北京市西城區(qū)2018屆高三理綜(物理部分)4月統(tǒng)一測試(一模)試題答案

參考答案第一局部共20小題，每一小題6分，共120分。13．B 14．A15．C16．C 17．B18．C19．D20．C第二局部共11小題，共180分。21．〔18分〕【〔1〕~〔4〕每空2分，〔5〕4分?！俊?〕＞，BC〔2〕C〔3〕m1?OP=m1?OM+∏2?ON,m1?OP2=m1?OM2+m2?ON2〔4〕OP,OM和ON〔5〕O連接OP、OM、ON,作出M、N在OP方向上的投影點M’、N,，如下列圖。分別測量出OP、OM/、ON’的長度。假設在實驗誤差允許范圍內，滿足關系式mι?OP=mι?OM'+∏2?ON,，如此可以認為兩小球碰撞前后在OP方向上動量守恒。22．〔16分〕〔1〕〔5分〕在D點，物體受力如圖1所示根據牛頓第二定律F+mgNv2=m-R-mgFN代入數(shù)據解得FN=30N圖1〔2〕〔5分〕物體從B到D,根據機械能守恒定律11—mv2=mg?2R+—mv22B 2D代入數(shù)據解得v=4√2m∕s=5.64m∕sB〔3〕〔6分〕物體從A到B,受力如圖2所示，根據動能定理Fx—fx=1mv2—1mv22B2Af=μmgmg圖2代入數(shù)據解得x=4m23．〔18分〕〔1〕a.〔6分〕電容器充電所獲得的電荷量等于i-t圖線和橫、縱軸所圍的面積。圖2中每一小格的面積為S=—IX1-T=0.011T0 100100 00圖線下約22小格，面積為S=22S0所以電容器所獲得的電量Q=22-IT=0.22IT10000 00〔說明：21、22、23格均給分〕b.〔6分〕電容器充電時，通過R的電流i=E-U,U為電容器兩端的電壓，R隨著電容器上電荷量的增大，U也增大，所以電流i減小。充電完畢時，電容器兩端電壓等于電源的電動勢，即E=U根據電容的定義C=QU解得電容C=Q=2T=0≡ToE100E E〔2〕〔6分〕根據能量守恒定律1mv2xη=LCU2-—CU22 0 202 201解得電車剎車前瞬間的速度V024.〔20分〕〔1〕a.〔3分〕B球做加速度先增大后減小的加速運動，最后勻速。b.〔5分〕以A、B球為研究對象，系統(tǒng)所受的合外力為零根據動量守恒定律miv0=miVA+m2VB由于只有系統(tǒng)內的電場力做功,所以系統(tǒng)的動能和電勢能的總和保持不變,初始狀態(tài)和最后狀態(tài)兩球的距離都很大,可以認為系統(tǒng)的初、末電勢能為零。由能量守恒1mv2=1210 2mv2+1mv21A22Bwqrτi聯(lián)立以上兩式解得v=二m一VBm+m01 2〔2〕a.〔3分〕以兩根金屬棒為研究對象，系統(tǒng)所受的合外力為零，最后以共同的速度V向前運動，根據動量守恒定律mv0=2mvCd棒最終獲得的動能E=1mv2=mmv2k2 8 0b.〔9分〕兩根棒內自由電子所受洛倫茲力如下列圖方法一：設自由電子的電荷量為e,在兩棒達到最終狀態(tài)之前某時刻，ab棒的速度為v1,Cd棒的速度為V2,自由電子沿兩根棒定向移動的速率為U，在很短的時間Δ內,ab棒中自由電子受到的垂直于棒方向的洛倫茲力f2f對電子做負功W=—f?vΔt=-euBvΔt2 2 2 1 1Cd棒中自由電子受到的垂直于棒方向的洛倫茲力f2'f'對電子做正功W'=f'?VΔt=euBvΔt2 2 22 2因為v>v，所以W+W'<0,宏觀上表現(xiàn)為安培力對兩棒組成的系統(tǒng)做負功，1 2 2 2使系統(tǒng)總動能減小，即ab棒減少的動能大于Cd棒增加的動能。方法二：設自由電子的電荷量為e，在兩棒達到最終狀態(tài)之前某時刻，自由電子沿ab棒定向移動的速率為u。在很短的時間Δt內，電子在棒中定向運動，與金屬離子發(fā)生碰撞，受到阻力。設電子受到的平均阻力為f，在