2022-2023學(xué)年云南省祿豐縣民族中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項(xiàng)，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、真空中兩個點(diǎn)電荷Q1、Q2分別固定于x軸上x10和x24a的兩點(diǎn)，在它們的連線上場強(qiáng)E與x關(guān)系如圖所示(取x軸正方向?yàn)閳鰪?qiáng)正方向，無窮遠(yuǎn)處為電勢零點(diǎn))，以下判斷正確的是( )AQ1、Q2都帶正電BQ1與Q2的電荷量之比是1:3Cx軸

2、上a處的電勢小于零D正點(diǎn)電荷q在x軸上2a處的電勢能比在3a處的小2、如圖所示，一輕彈簧上端固定在天花板上，下端懸掛一個質(zhì)量為m的木塊，木塊處于靜止?fàn)顟B(tài)測得此時(shí)彈簧的伸長量為l(彈簧的形變在彈性限度內(nèi))重力加速度為g.此彈簧的勁度系數(shù)為()ABmglCD3、如圖所示，小球從斜面底端A點(diǎn)正上方h高處，以某一速度正對傾角為的斜面水平拋出時(shí)，小球到達(dá)斜面的位移最小(重力加速度為g)，則 ( )A小球平拋的初速度v0B小球平拋的初速度v0sin C飛行時(shí)間tD飛行時(shí)間t4、圖甲是回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個“D”形金屬盒，在加速帶電粒子時(shí)，兩金屬盒置于勻強(qiáng)磁場中，并分別與高頻電源兩極相連帯電粒

3、子在磁場中運(yùn)動的動能及隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場中的加速時(shí)間，則下列說法正確的是A在Ek-t圖中應(yīng)有（t2-t1）（t3-t2）（tn-tn-1）B高頻電源的變化周期應(yīng)該等于tn-tn-1C要使粒子獲得的最大動能增大，可以增大“D”形盒的半徑D在磁感應(yīng)強(qiáng)度B、“D”形盒半徑R、粒子的質(zhì)量m及其電荷量q不變的情況下，粒子的加速次數(shù)越多，離子的最大動能一定越大5、一物體在水平面上受恒定的水平拉力和摩擦力作用沿直線運(yùn)動，已知在第1秒內(nèi)合力對物體做的功為45 J，在第1秒末撤去拉力，其vt 圖象如圖所示，g=10 m/s2，則A物體的質(zhì)量為10 kgB物體與水平面的動摩擦因數(shù)為

4、0.2C第1秒內(nèi)摩擦力對物體做的功為-60 JD前4秒內(nèi)合力對物體做的功為60 J6、質(zhì)量為2kg的小球自塔頂由靜止開始下落，不考慮空氣阻力的影響，g取，下列說法中正確的是（）A2s末小球的動量大小為40kgm/sB2s末小球的動能為40JC2s內(nèi)重力的沖量大小為200 D2s內(nèi)重力的平均功率為20W二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下面說法中正確的是（ ）A物體在恒力作用下不可能做曲線運(yùn)動B物體在變力作用下有可能做曲線運(yùn)動C做曲線運(yùn)動的物體，其速度方向與加速度的方

5、向不在同一直線上D物體在變力作用下不可能做曲線運(yùn)動8、如圖所示，a、b是兩個電荷量都為Q的正點(diǎn)電荷。O是它們連線的中點(diǎn)，P、P是它們連線中垂線上的兩個點(diǎn)。從P點(diǎn)由靜止釋放一個質(zhì)子，不計(jì)質(zhì)子重力。下列判斷正確的是A質(zhì)子將向O一直做加速運(yùn)動，加速度一定是逐漸增大B質(zhì)子將向P一直做加速運(yùn)動，加速度一定是逐漸減小C質(zhì)子將向P一直做加速運(yùn)動，加速度可能是先增大后減小D質(zhì)子所經(jīng)過的位置電勢越來越低9、下列說法正確的是_A懸浮在水中的花粉的布朗運(yùn)動反映了花粉分子的熱運(yùn)動B氣體對器壁的壓強(qiáng)是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力C單位體積的氣體分子數(shù)增加，氣體的壓強(qiáng)一定增大D氣體的內(nèi)能是氣體內(nèi)所有分子熱

6、運(yùn)動的動能和分子間的勢能之和E.一定量的氣體，在體積不變時(shí)，分子每秒平均碰撞次數(shù)隨著溫度降低而減小10、如圖所示，在某行星表面上有一傾斜的勻質(zhì)圓盤，面與水平面的夾角為，盤面上離轉(zhuǎn)軸距離L處有小物體與圓盤保持相對靜止，繞垂直于盤面的固定對稱軸以恒定角速度轉(zhuǎn)動角速度為時(shí)，小物塊剛要滑動，物體與盤面間的動摩擦因數(shù)為（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力），星球的半徑為R，引力常量為G，下列說法正確的是（ ）A這個行星的質(zhì)量B這個行星的第一宇宙速度C這個行星的同步衛(wèi)星的周期是D離行星表面距離為R的地方的重力加速度為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6

7、分）在做“研究平拋物體的運(yùn)動”的實(shí)驗(yàn)中，為了確定小球在不同時(shí)刻所通過的位置，實(shí)驗(yàn)時(shí)用如圖所示的裝置，先將斜槽軌道的末端調(diào)整水平，在一塊平木板表面釘上復(fù)寫紙和白紙，并將該木板豎直立于槽口附近處，使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞到木板并在白紙上留下痕跡A；將木板向遠(yuǎn)離槽口平移距離x，再使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，小球撞在木板上得到痕跡B；又將木板再向遠(yuǎn)離槽口平移距離x，小球再從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，再得到痕跡C若測得木板每次移動距離x=10.00cm，A、B間距離y1=4.78cm，B、C間距離y2=14.58cm。（g取9.80m/s2）根據(jù)以上直接測量的物理量得小球初速

8、度為v0=_（用題中所給字母表示）小球初速度的測量值為_m/s。（保留兩位有效數(shù)字）12（12分）某學(xué)生為了測量一個物體的質(zhì)量，找到一個力電轉(zhuǎn)換器，該轉(zhuǎn)換器的輸出電壓正比于受壓面的壓力(比例系數(shù)為k)，如圖所示，測量時(shí)先調(diào)節(jié)輸入端的電壓，使轉(zhuǎn)換器空載時(shí)的輸出電壓為0；而后在其受壓面上放一物體，即可測得與物體的質(zhì)量成正比的輸出電壓U.請完成對該物體質(zhì)量的測量：(1)設(shè)計(jì)一個電路，要求力電轉(zhuǎn)換器的輸入電壓可調(diào)，并且使調(diào)節(jié)范圍盡可能大，在虛線框中畫出完整的測量電路圖(2)簡要說明測量步驟，求出比例系數(shù)k，并測出待測物體的質(zhì)量m.四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求

9、寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在豎直向下的勻強(qiáng)電場中有一帶負(fù)電的小球，已知小球的質(zhì)量為m，帶電荷量為大小q，自絕緣斜面的A點(diǎn)由靜止開始滑下，接著通過絕緣的離心軌道的最高點(diǎn)B圓弧軌道半徑為R，勻強(qiáng)電場場強(qiáng)為E，且mgEq，運(yùn)動中摩擦阻力及空氣阻力不計(jì)，求：（1）A點(diǎn)距地面的高度h至少應(yīng)為多少？（2）當(dāng)h取最小值時(shí)，小球?qū)ψ畹忘c(diǎn)C的壓力為多少？14（16分）如圖所示，豎直光滑半圓軌道COD與水平粗糙軌道ABC相切于C點(diǎn)，軌道的AB部分可繞B點(diǎn)轉(zhuǎn)動，一質(zhì)量為m的滑塊（可看作質(zhì)點(diǎn)）在水平外力F的作用下從A點(diǎn)由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動，到B點(diǎn)時(shí)撤去外力F，滑塊恰好能通過最高點(diǎn)D，現(xiàn)

10、將AB順時(shí)針轉(zhuǎn)過37，若將滑塊從A點(diǎn)由靜止釋放，則滑塊恰好能到達(dá)與圓心等高的O點(diǎn)（不計(jì)滑塊在B點(diǎn)的能量損失）。已知滑塊與軌道ABC間的動摩擦因素=0.5，重力加速度g， BC=R2。求：（1）水平外力F與滑塊重力mg的大小的比值。（2）若斜面AB光滑，其他條件不變，滑塊仍從A點(diǎn)由靜止釋放，求滑塊在D點(diǎn)處對軌道的壓力大小。15（12分）如圖所示為研究電子槍中電子在電場中運(yùn)動的簡化模型示意圖在Oxy平面的ABCD區(qū)域內(nèi)，存在兩個場強(qiáng)大小均為E的勻強(qiáng)電場I和II，兩電場的邊界均是邊長為L的正方形（不計(jì)電子所受重力）（1）在該區(qū)域AB邊的中點(diǎn)處由靜止釋放電子， 求電子離開ABCD區(qū)域的位置（2）在電場

11、I區(qū)域內(nèi)適當(dāng)位置由靜止釋放電子，電子恰能從ABCD區(qū)域左下角D處離開，求所有釋放點(diǎn)的位置（3）若將左側(cè)電場II整體水平向右移動L/n（n1），仍使電子從ABCD區(qū)域左下角D處離開（D不隨電場移動），求在電場I區(qū)域內(nèi)由靜止釋放電子的所有位置參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A.根據(jù)圖像可知，0-a為x軸負(fù)向，a-4a為x軸正向，所以Q1、Q2都帶負(fù)電，故A錯誤；B.因?yàn)閤=a處場強(qiáng)為零，根據(jù)可知Q1與Q2的電荷量之比是1:9，故B錯誤；C.由于兩個電荷都帶負(fù)電，取無窮遠(yuǎn)處為電勢零點(diǎn)時(shí)，電場中各點(diǎn)的電勢都小

12、于零，所以x軸上a處的電勢小于零，故C正確；D.正點(diǎn)電荷從2a處運(yùn)動到3a處電場力做正功，電勢能減小，故D錯誤2、D【解析】根據(jù)二力平衡可知：彈簧彈力和重力大小相等，故有：mg=kx=kl，所以勁度系數(shù)為k=，故ABC錯誤，D正確故選D3、D【解析】小球到達(dá)斜面的位移最小時(shí)，位移垂直斜面平拋的豎直高度 飛行時(shí)間t水平位移初速度v0A. 小球平拋的初速度v0，與分析不符，故A錯誤。B. 小球平拋的初速度v0sin ，與分析不符，故B錯誤。C. 飛行時(shí)間t，與分析不符，故C錯誤。D. 飛行時(shí)間t，與分析相符，故D正確。4、C【解析】試題分析：根據(jù)周期公式T=知，粒子的回旋的周期不變，與粒子的速度無

13、關(guān)，所以t4-t3=t3-t2=t2-t1A錯誤；交流電源的周期必須和粒子在磁場中運(yùn)動的周期一致，故電源的變化周期應(yīng)該等于2（tn-tn-1），B錯誤；根據(jù)公式r=，有v=，故最大動能Ekm=mv2=，與半徑有關(guān)；要想粒子獲得的最大動能增大，可以增大“D”形盒的半徑，C正確；與粒子加速的次數(shù)無關(guān)，D正確考點(diǎn)：本題考查回旋加速器5、A【解析】A由圖知第1s內(nèi)的位移為則由動能定理可得合外力做功W=F合x1mv2=45J得F合=30N；m=10kg故A正確；B從第1s末到4s，摩擦力做功為-45J 位移為：摩擦力為大小為f，則：-fx2=-45J得f=10N，則故B錯誤；C第1s內(nèi)摩擦力做功為：Wf

14、=-fx1=-101.5=-15J故C錯誤；D由動能定理可知，前4s內(nèi)合外力做功為零；故D錯誤；故選A6、A【解析】本題考查動量與沖量的計(jì)算，以及功率的計(jì)算?！驹斀狻啃∏蜃鲎杂陕潴w運(yùn)動。2s內(nèi)位移2s末速度A2s末小球動量故A正確；B2s末小球的動能故B錯誤；C2s內(nèi)重力的沖量大小故C錯誤；D2s內(nèi)重力的平均功率故D錯誤。故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】:A、在恒力作用下物體可以做曲線運(yùn)動，平拋運(yùn)動就是在重力作用下作的曲線運(yùn)動，故A錯誤；B、物

15、體在變力作用下可能做曲線運(yùn)動，如勻速圓周運(yùn)動，所受的力就是變力，所以B正確C、物體做曲線運(yùn)動時(shí)，所受合外力的方向與速度方向不在同一條直線上，而合外力方向與加速度的方向在同一直線上，故C正確D、物體在變力作用下可能做曲線運(yùn)動，如勻速圓周運(yùn)動，所受的力就是變力，故D錯誤；綜上所述本題答案是：BC8、CD【解析】a、b為兩個等量的正點(diǎn)電荷，其連線中垂線上電場強(qiáng)度方向PP，質(zhì)子從P點(diǎn)到P點(diǎn)運(yùn)動的過程中，電場力方向PP，但電場線的疏密情況不確定，電場強(qiáng)度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況不確定PP過程中，質(zhì)子一直做加速運(yùn)動，但加速度變化情況不確定【詳解】a、b是兩個電

16、荷量都為Q的正點(diǎn)電荷。O是它們連線的中點(diǎn)，從P點(diǎn)靜止釋放一個質(zhì)子后將向P運(yùn)動，由于電場強(qiáng)度方向是P指向P，則質(zhì)子受到的電場力指向PP，所以質(zhì)子做加速運(yùn)動，由于電場強(qiáng)度的大小不定，從P到P電場強(qiáng)度可能減小，也可能先增加后減小，也可能增加，所以加速度可能減小，也可能先增加后減小，也可能增加，沿電場線方向電勢降低，即質(zhì)子所經(jīng)過的位置越來越低，CD正確【點(diǎn)睛】等量同種正電荷電場中，在其中垂線上電場方向豎直向上，O點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，無窮遠(yuǎn)處電場強(qiáng)度為零，所以從O向兩側(cè)先增大后減小，沿電場線方向電勢降低9、BDE【解析】A項(xiàng)：懸浮在水中的花粉的布朗運(yùn)動是花粉顆粒的無規(guī)律運(yùn)動，反映了水分子的無規(guī)則運(yùn)動，故A

17、錯誤；B項(xiàng)：根據(jù)壓強(qiáng)的定義得壓強(qiáng)等于作用力比上受力面積，即氣體對器壁的壓強(qiáng)就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力，故B正確；C項(xiàng)：單位體積的氣體分子數(shù)增加，分子越密集，但是如果溫度降低，分子熱運(yùn)動的平均動能減少，氣體的壓強(qiáng)不一定增大，故C錯誤；D項(xiàng)：氣體的內(nèi)能是分子熱運(yùn)動的動能和分子間的勢能之和，故D正確；E項(xiàng)：一定量的氣體，在體積不變時(shí)，分子數(shù)密度一定；故分子每秒平均碰撞次數(shù)隨著平均動能降低而減小；溫度是平均動能的標(biāo)志；故分子每秒平均碰撞次數(shù)隨著溫度降低而減?。还蔈正確點(diǎn)晴：本題關(guān)鍵是明確物體內(nèi)能、氣體壓強(qiáng)的微觀意義，物體的內(nèi)能是分子熱運(yùn)動的動能和分子間的勢能之和；溫度是分子熱運(yùn)動

18、動能的平均標(biāo)志10、AD【解析】A. 物體在圓盤上受到重力、圓盤的支持力和摩擦力，合力提供向心加速度，可知當(dāng)物體轉(zhuǎn)到圓盤的最低點(diǎn)，所受的靜摩擦力沿斜面向上達(dá)到最大時(shí)，角速度最大，由牛頓第二定律得：解得：繞該行星表面做勻速圓周運(yùn)動的物體受到的萬有引力提供向心力，則：解得這個行星的質(zhì)量：故A正確；B. 這個行星的第一宇宙速度：故B錯誤；C. 不知道同步衛(wèi)星的高度，所以不能求出同步衛(wèi)星的周期，故C錯誤；D. 離行星表面距離為的地方的萬有引力：即重力加速度為，故D正確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、x 1.0 【解析】1豎直方向：小球做勻加

19、速直線運(yùn)動，根據(jù)推論x=aT2得y2-y1=gT2得：T= 水平方向：小球做勻速直線運(yùn)動x=v0T，則有v0=x2x=10.00cm=0.1m，A、B間距離y1=4.78cm，B、C間距離y2=14.58cm；將數(shù)據(jù)代入公式：v0=x=0.1m/s=1.0m/s解得v0=1.0m/s12、 (1) (2) ；【解析】力電轉(zhuǎn)換器雖然是一個全新的儀器，但它與其他所有的測量儀器一樣，要有一個“調(diào)零”的過程仔細(xì)審題，題目中有很多重要的暗示，挖掘這些信息即是我們解決問題的關(guān)鍵“測量時(shí)先調(diào)節(jié)輸入端的電壓，使轉(zhuǎn)換器空載時(shí)的輸出電壓為0；而后在其受壓面上放一物體，即可測得與物體的質(zhì)量成正比的輸出電壓U”“該轉(zhuǎn)

20、換器的輸出電壓正比于受壓面的壓力(比例系數(shù)為k)”，所以輸出電壓Ukmg，題目要求“力電轉(zhuǎn)換器的輸入電壓可調(diào)，并且使電壓的調(diào)節(jié)范圍盡可能大”，這就暗示我們滑動變阻器必須使用分壓式，有了設(shè)計(jì)電路才可以進(jìn)行測量步驟；(1)設(shè)計(jì)電路如圖所示(2)測量步驟如下：調(diào)節(jié)滑動變阻器，使轉(zhuǎn)換器的輸出電壓為零；將質(zhì)量為m0的砝碼放在轉(zhuǎn)換器的受壓面上，記下輸出電壓U0；將待測物體放在轉(zhuǎn)換器的受壓面上，記下輸出電壓U1；因?yàn)閁0km0g、U1kmg，所以可求四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2.5R；（2）6（mg-Eq）【解析

21、】(1) 根據(jù)重力與電場力的合力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律與動能定理，即可求解；(2) 根據(jù)受力分析，由牛頓第二定律與動能定理，即可求解?！驹斀狻?1)由分析知，小球要經(jīng)過B點(diǎn)至少需滿足條件重力與電場力的合力提供向心力，即mg-qE=mvB2R 又從A到B過程由動能定理得：(mg-qE)(h-2R)=12mvB2 由以上兩式解得：h=2.5R；(2) 在C點(diǎn)，對小球受力分析得：FN-(mg-qE)=mvC2R 從A到C過程由動能定理得：(mg-qE)h=mvC22 由以上兩式解得：FN=(mg-qE)+2(mg-qE)R=6(mg-qE) 由牛頓第三定律知，小球?qū)點(diǎn)的壓力與軌道在C點(diǎn)給小球的支持力是一對相互作用力，所以小球?qū)點(diǎn)的壓力為6（mg-Eq）【點(diǎn)睛】考查牛頓第二定律與動能定理的應(yīng)用，掌握受力分析的方法，理解提供向心力的來源，注意電場力做負(fù)功。14、（1）Fmg=4750 （2）FN=2mg【解析】【分析】抓住物塊恰好通過最高點(diǎn),根據(jù)牛頓第二定律求出D點(diǎn)的速度,分別對A到D和A到O運(yùn)用動能定理,聯(lián)立方程求出水平外力F與