軌道最高點，在d點由牛頓第二定律有

v2

mg=m—

解得

v==2m/s

從c?點到d點由動能定理

答案第10頁，共13頁

1212

-mg2R=-ntv"--tnvc

解得

vc=2舊m/s

從b到。由動能定理

71212

-/jmgL=—invc--mvh

得從。間的距離

L=2m

16.(1)v=哪;(2)-(6-l)R<y4(6+l)R；(3)MK=2R+RB」型

mVEm

【解析】

【詳解】

(1)由4點射入的粒子恰好垂直軸通過C點，可知圓周運動的圓心在坐標原點處，圓周

運動的半徑為R,洛倫茲力提供向心力，有

工9