2022屆吉林省公主嶺市第三中學(xué)高三下學(xué)期第六次檢測物理試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、反射式速調(diào)管是常用的微波器件之一，它利用電子團在電場中的振蕩來產(chǎn)生微波，其振蕩原理與下述過程類似，已知靜電場的方向平行于x軸，其電勢q隨x的分布如圖所示，一質(zhì)量m1.01020kg，帶電荷量大小為q1.0109C的帶負電的粒子從

2、（1，0）點由靜止開始，僅在電場力作用下在x軸上往返運動。忽略粒子的重力等因素，則（ ）Ax軸左側(cè)的電場強度方向與x軸正方向同向Bx軸左側(cè)電場強度E1和右側(cè)電場強度E2的大小之比E1：E22：1C該粒子運動的周期T1.5108sD該粒子運動的最大動能Ekm2108J2、如圖所示，一光滑半圓形軌道固定在水平地面上，圓心為O、半徑為R，一根輕橡皮筋一端連在可視為質(zhì)點的小球上。另一端連在距離O點正上方R處的P點。小球放在與O點等高的軌道上A點時，輕橡皮筋處于原長?，F(xiàn)將小球從A點由靜止釋放，小球沿圓軌道向下運動，通過最低點B時對圓軌道的壓力恰好為零。已知小球的質(zhì)量為m，重力加速度為g，則小球從A點運動

3、到B點的過程中下列說法正確的是（）A小球通過最低點時，橡皮筋的彈力等于mgB橡皮筋彈力做功的功率逐漸變大C小球運動過程中，橡皮筋彈力所做的功等于小球動能增加量D小球運動過程中，機械能的減少量等于橡皮筋彈性勢能的增加量3、如圖所示，豎直平面內(nèi)兩個四分之一圓弧軌道的最低點相切，圓心分別為、，半徑分別為和，兩個小球P、Q先后從點水平拋出，分別落在軌道上的、兩點，已知、兩點處于同一水平線上，在豎直方向上與點相距，不計空氣阻力，重力加速度為。下列說法正確的是（）A小球P在空中運動的時間較短B小球Q從拋出到落在軌道上的速度變化量較大C小球P與小球Q拋出時的速度之比為111D兩小球落在軌道上的瞬間，小球P的

4、速度與水平方向的夾角較小4、如圖所示，一小物塊在一足夠長的木板上運動時，其運動的v-t圖象，如圖所示，則下列說法正確的是（ ） A木板的長度至少為12mB木板的長度至少為6mC小物塊在04s內(nèi)的平均速度是2m/sD在04s內(nèi)，木板和小物塊的平均加速度相同5、如圖所示，A、B、C三球的質(zhì)量分別為m、m、2m,三個小球從同一高度同時出發(fā)，其中A球有水平向右的初速度v0，B、C由靜止釋放。三個小球在同一豎直平面內(nèi)運動，小球與地面之間、小球與小球之間的碰撞均為彈性碰撞，則小球與小球之間最多能夠發(fā)生碰撞的次數(shù)為（）A1次B2次C3次D4次6、位于水面上的波源，產(chǎn)生兩列周期均為、振動方向相同、振幅均為的相

5、干波，實線、虛線分別表示在同一時刻它們所發(fā)出的波的波峰和波谷，如圖所示，、是水面上的五個點，其中有一小樹葉（未畫出）位于處，下列說法正確的是（）A點的振動加強，點的振動減弱B一段時間后，小樹葉被水波推至處C、兩點在某時間內(nèi)也會振動D若波源突然停止振動，之后的內(nèi)，點通過的路程為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩根長直導(dǎo)線平行放置，如圖所示為垂直于導(dǎo)線的截面圖，圖中點為兩根導(dǎo)線連線的中點，為的中垂線上的兩點且與等距，兩導(dǎo)線中通有恒定電流，已知直線電流在某點產(chǎn)生的磁場的

6、磁感應(yīng)強度的大小跟該點到通電導(dǎo)線的距離成反比，則下列說法中正確的是（）A若中通以等大同向電流，點的磁感應(yīng)強度為零B若中通以等大反向電流，則點和點的磁感應(yīng)強度相同C若中通以大小不等的反向電流，則磁感應(yīng)強度為零的點在之間的連線上D若中通以大小不等的同向電流，則磁感應(yīng)強度為零的點在連線的延長線上8、牛頓在1687年出版的自然哲學(xué)的數(shù)學(xué)原理中設(shè)想，物體拋出的速度很大時，就不會落回地面，它將繞地球運動，成為人造地球衛(wèi)星如圖所示，將物體從一座高山上的O點水平拋出，拋出速度一次比一次大，落地點一次比一次遠，設(shè)圖中A、B、C、D、E是從O點以不同的速度拋出的物體所對應(yīng)的運動軌道已知B是圓形軌道，C、D是橢圓軌

7、道，在軌道E上運動的物體將會克服地球的引力，永遠地離開地球，空氣阻力和地球自轉(zhuǎn)的影響不計，則下列說法正確的是（ ）A物體從O點拋出后，沿軌道A運動落到地面上，物體的運動可能是平拋運動B在軌道B上運動的物體，拋出時的速度大小為11.2km/C使軌道C、D上物體的運動軌道變?yōu)閳A軌道，這個圓軌道可以過O點D在軌道E上運動的物體，拋出時的速度一定等于或大于16.7km/s9、如圖所示，兩個中心重合的正三角形線框內(nèi)分別存在著垂直于紙面向里和垂直于紙面向外的勻強磁場，已知內(nèi)部三角形線框ABC邊長為2a，內(nèi)部磁感應(yīng)強度大小為B0，且每條邊的中點開有一個小孔。有一帶電荷量為q、質(zhì)量為m的粒子從AB邊中點D垂直

8、AB進入內(nèi)部磁場。如果要使粒子恰好不與邊界碰撞，在磁場中運動一段時間后又能從D點射入內(nèi)部磁場，下列說法正確的是()A三角形ABC與ABC之間的磁感應(yīng)強度大小也為B0B三角形ABC的邊長可以為2aC粒子的速度大小為D粒子再次回到D點所需的時間為10、如圖所示，足夠長的光滑平行金屬直導(dǎo)軌固定在水平面上，左側(cè)軌道間距為2d，右側(cè)軌道間距為d。軌道處于豎直向下的磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中。質(zhì)量為2m、有效電阻為2R的金屬棒a靜止在左側(cè)軌道上，質(zhì)量為m、有效電阻為R的金屬棒b靜止在右側(cè)軌道上。現(xiàn)給金屬棒a一水平向右的初速度v0，經(jīng)過一段時間兩金屬棒達到穩(wěn)定狀態(tài)。已知兩金屬棒運動過程中始終相互平行且與

9、導(dǎo)軌良好接觸，導(dǎo)軌電阻忽略不計，金屬棒a始終在左側(cè)軌道上運動,則下列說法正確的是（ ）A金屬棒b穩(wěn)定時的速度大小為B整個運動過程中通過金屬棒a的電荷量為C整個運動過程中兩金屬棒掃過的面積差為D整個運動過程中金屬棒a產(chǎn)生的焦耳熱為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用電流表和電壓表測定2節(jié)干電池串聯(lián)組成的電池組的電動勢和內(nèi)電阻。要求盡量減小實驗誤差。（1）實驗電路應(yīng)該選擇下圖中的_（選填“甲”或“乙”）。（2）現(xiàn)有電壓表（）、開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及以下器材：A電流表（）B電流表（）C滑動變阻器（）D滑動變阻器（）實驗中電流表應(yīng)選用_；

10、滑動變阻器應(yīng)選用_。（選填相應(yīng)器材前的字母）（3）某位同學(xué)記錄的6組數(shù)據(jù)如下表所示，請在坐標(biāo)系上標(biāo)出6組數(shù)據(jù)的對應(yīng)點，畫出圖線_。序號123456電壓2.802.502.201.901.601.30電流0.120.320.500.680.881.06（4）根據(jù)（3）中所畫圖線可得出電池組的電動勢_，內(nèi)電阻_。12（12分）利用打點計時器（用頻率為的交流電）研究“勻變速直線運動的規(guī)律”。如圖所示為實驗中打點計時器打出的一條點跡清晰的紙帶，O是打點計時器打下的第一個點，相鄰兩個計數(shù)點之間還有四個點沒有畫出（1）相鄰兩計數(shù)點之間的時間間隔為_s（2）實驗時要在接通打點計時器電源之_（填“前”或“后”

11、）釋放紙帶（3）將各計數(shù)點至O點的距離依次記為、，測得，。請計算打點計時器打下C點時紙帶的速度大小為_；紙帶的加速度大小為_（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，足夠長的傳送帶與水平面間的夾角為。兩個大小不計的物塊質(zhì)量分別為和,與傳送帶間的動摩擦因數(shù)分別為和。已知物塊與碰撞時間極短且無能量損失，最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等。（1）若傳送帶不動，將物塊無初速度地放置于傳送帶上的某點，在該點右上方傳送帶上的另一處無初速度地釋放物塊，它們第一次碰撞前瞬間的速度大小為，求與第一次碰

12、撞后瞬間的速度；（2）若傳送帶保持速度順時針運轉(zhuǎn)，如同第（1）問一樣無初速度地釋放和，它們第一次碰撞前瞬間的速度大小也為，求它們第二次碰撞前瞬間的速度；（3）在第（2）問所述情境中，求第一次碰撞后到第三次碰撞前傳送帶對物塊做的功。14（16分）有一個直角三角形的玻璃棱鏡ABC，截面如圖。A=30，D點是AC邊的中點，AC邊長為L。一條光線從D點沿平行于AB方向射入棱鏡，光線在AB面發(fā)生全反射后垂直BC從F點射出。求玻璃的折射率n ；若光在真空中的速度為c，光線從D點到F點經(jīng)過的時間t。15（12分）如圖所示，質(zhì)量均為m的A、B兩球套在懸掛的細繩上，A球吊在繩的下端剛好不滑動，稍有擾動A就與繩分

13、離A球離地高度為h，A、B兩球開始時在繩上的間距也為h，B球釋放后由靜止沿繩勻加速下滑，與A球相碰后粘在一起(碰撞時間極短)，并滑離繩子.若B球沿繩下滑的時間是A、B一起下落到地面時間的2倍，重力加速度為g，不計兩球大小及空氣阻力，求：(1)A、B兩球碰撞后粘在一起瞬間速度大??；(2)從B球開始釋放到兩球粘在一起下落，A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的機械能為多少?參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A沿著電場線方向電勢降落，可知x軸左側(cè)場強方向沿x軸負方向，x軸右側(cè)場強方向沿x軸正方向，故A錯誤；：B根據(jù)UEd

14、可知：左側(cè)電場強度為：E1V/m2.0103V/m；右側(cè)電場強度為：E2V/m4.0103V/m；所以x軸左側(cè)電場強度和右側(cè)電場強度的大小之比E1：E21：2，故B錯誤；C設(shè)粒子在原點左右兩側(cè)運動的時間分別為t1、t2，在原點時的速度為vm，由運動學(xué)公式有：vmt1同理可知：vmt2；Ekmmvm2；而周期：T2（t1+t2）；聯(lián)立以上各式并代入相關(guān)數(shù)據(jù)可得：T3.0108s；故C錯誤。D該粒子運動過程中電勢能的最大值為：EPmqm2108J，由能量守恒得當(dāng)電勢能為零時動能最大，最大動能為Ekm2108J，故D正確；2、D【解析】小球運動到最低點時，根據(jù)牛頓第二定律可得F-mg=m，橡皮筋的彈

15、力F=mg+m，故F大于mg，故A錯誤；根據(jù)P=Fvcos可知，開始時v=1，則橡皮筋彈力做功的功率P=1在最低點速度方向與F方向垂直，=91，則橡皮筋彈力做功的功率P=1，故橡皮筋彈力做功的功率先變大后變小，故B錯誤；小球運動過程中，根據(jù)動能定理知，重力做功和橡皮筋彈力所做的功之和等于小球動能增加量，故C錯誤。小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，知小球運動過程中，機械能的減少量等于橡皮筋彈性勢能的增加量，故D正確。3、C【解析】AB、C在同一水平線上，平拋運動的下落時間，由豎直方向的自由落體分運動決定，故故A錯誤；B平拋運動的速度變化量，兩球的下落時間相等，故大小相等，方向都豎直向下，故B錯誤；

16、C球的水平位移為球的水平位移為結(jié)合可知，初速度大小之比等于水平分位移大小之比，為111，故C正確；D小球P落在軌道上的瞬間速度與水平方向的夾角正切小球Q落在軌道上的瞬間速度與水平方向的夾角正切可得小球P的速度與水平方向的夾角較大，故D錯誤。故選C。4、B【解析】AB由圖像可知，當(dāng)物塊和木板共速時，物塊相對木板的位移即為木板的最小長度，即選項A錯誤，B正確； C小物塊在04s內(nèi)的位移負號表示物塊的位移向右，則平均速度是選項C錯誤；D在04s內(nèi)，木板的位移根據(jù)可知，木板和小物塊的平均加速度不相同，選項D錯誤；故選B。5、C【解析】由于三球豎直方向的運動情況相同，一定可以發(fā)生碰撞，可假設(shè)高度無窮大，

17、可看作三球碰撞完成后才落地，A、B第一碰撞后水平速度互換，B、C發(fā)生第二碰撞后，由于B的質(zhì)量小于C的質(zhì)量，則B反向；B、A發(fā)生第三次碰撞后，B、A水平速度互換，A向左，B豎直下落，三球不再發(fā)生碰撞，所以最多能夠發(fā)生3次碰撞，故C正確，A、B、D錯誤；故選C。【點睛】關(guān)鍵是A球做平拋運動，豎直方向做自由落體運動，與B、C豎直方向的運動情況相同，所以一定可以發(fā)生碰撞。6、D【解析】A點是波峰和波峰疊加的點，點是波谷和波谷疊加的點，都是振動加強點，故A錯誤；B機械波傳播的過程中，各質(zhì)點并不隨波遷移，故小樹葉只在原位置上下振動，故B錯誤；C、都是波峰和波谷疊加的點，屬于振動減弱點，由于兩波源振幅相同，

18、故這兩點均靜止不動，故C錯誤；D若波源突然停止振動，由圖像可知，在之后內(nèi)，質(zhì)點b仍是振動加強點，振幅為，完成兩次全振動，通過的路程為，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A若中通以等大同向電流，根據(jù)安培定則可知，兩條導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁場等大反向，則O點的磁感應(yīng)強度為零，選項A正確；B若中通以等大反向電流，假設(shè)a電流向里，b中電流向外；根據(jù)安培定則以及磁場疊加原理判斷得知，兩根通電導(dǎo)線在MN兩點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方向均向下且大小相等；同理若假

19、設(shè)a電流向外，b中電流向里；根據(jù)安培定則以及磁場疊加原理判斷得知，兩根通電導(dǎo)線在MN兩點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方向均向上且大小相等；故 B正確；C若中通以大小不等的反向電流，則兩電流在之間的連線上各點的磁場方向相同，磁感應(yīng)強度不可能為零，選項C錯誤；D若中通以大小不等的同向電流，則兩電流在連線的延長線上各點的磁場方向相同，則磁感應(yīng)強度不可能為零，選項D錯誤；故選AB.8、AC【解析】（1）第一宇宙速度是最小的衛(wèi)星發(fā)射速度，卻是最大的環(huán)繞速度；（2）當(dāng)物體以第一宇宙速度被拋出，它的運動軌道為一圓周；當(dāng)物體被拋出的速度介于第一和第二宇宙速度之間，它的運動軌跡為一橢圓；當(dāng)物體被拋出時的速度介于第二和第三宇

20、宙速度之間，物體將擺脫地球引力，成為繞太陽運動的行星；當(dāng)被拋出的初速度達到或超過第三宇宙速度，物體必然會離開太陽系；（3）衛(wèi)星變軌時的位置點，是所有軌道的公共切點【詳解】A、物體拋出速度v7.9km/s時必落回地面，若物體運動距離較小時，物體所受的萬有引力可以看成恒力，故物體的運動可能是平拋運動，A正確；B、在軌道B上運動的物體，相當(dāng)于地球的一顆近地衛(wèi)星，拋出線速度大小為7.9km/s，B錯誤；C、軌道C、D上物體，在O點開始變軌到圓軌道，圓軌道必然過O點，C正確；D、當(dāng)物體被拋出時的速度等于或大于16.7km/s時，物體將離開太陽系，故D錯誤【點睛】本題考查宇宙速度，知道第一宇宙速度是最小的

21、發(fā)射速度、最大的環(huán)繞速度，掌握衛(wèi)星變軌模型，知道各宇宙速度的物體意義至關(guān)重要9、ACD【解析】A要想使粒子不與邊界碰撞，在磁場中運動一段時間后又能從D點射入內(nèi)部磁場，則帶電粒子在內(nèi)、外磁場中做圓周運動的軌跡都應(yīng)為半徑為a的圓弧，粒子運動軌跡如圖所示，所以三角形ABC與ABC之間的磁感應(yīng)強度大小也應(yīng)該為B0，故A正確；B由幾何知識可知，三角形ABC的最短邊長為2a2a，B錯誤；C帶電粒子做圓周運動的軌跡半徑為ra速度為C正確；D分析知粒子再次回到D點時，其運動軌跡對應(yīng)的圓心角260300420，故D正確故選ACD。10、BCD【解析】A對金屬棒a、b分別由動量定理可得，聯(lián)立解得兩金屬棒最后勻速運

22、動，回路中電流為0，則即則，A錯誤；B在金屬棒b加速運動的過程中，有即解得B正確；C根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得解得C正確；D由能量守恒知，回路產(chǎn)生的焦耳熱則金屬棒a產(chǎn)生的焦耳熱D正確。故選BCD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、乙 B C 3.00（2.96-3.02） 1.60（1.58-1.62） 【解析】(1)1干電池內(nèi)阻較小，為減小實驗誤差，相對電源來說，電流表應(yīng)采用外接法，應(yīng)選擇圖乙所示電路圖。(2)23一節(jié)干電池電動勢約為1.5V，兩節(jié)干電池電動勢約為3V，電路最大電流為1A左右，電流A量程太小，電流表應(yīng)選擇B；為方便實

23、驗操作，應(yīng)選阻值小的滑動變阻器，故滑動變阻器應(yīng)選C；(3)4根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)點，然后作出電源的U-I圖象如圖所示：(4)56由圖示電源U-I圖象可知，圖象與縱軸交點坐標(biāo)值是3.0，則電源電動勢E=3.00V，斜率表示電源內(nèi)阻：。12、0.1 后 0.24 0.80 【解析】（1）1頻率為的交流電，相鄰兩個計數(shù)點之間還有四個點沒有畫出，所以相鄰兩計數(shù)點之間的時間間隔為。（2）2實驗時，需先接通電源，后釋放紙帶。（3）3 打點計時器打下C點時紙帶的速度大小4 紙帶的加速度大小代入數(shù)據(jù)得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程

24、式和演算步驟。13、（1）；（2），方向沿傳送帶向下；（3）【解析】（1）由于，故放上傳送帶后不動，對和第一次的碰撞過程，由動量守恒定律和機械能守恒定律有又解得（2）傳送帶順時針運行時，仍受力平衡，在被碰撞之前一直保持靜止，因而傳送帶順時針運行時，碰前的運動情形與傳送帶靜止時一樣，由于第一次碰后反彈的速度小于，故相對傳送帶的運動方向向下，受到的摩擦力向上，合力向下做減速運動。減速到零后相對傳送帶也向下運動，摩擦力方向不變，設(shè)在傳送帶上運動時的加速度大小為，根據(jù)牛頓第二定律有解得解法一從第一次碰后到第二次碰前做勻變速運動，做勻速運動兩者位移相等，則有解得，方向沿傳送帶向下解法二以為參考系，從第一次碰后到第二次碰前，有解得第二次碰前相對的速度則對地