黑龍江省哈爾濱市阿城區(qū)龍滌中學(xué)2018_2019學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試卷（含解析）.docx

黑龍江省哈爾濱市阿城區(qū)龍滌中學(xué)2018-2019學(xué)年高二上學(xué)期期中（學(xué)業(yè)水平）考試物理試卷一、選擇題1.下列關(guān)于電場強度的說法中，正確的是（）A. 公式只適用于真空中點電荷產(chǎn)生的電場B. 由公式可知，電場中某點的電場強度E與試探電荷在電場中該點所受的電場力成正比C. 在公式中，是點電荷產(chǎn)生的電場在點電荷處的場強大?。?是點電荷產(chǎn)生的電場在點電荷處的場強大小D. 由公式可知，在離點電荷非?？拷牡胤剑ǎ?，電場強度可達(dá)無窮大【答案】C【解析】試題分析：是電場強度的定義式適用于一切電場，A錯誤；電場強度E表示電場本身的強度和方向，與試探電荷無關(guān)，不能說E與試探電荷在電場中該點所受的電場力成正比，B錯誤；庫侖定律公式公式中，是點電荷Q2產(chǎn)生的電場在點電荷Q1所在處的場強大?。皇屈c電荷Q1產(chǎn)生的電場在點電荷Q2處的場強大小，C正確；D、當(dāng)r0時，電荷已不能看成點電荷，公式不再成立，D錯誤；故選C考點：電場強度?！久麕燑c睛】電場強度是描述電場的力的性質(zhì)的物理量，要想知道電場中某點的電場強度，可以在該點放一試探電荷，由來描述該點的強弱，不同的試探電荷，受到的力不同，但是相同的，為了描述電場的這種性質(zhì)，引入電場強度這個物理量，即為電場強度的定義式；而是點電荷所形成的電場的場強的決定式，是說點電荷所形成的電場的場強決定于場源電荷的電荷量和距點電荷的距離。2.用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素(如圖所示)設(shè)若兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為.實驗中，極板所帶電荷量不變，若 ()A. 保持S不變，增大d，則變大B. 保持S不變，增大d，則變小C. 保持d不變，減小S，則變小D. 保持d不變，減小S，則不變【答案】A【解析】AB：保持S不變，增大d，電容器的電容減小，極板所帶電荷量不變，據(jù)可得兩板間電勢差變大，靜電計指針偏角變大。故A項正確，B項錯誤。CD：保持d不變，減小S，電容器的電容減小，極板所帶電荷量不變，據(jù)可得兩板間電勢差變大，靜電計指針偏角變大。故CD兩項錯誤。點睛：平行板電容器充電后，若保持其始終與直流電源相連，則板間電壓不變。當(dāng)電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、來判斷各量如何變化。平行板電容器充電后與電源斷開，由于電荷不能移動，電容器的帶電量不變。當(dāng)電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、來判斷各量如何變化。3.電阻和電動機串連接到電路中,如圖所示,已知電阻跟電動機線圈的電阻值相等,開關(guān)接通后,電動機正常工作.設(shè)電阻和電動機兩端的電壓分別為和,經(jīng)過時間,電流通過電阻做功為,產(chǎn)生熱量為,電流通過電動機做功為,產(chǎn)生熱量為.則有( ) A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】開關(guān)接通后，電動機正常工作，其電路非純電阻電路，電動機兩端的電壓大于線圈電阻與電流的乘積而電阻R是純電阻，其兩端電壓等于電阻與電流的乘積根據(jù)焦耳定律研究熱量關(guān)系【詳解】設(shè)開關(guān)接通后，電路中電流為I。對于電阻R，由歐姆定律得U1=IR，對于電動機，U2IR，則U1U2，根據(jù)焦耳定律得Q1=I2Rt，Q2=I2Rt，則Q1=Q2；故選A.【點睛】本題把握純電阻電路與非純電阻電路區(qū)別的能力，抓住歐姆定律適用于純電阻電路，不適用于非純電阻電路，而焦耳定律對兩種電路均適用4. 工人師傅在改裝電爐時，為了使電功率減小到原來的一半，下列措施中可行的是A. 截去一半電爐絲B. 串聯(lián)一條相同的電爐絲C. 并聯(lián)一條相同的電爐絲D. 把連接電爐和電源的電線長度增加一倍?！敬鸢浮緽【解析】試題分析：由公式可知，要使電功率減小到原來的一半，如果U不變，就要使電阻增大為原來的2倍：根據(jù)電阻定律可得截去一半電爐絲，電阻減半，A錯誤；串聯(lián)一條相同的電爐絲，電阻成為2R，B正確；并聯(lián)一條相同的電爐絲，電阻變?yōu)樵瓉淼亩种?，C錯誤；由于導(dǎo)線的電阻很小，把連接電源和電爐的導(dǎo)線長度增加一倍，由串聯(lián)分壓的原理知：增加的導(dǎo)線分去的電壓并不大，電爐兩端的電壓變化也不大；而電爐電阻絲的阻值不變，則電爐的實際功率變化也不大，D錯誤考點：考查了電功率的計算【名師點睛】在家庭電路中，電源電壓是恒定的；因此，電爐工作的實際電壓在改裝前后是相同的，由公式可知，要使電功率減小到原來的一半，必須使電阻增大到原來的二倍，根據(jù)這個條件進行選擇即可5. 在如圖所示的電路中，當(dāng)閉合開關(guān)S后，若將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則正確的是A. 電壓表和電流表的示數(shù)都增大B. 燈L2變暗，電流表的示數(shù)減小C. 燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小D. 燈L2變亮，電容器的帶電量增加【答案】C【解析】試題分析：將滑動變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，路端電壓U減小，干路電流I增大，則電壓表示數(shù)減小，燈L1變亮U1增大，R與燈L2并聯(lián)電路的電壓U2=U-U1，U減小， U2減小，燈L2變暗流過電流表的電流IA=I-I2，I增大，I2減小，IA增大，電流表的示數(shù)增大考點：閉合電路歐姆定律；電路動態(tài)分析【名師點睛】本題主要考查了閉合電路歐姆定律和電路動態(tài)分析的問題，屬于中等難度題。這類問題屬于閉合電路歐姆定律的典型應(yīng)用，解決這類問題的關(guān)鍵是準(zhǔn)確判斷回路中的總電阻的變化趨勢，一般思路是：“分總分”。根據(jù)部分電路的電阻變化情況，判斷回路中的總電阻、總電流、路端電壓的變化趨勢，最后再來判斷各個用電器的電壓、電流和功率的變化趨勢。6.如圖所示，直線A為某電源的UI圖線，曲線B為某小燈泡D1的UI圖線的一部分，用該電源和小燈泡D1組成閉合電路時，燈泡D1恰好能正常發(fā)光，則下列說法中正確的是 ()A. 此電源的內(nèi)阻為2/3 B. 燈泡D1的額定電壓為3V，功率為6WC. 把燈泡D1換成“3V，20W”的燈泡D2，電源的輸出功率將變小D. 由于小燈泡B的UI圖線是一條曲線，所以燈泡發(fā)光過程，歐姆定律不適用【答案】B【解析】試題分析：由圖線可知，電源的內(nèi)阻為，選項A 錯誤；因為燈泡正常發(fā)光，故燈泡D1的額定電壓為3V，功率為P=IU=23W=6W，選項B正確；把燈泡D1換成“3V，20W”的燈泡D2，由于燈泡D2的電阻小于燈泡D1的電阻，更接近于電源的內(nèi)阻，故電源的輸出功率將變大，選項C 錯誤；雖然小燈泡B的UI圖線是一條曲線，但由于小燈泡是純電阻，所以燈泡發(fā)光過程，歐姆定律仍適用，選項D 錯誤。考點：U-I圖線；電功率。7.如圖所示,虛線、代表電場中的三個等勢面,相鄰等勢面之間的電勢差相等,即,實線為一帶負(fù)電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡, 、是這條軌跡上的三點, 點在等勢面上,據(jù)此可知( )A. 帶電質(zhì)點在點的加速度比在點的加速度小B. 帶電質(zhì)點在點的電勢能比在點的小C. 帶電質(zhì)點在點的動能大于在點的動能D. 三個等勢面中, 的電勢最高【答案】D【解析】試題分析：作出電場線，根據(jù)軌跡彎曲的方向可知，電場線向上故c點電勢最高；根據(jù)推論，負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，可知電荷在P點的電勢能大；總能量守恒；由電場線疏密確定出，P點場強小，電場力小，加速度小解：A、等差等勢面P處密，P處電場強度大，電場力大，加速度大故A錯誤；D、根據(jù)軌跡彎曲的方向和電場線與等勢線垂直可知負(fù)電荷所受的電場力應(yīng)向下，所以電場線向上故c點電勢最高故D正確B、利用推論：負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，知道P點電勢能大故B正確C、負(fù)電荷的總能量守恒，即帶電質(zhì)點在P點的動能與電勢能之和不變，P點電勢能大，則動能小故C錯誤故選：BD【點評】根據(jù)電場線與等勢面垂直，作出電場線，得到一些特殊點（電場線與等勢面交點以及已知點）的電場力方向，同時結(jié)合能量的觀點分析是解決這類問題常用方法8. 下列關(guān)于起電的說法錯誤的是A. 一個帶電體接觸一個不帶電的物體，兩個物體一定會帶上等量的同種電荷B. 靜電感應(yīng)不是創(chuàng)造電荷，只是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到了另一部分C. 摩擦可以起電，是普遍存在的現(xiàn)象，相互摩擦起電的兩個物體總是同時帶等量的異種電荷D. 摩擦和感應(yīng)都能使電子轉(zhuǎn)移，只不過前者是電子從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，后者則使電子從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分【答案】A【解析】試題分析：一個帶電體接觸一個不帶電的物體，只有當(dāng)兩物體等大相同時，兩個物體才會帶上等量的同種電荷，選項A錯誤；靜電感應(yīng)不是創(chuàng)造電荷，只是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到了另一部分，選項B正確；摩擦可以起電，是普遍存在的現(xiàn)象，相互摩擦起電的兩個物體總是同時帶等量的異種電荷，選項C正確；摩擦和感應(yīng)都能使電子轉(zhuǎn)移，只不過前者是電子從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，后者則使電子從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，選項D正確；此題是選擇錯誤的，故選A考點：電荷守恒定律【名師點睛】電荷守恒定律：電荷既不能被創(chuàng)造，也不能被消滅，只能從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分；在轉(zhuǎn)移的過程中，電荷的總量保存不變。9.一帶電小球在空中由A點運動到B點過程中，受重力、電場力和空氣阻力三個力。若重力勢能增加3 J、機械能增加0.5 J、電場力做功1 J，則小球( )A. 重力做功為3 JB. 動能減少2.5 JC. 克服空氣阻力做功0.5 JD. 電勢能增加1 J【答案】BC【解析】試題分析：解決本題需根據(jù)：重力做功等于重力勢能的減小量；電場力做功等于電勢能的減小量；合力做功等于動能的增加量；除重力外的各個力做的總功等于機械能的增加量由功能關(guān)系分析解：A、重力做功等于重力勢能變化量的負(fù)值，則重力勢能增加3J，故重力做功3J，故A錯誤；B、據(jù)題，重力勢能增加3J、機械能增加0.5J，而機械能等于重力勢能與動能之和，則得動能減少2.5J，故B正確C、除重力外的各個力做的總功等于機械能的增加量，除重力外，有電場力和空氣阻力做功，電場力做功1J，而機械能增加0.5J，所以克服空氣阻力做功0.5J，故C正確D、電場力做功等于電勢能的減小量，電場力做功1J，故電勢能減小1J，故D錯誤；故選：BC【點評】功是能量轉(zhuǎn)化的量度，有多種表現(xiàn)形式：重力做功是重力勢能變化的量度；電場力做功是電勢能變化的量度；合力做功是動能變化的量度；重力外的各個力做的總功是機械能變化的量度10.如圖所示，甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流表G和一個變阻器R組成，下列說法正確的是()A. 甲表是電流表，R增大時量程增大B. 甲表是電流表，R增大時量程減小C. 乙表是電壓表，R增大時量程增大D. 乙表是電壓表，R增大時量程減小【答案】BC【解析】由甲圖所示可知，G與電阻R并聯(lián)，甲圖是電流表，R增大，R的分流較小，電流表量程減小，故B正確，A錯誤；由乙圖所示可知，G與R串聯(lián)，乙表是電壓表，R增大時，變阻器分擔(dān)的電壓增大，電壓表量程增大，故CD錯誤；故選B。點睛：本題考查電表改裝原理的理解能力電流計串聯(lián)一個分壓電阻即為電壓表；并聯(lián)分流電阻為電流表；當(dāng)電流計的指針滿偏時，電流表或電壓表的指針滿偏，所測量的電流或電壓達(dá)到最大值11. 如圖所示的是兩個閉合電路中兩個電源的UI圖象，下列說法中正確的是( )A. 電動勢E1E2，內(nèi)阻r1r2B. 電動勢E1E2，內(nèi)阻r1r2C. 電動勢E1E2，發(fā)生短路時的電流I1I2D. 當(dāng)兩電源的工作電流變化相同時，電源2的路端電壓變化較大【答案】ACD【解析】試題分析：U-I圖象中與U軸的交點表示電源的電動勢，斜率表示內(nèi)阻，電動勢E1=E2，內(nèi)阻r1r2，故B錯誤，A正確；U-I圖象與I軸的交點表示短路電流，故發(fā)生短路時的電流I1I2，故C錯誤；根據(jù)U=E-Ir可知，U=-rI，內(nèi)阻r1r2，故當(dāng)電源的工作電流變化相同時，電源2的路端電壓變化較大；故D正確；故選ACD.考點：U-I圖線；閉合電路的歐姆定律【名師點睛】本題考查了閉合電路電源的U-I圖象的相關(guān)知識，要求同學(xué)們理解U-I圖象中與U軸的交點表示電源的電動勢，與I軸的交點表示短路電流，斜率表示內(nèi)阻。12.如圖所示,放在絕緣臺上的金屬網(wǎng)罩B內(nèi)放有一個不帶電的驗電器C,若把一帶有正電荷的絕緣體A移近金屬罩B,則( )A. 在B的外表面出現(xiàn)感應(yīng)電荷B. 在B的內(nèi)表面出現(xiàn)正電荷C. 驗電器的金屬箔片將張開D. B的左右兩側(cè)電勢相等【答案】AD【解析】【詳解】A、B、由于金屬網(wǎng)罩的靜電屏蔽作用，B的內(nèi)表面不帶電，金屬網(wǎng)罩表面的自由電子重新分布，根據(jù)“近異遠(yuǎn)同”的結(jié)論，B的右側(cè)外表面帶正電荷，B的左側(cè)外表面負(fù)電荷，故A正確，B錯誤；C、由于金屬網(wǎng)罩的靜電屏蔽作用，B的內(nèi)部電場強度處處為零，故驗電器的金箔不張開，故C錯誤；D、金屬網(wǎng)罩處于靜電平衡狀態(tài)，是等勢體，故其左右兩側(cè)電勢相等，故D正確；故選AD.【點睛】靜電屏蔽的意義：屏蔽使金屬導(dǎo)體殼內(nèi)的儀器或工作環(huán)境不受外部電場影響，也不對外部電場產(chǎn)生影響.二、實驗題13.游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為_cm.螺旋測微器的讀數(shù)為_mm. 【答案】 (1). 2.03 (2). 10.295【解析】【詳解】游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為20mm，游標(biāo)尺上第3個刻度與主尺上某一刻度對齊，故其讀數(shù)為0.13mm=0.3mm，所以最終讀數(shù)為：20mm+0.3mm=20.3mm=2.03cm；螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為10mm，可動刻度讀數(shù)為0.0129.5mm=0.295mm，所以最終讀數(shù)為10.295mm(10.29410.297)【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀.14.某同學(xué)通過實驗測定一個阻值約為的電阻的阻值（1）現(xiàn)有電源（，內(nèi)阻可不計）、滑動變阻器（，額定電流），開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及下列電表：A電流表（，內(nèi)阻約）B電流表（，內(nèi)阻約）C電壓表（，內(nèi)阻約）D電壓表（，內(nèi)阻約）為減小測量誤差，在實驗中，電流表應(yīng)選用_，電壓表應(yīng)選用_（選填器材前的字母）；實驗電路應(yīng)采用圖中的_（選填“甲”或“乙”）（2）圖是測量的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線請根據(jù)在（）問中所選的電路圖，補充完成圖中實物間的連線_（3）接通開關(guān)，改變滑動變阻器畫片的位置，并記錄對應(yīng)的電流表示數(shù)、電壓表示數(shù)某次電表示數(shù)如圖所示，可得該電阻的測量值_（保留兩位有效數(shù)字）【答案】 (1). B (2). C (3). 甲 (4). (5). 5.20【解析】（1）因電源的電壓為4V，因此電壓表選3V量程，即電壓表選C；因為阻值約為的電阻的根據(jù)歐姆定律可知，電流的最大值為0.8A，故電流表選擇0.6A的量程，即電流表選B；根據(jù)等測電阻的阻值與電壓表及電流表的阻值，可知等測電阻的阻值偏小，因此選擇電流表外接法，故選擇甲圖（2）根據(jù)電路圖來連接實物圖原則，注意電表的正負(fù)極，并分幾個回路來連接如圖所示（）電壓表的讀數(shù)，電流表的讀數(shù)為電阻阻值：三、計算題15.如圖所示,長的輕質(zhì)細(xì)繩上端固定,下端連接一個可視為質(zhì)點的帶電小球,小球靜止在水平向右的勻強電場中,繩與豎直方向的夾角。已知小球所帶電荷量,勻強電場的場強,取重力加速度,求:(1)小球所受電場力的大小。(2)小球的質(zhì)量?！敬鸢浮?1) (2) 【解析】（1）對小球有F=Eq，代入數(shù)據(jù)得F=0.03N（2）設(shè)細(xì)繩與豎直方向的夾角為，由題中條件可得，對小球受力分析得代入數(shù)據(jù)得m=4.010-3kg16.如圖所示，A為粒子源，在A和極板B間的加速電壓為U1，在兩水平放置的平行帶電板C、D間的電壓為U2，現(xiàn)設(shè)有質(zhì)量為m，電荷量為q的質(zhì)子初速度為零，從A被加速電壓U1加速后水平進入豎直方向的勻強電場，平行帶電板的極板的長度為L，兩板間的距離為d，不計