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1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后,請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回2答題前,請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符4作答選擇題,必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑;如需改動(dòng),請(qǐng)用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案作答非選擇題,必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答,在其他位置作答一律無(wú)效5如需作圖,須用2B鉛筆繪、寫(xiě)清楚,線條、符號(hào)等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是
2、符合題目要求的。1、 “嫦娥一號(hào)”探月衛(wèi)星繞地運(yùn)行一段時(shí)間后,離開(kāi)地球飛向月球如圖所示是繞地飛行的三條軌道,軌道1是近地圓形軌道,2和3是變軌后的橢圓軌道A點(diǎn)是2軌道的近地點(diǎn),B點(diǎn)是2軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn),衛(wèi)星在軌道1的運(yùn)行速率為 11km/s,則下列說(shuō)法中正確的是( )A衛(wèi)星在2軌道經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速率一定大于11km/sB衛(wèi)星在2軌道經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率一定大于11km/sC衛(wèi)星在3軌道所具有的機(jī)械能小于2軌道所具有的機(jī)械能D衛(wèi)星在3軌道所具有的最大速率小于2軌道所具有的最大速率2、輪箱沿如圖所示的逆時(shí)針?lè)较蛟谪Q直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),半徑為R,速率v,AC為水平直徑,BD為豎直直徑。物塊相對(duì)于輪箱靜止,
3、則()A物塊始終受靜摩擦力作用B只有在A、B、C、D四點(diǎn),物塊受到的合外力才指向圓心C在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中物塊的機(jī)械能不守恒D在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中物塊重力的瞬時(shí)功率保持不變3、質(zhì)量為m的物體從高為h處自由下落,開(kāi)始的用時(shí)為t,則A物體的落地時(shí)間為B物體的落地時(shí)間為3tC物體的平均速度為D物體的落地速度為3gt4、如圖,有一理想變壓器,原副線圈的匝數(shù)比為n,原線圈接正弦交流電,電壓的最大值為U,輸出端接有一個(gè)交流電流表和一個(gè)電動(dòng)機(jī)。電動(dòng)機(jī)線圈電阻為R,當(dāng)輸入端接通電源后,電流表讀數(shù)為I,電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)一重物勻速上升。下列判斷正確的是A原線圈中的電流的有效值為B變壓器的輸入功率為C電動(dòng)機(jī)兩端電壓為IRD電動(dòng)機(jī)消耗的功
4、率為I2R5、在地球物理學(xué)領(lǐng)域有一種測(cè)g值的方法叫“差值法”,具體做法是:將真空長(zhǎng)直管沿豎直方向放置,自其中O點(diǎn)上拋一小球又落到O點(diǎn)的時(shí)間為T(mén)2,在小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中經(jīng)過(guò)比O點(diǎn)高H的P點(diǎn),小球離開(kāi)P點(diǎn)到又回到P點(diǎn)所用的時(shí)間為T(mén)1.測(cè)得k=2FL1-L2、L0=L1+L22和H,可求得g等于A8HT22-T12 B4HT22-T12 C8H(T2-T1)2 DH4(T2-T1)26、一條細(xì)線的一端與水平地面上的物體B相連,另一端繞過(guò)一輕質(zhì)定滑輪與小球A相連,定滑輪用另一條細(xì)線固定在天花板上的O點(diǎn),細(xì)線與豎直方向所成的夾角為,則下列說(shuō)法正確的是( )A如果將物體B在水平地面上緩慢向右移動(dòng)一小段距離,角
5、將不變B如果將物體B在水平地面上緩慢向右移動(dòng)一小段距離,角將減小C增大小球A的質(zhì)量,若B仍保持不動(dòng),角不變D懸掛定滑輪的細(xì)線的彈力可能等于小球A的重力二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示,質(zhì)量為M的長(zhǎng)木板A靜止在光滑的水平面上,有一質(zhì)量為m的小滑塊B以初速度v0從左側(cè)滑上木板,且恰能滑離木板,滑塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)為下列說(shuō)法中正確的是:( )A若只增大v0,則滑塊滑離木板過(guò)程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量增加B若只增大M,則滑塊滑離木板過(guò)程中木板所受到的沖量增大C若只減小m
6、,則滑塊滑離木板時(shí)木板獲得的速度減少D若只減小,則滑塊滑離木板過(guò)程中滑塊對(duì)地的位移減小8、空間存在著平行于x軸方向的靜電場(chǎng).A、M、O、N、B為x軸上的點(diǎn),OAOB,OMON,AB間的電勢(shì)隨x的分布如圖所示,一個(gè)帶電粒子在電場(chǎng)中僅在電場(chǎng)力作用下從M點(diǎn)由靜止開(kāi)始沿x軸向右運(yùn)動(dòng),則下列判斷中正確的是()A粒子一定帶負(fù)電B粒子從M向O運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受電場(chǎng)力均勻增大C粒子一定能通過(guò)N點(diǎn)DAO間的電場(chǎng)強(qiáng)度大于OB間的電場(chǎng)強(qiáng)度9、重量為G的物體在水平力F的作用下沿豎直墻壁勻速下滑,如圖所示。 已知物體和墻壁間的動(dòng)摩擦因數(shù)為,則墻對(duì)物體的摩擦力是( )AFB(G+F)CGDG-F10、如圖所示,MN、PQ是傾
7、角為的兩平行光滑且足夠長(zhǎng)的金屬軌道,其電阻忽略不計(jì)??臻g存在著垂直于軌道平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。導(dǎo)體棒ab、cd垂直于軌道放置,且與軌道接觸良好,每根導(dǎo)體棒的質(zhì)量均為m,電阻均為r,軌道寬度為L(zhǎng),與軌道平行的絕緣細(xì)線一端固定,另一端與ab棒中點(diǎn)連接,細(xì)線承受的最大拉力Tm=2mgsin 。今將cd棒由靜止釋放,則細(xì)線被拉斷時(shí),cd棒的A速度大小是2mgrsinB2L2B速度大小是mgrsinB2L2C加速度大小是2gsin D加速度大小是0三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11(6分)在追尋科學(xué)家研究足跡的過(guò)程中,某同學(xué)為探
8、究恒力做功和物體動(dòng)能變化間的關(guān)系,采用了如圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置(1)實(shí)驗(yàn)時(shí),該同學(xué)用鉤碼的重力表示小車(chē)受到的合力,為了減小這種做法帶來(lái)的實(shí)驗(yàn)誤差,你認(rèn)為應(yīng)該采取的措施是_A保證鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)大于小車(chē)的質(zhì)量B選取打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所打第1點(diǎn)與第2點(diǎn)間的距離約為2 mm的紙帶來(lái)處理數(shù)據(jù)C把長(zhǎng)木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高以平衡摩擦力D必須先接通電源再釋放小車(chē)(2)如圖2所示是實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶,其中A,B,C,D,E,F(xiàn)是連續(xù)的六個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn),相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T(mén),相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離已在圖中標(biāo)出,測(cè)出小車(chē)的質(zhì)量為M,鉤碼的總質(zhì)量為m從打B點(diǎn)到打E點(diǎn)的過(guò)程中,合力對(duì)小車(chē)做的功是_,小車(chē)動(dòng)能的增量是_(用題中和圖
9、中的物理量符號(hào)表示)12(12分)某物理興趣小組利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器研究小車(chē)的勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律,實(shí)驗(yàn)中得到的一段紙帶如圖所示,每隔 4個(gè)點(diǎn)選一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn),O、A、B、C、D為相鄰的五個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn),測(cè)得OA=5.5mm、OB14.9mm、OC=18.3mm、OD=45.1mm則該次實(shí)驗(yàn)中小車(chē)的加速度大小為_(kāi) m /s1(結(jié)果保留二位有效數(shù)字)四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13(10分)如圖所示,在與水平方向成53的斜向上拉力F作用下,質(zhì)量為1.0kg的小物塊從靜止開(kāi)始沿水平地面做勻加速直線運(yùn)動(dòng),經(jīng)2s運(yùn)動(dòng)的距離為3m,隨即撤掉
10、F,小物塊運(yùn)動(dòng)一段距離后停止。已知物塊與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.25,sin53=0.8,cos53=0.6,g=10m/s2.求:(1)物塊運(yùn)動(dòng)的最大速度;(2)F的大??;14(16分)為了研究過(guò)山車(chē)的原理,某興趣小組提出了下列設(shè)想:取一個(gè)與水平方向夾角為37、長(zhǎng)為l = 2.0m的粗糙傾斜軌道AB,通過(guò)水平軌道BC與豎直圓軌道相連,出口為水平軌道DE,整個(gè)軌道除 AB 段以外都是光滑的其AB 與BC 軌道以微小圓弧相接,如圖所示一個(gè)小物塊以初速度v04.0m/s從某一高處水平拋出,到A點(diǎn)時(shí)速度方向恰好沿 AB 方向,并沿傾斜軌道滑下已知物塊與傾斜軌道的動(dòng)摩擦因數(shù) = 0.1(g10m/s
11、2、sin37 0.60、cos37 0.80)求小物塊到達(dá)A點(diǎn)時(shí)速度要使小物塊不離開(kāi)軌道,并從軌道DE滑出,求豎直圓弧軌道的半徑應(yīng)該滿足什么條件? 為了讓小物塊不離開(kāi)軌道,并且能夠滑回傾斜軌道 AB,則豎直圓軌道的半徑應(yīng)該滿足什么條件?15(12分)跳水運(yùn)動(dòng)是我國(guó)體育運(yùn)動(dòng)的強(qiáng)項(xiàng)之一,其中高臺(tái)跳水項(xiàng)目要求運(yùn)動(dòng)員從距離水面10m的高臺(tái)上跳下,在完成空中動(dòng)作后進(jìn)入水中。如圖,質(zhì)量為50kg的運(yùn)動(dòng)員起跳瞬間重心離高臺(tái)臺(tái)面的高度為1m,斜向上跳離高臺(tái)的瞬時(shí)速度大小為3m/s,跳至最高點(diǎn)時(shí)重心離臺(tái)面的高度為1.3m,入水(手剛觸及水面)時(shí)重心離水面的高度為1m,圖中虛線為運(yùn)動(dòng)員重心的運(yùn)動(dòng)軌跡,不計(jì)空氣阻
12、力。求:(1)運(yùn)動(dòng)員起跳瞬間具有的重力勢(shì)能;(2)從跳離高臺(tái)瞬間到跳至最高點(diǎn)的過(guò)程中,運(yùn)動(dòng)員克服重力做的功;(3)運(yùn)動(dòng)員在最高點(diǎn)時(shí)的速度是否為0?請(qǐng)說(shuō)明判斷理由;(4)計(jì)算運(yùn)動(dòng)員入水時(shí)的速度大小。 參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】從軌道1變軌到軌道2,需要在A點(diǎn)點(diǎn)火加速,故衛(wèi)星在軌道2經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的速率大于1.1km/s,從軌道2變軌到軌道3,需要在A點(diǎn)點(diǎn)火加速,而A點(diǎn)為兩個(gè)軌道速度最大點(diǎn),所以衛(wèi)星在軌道3的最大速率大于在軌道2的最大速率,故A正確,D錯(cuò)誤;假設(shè)有一圓軌道經(jīng)過(guò)B點(diǎn),根據(jù),可知此軌道上的速度
13、小于1.1km/s,衛(wèi)星在B點(diǎn)速度減小,才會(huì)做近心運(yùn)動(dòng)進(jìn)入2軌道運(yùn)動(dòng)故衛(wèi)星在2軌道經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率一定小于1.1km/s,故B錯(cuò)誤;從軌道2變軌到軌道3,需要在A點(diǎn)點(diǎn)火加速,衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)的軌道高度越高,需要的能量越大,具有的機(jī)械能越大,所以衛(wèi)星在3軌道所具有的機(jī)械能一定大于2軌道所具有的機(jī)械能,故C錯(cuò)誤2、C【解析】A在最高點(diǎn)和最低點(diǎn),物塊受重力和支持力作用,在其它位置物體受到重力,支持力、靜摩擦力作用,故A項(xiàng)錯(cuò)誤;B物塊作勻速圓周運(yùn)動(dòng),合外力提供向心力,所以合外力始終指向圓心,故B項(xiàng)錯(cuò)誤;C在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中物塊的動(dòng)能不變,重力勢(shì)能改變,所以機(jī)械能不守恒,故C項(xiàng)正確;D運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,物塊的重力大小不變
14、,速度大小不變,但是速度方向時(shí)刻在變化,所以重力的瞬時(shí)功率在變化,故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選C。3、A【解析】AB根據(jù)得開(kāi)始的過(guò)程中有聯(lián)立解得:故A正確,B錯(cuò)誤;CD物體落地時(shí)的速度為:物體自由落體運(yùn)動(dòng),所以平均速度為故CD錯(cuò)誤4、B【解析】A、原副線圈的匝數(shù)比為n,副線圈的電流為I,則有原線圈的電流有效值為,故A錯(cuò)誤;BD、原副線圈的匝數(shù)比為n,原線圈接正弦交流電,電壓的最大值為U,則原線圈的電壓有效值為,所以副線圈的電壓為,因此電動(dòng)機(jī)消耗的功率為PUII,則變壓器的輸入功率也為,故B正確,D錯(cuò)誤。C、電動(dòng)機(jī)兩端電壓等于副線圈的電壓。由于是非純電阻,所以不等于IR,故C錯(cuò)誤;5、A【解析】小球從O點(diǎn)上
15、升到最大高度過(guò)程中:h1=12g(T22)2 小球從P點(diǎn)上升的最大高度:h2=12g(T12)2 依據(jù)題意:h1-h2=H 聯(lián)立解得:g=8HT22-T12 ,故選A.點(diǎn)睛:對(duì)稱自由落體法實(shí)際上利用了豎直上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性,所以解決本題的關(guān)鍵是將整個(gè)運(yùn)動(dòng)分解成向上的勻減速運(yùn)動(dòng)和向下勻加速運(yùn)動(dòng),利用下降階段即自由落體運(yùn)動(dòng)階段解題另外此題也可以利用平均速度s=vt 求解注:將題干修正為:測(cè)得T1、T2和H,可求得g等于6、C【解析】試題分析:OA與OB兩段細(xì)線上的彈力都等于小球A的重力,其合力與懸掛定滑輪的細(xì)線的彈力大小相等、方向相反,懸掛定滑輪的細(xì)線的彈力方向(即OO的方向)與AOB的角平分線在一
16、條直線上,物體B在地板上向右移動(dòng)時(shí)角將增大,A、B錯(cuò)誤;增大小球A的質(zhì)量,只要物體B的位置不變,角也不變,C正確;物體B無(wú)論在地板上移動(dòng)多遠(yuǎn),AOB也不可能達(dá)到120,故懸掛定滑輪的細(xì)線的彈力不可能等于小球A的重力,D錯(cuò)誤考點(diǎn):本題考查受力分析和動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】A、滑塊滑離木板過(guò)程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量等于滑動(dòng)摩擦力與相對(duì)位移的成積,因?yàn)橄鄬?duì)位移沒(méi)變,所以產(chǎn)生熱量不變,故A錯(cuò)誤;B、由極限法,當(dāng)M很大時(shí),長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)的位移會(huì)減小,滑
17、塊的位移等于減小,對(duì)滑塊根據(jù)動(dòng)能定理,可知滑塊滑離木板時(shí)的速度增大,把長(zhǎng)木板和小滑塊看成一個(gè)系統(tǒng),滿足動(dòng)量守恒:,可知長(zhǎng)木板的動(dòng)量變化比較小,所以若只增大M,則滑塊滑離木板過(guò)程中木板所受到的沖量減少,故B錯(cuò);C、采用極限法:當(dāng)m很小時(shí),摩擦力也很小,m的動(dòng)量變化減小,把長(zhǎng)木板和小滑塊看成一個(gè)系統(tǒng),滿足動(dòng)量守恒,那么長(zhǎng)木板得動(dòng)量變化也減小故C正確D、當(dāng)很小時(shí),長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)的位移會(huì)減小,滑塊的位移等于減小故D正確【點(diǎn)睛】本題應(yīng)注意以下幾點(diǎn):1、體會(huì)兒童極限法解題2、摩擦力與相對(duì)位移得乘積等于產(chǎn)生得內(nèi)能,摩擦力與對(duì)地位移得乘積等于物體的動(dòng)能得變化8、ACD【解析】由圖可知,兩點(diǎn)電勢(shì)相等,點(diǎn)的電勢(shì)最高,
18、到是逆電場(chǎng)線,粒子僅在電場(chǎng)力作用下,從點(diǎn)由靜止開(kāi)始沿x軸向右運(yùn)動(dòng)即逆電場(chǎng)線方向運(yùn)動(dòng),故粒子一定帶負(fù)電,A正確;到電勢(shì)均勻升高,故到的電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng),所以粒子向運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受電場(chǎng)力不變,故B錯(cuò)誤;由圖可知,兩點(diǎn)電勢(shì)相等,點(diǎn)的電勢(shì)小于點(diǎn)的電勢(shì),故到電場(chǎng)力做的功大于到電場(chǎng)力做的功,所以粒子能通過(guò)點(diǎn),故C正確;到電勢(shì)均勻升高,圖象的斜率大小等于電場(chǎng)強(qiáng)度,故到的電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng),故D正確9、AC【解析】物體向下滑動(dòng),故物體受到向上的滑動(dòng)摩擦力為F;因物體勻速下滑,則物體受力平衡,豎直方向受重力與摩擦力,二力大小相等,故摩擦力也等于G;故選AC。10、AD【解析】當(dāng)cd棒向下運(yùn)動(dòng)時(shí),切割產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì),感應(yīng)
19、電流,有沿導(dǎo)軌向上的安培力,ab棒有沿導(dǎo)軌向下的安培力,結(jié)合細(xì)線的最大拉力求出細(xì)線拉斷時(shí)所受的安培力大小,抓住ab和cd棒所受的安培力大小相等,根據(jù)牛頓第二定律求出cd棒的加速度,結(jié)合切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式、閉合電路歐姆定律求出cd棒的速度?!驹斀狻考?xì)線被拉斷時(shí),拉力達(dá)到Tm=2mgsin,根據(jù)平衡條件有Tm=FA+mgsin,可得ab棒所受安培力FA=mgsin,由于兩棒的電流相等,所受安培力大小相等,由FA=BIL,I=E2r,E=BLv,可得cd棒的速度v=2mgrsinB2L2,A正確,B錯(cuò)誤;對(duì)cd棒,根據(jù)牛頓第二定律有mgsin-FA=ma,得a=0,C錯(cuò)誤,D正確?!军c(diǎn)睛】對(duì)于
20、電磁感應(yīng)問(wèn)題研究思路常常有兩條:一條從力的角度,重點(diǎn)是分析安培力作用下導(dǎo)體棒的平衡問(wèn)題,根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程;另一條是能量,分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題,根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解。三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、C mgs 【解析】(1)1小車(chē)在水平方向上受繩的拉力和摩擦力,想用鉤碼的重力表示小車(chē)受到的合外力,首先需要平衡摩擦力; 設(shè)繩子上拉力為,對(duì)小車(chē)根據(jù)牛頓第二定律有: ,鉤碼有:解得:由此可知當(dāng)時(shí),夠碼的重力等于繩子的拉力即為小車(chē)是合外力,故適當(dāng)墊高長(zhǎng)木板右端,以平衡摩擦力,使鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量。先接通電源再釋放小車(chē)是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器實(shí)驗(yàn)的正確做法,對(duì)減小本題中的實(shí)驗(yàn)誤差無(wú)影響。故選C。(2)2把鉤碼的重力當(dāng)做合外力,則從到點(diǎn)合外力做功為。3利用中點(diǎn)時(shí)刻的速度等于平均速度可求得 ; 小車(chē)動(dòng)能的增量是:12、0.33【解析】試題分析:每隔4個(gè)點(diǎn)選一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn),則相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為,根據(jù)圖中信息可得OA=22mm、AB=34mm、BC=44mm,CD=53mm,根據(jù)逐差法
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