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文檔簡介
2023年高考數(shù)學(xué)模擬試卷
注意事項(xiàng):
1.答卷前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。
2.回答選擇題時(shí),選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑,如需改動(dòng),用橡皮擦干凈后,再
選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí),將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效。
3.考試結(jié)束后,將本試卷和答題卡一并交回。
一、選擇題:本題共12小題,每小題5分,共60分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。
1.某四棱錐的三視圖如圖所示,則該四棱錐的體積為()
2.若不等式依+120對(duì)于一切恒成立,則。的最小值是()
5-
A.0B.-2C.——D.-3
2
3.中國鐵路總公司相關(guān)負(fù)責(zé)人表示,到2018年底,全國鐵路營業(yè)里程達(dá)到13.1萬公里,其中高鐵營業(yè)里程2.9萬公
里,超過世界高鐵總里程的三分之二,下圖是2014年到2018年鐵路和高鐵運(yùn)營里程(單位:萬公里)的折線圖,以
下結(jié)論不正確的是()
住,年份代用1-3分則對(duì)&年份2014-2011
A.每相鄰兩年相比較,2014年到2015年鐵路運(yùn)營里程增加最顯著
B.從2014年到2018年這5年,高鐵運(yùn)營里程與年價(jià)正相關(guān)
C.2018年高鐵運(yùn)營里程比2014年高鐵運(yùn)營里程增長80%以上
D.從2014年到2018年這5年,高鐵運(yùn)營里程數(shù)依次成等差數(shù)列
4.在A48c中,AB=2,AC=3,ZA=6O°,。為MBC的外心,若而=x而+y/,x,ye/?,則2x+3y=
()
.c543
A.2B.-C.—D.一
332
5.設(shè)集合4={-1,0,1,2},B={X|-2X2+5X+3>0},則()
A.(0,1,2}B.{0,1}
C.{1,2}D.{-1,0,1}
6.正方體ABCO-4BCQ,々(i=l,2,…,12)是棱的中點(diǎn),在任意兩個(gè)中點(diǎn)的連線中,與平面AGB平行的直線
有幾條()
7.已知復(fù)數(shù)2=——,則z的虛部為(
Z-1
8.已知P為圓C:(x—5)2+V=36上任意一點(diǎn),A(-5,0),若線段PA的垂直平分線交直線PC于點(diǎn)Q,則。點(diǎn)
的軌跡方程為()
7-76
——J=1
9.已知函數(shù)y=/(x)是定義在9上的奇函數(shù),函數(shù)/(x)滿足f(x)=/(x+4),且xe(0,1]時(shí),/(x)=log2(x+l),
貝!)/(2018)+/(2019)=()
A.2B.-2C.1D.-1
kx,x>0
10.記/(x)=x-[幻其中㈤表示不大于x的最大整數(shù)g(x)=]八,若方程在/(x)=g(x)在[-5,5]有7個(gè)不
——,龍<0
同的實(shí)數(shù)根,則實(shí)數(shù)A的取值范圍()
■1nri1]rinrin
A.B.—C.D.
[65j(65j154j|_54J
11.若函數(shù)/(幻=/+公2+3%-9在x=—3時(shí)取得極值,貝!|。=()
A.2B.3C.4D.5
12.一個(gè)圓錐的底面和一個(gè)半球底面完全重合,如果圓錐的表面積與半球的表面積相等,那么這個(gè)圓錐軸截面底角的
大小是()
A.15°B.30°C.45°D.60°
二、填空題:本題共4小題,每小題5分,共20分。
13.在A/RC中,內(nèi)角AB,C所對(duì)的邊分別為a,4c,
若2cosA(歷osC+ccos8)=a=,AABC的面積為36,
貝!|A=,b+c-.
14.數(shù)列{q}滿足遞推公式a“+2—a”+a”+i,且4=生,生("9"生(磔=2020,則a;+a:+...+48成=,
15.函數(shù)/(x)=爐-xlnx的圖象在x=l處的切線方程為.
16.在AABC中,已知通.而+2麗?配=3瓦?麗,貝IIcosC的最小值是.
三、解答題:共70分。解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟。
17.(12分)選修4-5:不等式選講
已知函數(shù)/(%)=|%+1|+21一同.
(1)設(shè)。=1,求不等式/(x)W7的解集;
(2)已知。>一1,且/(x)的最小值等于3,求實(shí)數(shù)"的值.
18.(12分)已知函數(shù)./■(x)=/nr-a(x-l),。為實(shí)數(shù),且a>0.
(I)當(dāng)“=1時(shí),求/(x)的單調(diào)區(qū)間和極值;
(D)求函數(shù)/(x)在區(qū)間H,e]上的值域(其中e為自然對(duì)數(shù)的底數(shù)).
22
19.(12分)在平面直角坐標(biāo)系xOy中,已知橢圓C:三+匯=1的左頂點(diǎn)為A,右焦點(diǎn)為尸,P,Q為橢圓C上兩
43
點(diǎn),圓0:x?+y2=/(,>()).
(1)若PF_Lx軸,且滿足直線AP與圓0相切,求圓。的方程;
(2)若圓。的半徑為6,點(diǎn)P,Q滿足自求直線PQ被圓。截得弦長的最大值.
20.(12分)已知在多面體中,平面CZ)EE_L平面ABCD,且四邊形ECD尸為正方形,且。C〃A8,
AB=3DC=6,AD=BC=5,點(diǎn)尸,。分別是砥,AD的中點(diǎn).
(1)求證:PQ//平面FECD;
(2)求平面AEF與平面PCO所成的銳二面角的余弦值.
22
21.(12分)如圖,在平面直角坐標(biāo)系X。),中,已知圓C:(X—3『+產(chǎn)=1,橢圓E:5+斗=1(。>〃>0)的
a'b"
12
⑵設(shè)過點(diǎn)4的直線,與圓C相交于另一點(diǎn)M,與橢圓E相交于另一點(diǎn)M當(dāng)時(shí),求直線,的方程.
x=1+——t
2
22.(10分)已知曲線。的極坐標(biāo)方程為。=4cos6,直線/的參數(shù)方程為a為參數(shù)).
1
y--t
2
(1)求曲線C的直角坐標(biāo)方程與直線/的普通方程;
(2)已知點(diǎn)加(1,0),直線/與曲線。交于A、B兩點(diǎn),求—
參考答案
一、選擇題:本題共12小題,每小題5分,共60分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。
1.B
【解析】
由三視圖知該四棱錐是底面為正方形,且一側(cè)棱垂直于底面,由此求出四棱錐的體積.
【詳解】
由三視圖知該四棱錐是底面為正方形,且一側(cè)棱垂直于底面,畫出四棱錐的直觀圖,如圖所示:
11,4
2
則該四棱錐的體積為V=-SmABCD-PA=-x2xl=-.
故選:B.
【點(diǎn)睛】
本題考查了利用三視圖求幾何體體積的問題,是基礎(chǔ)題.
2.C
【解析】
試題分析:將參數(shù)a與變量x分離,將不等式恒成立問題轉(zhuǎn)化為求函數(shù)最值問題,即可得到結(jié)論.
成立,等價(jià)于*-x-L對(duì)于一切xe
解:不等式x2+ax+lN0對(duì)一■切xG(O,成立,
2x
???y=-x-,在區(qū)間I。,:]上是增函數(shù)
x12」
,5
??-
2
,a的最小值為-2故答案為C.
2
考點(diǎn):不等式的應(yīng)用
點(diǎn)評(píng):本題綜合考查了不等式的應(yīng)用、不等式的解法等基礎(chǔ)知識(shí),考查運(yùn)算求解能力,考查化歸與轉(zhuǎn)化思想,屬于中
檔題
3.D
【解析】
由折線圖逐項(xiàng)分析即可求解
【詳解】
選項(xiàng)A,8顯然正確;
對(duì)于C,2-9~16>0.8,選項(xiàng)C正確;
1.6
1.6,1.9,2.2,2.5,2.9不是等差數(shù)列,故。錯(cuò).
故選:D
【點(diǎn)睛】
本題考查統(tǒng)計(jì)的知識(shí),考查數(shù)據(jù)處理能力和應(yīng)用意識(shí),是基礎(chǔ)題
4.B
【解析】
首先根據(jù)題中條件和三角形中幾何關(guān)系求出X,y,即可求出2x+3y的值.
【詳解】
如圖所示過。做三角形三邊的垂線,垂足分別為。,E,F(xiàn),
過。分別做AB,AC的平行線NO,MO,
B
2222
百南局AB+AC-BC9+4+BC?后
由題知cos60=------------------------=----------------=>BC-v7?
2-AB-AC12
則外接圓半徑r=BC=叵
2-sin6003
因?yàn)樗?。=JA<92一
又因?yàn)樗浴?
NOMO=60°,M=2n4W=_L,M0=AN=-,
333
由題可知AO=xAB+yAC=AM+AN,
土,AM2_AN_4
所以x=-----------....9
AB6AC9
所以2x+3y=g.
故選:D.
【點(diǎn)睛】
本題主要考查了三角形外心的性質(zhì),正弦定理,平面向量分解定理,屬于一般題.
5.A
【解析】
解出集合3,利用交集的定義可求得集合AD8.
【詳解】
因?yàn)?=*卜2%2+5尤+3〉0}=卜疝2—5%一3<0}=<》一<<了<3>,又A={-1,0,1,2},所以AcB={0,l,2}.
故選:A.
【點(diǎn)睛】
本題考查交集的計(jì)算,同時(shí)也考查了一元二次不等式的求解,考查計(jì)算能力,屬于基礎(chǔ)題.
6.B
【解析】
先找到與平面AG8平行的平面,利用面面平行的定義即可得到.
【詳解】
考慮與平面AG8平行的平面《乙乙,平面兒《程,平面?E2R鳥小,
共有C+C+C=21,
故選:B.
【點(diǎn)睛】
本題考查線面平行的判定定理以及面面平行的定義,涉及到了簡單的組合問題,是一中檔題.
7.A
【解析】
分子分母同乘分母的共朝復(fù)數(shù)即可.
【詳解】
2i2i(i+l)-2+2i,.
z=1=’.|一八=—「=1-1,故z的虛部為—1.
1-1(1-l)(i+l)-2
故選:A.
【點(diǎn)睛】
本題考查復(fù)數(shù)的除法運(yùn)算,考查學(xué)生運(yùn)算能力,是一道容易題.
8.B
【解析】
如圖所示:連接3,根據(jù)垂直平分線知QA=QP,|。用=6<10,故軌跡為雙曲線,計(jì)算得到答案.
【詳解】
如圖所示:連接QA,根據(jù)垂直平分線知QA=QP,
故例|=||QC|T四|=|PC|=6<10,故軌跡為雙曲線,
22
2a=6,a=3,c—5)故b=4,故軌跡方程為——=1.
916
故選:B.
【點(diǎn)睛】
本題考查了軌跡方程,確定軌跡方程為雙曲線是解題的關(guān)鍵.
9.D
【解析】
/(x)=/(x+4)說明函數(shù)是周期函數(shù),由周期性把自變量的值變小,再結(jié)合奇偶性計(jì)算函數(shù)值.
【詳解】
由=/(X+4)知函數(shù)/(?的周期為4,又/(X)是奇函數(shù),
/(2)=/(-2),又/(—2)=-/(2),.?./(2)=0,
.?./(2018)+/(2019)=/(2)+/(3)=0+/(-1)=0-/(1)=-1,
故選:D.
【點(diǎn)睛】
本題考查函數(shù)的奇偶性與周期性,掌握周期性與奇偶性的概念是解題基礎(chǔ).
10.D
【解析】
做出函數(shù)/(X),g(x)的圖象,問題轉(zhuǎn)化為函數(shù)/(X),g(x)的圖象在[-5,5]有7個(gè)交點(diǎn),而函數(shù)/(X),g(x)在[-5,0]上
有3個(gè)交點(diǎn),則在[0,5]上有4個(gè)不同的交點(diǎn),數(shù)形結(jié)合即可求解.
【詳解】
方程/(X)=g(x)在[-5,0]上有3個(gè)不同的實(shí)數(shù)根,
則在[0,5]上有4個(gè)不同的實(shí)數(shù)根,
當(dāng)直線y=履經(jīng)過(4,1)時(shí),k=;;
當(dāng)直線y=船經(jīng)過(5,1)時(shí),Z=
可知當(dāng),4人<!時(shí),直線了=履與/(X)的圖象在[0,5]上有4個(gè)交點(diǎn),
54
即方程/(%)=g(x),在[0,5]上有4個(gè)不同的實(shí)數(shù)根.
故選:D.
【點(diǎn)睛】
本題考查方程根的個(gè)數(shù)求參數(shù),利用函數(shù)零點(diǎn)和方程之間的關(guān)系轉(zhuǎn)化為兩個(gè)函數(shù)的交點(diǎn)是解題的關(guān)鍵,運(yùn)用數(shù)形結(jié)合
是解決函數(shù)零點(diǎn)問題的基本思想,屬于中檔題.
11.D
【解析】
對(duì)函數(shù)求導(dǎo),根據(jù)函數(shù)在x=—3時(shí)取得極值,得至!1/'(一3)=0,即可求出結(jié)果.
【詳解】
因?yàn)?(x)=\+a)c+3x-9,所以/'(x)=3f+2ax+3,
又函數(shù)/(x)=x3+ai2+3x_9在x=-3時(shí)取得極值,
所以八-3)=27-6a+3=0,解得a=5.
故選D
【點(diǎn)睛】
本題主要考查導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用,根據(jù)函數(shù)的極值求參數(shù)的問題,屬于??碱}型.
12.D
【解析】
設(shè)圓錐的母線長為/,底面半徑為R,再表達(dá)圓錐表面積與球的表面積公式,進(jìn)而求得/=2R即可得圓錐軸截面底角的大
小.
【詳解】
設(shè)圓錐的母線長為/,底面半徑為凡則有兀R?+兀Rl=TVR2+2兀R],解得1=2R,所以圓錐軸截面底角的余弦值是
D1
;,底角大小為60°.
I2
故選:D
【點(diǎn)睛】
本題考查圓錐的表面積和球的表面積公式,屬于基礎(chǔ)題.
二、填空題:本題共4小題,每小題5分,共20分。
13.-7
3
【解析】
(1)由已知及正弦定理,三角函數(shù)恒等變換的應(yīng)用可得2cosAsinA=sinA,從而求得
cosA=-,結(jié)合范圍Ae(O,兀),即可得到答案
(2)運(yùn)用余弦定理和三角形面積公式,結(jié)合完全平方公式,即可得到答案
【詳解】
(1)由已知及正弦定理可得
2cosA(sin3cosC+sinCcos5)=sinA,可得:2cosAsin(B+C)=sinA
解得2cosAsinA=sinA,BPcosA=—
2
,.1Ae(0,叫,
71
A=—
3
⑵由面積公式可得:3^=gbcsinA=*bc,即。c=12
由余弦定理可得:13=〃+。2-2/>ccosA
即有13=(/?+C)2—3/?c=(人+C)2—36
解得Hc=7
【點(diǎn)睛】
本題主要考查了運(yùn)用正弦定理、余弦定理和面積公式解三角形,題目較為基礎(chǔ),只要按照題意運(yùn)用公式即可求出答案
14.2020
【解析】
可對(duì)an+i=an+2-an左右兩端同乘以為川得《=all+lan+2-anall+l,
依次寫出a;=anan+l-an_xan,=an_ta?-an_2an_x,…,a}=02031ata?,累加可得W+a;+…+a:=anan^-axa2,再
由4=%得a;+G+吊+…+/=a?all+l,代入〃=2019即可求解
【詳解】
an+\~an+2~an左右兩端同乘以4+1有a[=4+14+2-anan+\>從而%=a“a”+「~a?-2an-l>…,
aaaa
a;=23-\!,將以上式子累加得W+d+…+。;=a??n+i-q%-
由q=。2得a;+d+4;+…+a;=a“a"+i.令”=2019,有+...+=?2()19-a2()2O=2020.
故答案為:2020
【點(diǎn)睛】
本題考查數(shù)列遞推式和累加法的應(yīng)用,屬于基礎(chǔ)題
15.x-j=0.
【解析】
先將x=l代入函數(shù)式求出切點(diǎn)縱坐標(biāo),然后對(duì)函數(shù)求導(dǎo)數(shù),進(jìn)一步求出切線斜率,最后利用點(diǎn)斜式寫出切線方程.
【詳解】
由題意得f'(x)=2x-lnx-l,//(l)=1,/(1)=1.
故切線方程為y-l=xT,即x-y=0.
故答案為:x-j=0.
【點(diǎn)睛】
本題考查利用導(dǎo)數(shù)求切線方程的基本方法,利用切點(diǎn)滿足的條件列方程(組)是關(guān)鍵.同時(shí)也考查了學(xué)生的運(yùn)算能力,
屬于基礎(chǔ)題.
10.-----
3
【解析】
分析:可先用向量的數(shù)量積公式將原式變形為:bccosA+2tzccosB=3?Z?cosC,然后再結(jié)合余弦定理整理為
/+2〃=3c2,再由cosC的余弦定理得到a,b的關(guān)系式,最后利用基本不等式求解即可.
詳解:已知福.蔗+2麗.阮=3C??麗,可得歷cosA+2accos8=3abcosC,將角A,B,C的余弦定理代入得
221萬
"+2〃=3c2,由「a2+b2-c2+3、拒,當(dāng)a=b時(shí)取到等號(hào),故cosC的最小值為衛(wèi).
lablab3J
點(diǎn)睛:考查向量的數(shù)量積、余弦定理、基本不等式的綜合運(yùn)用,能正確轉(zhuǎn)化通+2反限配=3d函是解題關(guān)
鍵.屬于中檔題.
三、解答題:共70分。解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟。
-c8'
17.(1)—2,—(2)a=2
【解析】
(1)把/(x)去絕對(duì)值寫成分段函數(shù)的形式,分類討論,分別求得解集,綜合可得結(jié)論.
(2)把/(X)去絕對(duì)值寫成分段函數(shù),畫出/(X)的圖像,找出/(力疝,利用條件求得a的值.
【詳解】
(1)a=l時(shí),/(x)=|x+l|+2|x-l|.
當(dāng)x<-l時(shí),/(x)W7即為-3X+1W7,解得-2Wx<—l.
當(dāng)一IWXWI時(shí),-X+3W7,解得一IWXWI.
Q
當(dāng)了>1時(shí),3x—1<7,解得l<x<一.
3
~Q-
綜上,〃x)W7的解集為-2,-.
—3尤+2Q—l(x<—1)
(2)=,-x+2a+l(-l<x<a),
3x-2a+l(xNa)
由y=/(6的圖象知,
=£Z=6Z+1=3>6Z=2
/Wmin.<()->--
【點(diǎn)睛】
本題主要考查含絕對(duì)值不等式的解法及含絕對(duì)值的函數(shù)的最值問題,體現(xiàn)了分類討論的數(shù)學(xué)思想,屬于中檔題
18.(I)極大值0,沒有極小值;函數(shù)的遞增區(qū)間(0,1),遞減區(qū)間(1,+8),(II)見解析
【解析】
(I)由f'(x)=:-l=?,令/'(x)>0,得增區(qū)間為(0,1),令/'(x)<o,得減區(qū)間為(1,+8),所以有極大值
/(1)=0,無極小值;
(II)由尸(幻=!-。=匕竺,分0<w,L和!<〃<1三種情況,考慮函數(shù)/(X)在區(qū)間[l,e]上的值域,即可
xxee
得到本題答案.
【詳解】
(/)當(dāng)a=l時(shí),f^-lnx-x+l,//(x)=--l=^—
當(dāng)0<x<l時(shí),,/(x)>0,函數(shù)單調(diào)遞增,當(dāng)x>l時(shí),Ax)<0,函數(shù)單調(diào)遞減,
故當(dāng)x=l時(shí),函數(shù)取得極大值/⑴=0,沒有極小值;
函數(shù)的增區(qū)間為(0,1),減區(qū)間為(I,”),
(〃)r(x)='=匕竺,
XX
當(dāng)時(shí),/'(x)..0,在[l,e]上單調(diào)遞增,/⑴W.f(x)W/(e)即函數(shù)的值域?yàn)椋?』+?!W(wǎng);
當(dāng)ail時(shí),尸(戲,0,/(x)在[Le]上單調(diào)遞減,/3)?/34"1)即函數(shù)的值域?yàn)椋?+?!?0];
當(dāng):<”1時(shí),易得時(shí),/'(x)>0,/(x)在[l,e]上單調(diào)遞增,時(shí),小)<0,/(%)在[l,e]
上單調(diào)遞減,
故當(dāng)x=一時(shí),函數(shù)取得最大值/(一)=-?-1+〃,最小值為/⑴=。,/'(e)=l+a-〃e中最小的,
aa
⑴當(dāng)士時(shí),/(e)2/(1),最小值/⑴=0;
e
(?)當(dāng)-^―<a<1,/(e)</(1),最小值/(e)=\+a-ae;
e-1
綜上,當(dāng)時(shí),函數(shù)的值域?yàn)閇0,1+a—ae],
e
當(dāng)1<4,一1時(shí),函數(shù)的值域[0,-lna-1+a],
ee-\
當(dāng)<a<1時(shí),函數(shù)的值域?yàn)閇l+a-ae,-lna-l+a],
e-1
當(dāng)ail時(shí),函數(shù)的值域?yàn)閇1+。一。G0].
【點(diǎn)睛】
本題主要考查利用導(dǎo)數(shù)求單調(diào)區(qū)間和極值,以及利用導(dǎo)數(shù)研究含參函數(shù)在給定區(qū)間的值域,考查學(xué)生的運(yùn)算求解能力,
體現(xiàn)了分類討論的數(shù)學(xué)思想.
19.(1)x2+y2――(2)
【解析】
試題分析:(1)確定圓。的方程,就是確定半徑的值,因?yàn)橹本€AP與圓。相切,所以先確定直線方程,即確定點(diǎn)P
331
坐標(biāo):因?yàn)檩S,所以P(l,±/),根據(jù)對(duì)稱性,可取P(l《),則直線AP的方程為y=/(x+2),根據(jù)圓心到
2
切線距離等于半徑得r=(2)根據(jù)垂徑定理,求直線P。被圓。截得弦長的最大值,就是求圓心。到直線PQ的
\b\3
距離的最小值.設(shè)直線PQ的方程為丫=依+。,則圓心。到直線PQ的距離1=7^,利用后8Moe=-7得
收+i人4
3x,x2+4yiy2=0,化簡得(3+4公)西々+4奶(玉+々)+4/=0,利用直線方程與橢圓方程聯(lián)立方程組并結(jié)合韋達(dá)
定理得2/=4左2+3,因此"=J;:::;)=J2一,當(dāng)%=0時(shí),〃取最小值,P。取最大值為幾.
試題解析:解:(D
22
因?yàn)闄E圓C的方程為土+二=1,所以A(—2,0),尸(1,0).
43
3
因?yàn)镻FJ_x軸,所以尸(1,±力,而直線AP與圓。相切,
2
根據(jù)對(duì)稱性,可取p(i,3,
2
則直線AP的方程為y=~(x+2),
即x—2y+2=0.
2
由圓。與直線AP相切,得r=忑,
所以圓。的方程為/9+;/9=4
(2)
易知,圓。的方程為f+y2=3.
3
①當(dāng)PQ_Lx軸時(shí),
所以%=士*,
此時(shí)得直線PQ被圓。截得的弦長為小夕.
7
②當(dāng)PQ與x軸不垂直時(shí),設(shè)直線PQ的方程為丫="+萬,產(chǎn)區(qū),凹),。(々,%)(玉馬70),
3
首先由心戶?自。=-W,得3%無2+4b%=°,
即3司9+4(3+b)(kx2+>)=0,
所以(3+4/)罰々+4始(改+X2)+4〃=0(*).
y=kx+b
聯(lián)立{爐2,消去x,得(3+4/)/+8妨x+4從-12=0,
—+—y=1
43
將%+%2=——---^■,X]X2-———¥■代入(*)式,
'-3+4/'-3+4-
得2/=4r+3.
由于圓心。到直線PQ的距離為“
所以直線PQ被圓。截得的弦長為/=2,3-/=4+故當(dāng)%=0時(shí),/有最大值為指.
綜上,因?yàn)?>為且,所以直線PQ被圓。截得的弦長的最大值為
7
考點(diǎn):直線與圓位置關(guān)系
17
20.(1)證明見解析;⑵
【解析】
(1)構(gòu)造直線PQ所在平面P”Q,由面面平行推證線面平行;
(2)以。為坐標(biāo)原點(diǎn),建立空間直角坐標(biāo)系,分別求出兩個(gè)平面的法向量,再由法向量之間的夾角,求得二面角的
余弦值.
【詳解】
(D過點(diǎn)PH上BC交BC于H點(diǎn),連接Q”,如下圖所示:
因?yàn)槠矫鍯DEE,平面ABC。,且交線為CO,
又四邊形CZJEE為正方形,故可得CELCD,
故可得CE_L平面ABC。,又CBu平面ABC。,
故可得CE_LCB.
在三角形C8E中,因?yàn)镻為3E中點(diǎn),PH±CB,CE±CB,
故可得PH//CE,〃為CB中點(diǎn);
又因?yàn)樗倪呅蜛BCD為等腰梯形,”,。是。8,4。的中點(diǎn),
故可得HQ〃CO;
又PHcHQ=H、CDcCE=C,
且產(chǎn)〃,u平面PHQ,CD,CEu平面DFEC,
故面PHQ〃面EFDC,
又因?yàn)镻Qu平面PHQ,
故PQ//面EECD.即證.
(2)連接4E,AC,作交A3于m點(diǎn),
由(1)可知CEL平面A8C。,又因?yàn)镈F//CE,故可得正,平面A8CD,
則。下,DM,OF_LOC;
又因?yàn)锳B〃C。,DM1AB,故可得DM_L£)C
即DM,DC,。尸兩兩垂直,
則分別以DM,DC,DF為x,y,z軸建立空間直角坐標(biāo)系。一到z,
則DM=y]AD2-AM2=752-22=V21,
0(0,0,0),尸(0,0,2),E(0,2,2),
LfV2i1
A(V21,-2,0),尸號(hào),3,1,C(0,2,0)
【2J
設(shè)面AEF的法向量為玩=(x,y,z),則厚=(0,2,0),=(-721,2,2),
\m-FE=Q2y=0
則(一^=>5i—,
m-AF=0[一J21x+2y+2z=0
可取比=(2,0,如),
設(shè)平面PDC的法向量為五=(x,y,z),則覺=(0,2,0),麗=[孝^,3,1,
(一f2y=0
,n-DC=Q「?
則{——J2\,
nDP-0《―x+3y+z=0
可取為=(2,0,—JH),
可知平面AEF與平面PCD所成的銳二面角的余弦值為
\n-frA12x2-21117
cos6=^J------[=—.
同|同22+2125
【點(diǎn)睛】
本題考查由面面平行推證線面平行,涉及用向量法求二面角的大小,屬綜合基礎(chǔ)題.
22
21.(1)—+^-=1(2)尤一>一2=0或x+y-2=0.
43
【解析】
(1)圓C的方程已知,根據(jù)條件列出方程組,解方程即得;(2)設(shè)N(XN.N),"(如,%),顯然直線/的斜率存
在,方法一:設(shè)直線/的方程為:>=左(%-2),將直線方程和橢圓方程聯(lián)立,消去y,可得/,同理直線方程和圓
12
方程聯(lián)立,可得知,再由AN=亍AM可解得左,即得;方法二:設(shè)直線/的方程為:%=)+2?。0),與橢圓方
程聯(lián)立,可得以,將其與圓方程聯(lián)立,可得加,由AN=5AM可解得3即得.
【詳解】
(1)記橢圓E的焦距為2c(c>0).???右頂點(diǎn)A(a,O)在圓C上,右準(zhǔn)線x=上與圓C:(%-3)2+丁=1相
(。-3)2+。、1,
切???"a1解得,,
--3=1,[c=l
c
22
.?.加=〃—,2=3,橢圓方程為:工+匕=1.
43
(2)法1:設(shè)"(赤,后),出(拓,丫”),
顯然直線/的斜率存在,設(shè)直線/的方程為:y=k(x-2\
y=k(x-2),
直線方程和橢圓方程聯(lián)立,由方程組%2>2消去y得,整理得(4公+3)》2_16/》+16%2—12=0.
143
16公一12'解得距=1
由,2=
4d+3
y=k(x-2\,/、/
直線方程和圓方程聯(lián)立,由方程組/12消去y得,(二+1)尤2一(必?+6卜+4/+8=0
[(X-3)-+9=1,\
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