2021年安徽省合肥市全國計算機等級考試網絡技術模擬考試(含答案)

2021年安徽省合肥市全國計算機等級考試網絡技術模擬考試(含答案)學校:________班級:________姓名:________考號:________

一、單選題(10題)1.將一臺Catelyst3548的系統(tǒng)時間設置為2014年6月14日星期六的11點20分10秒，下列配置命令正確的是（）。

A.Switch-3548#clockset11．20：10Junesaturday2014

B.Switch．3548#timeset11．20：1014June2014

C.Switch．3548#settimeSaturday6／14／201411．20：10

D.Switch．3548#clockset11．20：1014June2014

2.下列對VLAN的描述中，錯誤的是（）。

A.VLANIDl—1005是標準范圍，1025—4096是擴展范圍

B.可用于Ethernet的VLANID為l一1000

C.VLANname用32個字符表示

D.IEEE802．1Q標準規(guī)定，VLANID用16比特表示

3.TCP/IP協議集中，TCP與UDP協議運行于（）A.網絡層B.傳輸層C.應用層D.表示層

4.有關SDH的特點，下列說法錯誤的是()。

A.同步復用B.標準的網絡接口C.SDH各等級信號的速率不存在嚴格的倍數關系D.強大的網絡管理功能

5.在進行軟件開發(fā)過程中，進行可行性研究是十分重要的，它的結論直接決定了軟件項目是否繼續(xù)進行，可行性研究的結論主要是關于()

A.軟件的功能B.軟件的性能C.軟件的質量D.軟件系統(tǒng)目標

6.以下選項中，不是分組密碼優(yōu)點的是()。

A.較強的適用性B.對插入的敏感程度高C.加密速度快D.無需密鑰同步

7.以下哪一個不是搜索引擎中使用的運算符()。

A.NORB.ANDC.NOTD.OR

8.下列描述屬于網絡管理目標的是()Ⅰ減少停機時間、改進響應時間，提高設備利用率;Ⅱ減少運行費用，提高設備效率;Ⅲ減少或消除瓶頸;Ⅳ適應新技術;Ⅴ使網絡更容易使用。

A.Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ、ⅤB.Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、ⅤC.Ⅰ、ⅡD.Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ、Ⅴ

9.

10.通信子網由通信控制處理機、通信線路和()組成，完成網絡數據傳輸、轉發(fā)等通信處理任務。

A.通信交換機B.通信路由器C.通信設備D.通信電纜

二、填空題(10題)11.WSUS是用來實時發(fā)布微軟公司操作系統(tǒng)軟件更新程序的服務系統(tǒng)。WSUS服務器通過Internet和微軟公司MicrosoftWindowsServerUpdataServices________連接，及時獲得微軟公司最新更新程序。

12.

13.網絡協議是計算機網絡和分布式系統(tǒng)中互相通信的間交換信息時必須遵守的規(guī)則的集合。

14.(18）網絡防火墻的主要類型是包過濾路由器、電路級網關和_________網關。

15.EthernetV2.0規(guī)定幀的數據字段的最大長度是______。

16.在奔騰芯片中設置了多條流水線，可以同時執(zhí)行多個處理，這種技術稱為。

17.在軟件的生命周期中，通常分為計劃、開發(fā)和三大階段。

18.(8）IEEE802.11的MAC層采用的是________沖突避免方法。

19.NetWare操作系統(tǒng)以為中心。

20.XMPP是一種基于______的即時通信協議。

三、2.填空題(8題)21.對文件操作時，如果使用文件，首先要______以建立用戶和文件的聯系。

22.交換式局域網的核心設備是______，它可以在多個端口之間建立多個并發(fā)連接。

23.無線局域網使用擴頻的兩種方法是直接序列擴頻與______擴頻。

24.通常訪問一個單位的Web網站時，首先進入的網頁被稱為【】。

25.虛擬網絡是建立在局域網交換機或ATM交換機之上的，它以【】方式來實現邏輯工作組的劃分與管理。

26.一個端到端的IPTV系統(tǒng)具有______、存儲與服務、節(jié)目傳送、用戶終端設備和相關軟件5個功能部件。

27.在WWW服務中，統(tǒng)一資源定位器URL可以由3部分組成，即協議類型、【】與文件名。

28.主板又稱母板，其中包括CPU、存儲器、【】、插槽以及電源等。

四、C語言程序設計題(2題)29.已知數據文件in．dat中存有300個四位數，并已調用讀函數readDat把這些數存入數組a中，請編制一函數jsValue，其功能是：求出千位數上的數減百位數上的數減十位數上的數減個位數上的數大于零的個數cnt，再把所有滿足此條件的四位數依次存入數組b中，然后對數組b的四位數按從小到大的順序進行排序。最后main函數調用寫函數writeDat把數組b中的數輸出到文件out．dat中。

例如：9123，9-1-2-3>0，則該數滿足條件存入數組b中，且個數cnt=cnt+1。

9812，9-8-1-2<0，則該數不滿足條件忽略。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義數組：a[300]，b[300]，已定義變量：cnt

請勿改動數據文件in．dat中的任何數據、主函數main、讀函數readDat和寫函數writeDat的內容。

30.已知數據文件in．dat中存有300個四位數，并已調用讀函數readDat把這些數存入數組a中，請編制一函數jsValue，其功能是：求出個位數上的數減千位數上的數減百位數上的數減十位數上的數大于零的個數cnt，再求出所有滿足此條件的四位數平均值pjzl，以及所有不滿足此條件的四位數平均值pjz2。最后main函數調用寫函數writeDat把結果cnt，pjzl，pjz2輸出到out．dat文件。

例如：1239，9-1-2-3>0，則該數滿足條件，參加計算平均值pjzl，且個數cnt=cnt+1。

8129，9-8-1-2<0，則該數不滿足條件，參加計算平均值pJz2。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義數組：a[300]，已定義變量：cnt，pjzl，pjz2

請勿改動數據文件in．dat中的任何數據、主函數main、讀函數readDat和寫函數writeDat的內容。

五、1.選擇題(3題)31.以下說法中，正確的是

A.局域網易于建立，但不易于維護B.局域網易于建立，但不易于擴展C.局域網易于建立，且易于維護D.以上說法都不對

32.傳輸層向用戶提供______。

A.點到點B.端到端服務C.網絡到網絡服務D.子網到子網服務

33.下面描述正確的是()。

A.數字簽名技術用來保證數據在傳輸過程中的安全性

B.數字信封技術用來保證數據在傳輸過程中的完整性

C.電子支票只要第二方認證就可以使用

D.以上都不對

六、1.程序設計題(3題)34.函數readDat()的功能是從文件IN22.DAT中讀取20行數據存放到字符串數組xx中(每行字符串長度均小于80)。請編制函數jsSort()，該函數的功能是：以行為單位對字符串按下面給定的條件進行排序，排序后的結果仍按行重新存入字符串數組xx中，最后調用函數writeDat()把結果xx輸出到文件OUT22.DAT中。

條件：從字符串中間一分為二，左邊部分按字符的ASCII值降序排序，排序后，左邊部分與右邊部分按例子所示進行交換。如果原字符串長度為奇數，則最中間的字符不參加處理，字符仍放在原位置上。

例如，位置012345678

源字符串abcdhgfe

23498765

則處理后字符串hgfedcba

87659432

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數main()、讀函數readDat()和寫函數writeDat()的內容。

試題程序：

#include〈stdio.h>

#include〈string.h>

#include〈conio.h>

charxx[20][80];

voidjsSort()

{

}

main()

{

readDat();

jsSort();

writeDat();

}

readDat()

{

FILE*in;

inti=0;

char*p;

in=fopen("IN22.DAT","r");

while(i〈20&&fgets(xx[i],80,in)!=NULL)

{

p=strchr(xx[i],'\n');

if(p)*p=0;

i++;

}

fclose(in);

}

writeDat()

{

FILE*out;

inti;

clrscr();

ut=fopen("OUT22.DAT","w");

for(i=0;i〈20;i++)

{

printf("%s\n",xx[i]);

fprintf(out,"%s\n",xx[i]);

}

fclose(out);

}

35.下列程序的功能是：利用以下所示的簡單迭代方法求方程：

cos(x)-x=0的一個實根。

xn+1=cos(xn)

迭代步驟如下：

(1)取x1初值為0.0。

(2)x0=x1，把x1的值賦給x0。

(3)x1=cos(x0)，求出一個新的x1。

(4)若x0-x1的絕對值小于0.000001，執(zhí)行步驟(5)，否則執(zhí)行步驟(2)。

(5)所求x1就是方程cos(x)-x=0的一個實根，作為函數值返回。

請編寫函數countValue()實現程序要求，最后調用函數writeDAT()把結果輸出到文件out41.dat中。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數main()和寫函數writeDAT()的內容。

試題程序：

#include＜conio.h＞

#include＜math.h＞

#include＜stdio.h＞

floatcountValue()

{

}

main()

{

clrscr();

printf("實根=%f\n",countValue

printf("%f\n",cos(countValue())-countValue());

writeDAT();

}

writeDAT()

{

FILE*wf;

wf=fopen("out41.dat","w");

fprintf(wf,"%f\n",countValue

fclose(wf);

}

36.已知數據文件IN23.DAT中存有200個4位數，并已調用讀函數readDat()把這些數存入數組a中。請編制函數JsVal()，其功能是：依次從數組a中取出一個4位數，如果4位數連續(xù)大于該4位數以前的5個數且該數是奇數，該數必須能被7整除，則統(tǒng)計出滿足此條件的數的個數cnt，并把這些4位數按從大到小的順序存入數組b中，最后調用寫函數writeDat()把結果cnt及數組b中符合條件的4位數輸出到OUT23.DAT文件中。

注意：部分源程序已給出。

程序中已定義數組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt。

請勿改動主函數main()、讀函數readDat()和寫函數writeDat()的內容。

試題程序：

#include〈stdio.h>

#defineMAX200

inta[MAX],b[MAX],cnt=0;

voidjsVal()

{

}

voidreadDat()

{

inti;

FILE*fp;

fp=fopen("IN23.DAT","r"

for(i=0;i〈MAX;i++)

fscanf(fp,"%d",&a[i]

fclose(fp);

}

main()

{

inti;

readDat();

jsVal();

printf("滿足條件的數=%d\n",cnt);

for(i=0;i〈cnt;i++)

printf("%d",b[i]);

printf("\n");

writeDat();

}

writeDat()

{

FILE*fp;

inti;

fp=fopen("OUT23.DAT","w");

fprintf(fp,"%d\n",cnt);

for(i=0;i〈cnt;i++)

fprintf(fp,"%d\n",b[i]);

fclose(fp);

}

參考答案

1.DCatelyst3548設置時間的格式是：clockset小時：分鐘：秒日月年。故選D選項。

2.DIEEE802．1Q標準規(guī)定，VLANID用12比特表示。故選擇D選項。

3.B

4.C解析：SDH各個等級信號的速率是存在嚴格的倍數關系的，每125微秒傳一幀。其他3個都是SDH的主要特點。

5.D計劃階段的主要任務是制定設定軟件系統(tǒng)的目標，確定研制要求，提出可行性報告。對各種可能方案做出成本效益分析，做為使用單位是否繼續(xù)該項工程的依據。

6.C解析：按對明文的處理方法可以把密碼體制分為分組密碼和序列密碼。分組密碼的優(yōu)點是：明文信息良好的擴散性；對插入的敏感性；不需要密鑰同步；較強的適用性。缺點是：加密速度慢；錯誤擴散和傳播。

7.A

8.D解析：網絡管理目的是使網絡資源得到更加有效的利用。主要的目標有以下6點：(1)減少停機時間，改進響應時間，提高設備利用率；(2)減少運行費用，提高效率；(3)減少或消除網絡瓶頸；(4)適應新技術；(5)使網絡更容易使用；(6)安全。

9.C

10.C

11.\n實時

\n

12.地理

【解析】Internet規(guī)定了一組正式的通用標準標號，形成了國際通用頂級域名。頂級域名的劃分采用組織模式和地理模式。

13.對等層共享計算機網絡資源和在網絡中交換信息時，需要實現不同系統(tǒng)中實體之間的通信。一般來說，實體指能發(fā)送或接收信息的任何硬件和（或）軟件進程，包括用戶應用程序、文件傳送包、數據庫管理系統(tǒng)、電子郵件設備及終端等。兩個實體要成功地通信，必須使用同樣的“語言”，交流什么、怎樣交流及何時交流都必須遵從各實體都能接受的一些規(guī)則，這些規(guī)則規(guī)定了實體之間所交換數據的格式及有關的同步問題。在兩個實體之間控制數據交換的規(guī)則的集合稱為協議。

為了降低協議設計的復雜性，計算機網絡一般按層次結構來組織，每一層都建立在它的下層之上。數據從源端傳送到目的端的過程是復雜的：從源端網絡的第n層向下，依次通過第n-1層、第n-2層，直至第1層；數據通過物理介質傳送到目的端時，再從目的端網絡的第1層依次向上，將數據傳遞到第n層。但這個復雜的過程已經對用戶屏蔽了，以致源端網絡的第n層覺得好像是直接把數據交給了目的端網絡的第n層，即實現了網絡對等層實體之間的通信。因此，網絡協議是計算機網絡和分布系統(tǒng)中互相通信的對等層實體之間交換信息時必須遵守的規(guī)則的集合。

14.(18)應用級

【解析】網絡防火墻包括包過濾路由器、應用級網關和電路級網關。

15.1500B1500B解析：EthernetII類型以太網幀的最小長度為6+6+2+46+4=64字節(jié)，最大長度為6+6+2+1500+4=1518字節(jié)。數據部分的長度范圍為46～1500B，故數據字段的最大長度為1500B。

16.超標量超標量（Superscalar）技術指在芯片內部設置多于1條的流水線，以便同時執(zhí)行多個處理。例如，在芯片內設置U指令流水線和V指令流水線來執(zhí)行整數指令，設置浮點數指令流水線來執(zhí)行浮點數指令。

17.運行在軟件的生命周期中，通常分為計劃、開發(fā)和運行3個階段。計劃階段包括問題定義、可行性研究子階段。開發(fā)階段包括5個子階段，初期細分為需求分析、總體設計、詳細設計子階段，開發(fā)后期細分為編碼、測試子階段。運行階段沒有子階段。

18.CSMA/CD【解析】IEEE802,11的MAC層采用的是CSMA/CD沖突避免方法，沖突避免要求每個結點在發(fā)送幀前先偵聽信道。

19.文件服務器NetWare操作系統(tǒng)是以文件服務器為核心的，它主要由文件服務器內核、工作站外殼和低層通信協議3部分組成。文件服務器內核實現了NetWare的核心協議（NCP），并提供NetWare的所有核心服務。文件服務器內核負責對工作站網絡服務請求進行處理。網絡服務器軟件提供了文件與打印服務、數據庫服務、通信服務、消息服務等功能。工作站運行的重定向程序NetWareShell負責對用戶命令進行解釋。

20.XML語言XML語言解析：XMPP是一種基于XML語言定義描述的IM協議。

21.打開文件打開文件解析：首先要打開文件，返回一個文件描述符。

22.局域網交換機局域網交換機解析：交換式局域網的核心部件是局域網交換機，它可以在多個端口之間建立多個并發(fā)連接。

23.跳頻跳頻解析：無線局域網所使用的兩種擴頻方法是跳頻擴頻(FHSS)和直接序列擴頻(DSSS)。

24.主頁主頁解析：因特網上的信息以Web頁面來組織，若干主題相關的頁面集合構成Web網站，主頁(HomePage)就是這些頁面集合中的一個特殊頁面。通常，WWW服務器設置主頁為默認值，所以主頁是一個網站的入口點，就好似一本書的封面。目前，許多單位都在因特網上建立了自己的Web網站，進入一個單位的主頁以后，通過網頁上的鏈接即可訪問更多網頁的詳細信息。

25.軟件軟件解析：虛擬網絡是建立在局域網交換機或ATM交換機之上的，它以軟件方式來實現邏輯工作組的劃分與管理，邏輯工作組的結點組成不受物理位置的限制。

26.節(jié)目采集節(jié)目采集解析：一個端到端的IPTV系統(tǒng)一般具有節(jié)目采集、存儲與服務、節(jié)目傳送、用戶終端設備、相關軟件5個功能部件。

27.主機名主機名解析：每個Web頁面，包括Web站點的主頁，均具有惟一的存放地址，這就是“統(tǒng)一資源定位符”(Unitform.ResourceLocator，簡稱URL)，統(tǒng)一資源定位符是一種用于表示Internet上信息資源地址的統(tǒng)一格式。URL由三部分組成：協議類型、主機名和路徑及文件名，通過URL可以指定擴要協議類型主要有以下幾種：http、ftp、gopher、telnet、file。

28.總線總線解析：主板是計算機主機的主要部件，由5部分組成：CPU、存儲器、總線、插槽和電源。

29.【審題關鍵句】千數-百位-十位-個位數大于零的個數，把所有滿足此條件的數依次存入數組，按從小到大的順序排序。

\n【解題思路】

\n本題類似第9套試題，通過審題可以發(fā)現僅有一個不同點，即要求統(tǒng)計的四位數的條件是“千數-百位-十位-個位數大于零”，參考答案的第8條語句修改if語句的判斷條件。另外，對于數據交換的整型變量tmp可以自定義其變量名。

\n【參考答案】

\n

\n

30.【審題關鍵句】個位-千位-百位-十位，結果大于零的數的個數，求滿足此條件以及不滿足此條件的四位數平均值avel和ave2。

\n【解題思路】

\n①首先定義一個循環(huán)變量i，以及分別用來存放四位數分解之后各位數的變量qw(千位)、bw(百位)、sw(十位)和gw(個位)。

\n②通過for循環(huán)依次對數組中的每個四位數進行分解，每分解一個四位數，則根據題目要求，判斷其“個位．百位．十位．千位>0”的條件是否滿足，當滿足條件時，則將a[i]的值累加到變量pjzl中，同時計數變量cnt的值加1：如果不滿足判斷條件，則將四位數累加到變量pjz2中。當for循環(huán)結束之后，就能等到所有滿足條件的四位數之和pjzl和個數，以及所有不滿足條件的四位數之和pjz2。

\n③最后將變量pjzl的值除以變量cnt的值，得到所有滿足條件的四位數的平均值并賦給變量pjzl，將變量pjz2的值除以300減去變量cnt的差，得到所有不滿足條件的四位數的平均值并賦給變量pjz2。

\n本題中，pjzl、pjz2和cnt三個變量在源程序中已經定義，在該子程序中就不需要再重新定義了。

\n【參考答案】

\n

31.C解析：一般來講，建立局塌網使用的設備都是一些使用很方便，可維護性以及可擴展性較好的設備。在局域網中使用的操作系統(tǒng)也是較通用的操作系統(tǒng)。因此、局域網不僅易于建立，而且易于維護和擴展。

32.B解析：傳輸層的主要任務是向用戶提供可靠的端到端(End-to-End)服務，透明地傳送報文。

33.D解析：數字簽名技術的主要功能是保證信息傳輸過程中的完整性、發(fā)送者的身份認證、防止交易中的抵賴發(fā)生。數字信封技術用來保證數據在傳輸過程中的安全。使用電子支票系統(tǒng)，同樣需要有強有力的安全技術保障。而第三方身份認證、數字簽名等功能，可以彌補交易各方通過網絡無法面對面交換支票所帶來的缺陷。

34.voidjsSort(){intijkstr1half；charch；for(i=0；i〈20；i++){str1=strlen(xx[i]);/*求字符串的長度*/half=str1/2；for(j=0;j〈half-1;j++)/*將左邊部分按字符的ASCII值降序排序*/for(k=j+1；k〈half；k++)if(xx[i][j]〈xx[i][k]){ch=xx[i][j];xx[i][j]=xx[i][k];xx[i][k]=ch;}for(j=half-1k=str1-1;j>=0;j--k--)/*將左邊部分和右邊部分的對應字符互換位置*/{ch=xx[i][j];xx[i][j]=xx[i][k];xx[i][k]=ch;}}}voidjsSort()\r\n{\r\ninti，j，k，str1，half；\r\ncharch；\r\nfor(i=0；i〈20；i++)\r\n{\r\nstr1=strlen(xx[i]);/*求字符串的長度*/\r\nhalf=str1/2；\r\nfor(j=0;j〈half-1;j++)/*將左邊部分按字符的ASCII值降序排序*/\r\nfor(k=j+1；k〈half；k++)\r\nif(xx[i][j]〈xx[i][k])\r\n{\r\nch=xx[i][j];\r\nxx[i][j]=xx[i][k];\r\nxx[i][k]=ch;\r\n}\r\nfor(j=half-1，k=str1-1;j>=0;j--，k--)/*將左邊部分和右邊部分的對應字符互換位置*/\r\n{\r\nch=xx[i][j];\r\nxx[i][j]=xx[i][k];\r\nxx[i][k]=ch;\r\n}\r\n}\r\n}解析：本題考查對二維字符數組的處理。由于對二維字符數組的操作是按照先行后列的順序，因此，需要首先求得各行字符串的長度(利用求字符串長度的strlen()函數)，之后借助循環(huán)結構逐個訪問各行中的每一個字符。在本題中，應先確定各行中字符串的中間位置(長度的一半就是中間位置)，之后先對中間位置以前的字符進行降序排序，排序過程如下：依次用每一個位置的字符與它后面的所有字符(到中間位置前一個字符結束)進行比較，如果發(fā)現某字符的ASCII碼值大于當前被比較的字符的ASCII碼值，則將該字符與當前字符進行交換，交換過后繼續(xù)與其后面的字符進行比較。最終比較所得的結果是第一個被比較的位置總是存放著最大的字符，第二個位置總是存放著次大的字符，以此類推就實現了從大到小的排序功能。接著要做的工作是把中間位置前的一個位置定為初始位置，字符串中的最后一個位置也視為初始位置，讓兩個位置所對應的字符進行交換，交換過后，這兩個位置值(也就是下標值)分別前移，再進行對應位置字符的交換。最終實現了題目要求。

35.floatcountValue{){floatx0x1=0.0；while(1){x0=x1；/*將x1賦值給x0*/x1=cos(x0)；/*求出新的x1*/if(fabs(x0-x1)＜1e-6)break；/*若x0—x1的絕對值小于0.000001則結束循環(huán)*/}returnx1；}floatcountValue{)\r\n{floatx0，x1=0.0；\r\nwhile(1)\r\n{x0=x1；/*將x1賦值給x0*/\r\nx1=cos(x0)；/*求出新的x1*/\r\nif(fabs(x0-x1)＜1e-6)break；/*若x0—x1的絕對值小于0.000001，則結束循環(huán)*/\r\n}\r\nreturnx1；\r\n}解析：本題考查的知識點如下：

(1)數學函數doublecos(doublex)及doublefabs(doublex)的使用。

(2)使用循環(huán)結構實現迭代。

在本題中，因為要求一個實數的余弦值，在結束迭代的時候要判斷絕對值，所以這里要用到數學函數cos(doublex)和fabs(doublex)。先設一個條件永遠為真的while循環(huán)結構，按照步驟提示，要先為x1取初值，將x1的值賦給x0，使x1=cos(x0)，判斷x0