浙江省紹興一中2020屆高三物理下學(xué)期3月月考題（含解析）（通用）

1、浙江省紹興一中2020屆高三物理下學(xué)期3月月考題（含解析） 一、單選題（本大題共14小題，共41.0分）1.國(guó)際單位制（SI）是全球一致認(rèn)可的測(cè)量體系，由7個(gè)基本單位以及若干導(dǎo)出單位組成2020年11月13-16日，第26屆國(guó)際計(jì)量大會(huì)在巴黎召開，決定SI基本單位中的4個(gè)改由h、e、k、NA定義。這是SI自1960年創(chuàng)建以來最為重大的變革，是科學(xué)進(jìn)步的里程碑下列被更換了的力學(xué)基本單位是（）A. 牛頓B. 千克C. 米D. 秒【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)“修訂國(guó)際單位制（SI）”的1號(hào)決議的定義，質(zhì)量的基本單位仍為千克，但被重新定義。 時(shí)間的單位與長(zhǎng)度的單位沒有被重新定義。牛頓仍然是導(dǎo)出單位；

2、A. 牛頓，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B. 千克，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C. 米，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D 秒，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；2.在物理學(xué)發(fā)展史中，許多物理學(xué)家做出了卓越的貢獻(xiàn)。下列敘述中不正確的是（）A. 牛頓建立了慣性定律B. 安培提出了分子電流假說C. 伽利略開創(chuàng)了實(shí)驗(yàn)加數(shù)學(xué)的科學(xué)研究方法D. 德國(guó)的伽勒在勒維耶預(yù)言的位置附近發(fā)現(xiàn)了冥王星【答案】D【解析】【詳解】A. 牛頓建立了牛頓運(yùn)動(dòng)三定律，其中第一定律又叫慣性定律，選項(xiàng)A正確；B. 安培提出了分子電流假說，選項(xiàng)B正確；C. 伽利略開創(chuàng)了實(shí)驗(yàn)加數(shù)學(xué)的科學(xué)研究方法，選項(xiàng)C正確；D. 1846年9月23日晚，德國(guó)的伽勒在

3、勒維耶預(yù)言的位置附近發(fā)現(xiàn)了被后人稱為“筆尖下發(fā)現(xiàn)的行星”-海王星，不是冥王星，故D錯(cuò)誤。本題選擇錯(cuò)誤的，故選D。3.下列物理量屬于矢量的是（）A. 電流B. 電勢(shì)C. 磁通量D. 科里奧利力【答案】D【解析】【詳解】A.電流有方向，其方向表示正電荷定向移動(dòng)的方向，但電流運(yùn)算時(shí)不遵守平行四邊形定則，因此電流是標(biāo)量，故A錯(cuò)誤。BC.電勢(shì)和磁通量只有大小，沒有方向，是標(biāo)量，故BC錯(cuò)誤。D.科里奧利力既有大小又有方向，相加時(shí)遵循平行四邊形定則，是矢量。故D正確。4.滑索：也稱“速滑”、“速降”、“空中飛人”等最早用于高山自救和軍事突擊行動(dòng)后演化為游樂項(xiàng)目，是一項(xiàng)具有挑戰(zhàn)性、刺激性和娛樂性的現(xiàn)代化體育游

4、樂項(xiàng)目可跨越草地、湖泊、河流、峽谷，借助高度差從高處以較高的速度向下滑行使游客在有驚無險(xiǎn)的快樂中感受刺激和滿足若忽略空氣阻力，最后一段人緩慢下滑的過程中，下列有關(guān)人的受力圖正確的是（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【詳解】由題意可知，人緩慢下滑的過程中，勻速運(yùn)動(dòng)，合力為零，則受力分析，即有：拉力FT、與速度相反的摩擦力F，與重力mg平衡；A.A圖與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B. B圖與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C. C圖與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；D. D圖與結(jié)論相符，選項(xiàng)D正確；5.如圖所示為某靜電除塵裝置的原理圖，廢氣先經(jīng)過一個(gè)機(jī)械過濾裝置再進(jìn)入靜電除塵區(qū)。圖中虛線是某一帶負(fù)電的塵埃

5、（不計(jì)重力）僅在電場(chǎng)力作用下向集塵極遷移并沉積的軌跡A、B兩點(diǎn)是軌跡與電場(chǎng)線的交點(diǎn)。不考慮塵埃在遷移過程中的相互作用和電荷量變化，以下說法正確的是（）A. A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)B. A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)C. 塵埃在遷移過程中做勻變速運(yùn)動(dòng)D. 塵埃在遷移過程中電勢(shì)能一直在增大【答案】B【解析】【詳解】A.由圖可知，作過的等勢(shì)線，交A所在電場(chǎng)線于B，則可知，B點(diǎn)靠近正極板，故B點(diǎn)的電勢(shì)高于A點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B.由圖可知，A點(diǎn)電場(chǎng)線比B點(diǎn)密集，因此A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，故A點(diǎn)的電場(chǎng)力大于B點(diǎn)的電場(chǎng)力，故B正確；C.放電極與集塵極間建立非勻強(qiáng)電場(chǎng)，塵埃所受的電場(chǎng)力是變化的。故粒子不可能做勻變速運(yùn)動(dòng)

6、，故C錯(cuò)誤；D.由圖可知，開始為鈍角，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大；后來變?yōu)殇J角，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小；對(duì)于全過程而言，根據(jù)電勢(shì)的變化可知，電勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤。6.甲、乙兩輛汽車先后從同一地點(diǎn)出發(fā)，沿一條東西方向的平直公路行駛，以向東為正方向，它們的-t圖象如圖所示，由圖可知（）A. 甲車向東運(yùn)動(dòng)，乙車向西運(yùn)動(dòng)B. 甲車的加速度比乙車的大C. 8s末甲車追上乙車D. 乙比甲運(yùn)動(dòng)得快，且早出發(fā)，所以甲追不上乙【答案】C【解析】【詳解】A.由圖知，兩車的速度一直為正值，說明兩車都向東行駛，故A錯(cuò)誤。B.甲乙的斜率大小相等，乙的加速度的大小與甲的加速度相等，只是乙的加速度的方向與運(yùn)動(dòng)的方向相反。故

7、B錯(cuò)誤。CD.由圖知，6s前乙車的位移大于甲車的位移，乙在6s前的位移為：x2=m=90m；甲的加速度為：a1=5m/s2；對(duì)甲有：x1=a1t12=x2；甲的位移為90m時(shí)的時(shí)間為：t1=6s；所以總時(shí)間為：t=t0+t1=2+6=8s，即8s末甲車追上乙車。故C正確，D錯(cuò)誤；7.如圖所示為籃球運(yùn)動(dòng)員起跳投籃時(shí)的情形，運(yùn)動(dòng)員先由站立狀態(tài)曲腿下蹲再豎直向上躍起達(dá)最大高度后將球拋出，不計(jì)空氣阻力，運(yùn)動(dòng)員（）A. 由站立狀態(tài)曲腿下蹲，一直處于失重狀態(tài)B. 離開地面上升的過程中，一直處于超重狀態(tài)C. 在最高點(diǎn)處于平衡狀態(tài)D. 下落回地面著地前的過程中，機(jī)械能不變【答案】D【解析】【詳解】A.運(yùn)動(dòng)員由

8、站立狀態(tài)曲腿下蹲，先加速后減速，先處于失重，后處于超重，故A錯(cuò)誤；B.運(yùn)動(dòng)員離開地面上升以及在下降到接觸地面之前的過程中，加速度向下，一直處于失重，故B錯(cuò)誤；C. 在最高點(diǎn)的加速度不為零，不是處于平衡狀態(tài)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、運(yùn)動(dòng)員離開地面上升及回落的過程中，只有重力做功，運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能守恒，故D正確。8.古典詩詞作為中華民族的優(yōu)秀文化，傳承了“正心、修身、齊家、治國(guó)、平天下”的思想內(nèi)涵。從物理的角度看，下面四句詩詞的物理分析不正確的（）A. 兩岸青山相對(duì)出，孤帆一片日邊來李白，詩中先后選擇的參照物是太陽和河岸B. “春江潮水連海平，海上明月共潮生”張若虛，說明了海潮與月亮引力有關(guān)C. “會(huì)挽雕弓

9、如滿月，西北望，射天狼”蘇軾，涉及到彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能的過程D. “臣心一片磁針石，不指南方不肯休”文天祥，磁針石的指向是受到地磁場(chǎng)的作用【答案】A【解析】【詳解】A.兩岸青山相對(duì)出，孤帆一片日邊來（李白），詩中先后選擇的參照物是船和太陽，故A錯(cuò)誤；B.“春江潮水連海平，海上明月共潮生”（張若虛），說明了海潮與月亮引力有關(guān)，故B正確；C.會(huì)挽雕弓如滿月，則發(fā)生了彈性形變的弓具有一定的彈性勢(shì)能，釋放后，弓的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為箭的動(dòng)能，故C正確；D.小磁針受地磁場(chǎng)的磁場(chǎng)力作用，地磁場(chǎng)由地理的南極指向地理的北極，故D正確。本題選擇錯(cuò)誤的，故選A.9.如圖所示是某手機(jī)電池的部分參數(shù)，手機(jī)充電時(shí)轉(zhuǎn)化為電池化

10、學(xué)能的效率為90%，則下列說法正確的是（ ）A. 9.12Wh是電池的容量B. 該電池充滿電后電荷量為4320CC. 充滿一次電所消耗的電能是36480JD. 充滿電的手機(jī)以500mA的電流工作能持續(xù)3.6h【答案】C【解析】9.12Wh是電池充滿一次電后儲(chǔ)存的電能，A錯(cuò)誤；該電池充滿電后電荷量為2400mAh，即q=It=24001033600C=8640C，B錯(cuò)誤；充滿一次電所消耗的電能是36480J，C正確；以500mA的電流工作能持續(xù)時(shí)間是4.8h，D錯(cuò)誤；故選C.10.如圖所示，傳送帶水平部分長(zhǎng)為L(zhǎng)=2m，傳動(dòng)速率v=1m/s，在其左端無初速度釋放一小木塊，若木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因

11、數(shù)=0.1，傳送帶離地面的高度h=3.2m，則木塊從左端開始運(yùn)動(dòng)至落到地面經(jīng)過的時(shí)間是（）A. B. C. 2sD. 4s【答案】A【解析】【詳解】對(duì)木塊，由牛頓第二定律得：a=g=0.110=1m/s2，木塊加速到與傳送帶速度相等需要的時(shí)間：t1=1s，此過程木塊的位移：x1=0.5mL=2m，然后木塊與傳送帶一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t2=1.5s，木塊離開傳送帶后做平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向：h=gt32，t3=0.8s，木塊的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t=t1+t2+t3=1+1.5+0.8=3.3s；A.3.3s，與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確；B.2.8s，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C. 2s，與結(jié)論不相符

12、，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D. 4s，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；11.2020年12月30日，嫦娥四號(hào)探測(cè)器在人類歷史上首次實(shí)現(xiàn)了航天器在月球背面軟著陸和巡視勘察，獲取了世界第一張近距離拍攝的月背影像圖并傳回地面?！谤o橋號(hào)”中繼衛(wèi)星承擔(dān)了地面控制室與探測(cè)器的通信。如圖，“鵲橋號(hào)位于地月拉格朗日L2點(diǎn)，它與月球起以相同的周期繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從而節(jié)省衛(wèi)星燃料，有利于對(duì)其進(jìn)行軌道控制下列說法正確的是（）A. “鵲橋號(hào)”的向心力僅由地球的引力提供B. “鵲橋號(hào)”的繞行速度小于月球的繞行速度C. “鵲橋號(hào)”向心加速度小于月球的向心加速度D. 月球的線速度小于地球同步衛(wèi)星的線速度【答案】D【解析】【詳解】A.“

13、鵲橋號(hào)”的向心力由月球和地球引力的合力提供。故A錯(cuò)誤；B. 因?yàn)椤谤o橋號(hào)”與月球起以相同的周期繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)v=r知“鵲橋號(hào)”的線速度大于月球的線速度。故B錯(cuò)誤；C.根據(jù)a=2r知，“鵲橋號(hào)”的向心加速度大于月球的向心加速度。故C錯(cuò)誤；D.月球的軌道半徑大于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)v=可知，月球的線速度小于地球同步衛(wèi)星的線速度，故D正確。12.電動(dòng)車以電力為能源，一般使用鉛酸電池或鋰離子電池進(jìn)行供電；太陽能電動(dòng)車在此基礎(chǔ)上，將太陽能轉(zhuǎn)化成電能對(duì)車供電，很大程度上降低了電動(dòng)車的使用成本，而且非常環(huán)保。太陽能電動(dòng)車能量管理系統(tǒng)軟件程序不僅要能夠監(jiān)測(cè)和記錄傳感器的輸入，而且還應(yīng)包括有

14、電動(dòng)源組在內(nèi)的電動(dòng)汽車功能模塊，這個(gè)模塊系統(tǒng)以電動(dòng)源組、控制系統(tǒng)和負(fù)載為主要對(duì)象，通過優(yōu)化計(jì)算，可以使電動(dòng)車在任何速度和負(fù)載下都達(dá)到最佳的運(yùn)行效率。現(xiàn)假設(shè)太陽能電動(dòng)車的電能可以全部輸出且輸出功率恒定，已知太陽光垂直照射到地面上時(shí)，單位面積的輻射功率為P0，太陽能電池的光電轉(zhuǎn)換效率為n，電池板面積為S，太陽能電動(dòng)車質(zhì)量為m，在水平公路上行駛時(shí)所受的阻力恒定，經(jīng)過時(shí)間t，太陽能電動(dòng)車達(dá)到了最大行駛速度vm在時(shí)間t內(nèi)太陽能電動(dòng)車行駛的距離為（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【詳解】電動(dòng)車的最大功率為P=nP0S，當(dāng)牽引力和阻力相等時(shí)，有最大速度vm，vm=，得，由動(dòng)能定理得： ，解得：A

15、. ，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B. ，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C. ，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D. ，與結(jié)論相符，選項(xiàng)D正確；13. 有一固定軌道ABCD如圖所示，AB段為四分之一的光滑圓弧軌道，其半徑為R，BC段是水平光滑軌道，CD段是光滑斜面軌道，BC和斜面CD間用一小段光滑圓弧連接有編號(hào)為1、2、3、4完全相同的4個(gè)小球（小球不能視為質(zhì)點(diǎn)，其半徑rR），緊挨在一起從圓軌道上某處由靜止釋放，經(jīng)平面BC到斜面CD上，忽略一切阻力，則下列說法正確的是（ ）A. 四個(gè)小球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中始終不分離B. 在圓軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，2號(hào)球?qū)?號(hào)球不做功C. 在CD斜面軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，2號(hào)球?qū)?號(hào)球做正功

16、D. 4號(hào)球在CD斜面軌道上運(yùn)動(dòng)的最大高度與1號(hào)球初始位置相同【答案】A【解析】解：A、在下滑的過程中，前面的小球加速度小，而后面的小球加速度大，則后面的小球?qū)η懊娴男∏蛞蚯皦毫Φ淖饔?，所以小球之間始終相互擠壓，沖上斜面后后面的小球與前面的小球運(yùn)動(dòng)情況完全一致，所以4個(gè)小球在運(yùn)動(dòng)過程中始終不會(huì)散開，故A正確；B、由A分析知，后面的小球擠壓前面的小球，故2號(hào)球?qū)?號(hào)球做功，故B錯(cuò)誤；C、在CD斜面軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，四個(gè)小球加速度相同，都是重力的分力提供加速度，a=gsin，小球間沒有相互作用力，2號(hào)球?qū)?號(hào)球不做功，C錯(cuò)誤；D、根據(jù)能量守恒，在圓弧上4個(gè)球的質(zhì)心與斜面上4個(gè)球的質(zhì)心是相同高度，由于

17、在圓弧上4個(gè)球的質(zhì)心不在中間，因此4號(hào)球在CD斜面軌道上運(yùn)動(dòng)的最大高度比1號(hào)球初始位置高故D錯(cuò)誤故選：A【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用，要求同學(xué)們能正確分析小球得受力情況，難度適中14.宇航員在太空中做實(shí)驗(yàn)，如圖，左邊為彈簧振動(dòng)系統(tǒng)，振子連接一根很長(zhǎng)的軟繩，沿繩方向取x軸振子從平衡位置O以某一初速度向A端開始運(yùn)動(dòng)，振動(dòng)頻率為f=10Hz，振幅為5cm，當(dāng)振子從O點(diǎn)出發(fā)后，第五次經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)，波剛好傳播到x=25cm處，則下列說法正確的是（）A. 當(dāng)振子向上經(jīng)過距O點(diǎn)3cm處時(shí)正在加速B. 繩上產(chǎn)生的波的傳播速度為C. 振子從O點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)的速度越大，再次回到O點(diǎn)的時(shí)間越長(zhǎng)D. 振子從O

18、點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)的速度不同，波在繩子中傳播的速度也不同【答案】B【解析】【詳解】A.當(dāng)振子向上經(jīng)過距O點(diǎn)3cm處時(shí)是遠(yuǎn)離平衡位置，正在減速，故A錯(cuò)誤；B.當(dāng)振子從O點(diǎn)出發(fā)后，第五次經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)，經(jīng)過兩個(gè)半全振動(dòng)，波剛好傳播到x=25cm處，說明2.5波長(zhǎng)是25cm，故波長(zhǎng)為10cm；故波速：v=f=0.1m10Hz=1m/s；故B正確；C.振子從O點(diǎn)開始到再次回到O點(diǎn)的時(shí)間為半個(gè)周期，簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期與振幅無關(guān)，故C錯(cuò)誤；D.波在繩子中傳播的速度由繩子決定，是一定的，與振源的振動(dòng)幅度無關(guān)；故D錯(cuò)誤；二、多選題（本大題共2小題，共4.0分）15.下列有關(guān)說法正確的是（）A. 鈾核發(fā)生a衰變時(shí)釋放出能量，目

19、前核電站利用的就是這一類能量B. 涂了增透膜的照相機(jī)鏡頭呈現(xiàn)淡紫色，這是光的干涉現(xiàn)象C. 我國(guó)的民用電為D. 電子屬于輕子【答案】BD【解析】【詳解】A.衰變時(shí)放出的能量比較小，目前核電站利用的是鈾核發(fā)生裂變時(shí)釋放的能量，故A錯(cuò)誤；B.照相機(jī)的鏡頭呈現(xiàn)淡紫色是光的干涉現(xiàn)象，因?yàn)榭梢姽庥小凹t、橙、黃、綠、藍(lán)、靛、紫”七種顏色，而膜的厚度是唯一的，所以只能照顧到一種顏色的光讓它完全進(jìn)入鏡頭，一般情況下都是讓綠光全部進(jìn)入的，這種情況下，你在可見光中看到的鏡頭反光其顏色就是淡紫色，故B正確；C.我國(guó)的民用電為：u=220sin100tV，故C錯(cuò)誤；D.輕子是不參與強(qiáng)相互作用的粒子，電子是最早發(fā)現(xiàn)的輕子

20、，故D正確；16.中國(guó)北斗三號(hào)（衛(wèi)星）采用星載氫原子鐘，其精度將比北斗二號(hào)的星載銣原子鐘提高一個(gè)數(shù)量級(jí)如圖所示為氫原子的部分能級(jí)圖，以下判斷正確的是（）A. 處于能級(jí)的氫原子可以吸收任意頻率的光子B. 欲使處于基態(tài)的氫原子被激發(fā)，可用的光子照射C. 大量氫原子處于的激發(fā)態(tài)時(shí)，總共可以輻射出10種光譜線D. 用能級(jí)躍遷到能級(jí)輻射出的光照射金屬鉑逸出功為能發(fā)生光電效應(yīng)【答案】BCD【解析】【詳解】A.要使n=3能級(jí)的氫原子發(fā)生躍遷，吸收的光子能量必須等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，或大于1.51eV能量的任意頻率的光子，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)玻爾理論用12.09eV電子照射時(shí)，吸收光子后電子的能量：12.09+

21、（-13.6）=-1.51eV，所以能從基態(tài)發(fā)生躍遷，躍遷到第3能級(jí)，故B正確；C.根據(jù)組合公式=10知，大量氫原子處于n=5激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)會(huì)輻射出10種不同頻率的光，故C正確；D.從n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)輻射出的光子的能量E=E2-E1=-3.4eV-（-13.6）eV=10.2eV6.34eV，而使金屬發(fā)生光電效應(yīng)的條件是光子的能量大于電子的逸出功，故可以發(fā)生光電效應(yīng)。故D正確。三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共4小題，共14.0分）17.用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究“動(dòng)能定理”。某學(xué)習(xí)小組在氣墊導(dǎo)軌上安裝了一個(gè)光電門B，滑塊上固定一遮光條。細(xì)線一端連著滑塊，另一端繞過氣墊導(dǎo)軌左端的定滑

22、輪與力電傳感器相連，傳感器下方懸掛鉤碼，每次滑塊都從A處由靜止釋放（1）某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度d，如圖乙所示，則d=_mm（2）下列實(shí)驗(yàn)要求中不必要的一項(xiàng)是_（請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母）A、應(yīng)使A位置與光電門間的距離適當(dāng)大些B、應(yīng)使滑塊質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼和力電傳感器的總質(zhì)量C、應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平D、應(yīng)使細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌平行（3）實(shí)驗(yàn)時(shí)保持滑塊的質(zhì)量M和A、B間的距離L不變，改變鉤碼質(zhì)量m，測(cè)出對(duì)應(yīng)的力電傳感器的示數(shù)F和遮光條通過光電門的時(shí)間t，通過描點(diǎn)作出線性圖象，研究滑塊動(dòng)能的變化量與合外力對(duì)它所做功的關(guān)系，處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)應(yīng)作出的圖象是_（請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母）A、作出“t-F圖象”B

23、、作出“t2-F圖象”C、作出“-F”圖象”D、作出“-F”圖象”【答案】 (1). 2.30 (2). B (3). C【解析】【詳解】第一空.由圖知第5條刻度線與主尺對(duì)齊，d=2mm+60.05mm=2.30mm；第二空.應(yīng)使A位置與光電門間的距離適當(dāng)大些，有利于減小誤差，故A正確；拉力是直接通過傳感器測(cè)量的，故與小車質(zhì)量和鉤碼質(zhì)量大小關(guān)系無關(guān)，故B錯(cuò)誤；為減小實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)減小摩擦力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平，故C正確；應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平，保持拉線方向與木板平面平行，這樣拉力才等于合力，故D正確；讓選不必要的，故選B；第三空.根據(jù)牛頓第二定律得：a=，速度：v=，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)

24、的速度位移公式得：v2=2aL，整理得：，所以研究滑塊的加速度與力的關(guān)系，處理數(shù)據(jù)時(shí)應(yīng)作出 -F圖象，故ABD錯(cuò)誤，C正確；18.用如圖所示的裝置“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”得到一條紙帶，每個(gè)4個(gè)點(diǎn)選取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，得到O、A、B、C、D、E五個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，小飛同學(xué)想選取O、D兩點(diǎn)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，在計(jì)算D點(diǎn)的速度時(shí)他應(yīng)選擇_AvD=BvD=gtODCvD=5xCED以上均不正確小飛在計(jì)算時(shí)發(fā)現(xiàn)EKDEPOD，請(qǐng)你幫他分析一下原因_【答案】 (1). C (2). 初速度v0不為零【解析】【詳解】第一空.根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，故C正確，ABD錯(cuò)誤；第二空.若實(shí)驗(yàn)中算得動(dòng)能的增加

25、量大于重力勢(shì)能的減少量，可能原因是紙帶的初速度v0不為零；19.某實(shí)驗(yàn)小組用圖甲所示電路測(cè)量電源E的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，圖中電壓表V的最大量程為3V，虛線框內(nèi)為用電流計(jì)G改裝的電流表。(1)已知電流計(jì)G的滿偏電流IG= 200mA、內(nèi)阻rG= 0.30，電路中已將它改裝為最大量程600 mA的電流表，則 R1=_（結(jié)果取二位有效數(shù)字）。(2)通過移動(dòng)變阻器R的滑片，得到多組電壓表V的讀數(shù)U和電流計(jì)G的讀數(shù)，作出如圖乙的圖象。某次測(cè)量時(shí)，電旅表V的示數(shù)如圖丙，則此時(shí)通過電源E的電流為_mA結(jié)果取三位有效數(shù)字）；電源E的電動(dòng)勢(shì)等于_ V，內(nèi)阻等于 _（結(jié)果取三位有效數(shù)字）。(3)若用來改裝電流表的電阻R

26、1的實(shí)際阻值略小于計(jì)算值，則對(duì)電源電動(dòng)勢(shì)測(cè)量的結(jié)果_（填“有”或“沒有”）影響?！敬鸢浮?(1). 0.15 (2). 300 (3). 2.93 (4). 1.00 (5). 沒有【解析】【分析】（1）根據(jù)電路的結(jié)構(gòu)，根據(jù)歐姆定律求解電阻R1的阻值；（2）根據(jù)電壓表的讀數(shù)，結(jié)合圖乙可讀出電流計(jì)G的讀數(shù)；在根據(jù)改裝后的電流表結(jié)構(gòu)確定通過電源的電流；根據(jù)圖像的斜率和截距求解電動(dòng)勢(shì)的內(nèi)阻；（3）根據(jù)電路的結(jié)構(gòu)確定電阻R1對(duì)電動(dòng)勢(shì)測(cè)量結(jié)果的影響?！驹斀狻浚?）根據(jù)歐姆定律可知：，帶入數(shù)據(jù)解得：R1=0.15.（2） 根據(jù)丙圖可知電壓表讀數(shù)為2.6V；根據(jù)圖乙可知電流計(jì)的讀數(shù)為100mA，通過電阻R1

27、的電流等于通過電流計(jì)G電流的2倍，則電路的總電流為300mA；根據(jù)圖像可知，電源的電動(dòng)勢(shì)為：E=2.93V，因改裝的電流表的內(nèi)阻為；則電源內(nèi)阻.（3）電源電動(dòng)勢(shì)等于電流表讀數(shù)為零時(shí)電壓表的讀數(shù)，可知電表改裝時(shí)，若用來改裝電流表的電阻R1的實(shí)際阻值略小于計(jì)算值，則對(duì)電源電動(dòng)勢(shì)測(cè)量的結(jié)果無影響；20.某同學(xué)用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)儀測(cè)量光的波長(zhǎng)（1）實(shí)驗(yàn)中選用的雙縫間距為d，雙縫到像屏的距離為L(zhǎng)，在像屏上得到的干涉圖樣如圖甲所示，分劃板刻線在圖中A、B位置時(shí)，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)分別為x1、x2，則入射的單色光波長(zhǎng)的計(jì)算表達(dá)式為_（2）分劃板刻線在明條紋B處時(shí)，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為31.15mm，由此可知該游標(biāo)卡尺的

28、分度是_（選填“10分度”、20分度”、“50分度”）（3）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是_A如果去掉濾光片，在像屏上得到的是明暗相間的白色干涉條B如果用激光作為光源，則無需凸透鏡和濾光片，也能在像屏上得到干涉條紋C單縫和雙縫必須相互平行，且處于豎直方向的位置，否則無法用測(cè)量頭讀數(shù)D若雙縫中某一條被遮住，則像屏上不再有條紋（4）如果測(cè)量頭中分劃板中心刻線與干涉條紋不在同一方向上，如圖乙所示，條紋間距x的測(cè)量值_實(shí)際值（填“大于”、“小于”或“等于”）【答案】 (1). (2). 20分度 (3). B (4). 大于【解析】【詳解】第一空.根據(jù)條紋間距公式知，入射光的波長(zhǎng)為；第二空.因?yàn)?0分度

29、、20分度、50分度的精確度分別為0.1mm，0.05mm，0.02mm，所以讀數(shù)為31.15mm時(shí)使用的是20分度的游標(biāo)卡尺；第三空.去掉濾光片，產(chǎn)生的彩色干涉條紋，故A錯(cuò)誤。如果用激光作為光源，則無需凸透鏡和單縫，因?yàn)榧す馄叫卸群?，亮度高，故B正確。單縫和雙縫必須相互平行，但不一定要處于豎直方向的位置，故C錯(cuò)誤；若雙縫中某一條被遮住，則會(huì)形成單縫衍射條紋，故D錯(cuò)誤；故選B。第四空.如果測(cè)量頭中的分劃板中心刻線與干涉條紋不在同一方向上，則相鄰兩條亮條紋的中心在測(cè)量方向上的距離增大，所以條紋間距的測(cè)量值大于真實(shí)值；四、計(jì)算題（本大題共4小題，共41.0分）21.在墨爾本Avalon機(jī)場(chǎng)曾舉辦過

30、電動(dòng)汽車和飛機(jī)的競(jìng)速比賽。出場(chǎng)的電動(dòng)汽車P9D是特斯拉全系Models車型中性能最強(qiáng)的一款，在Ludicrous瘋狂加速模式下，其百里加速時(shí)間僅為28s（時(shí)速從0到100kmh）；空載的波音737客機(jī)質(zhì)量m=60t，配備了兩臺(tái)CFM56-7B20型渦輪風(fēng)扇發(fā)動(dòng)機(jī)，加速過程中所受的阻力為其重力的0.08倍加速度為3m/s2，在跑道上的起飛速度為252km/h。比賽開始，特斯拉汽車一馬當(dāng)先，但900m后被波音737客機(jī)追上。求（1）Modelsp90D瘋狂模式下的加速度（2）通過計(jì)算說明飛機(jī)在追上汽車時(shí)有沒有起飛？（3）一臺(tái)CFM56-7B20型渦輪風(fēng)扇發(fā)動(dòng)機(jī)的推力多大？【答案】（1）9.92m/

31、s2（2）飛機(jī)在追上汽車時(shí)已經(jīng)起飛（3）1.14105N?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）根據(jù)題意可得v0=0，vt=100km/h=27.8m/s，t=2.8s根據(jù)加速度的定義式可得a=9.92m/s2（2）飛機(jī)加速過程，根據(jù)v2=2a飛x可得：v=m/s比較可知v70m/s（=252km/h），飛機(jī)已經(jīng)離開地面；（3）設(shè)兩臺(tái)發(fā)電機(jī)的總推力為F，飛機(jī)所受阻力為f=0.08mg根據(jù)F-f=ma飛代入數(shù)據(jù)解得F=2.28105N則一臺(tái)CFM56-7B20型渦輪風(fēng)扇發(fā)動(dòng)機(jī)的推力為F1=1.14105N。22.如圖所示，在堅(jiān)直平面內(nèi)建立xo坐標(biāo)系，曲線軌道OA部分的方程為y=x2在原點(diǎn)O處與x軸相切，A點(diǎn)的橫

32、坐標(biāo)為0.6m；光滑圓弧軌道AB所對(duì)的圓心角為53，半徑R=1m。質(zhì)量m=0.1kg、帶電量g=210-5C的穿孔小球以3m/s的水平速度從O點(diǎn)進(jìn)入軌道，以2m/s的速度從A端滑出后無碰撞地進(jìn)入圓弧軌道。取g=10m/s2，求（1）小球滑到圓弧軌道最低點(diǎn)B時(shí)對(duì)軌道的壓力（2）小球在OA軌道運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力做的功（3）要使小球在OA軌道運(yùn)動(dòng)過程中無機(jī)械能損失，可在空間施加一個(gè)電場(chǎng)。求場(chǎng)強(qiáng)的大小和方向？【答案】（1）2.2N（2）0.65J （3）5104N/C，方向豎直向下【解析】【詳解】（1）AB過程機(jī)械能守恒：其中hAB=R-Rcos53=0.4m圓周B點(diǎn)處：FN-mg=m聯(lián)立解得FN=

33、2.2N根據(jù)牛頓第三定律，壓力為2.2N，方向向下（2）OA過程，據(jù)動(dòng)能定理：mghOA-Wf=將xA=0.6代入y=得：yA=0.4m=hOA解得：Wf=0.65J（3）要使小球與OA軌道無擠壓，須沿著y=軌跡運(yùn)動(dòng)對(duì)照知a=20m/s2豎直方向：mg+qE=ma解得：E=5104N/C，方向豎直向下23.如圖所示，空間存在著一個(gè)范圍足夠大的豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度大小為B；邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形金屬框abcd(簡(jiǎn)稱方框)放在光滑的水平地面上，其外側(cè)套著一個(gè)與方框邊長(zhǎng)相同的U型金屬框架MNPQ(僅有MN、NQ、QP三條邊，簡(jiǎn)稱U型框)，U型框的M、P端的兩個(gè)觸點(diǎn)與方框接觸良好且無摩擦，其它

34、地方?jīng)]有接觸。兩個(gè)金屬框每條邊的質(zhì)量均為m，每條邊的電阻均為r。(1)若方框固定不動(dòng)，U型框以速度v0垂直NQ邊向右勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)U型框的接觸點(diǎn)M、P端滑至方框的最右側(cè)時(shí)，如圖乙所示，求：U型框上N、Q兩端的電勢(shì)差UNQ；(2)若方框不固定，給U型框垂直NQ邊向右的水平初速度v0，U型框恰好不能與方框分離求：方框最后的速度v1和此過程流過U型框上NQ邊的電量q；(3)若方框不固定，給U型框垂直NQ邊向右的初速度v(vv0)，在U型框與方框分離后，經(jīng)過t時(shí)間，方框的最右側(cè)和U型框的最左側(cè)之間的距離為s。求：分離時(shí)U型框的速度大小v1和方框的速度大小v2?！敬鸢浮?1) (2) (3) 【解析】分析】U型框向右做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，由和由閉合電路歐姆定律求感應(yīng)電流的大小和型框上N、Q兩端的電勢(shì)差；當(dāng)U型框向右運(yùn)動(dòng)過程，方框和U型框組成系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求出方框最后的速度；對(duì)U型框，由動(dòng)量定理和電流概念求出此過程流過U型框上NQ邊的電量；U型框和