高考物理考題型集訓(xùn) 等值模擬卷（一）試題

等值模擬卷等值模擬卷(一)(時(shí)間：60分鐘滿分：110分)一、選擇題(本題共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求．第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分)1．(2015·懷化三模)如圖1所示，以等腰直角三角形ABC為邊界的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直紙面向里．一個(gè)等腰直角三角形導(dǎo)體框abc的直角邊ab的長(zhǎng)是AB長(zhǎng)的一半，線框abc在平面內(nèi)，線框的bc邊與磁場(chǎng)的邊界BC邊在同一直線上，現(xiàn)讓線框勻速向右通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)，速度方向始終平行于BC邊．則在線框穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)的過(guò)程中，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象是(設(shè)沿順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流的正方向)()圖12．(2015·寧波模擬)如圖所示，處于真空中的正方體存在著電荷量為＋q或－q的點(diǎn)電荷，點(diǎn)電荷位置圖中已標(biāo)明，則a、b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)均相同的圖是()3．(2015·永州三模)如圖2所示，一理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為n1∶n2＝10∶1，原線圈接入電壓u＝220eq\r(2)sin100πt(V)的交流電源，交流電壓表和電流表對(duì)電路的影響可忽略不計(jì)，定值電阻R0＝10Ω，可變電阻R的阻值范圍為0～10Ω，則()圖2A．副線圈中交變電流的頻率為100HzB．t＝0.02s時(shí)，電壓表的示數(shù)為0C．調(diào)節(jié)可變電阻R的阻值時(shí)，電流表示數(shù)的變化范圍為1.1～2.2AD．當(dāng)可變電阻阻值為10Ω時(shí)，變壓器的輸入電功率為24.2W4．如圖3所示，質(zhì)量為m的木塊在質(zhì)量為M的長(zhǎng)木板上受到水平向右的拉力F的作用向右滑行，但長(zhǎng)木板保持靜止不動(dòng)．已知木塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1，長(zhǎng)木板與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，下列說(shuō)法正確的是()圖3A．長(zhǎng)木板受到地面的摩擦力的大小一定為μ2MgB．長(zhǎng)木板受到地面的摩擦力的大小一定為μ2(m＋M)gC．只要拉力F增大到足夠大，長(zhǎng)木板一定會(huì)與地面發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)D．無(wú)論拉力F增加到多大，長(zhǎng)木板都不會(huì)與地面發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)5．(2015·山西四校第三次聯(lián)考)如圖4所示，A、D分別是斜面的頂端、底端，B、C是斜面上的兩個(gè)點(diǎn)，AB＝BC＝CD，E點(diǎn)在D點(diǎn)的正上方，與A等高．從E點(diǎn)以一定的水平速度拋出質(zhì)量相等的兩個(gè)小球，球1落在B點(diǎn)，球2落在C點(diǎn)，關(guān)于球1和球2從拋出到落在斜面上的運(yùn)動(dòng)過(guò)程()圖4A．球1和球2運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為2∶1B．球1和球2動(dòng)能增加量之比為1∶3C．球1和球2拋出時(shí)初速度之比為2eq\r(2)∶1D．球1和球2運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度之比為1∶26．(2015·寶雞九校聯(lián)測(cè))在半徑為r、電阻為R的圓形導(dǎo)線框內(nèi)，以直徑為界左、右兩側(cè)分別存在著方向如圖5甲所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．以垂直紙面向外的磁場(chǎng)為正，兩部分磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律分別如圖乙所示．則0～t0時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框中()圖5A．感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針B．感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針C．感應(yīng)電流大小為eq\f(πr2B0,t0R)D．感應(yīng)電流大小為eq\f(2πr2B0,t0R)7．如圖6甲，某人正通過(guò)定滑輪將質(zhì)量為m的貨物提升到高處，滑輪的質(zhì)量和摩擦均不計(jì)，貨物獲得的加速度a與繩子對(duì)貨物豎直向上的拉力FT之間的函數(shù)關(guān)系如圖乙所示，由圖可以判斷()圖6A．圖線與縱軸的交點(diǎn)M的值aM＝－gB．圖線與橫軸的交點(diǎn)N的值FTN＝mgC．圖線的斜率等于物體的質(zhì)量mD．圖線的斜率等于物體質(zhì)量的倒數(shù)eq\f(1,m)8．(2015·新余二模)據(jù)報(bào)道，有科學(xué)家支持讓在2006年被除名的冥王星重新?lián)碛小靶行恰狈Q號(hào)，而最終結(jié)果在國(guó)際天文聯(lián)合會(huì)2015年舉行的會(huì)議上才能做出決定．下表是關(guān)于冥王星的一些物理量(萬(wàn)有引力常量G已知)．可以判斷下列說(shuō)法正確的是()物理量直徑平均密度公轉(zhuǎn)周期自轉(zhuǎn)周期表面溫度量值約2300km約2.0g/cm3約248年約6.387天－220°C以下A.冥王星繞日公轉(zhuǎn)的線速度比地球繞日公轉(zhuǎn)的線速度小B．冥王星繞日公轉(zhuǎn)的加速度比地球繞日公轉(zhuǎn)的加速度大C．根據(jù)所給信息，可以估算太陽(yáng)的體積的大小D．根據(jù)所給信息，可以估算冥王星表面重力加速度的大小二、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分，第9～12題為必考題，每個(gè)考生都必須作答，第13～18題為選考題，考生根據(jù)要求作答)(一)必考題(共47分)9．(6分)(2015·珠海六校二聯(lián)考)一個(gè)實(shí)驗(yàn)小組做“探究彈簧彈力與彈簧伸長(zhǎng)量關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，采用如圖7a所示裝置，質(zhì)量不計(jì)的彈簧下端掛一個(gè)小盤，在小盤中增添砝碼，改變彈簧的彈力．實(shí)驗(yàn)中做出小盤中砝碼重力隨彈簧伸長(zhǎng)量x的圖象如圖b所示．(重力加速度g＝10m/s2)(1)利用圖b中圖象，可求得該彈簧的勁度系數(shù)為____________N/m.(2)利用圖b中圖象，可求得小盤的質(zhì)量為________kg，小盤的質(zhì)量會(huì)導(dǎo)致彈簧勁度系數(shù)的測(cè)量結(jié)果與真實(shí)值相比______(“偏大”、“偏小”或“不變”)．圖710．(9分)(2015·邢臺(tái)四模)光敏電阻是阻值隨著光的照度而發(fā)生變化的元件(照度可以反映光的強(qiáng)弱，光越強(qiáng)照度越大，照度單位為1x)．某同學(xué)采用伏安法測(cè)放在不同照度下某光敏電阻Rc的阻值，將與兩個(gè)適當(dāng)?shù)碾娮柘銻1、R2，兩個(gè)適當(dāng)?shù)碾娏鞅鞟1、A2連成如圖8甲所示的電路，圖中的電流表內(nèi)阻很小可以忽略不計(jì)．圖8(1)光敏電阻Rc在不同照度下的阻值如表，根據(jù)表中數(shù)據(jù)，請(qǐng)?jiān)趫D乙給定的坐標(biāo)系中描繪出阻值隨照度變化的曲線.照度(lx)0.20.40.60.81.01.2電阻(kΩ)754028232018(2)在某次實(shí)驗(yàn)操作中增加光的照度后，為了保證電流表A1、A2的示數(shù)保持不變，應(yīng)該調(diào)節(jié)電阻箱R1使其阻值______(填“增大”或“減小”)，同時(shí)調(diào)節(jié)電阻箱R2使其阻值________(填“增大”或“減小”)；若電阻箱R1的阻值改變了4kΩ，電阻箱R2的阻值改變了12kΩ，電流表A1、A2的示數(shù)剛好保持不變，經(jīng)過(guò)計(jì)算得出光敏電阻Rc的阻值變化了________kΩ.11．(12分)(2015·衡水大聯(lián)考)如圖9甲所示，兩根足夠長(zhǎng)的金屬導(dǎo)軌ab、cd與水平面成θ＝37°角，導(dǎo)軌間距離為L(zhǎng)＝1m，電阻不計(jì)．在導(dǎo)軌上端接一個(gè)阻值為R0的定值電阻．在c、N之間接有電阻箱．整個(gè)系統(tǒng)置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與導(dǎo)軌所在平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B＝1T；現(xiàn)將一質(zhì)量為m、電阻可以忽略不計(jì)的金屬棒MN從圖示位置由靜止開始釋放．金屬棒下滑過(guò)程中與導(dǎo)軌接觸良好．金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.5.改變電阻箱的阻值R，測(cè)定金屬棒的最大速度vm，得到vm－R的關(guān)系如圖乙所示．若軌道足夠長(zhǎng)，重力加速度g取10m/s2.求圖9(1)金屬棒的質(zhì)量m和定值電阻R0的阻值；(2)當(dāng)電阻箱R取3.5Ω時(shí)，且金屬棒的加速度為1m/s2時(shí)，此時(shí)金屬棒的速度．12．(20分)(2015·南京、鹽城二模)如圖10所示，質(zhì)量為m＝1kg的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，放置在質(zhì)量M＝2kg足夠長(zhǎng)木板的中間，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，木板放置在光滑的水平地面上．在地面上方存在兩個(gè)作用區(qū)，兩作用區(qū)的寬度均為1m，相距為d，作用區(qū)只對(duì)物塊有力的作用，Ⅰ作用區(qū)對(duì)物塊作用力方向水平向右，Ⅱ作用區(qū)對(duì)物塊作用力方向水平向左，作用力大小均為3N．將物塊與木板從圖示位置(物塊在Ⅰ作用區(qū)內(nèi)的最左邊)由靜止釋放，已知整個(gè)過(guò)程中物塊不會(huì)滑離木板．取g＝10m/s2.圖10(1)在物塊剛離開Ⅰ區(qū)域時(shí)，物塊的速度多大？(2)若物塊剛進(jìn)入Ⅱ區(qū)域時(shí)，物塊與木板的速度剛好相同，求兩作用區(qū)的邊界距離d；(3)物塊與木板最終停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，求二者相對(duì)滑動(dòng)的路程．(二)選考題(共15分，從下面的3道物理題中，任選一題作答．如果多做，則按第一題計(jì)分．)[物理選修3－3]13．(5分)(2014·南昌模擬)下列說(shuō)法中正確的是______．(填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)一個(gè)扣3分，最低分為0分)A．氣體放出熱量，其分子的平均動(dòng)能可能增大B．布朗運(yùn)動(dòng)不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，但它可以說(shuō)明液體分子在永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)C．當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大D．第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第一定律E．某氣體的摩爾體積為V，每個(gè)分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數(shù)可表示為NA＝eq\f(V,V0)14．(10分)(2015·武漢四月調(diào)研)如圖11甲所示，左端封閉、內(nèi)徑相同的U形細(xì)玻璃管豎直放置，左管中封閉有長(zhǎng)為L(zhǎng)＝20cm的空氣柱，兩管水銀面相平，水銀柱足夠長(zhǎng)．已知大氣壓強(qiáng)為p0＝75cmHg.圖11(1)若將裝置翻轉(zhuǎn)180°，使U形細(xì)玻璃管豎直倒置(水銀未溢出)，如圖乙所示．當(dāng)管中水銀靜止時(shí)，求左管中空氣柱的長(zhǎng)度；(2)若將圖甲中的閥門S打開，緩慢流出部分水銀，然后關(guān)閉閥門S，右管水銀面下降了H＝35cm，求左管水銀面下降的高度．[物理選修3－4]15．(5分)(2015·甘肅二診)一列簡(jiǎn)諧橫波沿直線傳播．以波源O由平衡位置開始振動(dòng)為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)圖象如圖12所示，已知O、A的平衡位置相距0.9m，則該橫波波長(zhǎng)為________m，波速大小為________m/s，波源的起振方向是沿y軸________方向(選填“正”或“負(fù)”)．圖1216．(10分)(2015·石家莊一模)一等腰三角形玻璃磚放在空氣中，其截面如圖13所示，三個(gè)頂點(diǎn)分別為A、B、C.∠ABC＝∠ACB＝75°，AC面鍍一層反光膜．CB的延長(zhǎng)線上有一D點(diǎn)，從D點(diǎn)發(fā)射一束光線射到AB面上的E點(diǎn)，從E點(diǎn)進(jìn)入玻璃磚的光在AC面經(jīng)過(guò)第一次反射后沿原路返回．已知∠EDB＝45°，求玻璃磚的折射率．圖13[物理選修3－5]17．(5分)(2015·山西四校第三次聯(lián)考)以下說(shuō)法符合物理學(xué)史的是________．(填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)一個(gè)扣3分，最低得分為0分)A．普朗克引入能量子的概念，得出黑體輻射的強(qiáng)度按波長(zhǎng)分布的公式，與實(shí)驗(yàn)符合得非常好，并由此開創(chuàng)了物理學(xué)的新紀(jì)元B．康普頓效應(yīng)只表明光子具有能量C．德布羅意把光的波粒二象性推廣到實(shí)物粒子，認(rèn)為實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性D．湯姆遜通過(guò)α粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出了原子具有核式結(jié)構(gòu)E．為了解釋黑體輻射規(guī)律，普朗克提出電磁輻射的能量是量子化的18．(10分)(2015·江西五校聯(lián)考)如圖14所示，質(zhì)量均為m的小車和木箱緊挨著靜止在光滑的水平冰面上，質(zhì)量為2m的小孩站在小車上用力向右迅速推出木箱，木箱相對(duì)于冰面運(yùn)動(dòng)的速度為v圖14(1)小孩接住箱子后共同速度的大小；(2)若小孩接住箱子后再次以相對(duì)于冰面的速度v將木箱向右推出，木箱仍與豎直墻壁發(fā)生彈性碰撞，判斷小孩能否再次接住木箱．

答案精析等值模擬卷等值模擬卷(一)1．D[當(dāng)線框進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)，根據(jù)楞次定律判斷知：感應(yīng)電流的方向沿逆時(shí)針方向，為負(fù)值；t時(shí)刻導(dǎo)線框的有效切割長(zhǎng)度：L＝vt，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值，E＝BLv＝Bv2t，感應(yīng)電流瞬時(shí)值為：I＝eq\f(E,R)＝eq\f(Bv2t,R)，可知I∝t，設(shè)三角形ABC的直角邊長(zhǎng)為a，當(dāng)t＝eq\f(\f(1,2)a,v)＝eq\f(a,2v)時(shí)，I＝eq\f(Bav,2R)；同理，線框出磁場(chǎng)時(shí)，感應(yīng)電流的方向沿順時(shí)針方向，為正值；t時(shí)刻導(dǎo)線框的有效切割長(zhǎng)度：L＝eq\f(3,2)a－vt，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值：E＝BLv＝B(eq\f(3,2)a－vt)v，感應(yīng)電流瞬時(shí)值為：I＝eq\f(E,R)＝eq\f(B·\f(3,2)a－vtv,R)，當(dāng)t＝eq\f(a,v)時(shí)，I＝eq\f(Bav,2R)，當(dāng)線框完全在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生．根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知：D圖正確．]2．D[根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式E＝keq\f(q,r2)可得各個(gè)點(diǎn)電荷在正方體的頂點(diǎn)的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小，可計(jì)算得a、b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，根據(jù)正電荷的受力判斷場(chǎng)強(qiáng)的方向相反，故A錯(cuò)誤．根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式E＝keq\f(q,r2)，可求得各個(gè)點(diǎn)電荷在a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小，再根據(jù)矢量的合成，可得a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小不等，故B錯(cuò)誤．根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式E＝keq\f(q,r2)，得a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，再根據(jù)矢量合成，求出合場(chǎng)強(qiáng)相等，再根據(jù)正電荷的受力判斷場(chǎng)強(qiáng)的方向不同，故C錯(cuò)誤．根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式E＝keq\f(q,r2)可得各個(gè)點(diǎn)電荷在a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，再根據(jù)矢量合成，求出合場(chǎng)強(qiáng)相等，再根據(jù)正電荷的受力判斷場(chǎng)強(qiáng)的方向相同.再根據(jù)U＝Φ2－Φ1，U＝Ed得，Φ2－Φ1＝Ed可判斷a、b兩電勢(shì)相等，故D正確．]3．D[電流的頻率是由電壓決定的，所以原、副線圈中電流的頻率是一樣的，都為50Hz，故A錯(cuò)誤；電壓表的示數(shù)為電路的有效電壓的大小，原線圈的有效電壓為220V，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比知電壓表的示數(shù)為22V，故B錯(cuò)誤；當(dāng)R的阻值為零時(shí)，副線圈電流為I＝2.2A，當(dāng)R的阻值為10Ω時(shí)，副線圈電流為I′＝1.1A，電流與匝數(shù)成反比，電流表示數(shù)的變化范圍為0.11～0.22A，故C錯(cuò)誤；當(dāng)可變電阻阻值為10Ω時(shí)，變壓器的輸入電功率等于輸出功率P＝I′R＝1.12×20W＝24.2W，故D正確．]4．D[對(duì)M分析，在水平方向受到m對(duì)M的摩擦力和地面對(duì)M的摩擦力，兩個(gè)力平衡，則地面對(duì)木板的摩擦力Ff＝μ1mg.故A、B錯(cuò)誤；無(wú)論F大小如何，m在M上滑動(dòng)時(shí)對(duì)M的摩擦力大小不變，M在水平方向上仍然受到兩個(gè)摩擦力處于平衡，不可能運(yùn)動(dòng)．故C錯(cuò)誤，D正確．]5．C[因?yàn)锳C＝2AB，則AC的高度差是AB高度差的2倍，根據(jù)h＝eq\f(1,2)gt2得：t＝eq\r(\f(2h,g))，解得球1和球2運(yùn)動(dòng)的時(shí)間比為1∶eq\r(2)，故A錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理得，mgh＝ΔEk，知球1和球2動(dòng)能增加量之比為1∶2，故B錯(cuò)誤；DB在水平方向上的位移是DC在水平方向位移的2倍，結(jié)合x＝v0t，解得初速度之比為2eq\r(2)∶1，故C正確；平拋運(yùn)動(dòng)的物體只受重力，加速度為g，故兩球的加速度相同，故D錯(cuò)誤．]6．AC[根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，左側(cè)磁通量增大故感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶?，根?jù)右手螺旋定則可知感應(yīng)電流為順時(shí)針方向，同理可知右側(cè)產(chǎn)生的感應(yīng)電流同樣為順時(shí)針方向，故A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤；由于左右兩部分感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小方向一致可視為同一變化來(lái)分析，由E＝eq\f(ΔΦ,Δt)＝eq\f(\f(B0,t0)×Δt×πr2,Δt)＝eq\f(πr2B0,t0)，I＝eq\f(E,R)，可得I＝eq\f(πr2B0,Rt0)，故C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤．]7．ABD[貨物受重力和繩子的拉力作用，根據(jù)牛頓第二定律可得FT－mg＝ma，圖線與縱軸的交點(diǎn)，即當(dāng)FT＝0時(shí)，a＝－g，圖線與橫軸的交點(diǎn)即a＝0時(shí)，F(xiàn)T＝mg，A、B正確；根據(jù)牛頓第二定律可得a＝eq\f(FT,m)－g，根據(jù)關(guān)系式可得圖象的斜率k＝eq\f(1,m)，C錯(cuò)誤，D正確．]8．AD[v＝eq\r(\f(GM,r))，冥王星軌道半徑大于地球軌道半徑，所以冥王星繞日公轉(zhuǎn)的線速度比地球繞日公轉(zhuǎn)的線速度小，故A正確；a＝eq\f(GM,r2)，冥王星軌道半徑大于地球軌道半徑，所以冥王星繞日公轉(zhuǎn)的加速度比地球繞日公轉(zhuǎn)的加速度小，故B錯(cuò)誤；根據(jù)所給信息，無(wú)法估算太陽(yáng)的體積的大小，故C錯(cuò)誤；根據(jù)星球表面萬(wàn)有引力等于重力得：eq\f(GMm,R2)＝mg，冥王星表面重力加速度的大小g＝eq\f(GM,R2)＝eq\f(Gρ·\f(4,3)πR3,R2)＝eq\f(4πGρR,3)，根據(jù)表格的數(shù)據(jù)可以估算冥王星表面重力加速度的大小，故D正確．]9．(1)200N/m(2)0.1不變解析設(shè)彈簧原長(zhǎng)為l0，小盤質(zhì)量為m，根據(jù)胡克定律，彈簧彈力F彈＝kx＝F＋mg，得砝碼重力F＝kx－mg，可知圖象斜率表示彈簧勁度系數(shù)，k＝eq\f(ΔF,Δx)＝eq\f(7－0,4－0.5×10－2)N/m＝200N/m.圖象縱軸截距絕對(duì)值表示小盤的重力，由圖象可知縱軸截距F＝－1N，小盤重力G＝mg＝1N，則質(zhì)量m＝0.1kg.由F＝kx－mg可知，彈簧勁度系數(shù)與小盤質(zhì)量無(wú)關(guān)，故彈簧勁度系數(shù)的測(cè)量結(jié)果與真實(shí)值相比不變．10．(1)見解析圖(2)增大減小6解析(1)光敏電阻的阻值隨光照變化的曲線如圖所示．特點(diǎn)：光敏電阻的阻值隨光照強(qiáng)度的增大非線性減?。?2)增加光的照度后，其電阻阻值會(huì)減小，同時(shí)為了保證電流表A1、A2的示數(shù)保持不變，因此應(yīng)該調(diào)節(jié)電阻箱R1使其阻值增大，而調(diào)節(jié)電阻箱R2使其阻值減小；根據(jù)串并聯(lián)電路的電阻特征，且電表的讀數(shù)不變，則有：eq\f(ΔRcΔR2,ΔRc＋ΔR2)＝ΔR1將ΔR1＝4kΩ，ΔR2＝12kΩ代入，解得：ΔRc＝6kΩ.11．(1)0.5kg0.5Ω(2)2m/s解析(1)金屬棒以速度vm下滑時(shí)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：E＝BLvm由閉合電路的歐姆定律可知：E＝I(R＋R0)當(dāng)金屬棒以最大速度下滑時(shí)有：mgsinθ＝BIL＋μmgcosθ聯(lián)立解得：vm＝eq\f(mgsinθ－μcosθ,B2L2)R＋eq\f(mgsinθ－μcosθ,B2L2)R0由vm－R圖線可知：eq\f(mgsinθ－μcosθ,B2L2)＝1，eq\f(mgsinθ－μcosθ,B2L2)R0＝0.5；解得：m＝0.5kg；R0＝0.5Ω(2)設(shè)金屬棒下滑的速度為v，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知：E＝BLv由閉合電路的歐姆定律可知：E＝I(R＋R0)當(dāng)金屬棒下滑的加速度a＝1m/s2時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsinθ－BIL－μmgcosθ＝ma解得v＝2m/s12．(1)2m/s(2)1.5m(3)3m解析(1)在Ⅰ區(qū)域時(shí)對(duì)物塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得F－μmg＝mam1am1＝eq\f(F－μmg,m)＝2m/s2對(duì)木板受力分析，有μmg＝MaM1aM1＝0.5m/s2L＝eq\f(1,2)am1teq\o\al(2,1)t1＝eq\r(\f(2L,am1))＝1svm1＝am1t1＝2m/svM1＝aM1t1＝0.5m/s(2)物塊離開左側(cè)Ⅰ區(qū)域后μmg＝mam2am2＝1m/s2aM2＝aM1＝0.5m/s2當(dāng)物塊與木板達(dá)共同速度時(shí)vm1－am2t2＝vM1＋aM2t2解得t2＝1sd＝vm1t2－eq\f(1,2)am2teq\o\al(2,2)＝1.5m(3)由于F>μmg，所以物塊與木板最終只能停在兩區(qū)域之間FL＝μmgss＝eq\f(FL,μmg)＝3m13．ABC[氣體放出熱量，若外界對(duì)氣體做功，溫度升高，其分子的平均動(dòng)能增大，故A正確；布朗運(yùn)動(dòng)不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，但它可以說(shuō)明液體分子在永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故B正確；當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大，故C正確；第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第二定律，故D錯(cuò)誤；某固體或液體的摩爾體積為V，每個(gè)分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數(shù)可表示為NA＝eq\f(V,V0)，因氣體分子間距很大，因此對(duì)氣體此式不成立，故E錯(cuò)誤．]14．(1)20cm或37.5cm(2)10cm解析(1)設(shè)左管中空氣柱的長(zhǎng)度增加h，由玻意耳定律：p0L＝(p0－