浙江省普通高中2024年高中物理1月學(xué)業(yè)水平考試仿真模擬試題一含解析

PAGEPAGE17浙江省一般中學(xué)2024年中學(xué)物理1月學(xué)業(yè)水平考試仿真模擬試題（一）（含解析）考生須知：1．本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共6頁，滿分70分，考試時間60分鐘。2．考生答題前，務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題卡上。3．選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如要改動，須將原填涂處用橡皮擦凈。4．非選擇題的答案須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卡上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時可先運用2B鉛筆，確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無效。5．本卷中涉及數(shù)值計算的，重力加速度g均取10m/s2。一、選擇題（本題共18小題，每小題2分，共36分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.日常生活中的“斤”，與“盎司”、“噸”等都是質(zhì)量的常用單位。下列單位中屬于國際單位制中質(zhì)量的基本單位的是（）A.千克 B.米 C.秒 D.牛頓【答案】A【解析】國際單位制中質(zhì)量的基本單位是kg（千克）。所以A正確，BCD錯誤。故選A。2.下列物理量的負(fù)號表示大小的是（）A.速度 B.位移C.重力勢能 D.力做功為【答案】C【解析】A．速度v=－2m/s的“－”表示速度方向與正方向相反，故A錯誤；B．物體的位移s=－8m，負(fù)號表示位移方向與正方向相反，故B錯誤；C．物體的重力勢能Ep=－50J的“－”表示重力勢能比0小，表示大小，故C正確；D．阻力做功為W=－10J，負(fù)號表示該力是阻力，不表示大小，故D錯誤。故選C。3.下列說法中正確的是（）A.電流的方向就是電荷移動的方向B.電流都是由電子的移動形成的C.在直流電源對外供電的過程中，外電路上電流的方向是從電源正極流向負(fù)極D.電流是有方向的量，所以是矢量【答案】C【解析】正電荷的定向移動方向為電流的方向，負(fù)電荷的定向移動方向和電流的方向相反，A錯誤；電流也可以由正離子的定向移動形成，B錯誤；在直流電路中，外電路上電流的方向是從電源正極流向負(fù)極，但電流在外電路只有這一個方向，不是矢量，C正確，D錯誤.4.2024年1月，一種新型冠狀病毒引起的肺炎疫情使全國人民猝不及防，專家們也對疫情的擴散模型不斷進行修正，來預(yù)料“拐點”出現(xiàn)的時間?！肮拯c”之前每日新增病例成增加的趨勢，“拐點”之后每日新增病例成削減的趨勢。若將總病例數(shù)量類比成直線運動學(xué)中的位移，則下列類比關(guān)系正確的是（）A.每日新增病例數(shù)量可類比成加速度B.“拐點”可類比成加速度為零時的點C.“拐點”可類比成速度為零時的點D.“拐點”可類比成位移為零時的點【答案】B【解析】若將總病例數(shù)量類比成直線運動學(xué)中的位移，則每日新增病例數(shù)量可類比成速度，而“拐點”可類比成加速度為零時的點。故選B。5.某一質(zhì)點運動的位移x隨時間t變更的圖象如圖所示，則（）A.在10s末時，質(zhì)點的速度最大B.在0~10s內(nèi)，質(zhì)點所受合外力的方向與速度方向相反C.在8s和12s時，質(zhì)點的加速度方向相反D.在20s內(nèi)，質(zhì)點的位移為9m【答案】B【解析】A．由x-t圖像可知，據(jù)速度與圖線斜率的關(guān)系，據(jù)v=k=Δx/Δt=0，此時速度最小，所以A選項錯誤；B．0-10s內(nèi)，質(zhì)點遠(yuǎn)離原點，圖線的斜率減小，所以速度減小，則質(zhì)點做減速運動，合外力與速度方向相反，B選項正確；C．10-15s內(nèi)質(zhì)點靠近原點，圖線斜率增大，質(zhì)點速度增加，質(zhì)點做加速運動，加速度方向與速度方向一樣，所以，第5s末和第15s末，質(zhì)點的加速度方向一樣，都指向原點，C選項錯誤；D．在20s內(nèi)質(zhì)點的路程為9m，但位于為1m，所以D選項錯誤。故選B。6.下列關(guān)于重力、彈力和摩擦力的說法，正確的有（）A.在彈性范圍內(nèi)，同一彈簧形變量越大，產(chǎn)生的彈力越大B.只有靜止的物體才能受到靜摩擦力C.規(guī)則幾何體的重心肯定在物體的幾何中心D.摩擦力肯定與接觸面間的彈力成正比【答案】A【解析】A．在彈性范圍內(nèi)，彈簧彈力滿意胡克定律即彈力F大小與彈簧形變量大小成正比，故A正確；B．相對靜止的兩物體間的摩擦力為靜摩擦力，故B錯誤；C．質(zhì)地勻稱、形態(tài)規(guī)則的幾何體的重心肯定在物體的幾何中心，故C錯誤；D．只有滑動摩擦力才與接觸面間的彈力成正比，故D錯誤。故選A。7.物體同時受到同一平面內(nèi)三個共點力的作用，下列幾組力的合力可能為零的是（）A.5N7N8N B.6N2N3NC.1N5N10N D.10N10N23N【答案】A【解析】A．5N與7N合成時，合力最大12N，最小2N，可以為8N，故三個力合力可能為零，故A正確；

B．6N與2N合成時，合力最大8N，最小4N，不行能為3N，故三個力合力不行能為零，故B錯誤；

C．1N與5N合成時，合力最大6N，最小4N，不行能為10N，故三個力合力不行能為零，故C錯誤；

D．10N與10N合成時，合力最大20N，最小0N，不行能為23N，故三個力合力不行能為零，故D錯誤。

故選A。8.如圖所示，在粗糙水平木板上放一物塊，拖動木板，使木板和物塊一起在豎直平面內(nèi)沿順時針方向做勻速圓周運動，ca為水平直徑，db為豎直直徑，在運動過程中木板始終保持水平，物塊始終相對木板靜止，則（）A.物塊在d點可能只受重力作用B.只有在a、b、c、d四點，物塊受到合外力才指向圓心C.從a到c，物塊所受的摩擦力先增大后減小D.從c到a，物塊速度不變【答案】A【解析】A.當(dāng)物塊恰好到達(dá)d點時，物塊在d點只受重力作用，A正確；B．物塊做勻速圓周運動，合外力供應(yīng)向心力，所以合外力始終指向圓心，B錯誤；C．從a到c，物塊的加速度始終指向圓心，水平方向的加速度先減小后增大，由牛頓其次定律可得，物塊所受的摩擦力先減小后增大，C錯誤；D．物塊從c到a做勻速圓周運動，速度的大小不變，當(dāng)方向始終發(fā)生變更，因此物塊速度在不斷變更，D錯誤；故選A。9.如圖，質(zhì)量mA＞mB的兩物體A、B疊放在一起，靠著豎直墻面．讓它們由靜止釋放，在沿粗糙墻面下落過程中，物體B的受力示意圖是A.B.C. D.【答案】A【解析】A與B整體同時沿豎直墻面下滑，受到總重力，墻壁對其沒有支持力，假如有，將會向右加速運動，因為沒有彈力，故也不受墻壁的摩擦力，即只受重力，做自由落體運動；由于整體做自由落體運動，處于完全失重狀態(tài)，故A、B間無彈力，再對物體B受力分析，只受重力，故A正確，BCD錯誤．10.如圖所示為一種修正帶，其核心結(jié)構(gòu)包括大小兩個齒輪、壓嘴座等部件，大小兩個齒輪是分別嵌合于大小軸孔中的并且齒輪相互吻合良好，a、b點分別位于大小齒輪的邊緣且Ra：Rb＝3：2，c點位于大齒輪的半徑中點，當(dāng)紙帶以速度v勻速走動時b、c點的向心加速度之比是（）A.1：3 B.2：3 C.3：1 D.3：2【答案】C【解析】a、b屬于齒輪傳動，有線速度相等，即va=vb，因為Ra：Rb＝3：2，由可知又因為a、c屬于同軸傳動，它們具有共同的角速度，故，當(dāng)紙帶以速度v勻速走動時b、c點的向心加速度之比故選C。11.重為2N的小球，在空中沿豎直方向下落了2m的高度后到達(dá)地面，下落過程中受到空氣的阻力為0.1N，下列說法正確的是（）A.小球的重力勢能增加了4J B.小球的動能增加了4JC.小球的機械能削減了0.2J D.空氣阻力對小球做功為1J【答案】C【解析】A．小球的重力做正功等于重力勢能的削減

故A錯誤；B．依據(jù)動能定理，小球動能的增加等小球外力做功的和故B錯誤；C．小球的機械能削減等于克服阻力做的功為故C正確；D．空氣阻力對小球做功為：，故D錯誤。故選C。12.一根通電直導(dǎo)線水平放置在地球赤道的上方，其中的電流方向為自西向東，該導(dǎo)線所受地磁場的安培力方向為（）A.水平向北 B.水平向南 C.豎直向上 D.豎直向下【答案】C【解析】赤道處的地磁場方向從南向北，電流方向自西向東，依據(jù)左手定則，安培力的方向豎直向上。故選C。13.如圖所示，小船以大小為v(船在靜水中的速度)、方向與上游河岸成θ的速度從O處過河，經(jīng)過一段時間，正好到達(dá)正對岸的O＇處。現(xiàn)要使小船在更短的時間內(nèi)過河并且也正好到達(dá)正對岸O＇處，在水流速度不變的狀況下，可實行的方法是（）A.θ角不變且v增大 B.θ角減小且v增大C.θ角增大且v減小 D.θ角增大且v增大【答案】D【解析】由題意可知，航線恰好垂直于河岸，要使小船在更短時間內(nèi)過河并且也正好到達(dá)正對岸處，則合速度增大，方向始終垂直河岸。小船在靜水中的速度增大，與上游河岸的夾角θ增大，如圖所示故D正確，ABC錯誤。故選D。14.用長為L且不行伸長的細(xì)線把質(zhì)量為m的小球懸掛于O點，將小球拉至懸線偏離豎直方向α角后放手，運動t時間后停在最低點，則在時間t內(nèi)（）A.繩拉力做功的功率為mgL(1-cosα)/tB.空氣阻力做功為－mgLcosαC.小球重力做功為mgL(1－cosα)D.小球所受合力做功為mgLsinα【答案】C【解析】A、由于繩子與運動方向垂直，所以在運動過程中繩子的拉力不做功，故A錯；BCD、在運動過程中重力和阻力做功，由于初末速度都等于零，故合外力做功為零，由動能定理可知，故C對；BD錯故選C15.如圖所示，孤立點電荷+Q固定在正方體的一個頂點上，與+Q相鄰的三個頂點分別是A、B、C，下列說法中正確的是()A.A、B、C三點的場強相同B.A、B、C三點的電勢相等C.A、B、C三點所在的平面為一個等勢面D.將電荷量為+q的檢驗電荷由A點沿直線移動到B點過程中電勢能始終保持不變【答案】B【解析】AB．A、B、C三點的場強大小相等，方向不同，所以三點的場強不同，三點的電勢相同，故A錯誤，B正確；C．A、B、C三點所確定的平面各點到+Q的距離不相等，故電勢就不全相等，所以該平面不是等勢面，故C錯誤；D．一電荷+q的檢驗電荷由A點沿直線移動到B點的過程中，電勢先上升后降低，電勢能先增大后減?。蔇錯誤．故選B．16.在等邊三角形的三個頂點a、b、c處，各有一條長直導(dǎo)線垂直穿過紙面，導(dǎo)線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖．過c點的導(dǎo)線所受安培力的方向A.與ab邊平行，豎直向上B.與ab邊平行，豎直向下C.與ab邊垂直，指向左邊D.與ab邊垂直，指向右邊【答案】C【解析】本題考查了左手定則的應(yīng)用．導(dǎo)線a在c處產(chǎn)生的磁場方向由安培定則可推斷，即垂直ac向左，同理導(dǎo)線b在c處產(chǎn)生的磁場方向垂直bc向下，則由平行四邊形定則，過c點的合場方向平行于ab，依據(jù)左手定則可推斷導(dǎo)線c受到的安培力垂直ab邊，指向左邊．17.如圖1所示，用充電寶為一手機電池充電，其等效電路如圖2所示。在充電起先后的一段時間內(nèi)，充電寶的輸出電壓、輸出電流可認(rèn)為是恒定不變的，設(shè)手機電池的內(nèi)阻為，則時間內(nèi)（）A.充電寶輸出的電功率為B.充電寶產(chǎn)生的熱功率為C.手機電池產(chǎn)生焦耳熱為D.手機電池儲存的化學(xué)能為【答案】D【解析】A．充電寶的輸出電壓U、輸出電流I，所以充電寶輸出的電功率為A錯誤；BC．手機電池充電電流為I，所以手機電池產(chǎn)生的熱功率為而充電寶的熱功率應(yīng)為充電寶的總功率減去輸出功率，依據(jù)題目信息無法求解，BC錯誤；D．輸出電能一部分轉(zhuǎn)化為手機的化學(xué)能，一部分轉(zhuǎn)化為電池的熱能，故依據(jù)能量守恒定律可知手機電池儲存的化學(xué)能為D正確。故選D。18.如圖所示，放在水平地面上的光滑絕緣圓筒內(nèi)有兩個帶正電小球A、B，A位于筒底靠在左側(cè)壁處，B在右側(cè)筒壁上受到A的斥力作用處于靜止。若A的電量保持不變，B由于漏電而下降少許重新平衡，下列說法中正確的是（）A.小球A對筒底的壓力變小 B.小球B對筒壁的壓力變大C.小球A、B間的庫侖力變小 D.小球A、B間的電勢能減小【答案】B【解析】A．以整體為探討對象可知，圓筒底部對A球的支持力大小等于A、B兩球的重力，由牛頓第三定律可知A對筒底的壓力也等于A、B兩球的重力，小球A對筒底的壓力不變，故A錯誤；B．隔離B球受力如圖所示依據(jù)受力平衡有球B由于漏電而下降少許重新平衡，角變大，因此筒壁給球B的支持力增大，依據(jù)作用力與反作用力可知B球?qū)ν脖诘膲毫ψ兇?，故B正確；C．小球A、B間的庫侖力為角變大，變小，庫侖力變大，故C錯誤；D．兩球之間的距離減小，電場力做負(fù)功，系統(tǒng)電勢能增大，即小球A、B間的電勢能增大，故D錯誤。故選B。二、非選擇題（本題共5小題，共34）19．（6分）一細(xì)繩跨過懸掛的定滑輪，兩端分別系有小球A和B，如圖所示。一試驗小組用此裝置測量小球B運動的加速度。令兩小球靜止，細(xì)繩拉緊，然后釋放小球，測得小球B釋放時的高度h0=0.590m，下降一段距離后的高度h=0.100m；由h0下降至h所用的時間T=0.730s。由此求得小球B加速度的大小為a=_______m/s2（保留3位有效數(shù)字）。從試驗室供應(yīng)的數(shù)據(jù)得知，小球A、B的質(zhì)量分別為100.0g和150.0g，當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮間=9.80m/s2。依據(jù)牛頓其次定律計算可得小球B加速度的大小為a′=_______m/s2（保留3位有效數(shù)字）?？梢钥闯?，a′與a有明顯差異，除試驗中的偶然誤差外，寫出一條可能產(chǎn)生這一結(jié)果的緣由：__________?！敬鸢浮?1).1.84(2).1.96(3).滑輪的軸不光滑，繩和滑輪之間有摩擦（或滑輪有質(zhì)量）【解析】①有題意可知小球下降過程中做勻加速直線運動，故依據(jù)運動學(xué)公式有代入數(shù)據(jù)解得a=1.84m/s2；②依據(jù)牛頓其次定律可知對小球A有對小球B有帶入已知數(shù)據(jù)解得；③在試驗中繩和滑輪之間有摩擦?xí)斐蓪嶋H計算值偏小。20.（6分）某同學(xué)練習(xí)運用多用電表。(1)該同學(xué)運用多用電表測量某電阻時，選擇開關(guān)和指針位置如圖1所示，若他的操作是正確的，則該電阻的測量值為_____。(2)該同學(xué)接著用相同擋位測量另一電阻，發(fā)覺指針偏轉(zhuǎn)角度過小。為了減小測量誤差，他再次進行測量前應(yīng)當(dāng)進行的操作是__________（從下列選項中挑出合理的步驟并按操作依次排列）。A.將紅表筆和黑表筆接觸B.把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×100”位置C.把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×1”位置D.調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕使表針指向歐姆零點(3)該同學(xué)留意到多用電表電阻的刻度線是不勻稱的，而直流電流、電壓的刻度線是勻稱的。他在課本上查閱到多用電表歐姆表的電路示意圖，如圖2所示。請依據(jù)歐姆表的電路示意圖，結(jié)合所學(xué)學(xué)問分析電阻的刻度線不勻稱的緣由_____________?！敬鸢浮?1).(2).BAD(3).依據(jù)閉合電路歐姆定律可知通過表頭的電流，可見通過表頭的電流I與待測電阻Rx之間的關(guān)系為非線性關(guān)系，因此電阻的刻度線是不勻稱的【解析】(1)［1］由圖可知選擇的是“×10”檔位，所以被測電阻為Rx=15×10Ω=150Ω(2)［2］歐姆表指針偏轉(zhuǎn)角度過小，說明所選擋位太小，應(yīng)換大擋進行測量，應(yīng)將旋轉(zhuǎn)開關(guān)K置于“×1k”，然后進行歐姆調(diào)零，再測電阻，因此合理是試驗步驟是：B、A、D。(3)［3］依據(jù)閉合電路歐姆定律可知通過表頭的電流可見通過表頭的電流I與待測電阻Rx之間的關(guān)系為非線性關(guān)系，電阻的刻度線是不勻稱的，而是刻度值越大處刻度線越密。21.（6分）一根長為l的絲線吊著一質(zhì)量為m，帶電荷量為q的小球靜止在水平向右的勻強電場中，如圖所示，絲線與豎直方向成37°角，現(xiàn)突然將該電場方向變?yōu)橄蛳虑掖笮〔蛔?，不考慮因電場的變更而帶來的其他影響（重力加速度為g），求：（1）勻強電場電場強度的大?。唬?）小球經(jīng)過最低點時受到的拉力大小【答案】（1）（2）【解析】（1）以小球為探討對象，分析受力狀況：重力mg、電場力qE、絲線的拉力FT，電場力方向必定水平向右，與電場強度方向相同，所以小球帶正電荷．如圖1所示．由平衡條件得：mgtan37°=qE故（2）當(dāng)電場方向變?yōu)橄蛳潞?，小球受到的電場力豎直向下，向下做圓周運動，重力和電場力都做正功，由動能定理得解得小球經(jīng)過最低點時，由重力、電場力和絲線的拉力的合力供應(yīng)了向心力，如圖2所示．依據(jù)牛頓其次定律得解得22.（7分）城市高層建筑越來越多，高空墜物事務(wù)時有發(fā)生，我國《民法通則》及《侵權(quán)責(zé)任法》中都有規(guī)定，建筑物上的擱置物發(fā)生脫落造成他人損害的，其全部人或管理人應(yīng)擔(dān)當(dāng)民事責(zé)任，能夠證明自己沒有過錯的除外．假設(shè)某高樓距地面H＝47m高的陽臺上的花盆因受擾動而掉落，掉落過程可看做自由落體運動．有一輛長L1＝8m、高h(yuǎn)＝2m的貨車，在樓下以v0＝10m/s的速度勻速直行，要經(jīng)過陽臺的正下方，花盆自由下落時貨車車頭距花盆的水平距離為