動(dòng)量碰撞練習(xí)題

1、3-5動(dòng)量碰撞練習(xí)題一.選擇題（共5小題）1 .質(zhì)量為m的運(yùn)動(dòng)員從下蹲狀態(tài)豎直向上起跳，經(jīng)過(guò)時(shí)間t,身體伸直并剛好離開(kāi)地面，離開(kāi)地面時(shí)速度為 v在時(shí)間t內(nèi)（）A.地面對(duì)他的平均作用力為 mg B .地面對(duì)他的平均作用力為 維 | tC.地面對(duì)他的平均作用力為 m （工-g） D.地面對(duì)他的平均作用力為 m （g包） tt2 .在分析和研究生活中的現(xiàn)象時(shí)，我們常常將這些具體現(xiàn)象簡(jiǎn)化成理想模型，這樣 可以反映和突出事物的本質(zhì).例如人原地起跳時(shí)，先身體彎曲，略下蹲，再猛然蹬 地，身體打開(kāi)，同時(shí)獲得向上的初速度，雙腳離開(kāi)地面.我們可以將這一過(guò)程簡(jiǎn)化 成如下模型：如圖所示，將一個(gè)小球放在豎直放置的彈簧上

2、，用手向下壓小球，將 小球壓至某一位置后由靜止釋放，小球被彈簧彈起，以某一初速度離開(kāi)彈簧，不考 慮空氣阻力.從小球由靜止釋放到剛好離開(kāi)彈簧的整個(gè)過(guò)程中，下列分析正確的是（ ）A.小球的速度一直增大B.小球始終處于超重狀態(tài)C.彈簧對(duì)小球彈力沖量的大小大于小球重力沖量的大小D.地面支持力對(duì)彈簧做的功大于彈簧彈力對(duì)小球做的功3 .下列情況中系統(tǒng)動(dòng)量守恒的是（） 小車停在光滑水平面上，人在車上走動(dòng)時(shí)，對(duì)人與車組成的系統(tǒng)子彈水平射入放在光滑水平面上的木塊中，對(duì)子彈與木塊組成的系統(tǒng)子彈射入緊靠墻角的木塊中，對(duì)子彈與木塊組成的系統(tǒng)氣球下用輕繩吊一重物一起加速上升時(shí)，繩子突然斷開(kāi)后的一小段時(shí)間內(nèi)，對(duì)氣 球與重

3、物組成的系統(tǒng)A.只有B.和C.和D.和4 .如圖所示，彈簧的一端固定在豎直墻上，質(zhì)量為M的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上，底部與水平面平滑連接，一個(gè)質(zhì)量為m （mx M）的小球從槽高h(yuǎn)處開(kāi)始自由下滑，下列說(shuō)法正確的是（）A.在以后的運(yùn)動(dòng)全過(guò)程中，小球和槽的水平方向動(dòng)量始終保持某一確定值不變B.在下滑過(guò)程中小球和槽之間的相互作用力始終不做功C.全過(guò)程小球和槽、彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，且水平方向動(dòng)量守恒D.小球被彈簧反彈后，小球和槽的機(jī)械能守恒，但小球不能回到槽高h(yuǎn)處5如圖所示，光滑水平面上有質(zhì)量均為m 的物塊 A 和 B， B 上固定一輕質(zhì)彈簧，B靜止， A 以速度v0 水平向右運(yùn)動(dòng)，從A 與

4、彈簧接觸至彈簧被壓縮到最短的過(guò)程中（）A A、 B 的動(dòng)量變化量相同B A、 B 的動(dòng)量變化率相同C A、 B 系統(tǒng)的總動(dòng)能保持不變D A、 B 系統(tǒng)的總動(dòng)量保持不變.計(jì)算題（共2小題）6 .長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量為M的木塊在粗糙的水平面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，有一質(zhì)量為m的子彈（可視為質(zhì)點(diǎn)）以水平速度 V0擊中木塊并恰好未穿出.設(shè)子彈射入木塊過(guò)程時(shí)間極短，子彈受到木塊的阻力恒定，木塊運(yùn)動(dòng)的最大距離為s,重力加速度為g,求：（i）木塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù) 居；（ii ）子彈受到的阻力大小f.7 .如圖所示，光滑水平面上質(zhì)量為m的小球，以初速度 vo沖向質(zhì)量為m的靜止光滑圓弧面斜劈，圓弧小于 90°且

5、足夠高.求：（1）小球能上升的最大高度；（2）斜劈的最大速度.3-5動(dòng)量碰撞練習(xí)題參考答案與試題解析一.選擇題（共5小題）1. （2017?湖北模擬）質(zhì)量為 m的運(yùn)動(dòng)員從下蹲狀態(tài)豎直向上起跳，經(jīng)過(guò)時(shí)間t,身體伸直并剛好離開(kāi)地面，離開(kāi)地面時(shí)速度為v在時(shí)間t內(nèi)（）A.地面對(duì)他的平均作用力為 mgB.地面對(duì)他的平均作用力為 工tC.地面對(duì)他的平均作用力為 m （上-g） tD.地面對(duì)他的平均作用力為 m （g包）t【分析】已知初末速度，則由動(dòng)量定理可求得地面對(duì)人的平均作用力.【解答】解：人的速度原來(lái)為零，起跳后變化v,則由動(dòng)量定理可得：的-mgt=A mv=mv所以：酢m （g+工）；故D正確，AB

6、C錯(cuò)誤； t故選：D【點(diǎn)評(píng)】在應(yīng)用動(dòng)量定理時(shí)一定要注意沖量應(yīng)是所有力的沖量，不要把重力漏掉.2. （2017?平谷區(qū)模擬）在分析和研究生活中的現(xiàn)象時(shí)，我們常常將這些具體現(xiàn)象簡(jiǎn) 化成理想模型，這樣可以反映和突出事物的本質(zhì).例如人原地起跳時(shí)，先身體彎曲， 略下蹲，再猛然蹬地，身體打開(kāi)，同時(shí)獲得向上的初速度，雙腳離開(kāi)地面.我們可 以將這一過(guò)程簡(jiǎn)化成如下模型：如圖所示，將一個(gè)小球放在豎直放置的彈簧上，用 手向下壓小球，將小球壓至某一位置后由靜止釋放，小球被彈簧彈起，以某一初速 度離開(kāi)彈簧，不考慮空氣阻力.從小球由靜止釋放到剛好離開(kāi)彈簧的整個(gè)過(guò)程中， 下列分析正確的是（）A.小球的速度一直增大B.小球始

7、終處于超重狀態(tài)C.彈簧對(duì)小球彈力沖量的大小大于小球重力沖量的大小D.地面支持力對(duì)彈簧做的功大于彈簧彈力對(duì)小球做的功【分析】小球上升過(guò)程，先做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度達(dá)到最大，之后做加速度不斷增大的減速運(yùn)動(dòng)，直到小球離開(kāi)彈簧為止結(jié)合動(dòng)量定理分析重力的沖量與彈簧的彈力的沖量的大小關(guān)系；根據(jù)功的公式判斷做功的大小關(guān)系【解答】解：A、B、小球向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，開(kāi)始時(shí)彈簧的彈力大于小球的重力，小球向上做加速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)彈簧的彈力小于小球的重力后，小球向上做減速運(yùn)動(dòng)到小球離開(kāi)彈簧可知小球在向上運(yùn)動(dòng)到離開(kāi)彈簧的過(guò)程中小球先加速后減速，先超重，后失重故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤；C、小球的初速度為0,

8、而離開(kāi)彈簧的末速度不為 0,根據(jù)動(dòng)量定理可知，外力的總沖量不為0， 方向向上，所以彈簧對(duì)小球彈力沖量的大小大于小球重力沖量的大小故C 正確；D、由題可知，彈簧對(duì)小球做正功；地面相對(duì)于彈簧的下端沒(méi)有位移，所以地面對(duì)彈簧做的功為0，所以地面支持力對(duì)彈簧做的功小于彈簧彈力對(duì)小球做的功故D 錯(cuò)誤故選： C【點(diǎn)評(píng)】解答該題關(guān)鍵要將小球的運(yùn)動(dòng)分成向上的加速和減速過(guò)程，然后結(jié)合超重與失重的特點(diǎn)分析3. （ 2017?岳陽(yáng)一模）下列情況中系統(tǒng)動(dòng)量守恒的是（）小車停在光滑水平面上，人在車上走動(dòng)時(shí)，對(duì)人與車組成的系統(tǒng)子彈水平射入放在光滑水平面上的木塊中，對(duì)子彈與木塊組成的系統(tǒng)子彈射入緊靠墻角的木塊中，對(duì)子彈與木塊

9、組成的系統(tǒng)氣球下用輕繩吊一重物一起加速上升時(shí)，繩子突然斷開(kāi)后的一小段時(shí)間內(nèi)，對(duì)氣球與重物組成的系統(tǒng)A.只有B.和C.和D.和【分析】判斷動(dòng)量是否守恒的方法有兩種：第一種，從動(dòng)量守恒的條件判定，動(dòng)量守恒定律成立的條件是系統(tǒng)受到的合外力為零，故分析系統(tǒng)受到的外力是關(guān)鍵第二種，從動(dòng)量的定義，分析總動(dòng)量是否變化來(lái)判定【解答】解：小車停在光滑水平面上，車上的人在車上走動(dòng)時(shí)，對(duì)人與車組成的 系統(tǒng)，受到的合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒.故正確；子彈射入放在光滑水平面上的木塊中，對(duì)子彈與木塊組成的系統(tǒng)，系統(tǒng)所受外力 之和為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒.故正確；子彈射入緊靠墻角的木塊中，對(duì)子彈與木塊組成的系統(tǒng)受墻角的作用力，系統(tǒng)

10、所 受外力之和不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒.故錯(cuò)誤；氣球下用輕繩吊一重物一起加速上升時(shí)，繩子突然斷開(kāi)后的一小段時(shí)間內(nèi)，對(duì)氣 球與重物組成的系統(tǒng)，所受的合外力不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故錯(cuò)誤；綜上可知，B正確，ACDt誤.故選： B【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握動(dòng)量守恒的條件，抓住系統(tǒng)是否不受外力或所受的外力之和是否為零進(jìn)行判斷4. （2017?吉林三模）如圖所示，彈簧的一端固定在豎直墻上，質(zhì)量為 M的光滑弧形 槽靜止在光滑水平面上，底部與水平面平滑連接，一個(gè)質(zhì)量為m （mx MD的小球從槽高 h 處開(kāi)始自由下滑，下列說(shuō)法正確的是（）A.在以后的運(yùn)動(dòng)全過(guò)程中，小球和槽的水平方向動(dòng)量始終保持某一確定值不變B.

11、在下滑過(guò)程中小球和槽之間的相互作用力始終不做功C.全過(guò)程小球和槽、彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，且水平方向動(dòng)量守恒D.小球被彈簧反彈后，小球和槽的機(jī)械能守恒，但小球不能回到槽高h(yuǎn)處【分析】由動(dòng)量守恒的條件可以判斷動(dòng)量是否守恒；由功的定義可確定小球和槽的作用力是否做功；由小球及槽的受力情況可知運(yùn)動(dòng)情況；由機(jī)械守恒及動(dòng)量守恒可 知小球能否回到最高點(diǎn)【解答】解：A在以后的運(yùn)動(dòng)全過(guò)程中，當(dāng)小球與彈簧接觸后，小球與槽組成的系 統(tǒng)在水平方向所受合外力不為零，系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量不守恒，故 A錯(cuò)誤；B、下滑過(guò)程中，兩物體都有水平方向的位移，而相互作用力是垂直于球面的，故作用力方向和位移方向不垂直，故相互作用力均

12、要做功，故B錯(cuò)誤；C、全過(guò)程小球和槽、彈簧所組成的系統(tǒng)只有重力與彈力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球與彈簧接觸過(guò)程系統(tǒng)在水平方向所受合外力不為零，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量不守恒，故 C 錯(cuò)誤；D、小球在槽上下滑過(guò)程系統(tǒng)水平方向不受力，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，球與槽分離時(shí)兩者動(dòng)量大小相等，由于 mx M,則小球的速度大小大于槽的速度大小，小球被彈簧反彈后的速度大小等于球與槽分離時(shí)的速度大小，小球被反彈后向左運(yùn)動(dòng)，由于球的速度大于槽的速度，球?qū)⒆飞喜鄄⒁凵匣?，在整個(gè)過(guò)程中只有重力與彈力做功系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由于球與槽組成的系統(tǒng)總動(dòng)量水平向左，球滑上槽的最高點(diǎn)時(shí)系統(tǒng)速度相等水平向左系統(tǒng)總動(dòng)能不為零，由機(jī)械能守恒定律

13、可知，小球上升的最大高度小于h,小球不能回到槽高 h處，故D正確；故選： D【點(diǎn)評(píng)】解答本題要明確動(dòng)量守恒的條件，以及在兩球相互作用中同時(shí)滿足機(jī)械能守恒，應(yīng)結(jié)合兩點(diǎn)進(jìn)行分析判斷5. （2017?青羊區(qū)校級(jí)模擬）如圖所示，光滑水平面上有質(zhì)量均為m的物塊A和B,B上固定一輕質(zhì)彈簧，B靜止，A以速度V0水平向右運(yùn)動(dòng)，從 A與彈簧接觸至彈簧被壓縮到最短的過(guò)程中（）B A、 B 的動(dòng)量變化率相同A A、 B 的動(dòng)量變化量相同C A、 B 系統(tǒng)的總動(dòng)能保持不變D A、 B 系統(tǒng)的總動(dòng)量保持不變【分析】?jī)晌飰K組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒，兩個(gè)物體所受的合外力大小相等、方向相反，應(yīng)用動(dòng)量定理、動(dòng)量守

14、恒定律分析答題【解答】解：AD兩物體相互作用過(guò)程中系統(tǒng)的合外力為零，系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒，則A、B動(dòng)量變化量大小相等、方向相反，所以動(dòng)量變化量不同，故A錯(cuò)誤，D正確；B、由動(dòng)量定理Ft=4P可知，動(dòng)量的變化率等于物體所受的合外力，A B兩物體所受的合外力大小相等、方向相反，所受的合外力不同，則動(dòng)量的變化率不同，故B錯(cuò)誤；C、A B系統(tǒng)的總機(jī)械能不變，彈性勢(shì)能在變化，則總動(dòng)能在變化，故C錯(cuò)誤；故選： D【點(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵要分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程，應(yīng)用動(dòng)量定理與動(dòng)量守恒定律進(jìn)行分析要注意動(dòng)量變化量、動(dòng)量變化率都是矢量，只有大小和方向都相同時(shí)它們才相同二計(jì)算題（共2 小題）6. （2017?漳州模擬）長(zhǎng)為

15、L、質(zhì)量為M的木塊在粗糙的水平面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，有一質(zhì)量為m的子彈（可視為質(zhì)點(diǎn)）以水平速度 vo擊中木塊并恰好未穿出.設(shè)子彈射入木塊過(guò)程時(shí)間極短，子彈受到木塊的阻力恒定，木塊運(yùn)動(dòng)的最大距離為s,重力加速度為g,求：(i)木塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)居；(ii )子彈受到的阻力大小f.【分析】(1)子彈和木塊構(gòu)成一系統(tǒng)，在水平方向上動(dòng)量守恒列出等式，求出二者 的共同速度，然后由動(dòng)能定理求解動(dòng)摩擦因數(shù).(2)子彈進(jìn)入木塊的過(guò)程中，一部分負(fù)機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，由功能關(guān)系即可求出子 彈受到的摩擦力.【解答】解：(i )子彈射入木塊過(guò)程極短時(shí)間內(nèi)，水平方向由動(dòng)量守恒定律得：mv= (m+M v 共當(dāng)子彈與木

16、塊共逮到最終停止的過(guò)程中，由功能關(guān)系得：解得:2gs(N-Fin) 2(ii )子彈射入木塊過(guò)程極短時(shí)間內(nèi)，設(shè)產(chǎn)生的熱量為Q,由功能關(guān)系得:QT.v又：Q=fL解得：f=2 CM-+ m)L答：(i)木塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)是2 oV2m(ii )子彈受到的阻力大小 f是一L.2(M+m)L【點(diǎn)評(píng)】動(dòng)能定理的應(yīng)用不涉及運(yùn)動(dòng)過(guò)程的加速度、時(shí)間，一般比牛頓第二定律結(jié) 合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解題要簡(jiǎn)便.在同一題中可以選擇對(duì)不同研究對(duì)象運(yùn)用動(dòng)能定理去求 解速度.要能知道運(yùn)動(dòng)過(guò)程中能量的轉(zhuǎn)化，能用能量守恒定律的觀點(diǎn)解決問(wèn)題.7. (2017春？南陽(yáng)期中)如圖所示，光滑水平面上質(zhì)量為m的小球，以初速度 vo沖向質(zhì)

17、量為m的靜止光滑圓弧面斜劈，圓弧小于 90°且足夠高.求：(1)小球能上升的最大高度；(2)斜劈的最大速度.【分析】(1)小球上升到最高點(diǎn)時(shí)，小球與斜劈的速度相同，小球與斜劈作用時(shí)水平方向動(dòng)量守恒，根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒列式即可求解小球能上升的最大高度；(2)小球在斜劈上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，斜劈都在加速，所以小球離開(kāi)斜劈時(shí)斜劈的 速度最大，根據(jù)動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律列式求斜劈的最大速度.【解答】解：(1)以m、m組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，當(dāng) m在m上滑動(dòng)時(shí)二者存在相 互作用，但在水平方向上不受外力，因此系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒.設(shè)m滑到最高點(diǎn)位置時(shí)，二者的速度為 v,取水平向右