2021-2022學(xué)年浙江省杭州市浙江大學(xué)附屬中學(xué)高三（下）5月仿真模擬物理試題（解析版）

1、 浙大附中2022屆高三仿真模擬試卷物理試卷一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分。）1. 在聚變反應(yīng)中，一個(gè)質(zhì)量為1876.1MeV/c2（c為真空中的光速）的氘核和一個(gè)質(zhì)量為2809.5的氚核結(jié)合為一個(gè)質(zhì)量為3728.4MeV/c2的氦核，并放出一個(gè)質(zhì)子，同時(shí)釋放大約17.6MeV的能量，用國(guó)際單位制基本單位表示為（）A. JB. NmC. D. kgm/s2【答案】C【解析】【詳解】是能量單位由，可知故用國(guó)際單位制基本單位表示為。故選C。2. 關(guān)于物理學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說(shuō)法中正確的是（）A. 庫(kù)侖

2、發(fā)現(xiàn)點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律并測(cè)出了靜電力常量k的數(shù)值B. 法拉第提出了場(chǎng)的概念并用電場(chǎng)線(xiàn)形象地描述電場(chǎng)C. 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)并總結(jié)出右手螺旋定則來(lái)判定電流周?chē)艌?chǎng)方向D. 普朗克首次提出能量子的概念與物體所帶的電荷量是量子化的【答案】B【解析】【詳解】A靜電力常量k的數(shù)值是根據(jù)麥克斯韋的相關(guān)理論計(jì)算出來(lái)的，故A錯(cuò)誤；B法拉第提出了場(chǎng)的概念并用電場(chǎng)線(xiàn)形象地描述電場(chǎng)，故B正確；C奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，安培總結(jié)出右手螺旋定則，故C錯(cuò)誤；D普朗克首次提出能量子的概念，密立根提出物體所帶的電荷量是量子化的，故D錯(cuò)誤。故選B。3. 蕩秋千是人們平時(shí)喜愛(ài)的一項(xiàng)體閑娛樂(lè)活動(dòng)，如圖所示小孩正在蕩秋千

3、，若忽略空氣阻力，則下列說(shuō)法正確的是（）A. 在最高點(diǎn)時(shí)小孩速度為零，處于平衡狀態(tài)B. 在最低點(diǎn)時(shí)小孩處于失重狀態(tài)C. 最高點(diǎn)向最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小孩所受合力不為零且指向圓心，提供向心力D. 最高點(diǎn)向最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小孩對(duì)秋千踏板的壓力大小始終等于秋千踏板對(duì)該同學(xué)的支持力大小【答案】D【解析】【詳解】A小孩在最高點(diǎn)受到重力、繩子拉力，合外力沿軌跡切線(xiàn)，垂直于繩子，受力不平衡，A錯(cuò)誤；B在最低點(diǎn)時(shí)合外力充當(dāng)向心力，由牛頓第二定律故在最低點(diǎn)，小孩加速度豎直向上，處于超重狀態(tài)，B錯(cuò)誤；C從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)，小球做變速圓周運(yùn)動(dòng)，速度越來(lái)越大，故小孩合外力不為零，既有沿半徑方向的合外力產(chǎn)生向心加速度，改變速

4、度方向，又有沿切線(xiàn)方向合外力改變速度大小，即從最高點(diǎn)向最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中合外力不指向圓心，C錯(cuò)誤；D最高點(diǎn)向最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小孩對(duì)秋千踏板的壓力和秋千踏板對(duì)該同學(xué)的支持力是一對(duì)相互作用力，由牛頓第三定律可知壓力、支持力大小相等，D正確。故選D4. 在衛(wèi)生大掃除中，某同學(xué)用拖把拖地，沿推桿方向?qū)ν习咽┘油屏，如圖所示，此時(shí)推力與水平方向的夾角為，且拖把剛好做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)從某時(shí)刻開(kāi)始保持力F的大小不變，減小F與水平方向的夾角，則( )A. 拖把將做減速運(yùn)動(dòng)B. 拖把繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)C. 地面對(duì)拖把的支持力FN變小，地面對(duì)拖把的摩擦力Ff變小D. 地面對(duì)拖把的支持力FN變大，地面對(duì)拖把的摩擦力Ff變大

5、【答案】C【解析】【詳解】CD設(shè)拖把與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則：拖把頭受到重力、支持力、推力和摩擦力處于平衡，受力示意圖如圖所示將推拖把的力沿豎直和水平方向分解，按平衡條件得：豎直方向上Fsin+mg=FN水平方向上Fcos-Ff=0 式中FN和f分別為地板對(duì)拖把的正壓力和摩擦力按摩擦定律有Ff=FN由得：減小F與水平方向的夾角，sin減小，地面對(duì)拖把的支持力FN變??；由可得地面對(duì)拖把的摩擦力Ff變小故C正確；D錯(cuò)誤；AB減小F與水平方向的夾角時(shí)，F(xiàn)f減小而Fcos增大，所以Fcos-Ff將大于0，所以拖把將做加速運(yùn)動(dòng)故AB錯(cuò)誤。故選C?！久麕燑c(diǎn)睛】此題考查了物體的平衡問(wèn)題；對(duì)于拖把頭受重力

6、、支持力、推力和摩擦力，抓住水平方向和豎直方向平衡，根據(jù)正交分解，運(yùn)用平衡條件和滑動(dòng)摩擦力公式列方程分析各個(gè)力的變化5. 下列說(shuō)法正確的是（）A. 天然放射現(xiàn)象說(shuō)明原子是可分的B. LC振蕩電路中充電完畢瞬間回路電流為零，電感L中自感電動(dòng)勢(shì)最大C. 紅外體溫計(jì)是依據(jù)體溫計(jì)發(fā)射紅外線(xiàn)來(lái)測(cè)體溫的D. 全息照相與立體電影都利用了光的干涉原理【答案】B【解析】【詳解】A天然放射現(xiàn)象說(shuō)明原子核是可分的，故A錯(cuò)誤；BLC振蕩電路中充電完畢瞬間回路電流為零，此時(shí)電流變化最快，所以電感L中自感電動(dòng)勢(shì)最大，故B正確；C紅外體溫計(jì)是根據(jù)人體發(fā)射紅外線(xiàn)來(lái)測(cè)體溫的，故C錯(cuò)誤；D全息照相利用光的干涉，立體電影利用光的偏

7、振，故D錯(cuò)誤。故選B。6. 一位同學(xué)在水平地面上做立定跳遠(yuǎn)，他從位置起跳，到位置落地，位置是他在空中的最高點(diǎn)，在位置和時(shí)他的重心到地面的距離近似相等。以下說(shuō)法正確的是（）A. 在位置，人的速度為0B. 從位置到，重力對(duì)人的沖量幾乎為0C. 從位置到，重力做功幾乎為0D. 在位置起跳至離地的過(guò)程中，支持力的沖量與重力的沖量大小相等【答案】C【解析】【詳解】A人做斜拋運(yùn)動(dòng)，則在位置時(shí)，人有水平速度，即人的速度不為0，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B從位置到，重力對(duì)人的作用時(shí)間不為零，根據(jù)IG=mgt可知重力沖量不為0，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C從位置到，人的重心高度幾乎不變，則根據(jù)WG=mgh可知，重力做功幾乎為0，選項(xiàng)C正確

8、；D在位置起跳至離地的過(guò)程中，人有了向上的速度，平均加速度向上，支持力大于重力，則支持力的沖量大小大于重力的沖量大小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。7. 北京時(shí)間2021年10月16日0時(shí)23分，神舟十三號(hào)載人飛船順利將翟志剛、王亞平、葉光富3名航天員送入空間站。飛船的某段運(yùn)動(dòng)可近似為如圖所示的情境，圓形軌道I為空間站運(yùn)行軌道，其離地高度約為400km，地球半徑是6400km。下列說(shuō)法正確的是（）A. 載人飛船在軌道I上運(yùn)行速率在7.9km/s到11.2km/s之間B. 載人飛船在軌道I上的周期大于24hC. 載人飛船在軌道I上的向心加速度小于地球赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度D. 載人飛船在軌道I上

9、機(jī)械能大于在軌道II上的機(jī)械能【答案】D【解析】【詳解】A第一宇宙速度是7.9km/s，是最大的運(yùn)行速度，故載人飛船在軌道I上運(yùn)行速率小于7.9km/s，A錯(cuò)誤；B地球同步衛(wèi)星的周期是24h，載人飛船在軌道I上運(yùn)行時(shí)的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，對(duì)于衛(wèi)星萬(wàn)有引力提供向心力故可見(jiàn)衛(wèi)星軌道半徑越小，周期越短，即載人飛船在軌道I上的周期小于24h，B錯(cuò)誤；C由可得故衛(wèi)星軌道半徑越大，加速度越小，所以同步衛(wèi)星的向心加速度小于軌道I上載人飛船的向心加速度；又因?yàn)橥叫l(wèi)星和赤道上的物體角速度相等，由可知，同步衛(wèi)星的向心加速度大于赤道上物體的向心加速度，故載人飛船在軌道I上的向心加速度大于地球赤道上物體

10、隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度，C錯(cuò)誤；D衛(wèi)星在軌道II上需在A點(diǎn)加速才能變軌到軌道I上，在A點(diǎn)變軌過(guò)程中有其他形式能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，故載人飛船在軌道I上機(jī)械能大于在軌道II上的機(jī)械能，D正確。故選D。8. 家電待機(jī)耗電問(wèn)題常常被市民所忽略，技術(shù)人員發(fā)現(xiàn)一臺(tái)電視機(jī)待機(jī)一天的耗電量約0.2度。據(jù)最新統(tǒng)計(jì)浙江省的常住人口約5800萬(wàn)人，假設(shè)每戶(hù)家庭擁有的家用電器如下表所示，則由表中數(shù)據(jù)，估算每年浙江省家庭用電器待機(jī)耗電量約為（）家庭常用電器電視機(jī)洗衣機(jī)空調(diào)電腦戶(hù)均數(shù)量（臺(tái)）2121電器待機(jī)功耗（W/臺(tái)）10204040A. 度B. 度C. 度D. 度【答案】C【解析】【詳解】浙江省家庭用電器每家待機(jī)總電功率

11、為大約三人一戶(hù)，則浙江省家庭用電器年待機(jī)耗電量故選C。9. 霧霾的一個(gè)重要來(lái)源就是工業(yè)煙塵。為了改善空氣環(huán)境，某熱電廠引進(jìn)了一套靜電除塵系統(tǒng)。它主要由機(jī)械過(guò)濾網(wǎng)，放電極和互相平行的集成板三部分構(gòu)成。工作原理圖可簡(jiǎn)化為右圖所示。假設(shè)虛線(xiàn)為某帶電煙塵顆粒（不計(jì)重力）在除塵裝置中的運(yùn)動(dòng)軌跡，A、B是軌跡中的兩點(diǎn)（）A. 該煙塵顆粒帶正電B. 該煙塵顆粒在除塵裝置中的運(yùn)動(dòng)是勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)C. A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)D. 該煙塵顆粒在A點(diǎn)的電勢(shì)能大于它處于B點(diǎn)的電勢(shì)能【答案】D【解析】【詳解】A觀察發(fā)現(xiàn)，顆粒向正極板彎曲，說(shuō)明顆粒帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B電場(chǎng)線(xiàn)由正極指向負(fù)極，由圖知，該電場(chǎng)不可能是勻強(qiáng)電場(chǎng)

12、，電場(chǎng)力不可能不變，故加速度不可能不變，故不可能是勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C電場(chǎng)線(xiàn)的越密集電場(chǎng)強(qiáng)度越大，故A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，故C錯(cuò)誤；D等勢(shì)線(xiàn)總是垂直電場(chǎng)線(xiàn)且沿電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低，故B點(diǎn)電勢(shì)大于A點(diǎn)電勢(shì)，故帶負(fù)電的顆粒在A點(diǎn)的電勢(shì)能更大，故D正確。故選D。10. 如圖所示的電路中，A1和A2是兩個(gè)相同的燈泡，線(xiàn)圈L自感系數(shù)足夠大，電阻可以忽略不計(jì)下列說(shuō)法不正確的是（ ）A. 合上開(kāi)關(guān)S時(shí)，A2先亮，A1后亮，最后一樣亮B. 斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S時(shí)，A1和A2都要過(guò)一會(huì)兒才熄滅C. 合上開(kāi)關(guān)S穩(wěn)定后，流過(guò)A1的電流方向與流過(guò)A2的電流方向都向右D. 斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S時(shí)，流過(guò)A1的電流方向與流過(guò)A2的電流方

13、向都向右【答案】D【解析】【詳解】AC合上開(kāi)關(guān)的瞬間，L由于產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙通過(guò)A1的電流，所以A1中的電流小于A2中的電流，穩(wěn)定后L對(duì)直流電路沒(méi)有阻礙作用，A1和A2電阻相等，即合上開(kāi)關(guān)S時(shí)，A2先亮，A1后亮，最后一樣亮，此時(shí)A1和A2的電流方向都向右，故A不符合題意，C不符合題意.BD斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，由于L中產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)在A1和A2之間構(gòu)成串聯(lián)電路中產(chǎn)生電流，故都要過(guò)一會(huì)才會(huì)熄滅，此時(shí)流過(guò)A1的電流向右，流過(guò)A2的電流向左.故C不符合題意，D符合題意11. 如圖所示甲是產(chǎn)生交流電的示意圖，圖乙是其產(chǎn)生的正弦交流電輸入到圖丙的理想變壓器，變壓器的開(kāi)關(guān)S接1時(shí)原、副線(xiàn)圈中的匝數(shù)之比為，二極

14、管正向?qū)щ婋娮璨挥?jì)，所有電表都是理想電表，則下列判斷正確的是（）A. 電壓表的示數(shù)為5VB. 若只將S從1撥到2，電流表示數(shù)增大C. 在00.01s內(nèi)穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量變化為WbD. 若只將滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)，則電流表示數(shù)減小，電壓表示數(shù)增大【答案】A【解析】【詳解】A原線(xiàn)圈的電壓根據(jù)變壓比可知副線(xiàn)圈電壓由于二極管的單向?qū)щ娦?，所以根?jù)電流的熱效應(yīng)可知解得電壓表的示數(shù)為故A正確；B根據(jù)變壓比可知副線(xiàn)圈電壓若只將S從1撥到2，則增大，故副線(xiàn)圈電壓減小，副線(xiàn)圈電流減小，根據(jù)變流比可知因?yàn)樵龃笄覝p小，故原線(xiàn)圈電流減小，電流表示數(shù)減小，故B錯(cuò)誤；C由圖乙知，電壓從零開(kāi)始變化，故初始時(shí)刻處于中性面，

15、經(jīng)過(guò)0.01s即一半周期，線(xiàn)圈轉(zhuǎn)動(dòng)180，因?yàn)殚_(kāi)始后的周期電壓為正，則穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量變化為又因?yàn)榻獾霉蔆錯(cuò)誤；D若只將滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)，原線(xiàn)圈電壓不變，根據(jù)變壓比可知副線(xiàn)圈電壓不變，根據(jù) 則電壓表示數(shù)不變，負(fù)載電阻增大，則電流減小，電流表示數(shù)減小，故D錯(cuò)誤。故選A。12. 如圖所示，真空中平行玻璃磚的折射率n=，一束單色光與界面成=45角斜射到玻璃磚表面上，最后在玻璃磚的右側(cè)面豎直光屏上出現(xiàn)了兩個(gè)光點(diǎn)A和B，相距h=2.0cm。則（）A. 若減小角，則在玻璃磚的下表面將會(huì)沒(méi)有光線(xiàn)射出B. 該單色光射入玻璃磚的折射角為60C. 該玻璃磚的厚度d=cmD. 若減小角，則h變大【答案】C【

16、解析】【分析】【詳解】A最后在玻璃磚的右側(cè)面豎直光屏上出現(xiàn)了兩個(gè)光點(diǎn)A和B，則說(shuō)明折射光線(xiàn)在玻璃磚的下表面處發(fā)生了反射和折射，若減小角，光線(xiàn)在玻璃磚的下表面處的入射角更大，光線(xiàn)在此處可能發(fā)生全反射，也可能入射角還沒(méi)有達(dá)到臨界角即不會(huì)發(fā)生全反射，則在玻璃磚的下表面可能沒(méi)有光線(xiàn)射出，所以A錯(cuò)誤；B光路圖如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可得入射角為根據(jù)折射定律解得所以該單色光射入玻璃磚的折射角為，則B錯(cuò)誤；C如圖所示，由幾何關(guān)系可知三角形CDE為等邊三角形，四邊形ABEC為等腰梯形，則有玻璃的厚度d為等邊三角形的高，則有所以C正確；D若減小角，利用極限思想可知，h變小，所以D錯(cuò)誤；故選C。13. 霍爾效應(yīng)這一

17、現(xiàn)象是美國(guó)物理學(xué)家霍爾于1879年發(fā)現(xiàn)的。當(dāng)電流垂直于外磁場(chǎng)通過(guò)導(dǎo)體時(shí)，載流子發(fā)生偏轉(zhuǎn)，垂直于電流和磁場(chǎng)的方向會(huì)產(chǎn)生一附加電場(chǎng)，從而在導(dǎo)體的兩端產(chǎn)生電勢(shì)差，這一現(xiàn)象就是霍爾效應(yīng)，這個(gè)電勢(shì)差被稱(chēng)為霍爾電勢(shì)差。現(xiàn)有一金屬導(dǎo)體霍爾元件連在如圖所示電路中，電源內(nèi)阻不計(jì)，電動(dòng)勢(shì)恒定，霍爾電勢(shì)差穩(wěn)定后，下列說(shuō)法正確的是（）A. a端電勢(shì)低于b端電勢(shì)B. 若元件的厚度增加，a、b兩端電勢(shì)差不變C. 霍爾電勢(shì)差的大小只由霍爾元件本身決定D. 若要測(cè)量赤道附近的地磁場(chǎng)，應(yīng)將工作面調(diào)整為與待測(cè)平面平行【答案】B【解析】【詳解】A由題圖知電流方向從右向左，則霍爾元件中電子從左向右定向移動(dòng)，根據(jù)左手定則判斷可知在洛倫

18、茲力的作用下電子向b端偏轉(zhuǎn)，故b端電勢(shì)較低，故A錯(cuò)誤。BC穩(wěn)定后，定向移動(dòng)的電子受到的電場(chǎng)力與洛倫茲力大小相等，即可得U與磁感應(yīng)強(qiáng)度B、元件的前后距離d等因素有關(guān)，與題中定義的厚度無(wú)關(guān)，故B正確，C錯(cuò)誤；D由于赤道附近的地磁場(chǎng)平行于地面，若要測(cè)量赤道附近地磁場(chǎng)，工作面應(yīng)該處于垂直狀態(tài)，故D錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題II（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分。）14. 光的干涉現(xiàn)象在技術(shù)中有許多應(yīng)用。如圖甲所示是利用光的干涉檢查某精密光學(xué)平面的平整度，下列說(shuō)法正確的是（）A. 圖甲中上板是標(biāo)準(zhǔn)樣板

19、，下板是待檢查的光學(xué)元件B. 若換用頻率更大的單色光，其他條件不變，則圖乙中的干涉條紋變寬C. 若出現(xiàn)圖丙中彎曲的干涉條紋，說(shuō)明被檢查的平面在此處出現(xiàn)了凹陷D. 用單色光垂直照射圖丁中的牛頓環(huán)，得到的條紋是隨離圓心的距離增加而逐漸變寬的同心圓環(huán)【答案】AC【解析】【詳解】A上板是標(biāo)準(zhǔn)樣板，下板是待檢測(cè)板，故A正確；B設(shè)空氣膜厚度為d，則出現(xiàn)亮條紋時(shí)需滿(mǎn)足。換用頻率更大的單色光，則單色光波長(zhǎng)變短，亮條紋左移，條紋變窄，故B錯(cuò)誤；C圖丙條紋向左彎曲，說(shuō)明亮條紋提前出現(xiàn)，說(shuō)明被檢查的平面在此處出現(xiàn)了凹陷，故C正確；D牛頓環(huán)中空氣厚度不是均勻變化，空氣膜厚度增加的越來(lái)越快，則亮條紋提前出現(xiàn)，得到的條紋

20、是隨離圓心的距離增加而逐漸變窄的同心圓環(huán)同心圓環(huán)間距不相等。故D錯(cuò)誤。故選AC。15. 如圖所示為氫原子的部分能級(jí)圖，以下判斷正確的是（）A. 處于n=l能級(jí)的氫原子可以吸收任意頻率的光子B. 欲使處于基態(tài)的氫原子被激發(fā)，可用12.09eV的光子照射C. 大量氫原子從n=4的能級(jí)躍遷到基態(tài)時(shí)，最多可以輻射出6種不同頻率的光子D. 用從n=4能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)輻射出的光照射金屬鉑（逸出功為6.34eV）時(shí)能發(fā)生光電效應(yīng)【答案】BC【解析】【詳解】A要使n=1能級(jí)的氫原子發(fā)生躍遷，吸收的光子能量必須等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，故A錯(cuò)誤；B根據(jù)玻爾理論用12.09eV電子照射時(shí)，吸收光子后電子的能量所以

21、能從基態(tài)發(fā)生躍遷，躍遷到第3能級(jí)，故B正確；C一個(gè)氫原子從n= 4的狀態(tài)躍遷到基態(tài)時(shí)，最多時(shí)，躍遷的路徑有條，可知能輻射出6種不同頻率的光子，故C正確；D從n=4能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)輻射出的光子的能量而使金屬發(fā)生光電效應(yīng)的條件是光子的能量大于電子的逸出功，故不可以發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯(cuò)誤。故選BC。16. 某橫波在介質(zhì)中沿x軸傳播，圖甲為t=0.25s時(shí)的波形圖，此時(shí)x=6m處的質(zhì)點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)，圖乙為橫坐標(biāo)在1.5m處P點(diǎn)的振動(dòng)圖象。則（）A. 該波向右傳播，波速為2m/sB. L質(zhì)點(diǎn)比N質(zhì)點(diǎn)先到達(dá)波峰C. 再經(jīng)過(guò)3.5s質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程為140cmD. 若在x=10m處有一質(zhì)點(diǎn)Q，則再經(jīng)3.5

22、s質(zhì)點(diǎn)Q第一次到達(dá)波谷【答案】ABD【解析】【分析】【詳解】A由圖乙可知，t=0.25s時(shí)，P點(diǎn)正在向y軸正方向振動(dòng)，所以該波向右傳播，波速為故A正確；Bt=0.25s時(shí)L質(zhì)點(diǎn)正在向y軸正方向振動(dòng)，N質(zhì)點(diǎn)正在向y軸負(fù)方向振動(dòng)，所以L質(zhì)點(diǎn)比N質(zhì)點(diǎn)先到達(dá)波峰，故B正確；C由圖甲可知，P點(diǎn)從t=0.25s時(shí)第一次回到平衡位置，需要0.25s，即，P質(zhì)點(diǎn)到達(dá)平衡位置的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)，需要，由圖甲可知，這內(nèi)的路程大于20cm，而所以再經(jīng)過(guò)3.5s質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程故C錯(cuò)誤；D若在x=10m處有一質(zhì)點(diǎn)Q，則再經(jīng)3.5s，x=3m處的處于波谷的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)形式向右傳播到 即正好傳播到10m處，故x=10m處的質(zhì)點(diǎn)Q，再

23、經(jīng)3.5s Q第一次到達(dá)波谷，故D正確。故選ABD。三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17. 利用如圖1所示的裝置甲同學(xué)完成“探究功與物體速度變化關(guān)系”實(shí)驗(yàn)，小車(chē)在橡皮筋的作用下沿著木板滑行。實(shí)驗(yàn)中：（1）如圖1裝置中的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器要接下面的哪種電源_。（2）乙同學(xué)完成“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”等分組實(shí)驗(yàn)，在圖3實(shí)驗(yàn)器材中，既能用于“探究做功與物體速度變化的關(guān)系”，還能用于“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”等分組實(shí)驗(yàn)的是_。（3）關(guān)于上面兩個(gè)實(shí)驗(yàn)下列說(shuō)法正確的是_。A甲同學(xué)可以利用紙帶上任意兩點(diǎn)間的距離求所需速度B甲同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)長(zhǎng)木板傾斜的目的是使橡皮筋所做的功等于合力所做的功C乙同學(xué)可以取紙帶上任意2個(gè)計(jì)時(shí)

24、點(diǎn)進(jìn)行數(shù)據(jù)處理D乙同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)使重物靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器釋放的目的是為了獲取更多的計(jì)時(shí)點(diǎn)（4）圖4是實(shí)驗(yàn)中得到的紙帶、，請(qǐng)計(jì)算紙帶計(jì)算b點(diǎn)對(duì)應(yīng)速度_m/s，其中紙帶_是驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)得到的（填“”或“）。【答案】 . B . B . BD#DB . 0.70 . 【解析】【詳解】（1）1圖1中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器為電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，需要接220V交流電。故選B。（2）2 “探究功與物體速度變化關(guān)系”實(shí)驗(yàn)需要小車(chē)、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶、刻度尺、橡皮筋等，“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)需要重錘、鐵架臺(tái)、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶、刻度尺等，觀察圖3發(fā)現(xiàn)，能夠同時(shí)用于此兩個(gè)實(shí)驗(yàn)的只有打點(diǎn)計(jì)時(shí)器。故選B。（3）3A根據(jù)“探究功與

25、物體速度變化關(guān)系”實(shí)驗(yàn)原理，需要點(diǎn)跡間距均勻后的兩點(diǎn)間距離求出勻速速度，故A錯(cuò)誤；B甲同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)長(zhǎng)木板傾斜的目的是平衡摩擦力，使橡皮筋所做的功等于合力所做的功，故B正確；C乙同學(xué)所做實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)將點(diǎn)跡不清晰的部分舍去后再選取點(diǎn)進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，故C錯(cuò)誤；D乙同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)使重物靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器釋放的目的是為了獲取更多的計(jì)時(shí)點(diǎn)，以減小誤差，故D正確。故選BD。（4）4 b點(diǎn)對(duì)應(yīng)速度5 “驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，重錘做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)跡間的距離應(yīng)當(dāng)會(huì)越來(lái)越大。故選。18. 實(shí)驗(yàn)室中有如下器材：多用電表，電壓表（3V，3k），兩節(jié)1.5V干電池（內(nèi)阻未知），滑動(dòng)變阻器（最大阻值2k）電鍵一個(gè)、導(dǎo)線(xiàn)若干。用

26、多用電表測(cè)其中一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)，將選擇開(kāi)關(guān)置于合適的位置，下列符合要求的是_。歐姆表的內(nèi)部可以等效為一個(gè)電池、一個(gè)理想電流表和一個(gè)電阻串聯(lián)而成的電路，如圖1所示。利用圖2所示的電路測(cè)量多用電表歐姆檔內(nèi)部電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。記電池的電動(dòng)勢(shì)為E，歐姆表“”擋內(nèi)部電路的總電阻為r，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器。測(cè)得歐姆表的讀數(shù)R和電壓表的讀數(shù)U，某次測(cè)量電壓表的示數(shù)如圖3所示，讀數(shù)為_(kāi)V，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫(huà)出的圖線(xiàn)如圖4所示，求得電動(dòng)勢(shì)_V，內(nèi)部電路的總電阻_k（所有結(jié)果保留兩位小數(shù)）?！敬鸢浮?. B . . . 【解析】【詳解】1用多用電表測(cè)量電動(dòng)勢(shì)時(shí)，應(yīng)采用直流電，并且量程選擇10V時(shí)誤差過(guò)大，故應(yīng)選擇2.5

27、V量程，故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。2由圖3可知，由于電壓表的量程為3V，則最小刻度為，讀數(shù)時(shí)要估讀到最小刻度的下一位，則讀數(shù)為。34由圖2，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得整理可得結(jié)合圖像4可得,解得，19. 如圖所示是一個(gè)種電動(dòng)升降機(jī)的模型示意圖，A為廂體，B為平衡重物，A、B的質(zhì)量分別為。A、B由跨過(guò)輕質(zhì)滑輪的足夠長(zhǎng)的輕繩系住。在電動(dòng)機(jī)牽引下使廂體A由靜止開(kāi)始向上運(yùn)動(dòng)，電動(dòng)機(jī)輸出功率20W保持不變，廂體上升5m時(shí)恰好達(dá)到最大速度。不計(jì)空氣阻力和摩擦阻力，g取10。在廂體向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，求：（1）廂體的最大速度vm；（2）廂體向上的加速度為1m/時(shí)，重物下端繩的拉力大小：（3）廂體從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到恰

28、好達(dá)到最大速度過(guò)程中所用的時(shí)間?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）設(shè)廂體的最大速度為，由分析可知，速度最大時(shí)由可知（2）當(dāng)廂體向上的加速度為時(shí)，利用牛頓第二定律，對(duì)A對(duì)B聯(lián)立可得（3）由動(dòng)能定理可知解得20. 過(guò)山車(chē)是游樂(lè)場(chǎng)中常見(jiàn)的設(shè)施圖是一種過(guò)山車(chē)的簡(jiǎn)易模型，它由水平軌道和在豎直平面內(nèi)的三個(gè)圓形軌道組成，B、C、D分別是三個(gè)圓形軌道的最低點(diǎn)，B、C間距與C、D間距相等，半徑2.0 m、1.4 m一個(gè)質(zhì)量為m1. 0 kg的小球（視為質(zhì)點(diǎn)），從軌道的左側(cè)A點(diǎn)以12.0m/s的初速度沿軌道向右運(yùn)動(dòng)，A、B間距=6. 0 m小球與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2，圓形軌道是光滑的假

29、設(shè)水平軌道足夠長(zhǎng)，圓形軌道間不相互重疊重力加速度取，計(jì)算結(jié)果保留小數(shù)點(diǎn)后一位數(shù)字試求：（1）小球在經(jīng)過(guò)第一個(gè)圓形軌道的最高點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)小球作用力的大??；（2）如果小球恰能通過(guò)第二個(gè)圓形軌道，B、C間距L應(yīng)是多少；（3）在滿(mǎn)足（2）的條件下，如果要使小球不脫離軌道，在第三個(gè)圓形軌道的設(shè)計(jì)中，半徑應(yīng)滿(mǎn)足的條件；小球最終停留點(diǎn)與起點(diǎn)A的距離【答案】（1）F=10.0 N （2）L=12.5m（3）當(dāng)時(shí)，小球最終焦停留點(diǎn)與起始點(diǎn)A的距離為L(zhǎng)，；當(dāng)時(shí)，小球最終焦停留點(diǎn)與起始點(diǎn)A的距離為，26.0 m【解析】【分析】【詳解】（1）設(shè)小于經(jīng)過(guò)第一個(gè)圓軌道的最高點(diǎn)時(shí)的速度為v1，根據(jù)動(dòng)能定理有：小球在最高點(diǎn)受

30、到重力mg和軌道對(duì)它的作用力F，根據(jù)牛頓第二定律有：解得：（2）設(shè)小球在第二個(gè)圓軌道的最高點(diǎn)的速度為v2，則有：解得：（3）要保證小球不脫離軌道，可分兩種情況進(jìn)行討論：I軌道半徑較小時(shí)，小球恰能通過(guò)第三個(gè)圓軌道，設(shè)在最高點(diǎn)的速度為v3，應(yīng)滿(mǎn)足解得：II軌道半徑較大時(shí)，小球上升最大高度為R3，根據(jù)動(dòng)能定理解得為了保證圓軌道不重疊，R3最大值應(yīng)滿(mǎn)足解得 R3=27.9m綜合I、II，要使小球不脫離軌道，則第三個(gè)圓軌道的半徑須滿(mǎn)足下面的條件或當(dāng)時(shí)，小球最終焦停留點(diǎn)與起始點(diǎn)A的距離為L(zhǎng)，則當(dāng)時(shí)，小球最終焦停留點(diǎn)與起始點(diǎn)A的距離為，則21. 國(guó)家高山滑雪中心賽道“雪飛燕”長(zhǎng)約3000多米、落差近900米

31、、滑行速度可能超過(guò)每小時(shí)140公里，極具危險(xiǎn)性。所以電磁滑道成為未來(lái)運(yùn)動(dòng)的一種設(shè)想，我們可以通過(guò)控制磁場(chǎng)強(qiáng)弱，實(shí)現(xiàn)對(duì)滑動(dòng)速度的控制。為了方便研究，做出以下假設(shè)：如圖甲所示，足夠長(zhǎng)的光滑斜面與水平面成角，虛線(xiàn)EF上方的整個(gè)區(qū)域存在如圖乙規(guī)律變化且垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，時(shí)刻磁場(chǎng)方向垂直斜面向上（圖中未畫(huà)出）磁感應(yīng)強(qiáng)度在0t1時(shí)間內(nèi)均勻變化，磁感應(yīng)強(qiáng)度最大值為，t1時(shí)刻后穩(wěn)定為、0時(shí)間內(nèi)，單匝正方形閉合金屬框ABCD在外力作用下靜止在斜面上，金屬框CD邊與虛線(xiàn)EF的距離為時(shí)刻撤去外力，金屬框?qū)⒀匦泵嫦禄?，金屬框上邊AB剛離開(kāi)虛線(xiàn)EF時(shí)的速度為v1，已知金屬框質(zhì)量為、邊長(zhǎng)為d，每條邊電阻為。求：（計(jì)

32、算結(jié)果保留兩位小數(shù)）（1）CD邊剛過(guò)虛線(xiàn)EF時(shí)，AB兩點(diǎn)間的電勢(shì)差：（2）從時(shí)刻到AB邊經(jīng)過(guò)虛線(xiàn)EF的過(guò)程中金屬框產(chǎn)生的焦耳熱；（3）從撤去外力到AB邊經(jīng)過(guò)虛線(xiàn)EF的總時(shí)間?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）CD邊運(yùn)動(dòng)到EF的過(guò)程中由動(dòng)能定理可知AB邊作為電源，AB兩端的電壓解得（2）從時(shí)刻到AB邊運(yùn)動(dòng)到EF的過(guò)程中，熱量分為兩部分可得設(shè)時(shí)刻之后的過(guò)程中安培力做的功W，根據(jù)動(dòng)能定理由功能關(guān)系可知可得（3）AB邊運(yùn)動(dòng)到EF的過(guò)程中分為兩段，第一段CD邊運(yùn)動(dòng)到EF的過(guò)程，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知解得第二階段CD經(jīng)過(guò)EF直至AB與EF重合，由動(dòng)量定理可知解得22. 如圖所示，在平