2021屆江蘇省高考物理三模試卷附答案詳解

2021屆江蘇省高考物理三模試卷

一、單選題（本大題共6小題，共19.0分）

1.一物塊在水平地面上沿直線滑行，t=0時(shí)其速度為lzn/s。從此刻開始在物塊運(yùn)動(dòng)方向上再施加

一水平作用力F,力產(chǎn)與物塊的速度"隨時(shí)間變化的規(guī)律分別如圖甲、乙所示。則下列說法中正

確的是（）

A.第1秒內(nèi)水平作用力F做功為1/

B.第2秒內(nèi)水平作用力尸的平均功率為1W

C.第3秒內(nèi)水平作用力尸的平均功率為21V

D.0?3秒內(nèi)水平作用力F所做的總功為力

2.如圖甲，-理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為2：1,原線圈的電壓隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙所示‘副

線圈電路中接有燈泡，額定功率為22W；原線圈電路中接有電壓表和電流表.現(xiàn)閉合開關(guān)，燈

泡正常發(fā)光.若用U和1分別表示此時(shí)電壓表和電流表的讀數(shù)，貝女）

A.燈泡的電壓為110加V

B.副線圈輸出交流電的頻率為50Hz

C.U=220V,I=0.2/

D.原線圈輸入電壓的瞬時(shí)表達(dá)式為〃=220sinl00iitV

3.如圖所示，足夠長的通電導(dǎo)線旁邊同一平面有矩形線圈abed,貝女）

A.當(dāng)線圈以ad邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)（轉(zhuǎn)動(dòng)角為銳角），其中感應(yīng)電流方向是

atbtctd

B.當(dāng)線圈向?qū)Ь€靠近時(shí)，其中感應(yīng)電流方向是QTZ?TCTd

C.若線圈向右平動(dòng)，其中感應(yīng)電流方向是afb->ctd

D.若線圈豎直向下平動(dòng)，有感應(yīng)電流產(chǎn)生

4.如圖所示，兩塊長均為/的兩平行金屬板與水平面成a角正對放置，充電后板間

有勻強(qiáng)電場.一質(zhì)量為粗、帶電荷量為q的液滴沿垂直于電場線方向從。點(diǎn)以一

定的初速度射入電場，并沿兩金屬板的中線0P通過電場，重力加速度為g.下列

判斷正確的是（）

A.液滴在金屬板間做勻速直線運(yùn)動(dòng)

B.金屬板間電場的電場強(qiáng)度的大小為臀吧

C.液滴在金屬板間運(yùn)動(dòng)過程中動(dòng)能的增量為rng/s譏a

D.液滴在金屬板間運(yùn)動(dòng)過程中電勢能的增加量等于重力勢能的減少量

5.如圖所示，質(zhì)量為1.5麗的物體4靜止在豎直的輕彈簧上，質(zhì)量為0.5kg的物體「

B由細(xì)線懸掛在天花板上，B與4剛好接觸但不擠壓.現(xiàn)突然將細(xì)線剪斷，則剪斷聲《

后瞬間4、B間的作用力大小為（g取10m/s2）（）停

A.0B.2.5NC.5ND.3.75N

6.根據(jù)課本黑體輻射的實(shí)驗(yàn)規(guī)律，以下判斷不正確的是（）

A.在同一溫度下，輻射強(qiáng)度最大的電磁波波長不是最大的，也不是最小的，而是處在最大與最

小波長之間

B.溫度越高，輻射強(qiáng)度最大的電磁波的波長越短

C.溫度越高，輻射強(qiáng)度的極大值就越大

D.在同一溫度下，波長越短的電磁波輻射強(qiáng)度越大

二、多選題（本大題共6小題，共24.0分）

7.一正弦交流電的電壓隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，若將該交流電壓加在阻值R=10的電阻兩

端.由圖可知（）

□

A.該交流電的頻率為25Hz

B.通過電阻的電流為10位4

C.用交流電壓表測得電阻兩端的電壓是10V

D.電阻消耗的功率是10W

8.如圖所示，質(zhì)量為m的小球置于正方體的光滑盒子中，盒子的邊長略大

于球的直徑.某同學(xué)拿著該盒子在豎直平面內(nèi)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)

動(dòng)，己知重力加速度為g,空氣阻力不計(jì)，要使在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球

之間恰好無作用力，貝M）

A.該盒子做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力大小一定在不斷變化

B.該盒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期一定等于2兀

C.盒子在最低點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間的作用力大小一定等于mg

D.盒子在最低點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間的作用力大小一定等于2mg

9.摩托車場地越野賽中常出現(xiàn)車飛離地面的驚險(xiǎn)鏡頭，比賽時(shí)一輛

摩托車沖上山坡可簡化為如圖所示的情景，山坡視為半徑為R的

半球，若摩托車在球頂時(shí)的速度為％時(shí)，且此時(shí)摩托車對球頂恰

無壓力，則以下說法正確的是（）

A.摩托車立即離開球面做平拋運(yùn)動(dòng)，不再沿圓弧下滑

B.V0=

C.摩托車落地速度方向和水平地面成45。角

D.摩托車落地點(diǎn)離球頂水平位移eR

10.如圖甲所示，Q1、（22為兩個(gè)固定的點(diǎn)電荷，a、b、c三點(diǎn)在它們的連線上.一帶負(fù)電的粒子只受

電場力的作用沿連線運(yùn)動(dòng)，在a、b、c點(diǎn)的速度分別為%、%、%，粒子的u-t圖象如圖乙所

示.下列說法中正確的是

A.Qi一定帶正電，＜22一定帶負(fù)電

B.Qi的電量一定小于Q2的電量

C.b點(diǎn)的電場強(qiáng)度比a、c點(diǎn)電場強(qiáng)度大

D.直線上從a點(diǎn)到c點(diǎn)，電勢先升高后降低

11.下列說法正確的是（）

A.當(dāng)一定質(zhì)量的氣體吸熱時(shí)，其內(nèi)能可能減小

B.當(dāng)液體與大氣相接觸時(shí)，液體表面層內(nèi)的分子所受其它分子作用力的合力總是指向液體內(nèi)部

C.做加速運(yùn)動(dòng)的物體，由于速度越來越大，因此物體分子的平均動(dòng)能越來越大

D.單晶體有固定的熔點(diǎn)，多晶體和非晶體沒有固定的熔點(diǎn)

E.氣體分子單位時(shí)間內(nèi)和單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)和氣體溫度有

關(guān)

12.電磁波廣泛應(yīng)用在現(xiàn)代醫(yī)療中。下列屬于電磁波應(yīng)用的醫(yī)用器械有（）

A.殺菌用的紫外燈B.拍胸片的X光機(jī)

C.治療咽喉炎的超聲波霧化器D.檢查血流情況的“彩超”機(jī)

三、填空題（本大題共3小題，共12.0分）

gE/rV

13.氫原子能級如圖所示，則要使一個(gè)處于基態(tài)的氫原子釋放出一個(gè)電子而變?,24

成為氫離子，該氫原子需要吸收的能量至少是；一群處于n=4能3-＞51

2---------------------3.40

級的氫原子回到n=2的狀態(tài)過程中，可能輻射種不同頻率的光子；

其中最短波長等于（已知普朗克常量h=6.63xl0-34/.s））.,,nW,

14.水的飽和汽壓隨溫度的變化而變化，溫度升高時(shí)，飽和汽壓____（填“增大”“減小”或“不

變”）；在一定溫度下，水的飽和汽體積增大時(shí)，分子數(shù)密度（填“增大”“減小”或“不

變”）；當(dāng)空氣的絕對濕度一定時(shí)，若溫度升高，空氣的相對濕度（填“增大”“減小”

或''不變”）；液體對某種固體是浸潤時(shí)，其附著層液體分子間距（填“大于”“小于”

或“等于"）液體內(nèi)部分子間的距離。

15.某介質(zhì)對紅光的折射率為2,紅光在該介質(zhì)中的速度為打，波長為友,發(fā)生全反射的臨界角為G，

該介質(zhì)對紫光的折射率為電，紫光在該介質(zhì)中的速度為切，波長為發(fā)生全反射的臨界角為。2,

貝切1的；義2；^2；CiQ?（填＜，＞或=）

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）

16.有一個(gè)額定電壓為2.8乙功率約為0.8W的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這個(gè)燈泡的/-U圖線，有

下列器材供選用：

4電壓表（0?3V,內(nèi)阻6/cO）

B.電壓表（0?15U,內(nèi)阻30W2）

C.電流表（0?34內(nèi)阻0.1。）

。?電流表（0?0.64,內(nèi)阻0.50）

￡滑動(dòng)變阻器（10254）

F.滑動(dòng)變阻器（2000,0.54）

G.蓄電池(電動(dòng)勢6V,內(nèi)阻不計(jì))

必

8.1

0

圖1圖2

(1)用如圖1所示的電路進(jìn)行測量，電壓表應(yīng)選用,電流表應(yīng)選用.滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用

.(用序號字母表示)

(2)通過實(shí)驗(yàn)測得此燈泡的伏安特性曲線如圖2所示.由圖線可求得此燈泡在正常工作時(shí)的電阻為

n,此時(shí)的功率為w.

(3)若將此燈泡與電動(dòng)勢6人內(nèi)阻不計(jì)的電源相連，要使燈泡正常發(fā)光，需串聯(lián)一個(gè)阻值為n

的電阻.(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)

(4)該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中還測出甲、乙、丙三種元件的伏安特性曲線分別如圖3、4、5所示.則下列說法

A.甲元件可以用來制作標(biāo)準(zhǔn)電阻8.乙元件可以用來制作金屬電阻溫度計(jì)

C.丙元件的阻值隨電壓升高而增大。.圖3也可用來表示小燈泡的伏安特性曲線.

17.利用如圖甲所示的裝置，用自由落體做''測定重力加速度''的實(shí)驗(yàn)，在紙帶上取得連續(xù)清晰的7個(gè)

點(diǎn)，如圖乙所示，并且測得第2到第5點(diǎn)間的距離為Si=20.4cm,第4到第7點(diǎn)間的距離為s?=

22.7cm,設(shè)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率/為50Hz,則重力加速度的計(jì)

算式為g=,測量結(jié)果為g=m/s2.（保留兩位有效

匕

五、計(jì)算題（本大題共6小題，共59.0分）

18.1919年，盧瑟福用a粒子轟擊氮核（尹N）產(chǎn)生氧（肥。）并發(fā)現(xiàn)了一種新的粒子。已知氮核質(zhì)量為

mN=14.00753u,氧核的質(zhì)量為=17.00454a,a粒子質(zhì)量為血。=4.00387”，新粒子的質(zhì)

量為nip=1.00815”。（已知：la相當(dāng)于931MeU,結(jié)果保留2位有效數(shù)字）求：

（1）寫出發(fā)現(xiàn)新粒子的核反應(yīng)方程；

（2）核反應(yīng)過程中是吸收還是釋放能量，并求此能量的大??；

（3）a粒子以%=3x107nl小的速度沿兩核中心連線方向轟擊靜止氮核，反應(yīng)生成的氧核和新的粒子

同方向運(yùn)動(dòng)，且速度大小之比為1：43,求氧核的速度大小。

19.如圖所示，豎直放置的絕熱圓形氣缸內(nèi)有兩組固定于氣缸壁的卡環(huán)。質(zhì)

量為m的活塞CD放置在體積可忽略的下卡環(huán)上，與位于上卡環(huán)下方的輕

質(zhì)活塞通過輕質(zhì)彈簧相連。圓形氣缸右壁離不遠(yuǎn)處有一小狹縫與外

界大氣相通，活塞CD下方封閉了長度為L的一定質(zhì)量的理想氣體。初始時(shí)

亥I],封閉氣體的溫度為n，壓強(qiáng)為Po,兩個(gè)活塞都靜止，且4B與上卡環(huán)接觸但無擠壓。現(xiàn)對封

閉氣體緩慢加熱，若上卡環(huán)所能承受的最大豎直壓力為N=3mg,外界大氣壓強(qiáng)為p。=等，

彈簧的勁度系數(shù)上=等，活塞CD的運(yùn)動(dòng)可視為緩慢的，且最終不會到達(dá)小狹縫所在位置，重

力加速度為g,兩個(gè)活塞的橫截面積均為S,則要使上卡環(huán)能安全使用。

求：

①氣缸內(nèi)封閉氣體的最高溫度；

（it）若封閉氣體的溫度達(dá)到了最高溫度，求全過程外界對封閉氣體所做的功。

20.傍晚你在家中聽收音機(jī)時(shí)，若用拉線開關(guān)打開家中的白熾燈，會聽到收音機(jī)中有“吱啦”的聲

音，試分析原因.

21.如圖，一輕彈簧原長為2m,其一端固定在水平軌道的左端4處，另一端位于軌道上的B處，

彈簧外于自然狀態(tài)，水平軌道4。長為6小，且與一半徑是R=10m的;圓弧軌道相切于D點(diǎn)。質(zhì)

量為m=1kg的小物塊P從。點(diǎn)在水平向左恒力尸=9N作用下由靜止向左運(yùn)動(dòng)，到達(dá)C點(diǎn)(圖中未

畫出)后被彈回，最遠(yuǎn)到達(dá)E點(diǎn)，AE=5m,已知物塊P與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.1,重力加

速度g=10m/s2,求：

(1)物塊P第一次到達(dá)B點(diǎn)的速度的大小；

(2)物塊P運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢能；

(3)將物塊P的質(zhì)量改為岑/cg后，將物塊推至C點(diǎn)后靜止釋放。已知物塊沿水平軌道進(jìn)入光滑傾斜軌

道。心恰好能到達(dá)F點(diǎn)，則物塊從B運(yùn)動(dòng)到尸的時(shí)間是多少？

22.引力波探測于2017年獲得諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)。雙星的運(yùn)動(dòng)是產(chǎn)生引力波的來源之一，假設(shè)宇宙中

有一雙星系統(tǒng)由P、Q兩顆星體組成，這兩顆星繞它們連線的某一點(diǎn)在二者萬有引力作用下做勻

速圓周運(yùn)動(dòng)，測得P星的周期為7,P、Q兩顆星的距離為I,P、Q兩顆星的軌道半徑之差為ANP

星的軌道半徑大于Q星的軌道半徑)，引力常量為G,求：

(1)Q、P兩顆星的線速度之差△〃；

(2)Q,P兩顆星的質(zhì)量之差A(yù)m。

23.如圖所示，一對足夠大的金屬板M、N正對且豎直放置，兩極板分別接在大小可調(diào)的電源兩端，

N極板右側(cè)分布有勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直紙面向里.磁場區(qū)域內(nèi)放有一半徑

為R的圓柱體，圓柱體的軸線與磁場方向平行，圓柱體的橫截面圓的圓心。到右極板N的距離為

0.0=2R,在貼近左極板M處有足夠大的平行且?guī)ж?fù)電離子源.負(fù)離子在電場力的作用下無初

速沿垂直于N極板(經(jīng)過特殊處理，離子能透過)射入磁場區(qū)域，已知所有離子的質(zhì)量均為m,電

量的大小為q，忽略離子的重力和離子間的相互作用力且從N極板返回的負(fù)離子不再進(jìn)入磁場.

MN

x

x

X

X

X

(1)若某個(gè)離子經(jīng)過N極板后恰好垂直打在圓柱體的最高點(diǎn)P,求此時(shí)加在極板上的電壓；

(2)為了使所有的離子均不能打在圓柱體上，求極板上的電壓需滿足什么條件；

(3)若極板上的電壓調(diào)為U=隨生，求從極板N上哪個(gè)范圍內(nèi)射出的離子能打在圓柱體上?

2m

參考答案及解析

1.答案：C

解析：解：AD,由速度圖象可知，第Is、2s、3s內(nèi)的位移分別為0.5m、0.5m,1m,由F—t圖象及

功的公式卬=尸5＜：05?？汕笾海?0.5/,W2=1.57,1%=2/,總功為4/,故4。錯(cuò)誤；

B、由以上分析知：第2秒內(nèi)水平作用力尸做功叫=15/，平均功率P=?=1.5W,故8錯(cuò)誤；

C、由以上分析知：第3秒內(nèi)水平作用力F做功肌=2/,平均功率P'=^=2W,故C正確。

故選：Co

根據(jù)功的公式W=FL可知，知道產(chǎn)的大小，再求得各自時(shí)間段內(nèi)物體的位移即可求得力F做功的多

少，根據(jù)p=?求解平均功率。

本題考查的是學(xué)生對功的理解，根據(jù)功功率的定義可以分析做功計(jì)功率的情況。

2.答案：B

解析：解：4、原線圈電壓的有效值q=等=220（根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，得副線圈兩端的

電壓4=：Ui=3x220=110〃，即燈泡的電壓為1101Z,故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)圖象知，交流電的周期7=2x10-25,頻率f=*=或￡=50Hz,變壓器不改變交流電的

頻率，所以副線圈輸出交流電的頻率50Hz,故8正確；

C、原線圈電壓有效值220V,即U=220匕副線圈電流/2=自=蓋=024,根據(jù)電流與匝數(shù)成反

比得，/=32=[X02=0.14，故C錯(cuò)誤；

D、周期7=0.02S,角速度3=與=/與=100aad/s原線圈輸入電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式〃=

220或sinlOO/rtV，故3錯(cuò)誤；

故選：B。

根據(jù)變壓器中電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，燈泡正常發(fā)光求出電流，即可求解.

本題考查了變壓器的特點(diǎn)；電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比.輸入功率等于輸出功率進(jìn)行解

題.

3.答案：B

解析：解：4當(dāng)線圈以ad邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，向里穿過線圈的磁通量減少，根據(jù)楞次定律可知，其中感

應(yīng)電流方向是a—dtc->b。故A錯(cuò)誤。

區(qū)當(dāng)線圈向?qū)Ь€靠近時(shí)，穿過線圈的磁通量向里增加，根據(jù)楞次定律可知，其中感應(yīng)電流方向是a—

btctd,選項(xiàng)B正確；

C.若線圈向右平動(dòng)，穿過線圈的磁通量向里減小，根據(jù)楞次定律可知，其中感應(yīng)電流方向是a-d-

ctb,選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

。若線圈豎直向下平動(dòng)，穿過線圈的磁通量不變，則線圈中無感應(yīng)電流產(chǎn)生，選項(xiàng)。錯(cuò)誤.

故選：Bo

當(dāng)通過線圈的磁通量發(fā)生變化時(shí)，線圈中將會產(chǎn)生感應(yīng)電流。根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向。

解決本題的關(guān)鍵掌握右手螺旋定則判斷電流周圍的磁場方向，掌握感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件，會根據(jù)楞

次定律判斷感應(yīng)電流的方向。

4.答案:C

解析：解：4、液滴沿0P做直線運(yùn)動(dòng)，受重力和電場力，合力沿著0P方向，做勻加,

速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、液滴受力如圖所示：、、乏

卜、

故電場力為：F=mgcosa,合力為：F^.=mgsina.G

故電場強(qiáng)度大小為：E=；=警吧，故8錯(cuò)誤；

C、根據(jù)動(dòng)能定理，動(dòng)能增加量等于合力的功，為：△Ek=F/=mglsma,故C正確；

。、由于電場力與位移垂直，故電場力不做功，故電勢能不變，故。錯(cuò)誤；

故選：C

5.答案：D

解析：

細(xì)線剪斷瞬間，先考慮4B整體，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度；再考慮B,根據(jù)牛頓第二定律列式

求解彈力；最后根據(jù)牛頓第三定律列式求解4、B間的作用力大小。

本題關(guān)鍵是先采用整體法求解加速度，再隔離物體B并根據(jù)牛頓第二定律列式求解；注意在繩子剪斷

的瞬間產(chǎn)生彈力；而彈簧的彈力保持不變。

剪斷前，只有4對彈簧有作用力，所以剪斷前彈簧的彈力大小?崩=啊9=15N,剪斷瞬間，由于彈

簧來不及發(fā)生形變，根據(jù)牛頓第二定律可得（嗎!+爪8）9-尸理=（%+血8）見解得a=2.5m/s2,

隔離B,則有WIBO-FN=血8匿解得FN=3.75N,力正確.

6.答案：D

解析：

解決本題的關(guān)鍵知道黑體輻射的強(qiáng)度與溫度有關(guān)，溫度越高，黑體輻射的強(qiáng)度越大，隨著溫度的升

高，黑體輻射強(qiáng)度的極大值向波長較短的方向移動(dòng).

A、。、在同一溫度下，輻射強(qiáng)度最大的電磁波波長不是最大的，也不是最小的，而是處在最大與最

小波長之間.故A正確，。錯(cuò)誤；

B、C、黑體輻射的強(qiáng)度與溫度有關(guān)，溫度越高，黑體輻射的強(qiáng)度越大，則輻射強(qiáng)度的極大值也就越

大，輻射強(qiáng)度最大的電磁波的波長越短.故B正確，C正確.

本題選擇不正確的，故選：D

7.答案：AC

解析：試題分析：根據(jù)圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量，然后進(jìn)一步可求出其瞬時(shí)值的

表達(dá)式以及有效值等.

A、由圖象可知其周期為0.04s,所以頻率為25"z,故A正確；

B、根據(jù)圖象可知，電壓的有效值為10V,所以通過電阻的電流為/=肯=104故8錯(cuò)誤；

C、電壓表測量的是有效值，所以電壓表的示數(shù)為10心故c正確；

。、電阻消耗的功率P=/2R=100”,故。錯(cuò)誤；

故選：AC.

8.答案：BD

解析：解：力、由于物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以向心力的大小始終是不變的，所以A錯(cuò)誤。

B、在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間恰好無作用力，說明此時(shí)恰好只有小球的重力作為向心力，由mg=

mR售得,周期T=所以8正確。

C、盒子在最低點(diǎn)時(shí)受重力和支持力的作用，由F-mg=和mg=?nR篝可得，F(xiàn)—2mg,

所以C錯(cuò)誤。

D、由C得分析可知，選項(xiàng)。正確。

故選:BD。

小球在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間恰好無作用力，說明此時(shí)恰好只有小球的重力作為向心力，由此可

以求得小球的運(yùn)動(dòng)周期，在最低點(diǎn)時(shí)對物體受力分析，利用向心力的公式可以求得盒子與小球之間

的作用力大小.

物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球在最高點(diǎn)時(shí)盒子與小球之間恰好無作用力，說明此時(shí)恰好只有小球的重

力作為向心力，這是解決這道題的關(guān)鍵，再根據(jù)最高點(diǎn)和最低點(diǎn)時(shí)受力的不同，根據(jù)向心力的公式

列方程求解即可.

9.答案：ABD

解析：解：4、摩托車對球頂恰無壓力，僅受重力，做平拋運(yùn)動(dòng)，故A正確.

B、根據(jù)牛頓第二定律得，mg=my＞解得最高點(diǎn)的速度%故8正確.

C、根據(jù)/?=［區(qū)2得，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間￡=后，則落地的豎直分速度為=91=)9，根據(jù)平行四

邊形定則知，==萼=應(yīng)，可知摩托車落地速度方向和水平地面的夾角不等于45度，故

%y/gR

C錯(cuò)誤.

。、水平位移x=兀，=,J”=&R,故。正確.

故選：ABD.

摩托車對球頂恰無壓力，僅受重力，做平拋運(yùn)動(dòng)，結(jié)合牛頓第二定律求出在最高點(diǎn)的速度大小.根

據(jù)高度求出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合初速度和時(shí)間求出平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，根據(jù)速度時(shí)間公式求出

落地的豎直分速度，結(jié)合平行四邊形定則求出落地的速度方向.

本題考查了圓周運(yùn)動(dòng)和平拋運(yùn)動(dòng)的基本運(yùn)用，知道圓周運(yùn)動(dòng)最高點(diǎn)向心力的來源以及平拋運(yùn)動(dòng)在水

平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律是解決本題的關(guān)鍵.

10.答案：AD

解析：解：4BD.由v-t圖象可知，從a到b再到c的過程中，帶電粒子的速度先增大后減小，所受電

場力先由a—b,然后由b—c,又由于粒子帶負(fù)電，電場方向先由b—a,后由c—b,則電勢先升

高后降低，Qi一定帶正電，＜?2一定帶負(fù)電，且Qi的電量一定大于的電量，故A、。正確，3錯(cuò)誤；

Cb點(diǎn)速度最大，加速度為零，電場力為零，則電場強(qiáng)度為零，故C錯(cuò)誤；

故選：ADo

(1)分析粒子運(yùn)動(dòng)過程的速度變化情況，從而找到粒子的受力情況；

(2)根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)過程的受力情況分析兩源電荷的電性；

(3)根據(jù)u-t圖象的斜率判斷加速度大小關(guān)系，從而找到電場力及電場強(qiáng)度的大小關(guān)系；

解決該題的關(guān)鍵是正確分析帶電粒子的運(yùn)動(dòng)情況，知道圖象的斜率所表達(dá)的物理量；

11.答案：AE

解析：解：4、根據(jù)△(/=W+Q可知，當(dāng)一定量氣體吸熱時(shí)，其內(nèi)能可能減小，也可能不變，也可

能增大，故A正確；

8、當(dāng)表面張力的作用當(dāng)液體與大氣相接觸時(shí)，液體表面層內(nèi)的分子所受其它分子作用力的合力總是

沿液體的表面，故B錯(cuò)誤；

C、做加速運(yùn)動(dòng)的物體，由于速度越來越大，動(dòng)能越大，但溫度不一定升高，物體分子的平均動(dòng)能不

一定增大，故C錯(cuò)誤；

。、單晶體和多晶體有固定的熔點(diǎn)，而非晶體沒有固定的熔點(diǎn)，故。錯(cuò)誤；

E、氣體分子單位時(shí)間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)與單位體積內(nèi)的分子數(shù)和溫度有關(guān)，單位體積內(nèi)

的分子數(shù)越多碰撞次數(shù)越多，溫度越高，分子的平均動(dòng)能越大，單位時(shí)間碰撞次數(shù)越多，故E正確；

故選：AE.,

根據(jù)熱力學(xué)第一定律，△U=W+Q可判定4。

由表面張力的形成原因可判定B。

溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，由此可判定C。

晶體有固定的熔點(diǎn)，非晶體沒有固定的熔點(diǎn)，由此可判定D；

由壓強(qiáng)的微觀解釋可判定E。

考查熱力學(xué)第一定律的內(nèi)容，注意W與Q的正負(fù)確定，掌握晶體與非晶體的區(qū)別，理解分子表面引力，

同時(shí)掌握影響氣體分子的壓強(qiáng)因素。

12.答案：AB

解析：解：4、紫外燈發(fā)出的紫外線是電磁波，被細(xì)菌吸收會誘導(dǎo)細(xì)胞中核酸發(fā)生化學(xué)反應(yīng)，從而殺

滅細(xì)菌，故A正確；

8、X光機(jī)發(fā)射的X射線是波長很短的電磁波，X射線穿力很強(qiáng)，被人體各種組織吸收后，發(fā)生不同強(qiáng)

度的感光，從而獲得X射線影像，故8正確；

C、治療咽喉炎的超聲波霧化器原理是利用高頻聲波將液態(tài)水分子打散產(chǎn)生水霧，便于用藥吸收，故

C錯(cuò)誤；

。、檢查血流情況的“彩超”機(jī)是利用超聲波的多普勒效應(yīng)工作，故。錯(cuò)誤。

故選：AB.

根據(jù)電磁波的波長不同具有的特性不同分析，紫光線能量較高，可以使蛋白質(zhì)變性；X光穿透力強(qiáng),

可發(fā)生感光作用；聲波具有能量也可以傳輸信息。

本題考查電磁波和超聲波的應(yīng)用，很基礎(chǔ)，可見高考對原理的應(yīng)用考查是一個(gè)重要的方向，平時(shí)學(xué)

習(xí)要注意理論聯(lián)系實(shí)際。

13.答案:13.6ev；3；488.5nm

解析：解：要使一個(gè)處于基態(tài)的氫原子釋放出一個(gè)電子而變成為氫離子，至少吸收能量Eg=E-邑=

13.6eIZ.一群處于n=4能級的氫原子回到n=2的狀態(tài)過程中，可能輻射耨=3種不同頻率的光子，

分別是從n=4到n=3,n=4到n=2和n=3到n=2躍遷產(chǎn)生；根據(jù)玻爾理論分析可知：氫原子從

n=4的激發(fā)態(tài)躍遷到n=2激發(fā)態(tài)時(shí)輻射的光子頻率最大，波長最短.由九(=瑜-E2,代入數(shù)據(jù)解

得2=488.5nm.

故答案為：13.6ev；3；488.5nm

要使一個(gè)處于基態(tài)的氫原子釋放出一個(gè)電子而變成為氫離子，至少吸收能量瓦0=E-E[=13.6eV.

一群處于n=4能級的氫原子回到n=2的狀態(tài)過程中，可能輻射底種不同頻率的光子；根據(jù)玻爾理

論：輻射的光子能量hy=hy=Em-En(m>n),氫原子從n=4的激發(fā)態(tài)躍遷到n-2激發(fā)態(tài)時(shí)輻

射的光子頻率最大，波長最短.

本題考查對玻爾理論的理解和應(yīng)用能力，關(guān)鍵抓住輻射的光子能量和公式c=Ay.

14.答案：增大不變減小小于

解析：解：飽和汽壓是物質(zhì)的一個(gè)重要性質(zhì)，它的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度，同一種物質(zhì)溫度

越高，飽和汽壓越大，溫度升高時(shí)，飽和汽壓增大；在一定的溫度下，同一種液體的飽和汽的分子

數(shù)密度都是一定的，水的飽和汽體積增大時(shí)，分子數(shù)密度不變；相對濕度是空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)與

同一溫度下水的飽和汽壓之比，若溫度升高，同一溫度下水的飽和汽壓增大，則兩者比值減小，即

相對濕度減?。桓鶕?jù)浸潤的成因可知，當(dāng)液體對某種固體是浸潤時(shí)，其附著層液體分子間距小于液

體內(nèi)部分子間的距離，附著層內(nèi)液體的分子之間的作用表現(xiàn)為斥力，附著層有擴(kuò)展的趨勢，這樣液

體與固體之間表現(xiàn)為浸潤。

答案：增大，不變，減小，小于。

飽和汽壓強(qiáng)僅與氣體的種類和溫度有關(guān)，一定溫度下，水的飽和汽壓強(qiáng)是一定的，分子數(shù)密度是一

定的，且當(dāng)液體周圍的氣體處于飽和狀態(tài)時(shí)，液體和氣體間達(dá)到一種動(dòng)態(tài)平衡，液體的蒸發(fā)現(xiàn)象不

會停止；絕對濕度用空氣中所含蒸氣的壓強(qiáng)表示，相對濕度是指水蒸氣的實(shí)際壓強(qiáng)與該溫度下水的

飽和汽壓之比，氣溫升高時(shí)，水的飽和汽壓增大；根據(jù)浸潤和不浸潤的概念判斷。

本題考查了飽和汽壓強(qiáng)、絕對濕度和相對濕度、浸潤和不浸潤等知識點(diǎn)，難度不大，要求學(xué)生強(qiáng)化

記憶.

15.答案：<；>；>；>

解析：解：根據(jù)光的色散現(xiàn)象可知，紅光的折射率小于紫光的折射率，即巧<的.

光從真空中進(jìn)入介質(zhì)中，光的頻率不變，根據(jù)光在介質(zhì)中速度"=：=￥=勺，則得光在介質(zhì)中的

nAfA

波長為：A=\式中4。是光在真空中的波長.

因?yàn)樵谡婵罩屑t光的波長比紫光大，紅光的折射率又比紫光小，則知，紅光在同一介質(zhì)中的波長大，

即得：%>42；

由公式v=￡知，c相同，則知紅光在介質(zhì)中速度大，即有力>%；

根據(jù)臨界角與折射率的關(guān)系式sinC=；分析可知，紅光的臨界角大，即有前>。2.

故答案為：<,>>>>>.

紅光的折射率小于紫光的折射率.根據(jù)光在介質(zhì)中速度"=；，波速公式"=先分析兩種光在真

空中波長關(guān)系，再根據(jù)光從真空中進(jìn)入介質(zhì)中，光的頻率不變，分析在介質(zhì)中波長的關(guān)系.

根據(jù)光的全反射，臨界角與折射率的關(guān)系式sinC=*分析臨界角的大小關(guān)系.

對于七種色光的折射率、波長、頻率、臨界角、光子能量等等關(guān)系，是考試的熱點(diǎn)，要結(jié)合光的色

散、干涉、偏振、衍射等等現(xiàn)象進(jìn)行記憶.

16.答案：ADE100.7811AB

解析：解：(1)由題意可知，燈泡的額定電壓為2.8V,故電壓表的量程應(yīng)大于2.8V,故電壓表應(yīng)選3H

量程，故選：4

由「=0可得，電流為/=署4=0.284故電流表應(yīng)選：D；

Z.o

本實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用分壓接法，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選小電阻，故滑動(dòng)變阻器選E;

(2)由圖可知，當(dāng)電壓為2.8U時(shí)，電流為0.284故電阻為：/?=苫=恁0=100；此時(shí)功率為：P=

Iv.Zo

UI=2.8x0.28=0.78W

(3)要使燈泡串聯(lián)在6V的電源上正常工作，則與之串聯(lián)的電阻的阻值應(yīng)為6-2.8=3.2V；

此時(shí)電路中電流為0.284故應(yīng)串聯(lián)的電阻為：？=怒=110；

O.Zo

(4)4、因a元件的/-U圖線是直線，說明其電阻不隨電壓的變化而變化，故可作為標(biāo)準(zhǔn)電阻，故A

正確，

8、乙元件電阻隨增大而增大，故可以用來制作金屬電阻溫度計(jì)；故8正確；

C、丙元件的阻值隨電壓升高而降低，故C正確，

。、圖3電阻保持不變，與燈泡電阻的性質(zhì)不符；故。錯(cuò)誤.

故選：AB.

故答案為：(1)4D,E(2)100(3)110；(4)48.

(1)根據(jù)燈泡的額定電壓可明確所選的電壓表；由電燈泡的電流可確定電流表；根據(jù)電路的接法可確

定滑動(dòng)變阻器；

(2)由圖象可得出額定電壓，由圖象可求得燈泡的正常工作時(shí)的電流，由歐姆定律可求得燈泡的正常

工作時(shí)的電阻；

(3)要使燈泡正常發(fā)光，應(yīng)使燈泡達(dá)到額定值，由串聯(lián)電路的規(guī)律可知應(yīng)串聯(lián)的電阻.

(4)根據(jù)各元件的伏安特性曲線結(jié)合歐姆定律分析答題.

本題考查測量小燈泡的伏安特性曲線，要注意電表的正確選擇；明確電路的接法，會利用歐姆定律

進(jìn)行分析求解.

17.答案：手尸，96

解析：

測定勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度可以根據(jù)逐差相等，=aT2計(jì)算。

本題考查利用自由落體運(yùn)動(dòng)測量重力加速度，根據(jù)紙帶利用逐差法計(jì)算加速度。

設(shè)相鄰點(diǎn)跡之間的時(shí)間間隔為7,則T=y

根據(jù)逐差相等：S2—Si=%47—X25=6g72,故重力加速度計(jì)算式為：9=第=等產(chǎn)，

代入數(shù)據(jù)為：g=9.58m/s2?9.6m/s2o

故答案為：o,9.6。

18.答案：解：(1)盧瑟福用a粒子轟擊氮核發(fā)現(xiàn)質(zhì)子，該核反應(yīng)為：/N+犯e—?。+IH,

(2)這一核反應(yīng)中，質(zhì)量虧損：△m=WIN+6血一加0-7np=14.00753a+4.00387“一

17.00454U-1.00815U=-0.00129”

由質(zhì)能方程，則有AE=△m=-0.00129x931MH=-1.2MeV

故這一核反應(yīng)是吸收能量的反應(yīng)，其能量為1.20MeU

(3)根據(jù)動(dòng)量守恒定律，則有：mHev0=mHvH+movo

又：v0：vH=1：43

解得：v0=1.9x106nj/s

答：(1)發(fā)現(xiàn)新粒子的核反應(yīng)方程為尹N+匆e-#。+舫；

(2)這一核反應(yīng)是吸收能量，相應(yīng)的能量變化為1.2MeV；

(3)氧核的速度大小1.9x106m/so

解析：(1)根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒即可寫出：

(2)根據(jù)質(zhì)量虧損，結(jié)合質(zhì)能方程，即可求解；

(3)根據(jù)動(dòng)量守恒定律，結(jié)合速度大小之比為1：43,即可求解。

考查質(zhì)量虧損與質(zhì)能方程的應(yīng)用，掌握動(dòng)量守恒定律的內(nèi)容，注意其矢量性，同時(shí)注意單位的換算

是解題的關(guān)鍵。

19.答案：解⑴初始時(shí)輕質(zhì)活塞AB與上卡環(huán)之間彈力為零，可知此時(shí)彈簧彈力為零，彈簧處于原長

狀態(tài)。

當(dāng)彈簧對活塞4B豎直向上的壓力大小為N=3mg時(shí)，氣缸內(nèi)封閉氣體的溫度最高設(shè)為介，此時(shí)彈簧

壓縮量為與，封閉氣體的壓強(qiáng)為P2,則有：

kX]=3mg,已知：k=等幺

解得：Xi=|L

由活塞CD受力平衡可得：

p2s=pQS+mg+kx1

對封閉氣體由理想氣體狀態(tài)方程得：

PoLS_P2Q1+L)S

~T^=Q

解得：丁2=物。

5)在CO緩慢上升過程中，封閉氣體壓強(qiáng)始終滿足：pS=p0S+mg+kx,

初始彈簧處于原長，彈簧形變量支就等于活塞CD的位移大小，可知封閉氣體壓強(qiáng)與CD的位移大小成

線性關(guān)系，則可由封閉氣體壓強(qiáng)的平均值求得氣體對外界做的功，

當(dāng)x=0時(shí)，封閉氣體壓強(qiáng)：Pi=Po+詈

氣體對外界做的功：l￥'=p?△卜=月生％15=

則全過程外界對封閉氣體所做的功W=-川'=-mgL

4

答：⑴氣缸內(nèi)封閉氣體的最高溫度為臺「0；

①)全過程外界對封閉氣體所做的功為-mmgL。

解析：①分析已知條件得到的彈簧初末狀態(tài)，由活塞受力平衡解得封閉氣體壓強(qiáng)，由理想氣體狀態(tài)

方程解得所求；

(ii)分析封閉氣體壓強(qiáng)的變化與活塞位移大小的關(guān)系，利用其平均值求得氣體對外界做功，繼而可得

外界對氣體做的功。

本題考查了理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，以及氣體在壓強(qiáng)變化的情況下如何求其做功的問題，涉及帶

彈簧的受力分析及臨界條件的解析，能夠理解力與位移存在線性關(guān)系時(shí)，可利用力的平均值求力做

功。

20.答案：解：當(dāng)開關(guān)閉合時(shí)，電路中有了電流，空間的磁場發(fā)生變化，產(chǎn)生電磁波.電磁波被收音

機(jī)接收到從而發(fā)出短暫的響聲.

解析：收音機(jī)接收的是電磁波，當(dāng)電燈打開的瞬間，空間形成變化的磁場，對收音機(jī)的電信號產(chǎn)生

了干擾.

本題主要考查學(xué)生對電磁波產(chǎn)生的條件，在臺燈開燈的瞬間有變化的電流，故有電磁波產(chǎn)生，被收

音機(jī)接收.

21.答案：解：⑴設(shè)間的距離為X,物塊從。運(yùn)動(dòng)到8,根據(jù)動(dòng)能定理可得：Fx-iimgx=\mv2

解得u=8m/s

(2)物塊P從。運(yùn)動(dòng)到C,由能量守恒可得：FXDC-iimgxDC=EP

物塊P從C運(yùn)動(dòng)到凡由能量守恒可得：EP=fimgxCE+FxCE

聯(lián)立解得：xBC=lm,EP=40/

(3)物塊P從C點(diǎn)釋放運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，由能量守恒可得：EP=jmvf+iimgxCB

解得：Vi=3m/s

物塊由B勻減速運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：=

解得。=2s

物塊由。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到F點(diǎn)由等時(shí)圓模型可得時(shí)間

1、

2R=2弱

解得七2=2s

故t=h+J=2s+2s=4s

答：(1)物塊P第一次到達(dá)B點(diǎn)的速度的大小為8m/s；

(2)物塊P運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢能為40/；

(3)將物塊P的質(zhì)量改為詈kg后，將物塊推至C點(diǎn)后靜