仿真模擬考試試卷(二)doc

1、仿真模擬考試試卷(二)(時(shí)刻 ：100分鐘總分值：120分)一、單項(xiàng)選擇題(此題共5小題，每題3分，共計(jì)15分每題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意)1(2019通泰揚(yáng)徐淮宿連七市三模)西漢著作?淮南子?中記有“陰陽相薄為雷，激揚(yáng)為電，人們對雷電的認(rèn)識(shí)已從雷公神話提升到樸素的陰陽作用以下關(guān)于雷電的說法中錯(cuò)誤的選項(xiàng)是()A發(fā)生雷電的過程是放電過程B發(fā)生雷電的過程是電能向光能、內(nèi)能等轉(zhuǎn)化的過程C發(fā)生雷電的過程中，電荷的總量增加D避雷針利用尖端放電，防止建筑物遭受雷擊答案C解析雷電是天空中帶異種電荷的烏云間的放電現(xiàn)象，A正確依照能量轉(zhuǎn)化可知，發(fā)生雷電的過程是電能向光能、內(nèi)能等轉(zhuǎn)化的過程，B正確電荷不會(huì)產(chǎn)生，不會(huì)消

2、滅 ，只能從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，或從物體的一局部轉(zhuǎn)移到另一局部，總量不變，C錯(cuò)誤避雷針利用尖端放電，防止建筑物遭受雷擊，D正確2一質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在時(shí)刻 t內(nèi)的平均速度為v，末速度是初速度的3倍那么該質(zhì)點(diǎn)在時(shí)刻 t內(nèi)的加速度為()A.eq f(8v,t) B.eq f(3v,2t) C.eq f(4v,t) D.eq f(v,t)答案D解析設(shè)質(zhì)點(diǎn)的初速度為v0，那么末速度為3v0，由加速度的定義可得aeq f(3v0v0,t)eq f(2v0,t)，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度公式可得veq f(v03v0,2)2v0，解得v0eq f(1,2)v，代入加速度的表達(dá)式，可得aeq f

3、(f(1,2)v,f(t,2)eq f(v,t)，故D正確3.通電的等腰梯形導(dǎo)線框abcd與無限長通電直導(dǎo)線MN在同一平面內(nèi)，電流方向如圖1所示，ab邊與MN平行以下關(guān)于通電直導(dǎo)線MN的磁場對線框作用的說法正確的選項(xiàng)是()圖1A線框所受安培力的合力為零B線框有兩條邊所受的安培力方向一樣C線框有兩條邊所受的安培力大小一樣D線框在安培力作用下一定有向右的運(yùn)動(dòng)趨勢答案C解析直導(dǎo)線中的電流方向由N到M，依照安培定那么，導(dǎo)線右側(cè)區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度方向向內(nèi)，依照左手定那么，ab邊受到向左的安培力，cd邊受到向右的安培力，ad邊受到歪 向左下方的安培力，bc邊受到歪 向左上方的安培力，四個(gè)邊所受的安培力的合力不

4、一定為零，其中bc邊和ad邊所受的安培力大小一樣，故A、B錯(cuò)誤，C正確；離MN越遠(yuǎn)的位置，磁感應(yīng)強(qiáng)度越小，故依照安培力公式FBIL，cd邊受到的安培力與ab邊、bc邊和ad邊受到的安培力的矢量和的大小關(guān)系無法確定，那么無法推斷 線框在安培力作用下的運(yùn)動(dòng)趨勢，故D錯(cuò)誤4(2019南京師大附中5月模擬)飛機(jī)在程度地面上空的某一高度程度勻速飛行，每隔相等時(shí)刻 投放一個(gè)物體，不計(jì)空氣阻力以第一個(gè)物體a的落地點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，飛機(jī)飛行方向?yàn)闄M坐標(biāo)正方向，豎直向上為縱坐標(biāo)正方向，在豎直平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系，以下選項(xiàng)給出了當(dāng)?shù)?個(gè)物體剛要分開飛機(jī)時(shí)，已經(jīng)拋出的4個(gè)物體(a、b、c、d)在坐標(biāo)系中的可能分布情況，

5、正確的選項(xiàng)是()答案A解析不計(jì)空氣阻力，以地面為參考系，每個(gè)物體都做平拋運(yùn)動(dòng)，程度方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，因此 在程度方向上，四個(gè)物體的速度總是與飛機(jī)速度一樣，程度位移一樣，故沒有位移差，看起來在一條豎直線上；豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，最先釋放的物體間的間隔 大些，相當(dāng)于同一個(gè)物體做自由落體運(yùn)動(dòng)在不同時(shí)刻的位置，故A正確，B、C錯(cuò)誤D選項(xiàng)中a、b、c三個(gè)物體落到地面，程度方向間隔2個(gè)格，c和d在程度方向也間隔2個(gè)格，那么d也一定落到地面，圖象中d并未落到地面，因此 D錯(cuò)誤5.(2019南京市三模)如圖2所示為盤旋加速器示意圖，利用盤旋加速器對eq oal(2,1)H粒子進(jìn)展加速，如今D形盒中的磁場的

6、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，D形盒縫隙間電場變化周期為T，加速電壓為U.忽略相對論效應(yīng)和粒子在D形盒縫隙間的運(yùn)動(dòng)時(shí)刻 ，以下說法正確的選項(xiàng)是()圖2A保持B、U和T不變，該盤旋加速器能夠 加速質(zhì)子B只增大加速電壓U，eq oal(2,1)H粒子獲得的最大動(dòng)能增大C只增大加速電壓U，eq oal(2,1)H粒子在盤旋加速器中運(yùn)動(dòng)的時(shí)刻 變短D盤旋加速器只能加速帶正電的粒子，不能加速帶負(fù)電的粒子答案C解析D形盒縫隙間電場變化周期Teq f(2m,qB)，此加速器對eq oal(2,1)H粒子進(jìn)展加速，因此 為了能加速質(zhì)子，應(yīng)進(jìn)展參數(shù)調(diào)節(jié)，改變B和T，A錯(cuò)誤；粒子分開盤旋加速器的最大速度veq f(qBr,

7、m)，因此 只增大加速電壓U，eq oal(2,1)H粒子獲得的最大動(dòng)能不會(huì)增大，B錯(cuò)誤；粒子在盤旋加速器盤旋一周，增加的動(dòng)能為2qU，在盤旋加速器中運(yùn)動(dòng)時(shí)刻 由盤旋次數(shù)決定，可得neq f(qB2r2,4mU)，因此 粒子運(yùn)動(dòng)總時(shí)刻 tnTeq f(qB2r2,4mU)eq f(2m,qB)eq f(Br2,2U)，只增大加速電壓U，eq oal(2,1)H粒子在盤旋加速器中盤旋的次數(shù)會(huì)變小，運(yùn)動(dòng)時(shí)刻 會(huì)變短，C正確；盤旋加速度既能加速帶正電的粒子，也能加速帶負(fù)電的粒子，D錯(cuò)誤二、多項(xiàng)選擇題(此題共4小題，每題4分，共16分每題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯(cuò)選或

8、不答的得0分)6.(2019南京外國語學(xué)校、金陵中學(xué)、海安中學(xué)第四次模擬)如圖3所示，A為地球同步衛(wèi)星，B為在地球赤道平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)的圓軌道衛(wèi)星，A、B繞地心轉(zhuǎn)動(dòng)方向一樣，已經(jīng)知道B衛(wèi)星軌道運(yùn)行周期為2小時(shí)，圖示時(shí)刻A在B正上方，那么()圖3AB的運(yùn)動(dòng)速度大于A的運(yùn)動(dòng)速度BB運(yùn)動(dòng)的周期大于A運(yùn)動(dòng)的周期CB運(yùn)動(dòng)的加速度大于A運(yùn)動(dòng)的加速度DB衛(wèi)星一天內(nèi)12次看到日出日落答案ACD解析由于A為地球同步衛(wèi)星，周期為TA24 h，因此 B運(yùn)動(dòng)的周期小于A運(yùn)動(dòng)的周期，依照開普勒第三定律可得B運(yùn)動(dòng)的軌道半徑小于A運(yùn)動(dòng)的軌道半徑；依照eq f(GMm,r2)eq f(mv2,r)可得v eq r(f(GM,r)，

9、因此 B運(yùn)動(dòng)的速度大于A運(yùn)動(dòng)的速度；依照eq f(GMm,r2)ma可得aeq f(GM,r2)，因此 B運(yùn)動(dòng)的加速度大于A運(yùn)動(dòng)的加速度；由于B衛(wèi)星軌道運(yùn)行周期為2小時(shí)，是地球自轉(zhuǎn)周期的eq f(1,12)，B衛(wèi)星一天內(nèi)12次看到日出日落，應(yīng)選項(xiàng)A、C、D正確，B錯(cuò)誤7.(2019通泰揚(yáng)徐淮宿連七市三模)某手持式考試金屬探測器如圖4所示，它能檢查出考生違規(guī)攜帶的電子通訊儲(chǔ)存設(shè)備工作時(shí)，探測環(huán)中的發(fā)射線圈通以正弦式電流，附近的被測金屬物中感應(yīng)出電流，感應(yīng)電流的磁場反過來妨礙 探測器線圈中的電流，使探測器發(fā)出警報(bào)那么()圖4A被測金屬物中產(chǎn)生的是恒定電流B被測金屬物中產(chǎn)生的是交變電流C探測器與被測

10、金屬物相對靜止時(shí)也能發(fā)出警報(bào)D違規(guī)攜帶的只有發(fā)出通訊信號(hào)時(shí)才會(huì)被探測到答案BC解析因?yàn)樘綔y環(huán)中的發(fā)射線圈通以正弦式電流，非均勻變化的電流產(chǎn)生變化的電場，因此 被測金屬物中產(chǎn)生的是交變電場，形成交變電流，A錯(cuò)誤，B正確探測器應(yīng)用的原理是渦流，相對靜止也能夠 產(chǎn)生渦流，C正確只要是金屬物品就會(huì)產(chǎn)生渦流現(xiàn)象，是金屬制品，不發(fā)信號(hào)也會(huì)被探測到，D錯(cuò)誤8(2019鹽城市第三次模擬)如圖5所示，E表示電源電動(dòng)勢、I表示電路中的電流、U表示電源的路端電壓、P表示電源的輸出功率，當(dāng)外電阻R變化時(shí)，以下圖象中可能正確的選項(xiàng)是()圖5答案CD解析電源的電動(dòng)勢與外電路的電阻無關(guān)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由閉合電路的歐姆定律Ie

11、q f(E,Rr)可知，IR圖象不是直線，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；UIReq f(ER,Rr)eq f(E,1f(r,R)，那么隨R增加，U增大，當(dāng)R時(shí)UE，選項(xiàng)C正確；PI2Req f(E2R,Rr2)eq f(E2,Rf(r2,R)2r)，當(dāng)rR時(shí)，P最大，可知圖象D正確9(2019南京市三模)如圖6所示，光滑程度面OB與足夠長粗糙歪 面BC交于B點(diǎn)輕彈簧左端固定于豎直墻面，用質(zhì)量為m1的滑塊壓縮彈簧至D點(diǎn)，然后由靜止釋放滑塊，滑塊脫離彈簧后經(jīng)B點(diǎn)滑上歪 面，上升到最大高度，并靜止在歪 面上換用一樣材料、質(zhì)量為m2的滑塊(m2m1)壓縮彈簧至同一點(diǎn)D后，重復(fù)上述過程不計(jì)滑塊通過B點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能損失，以下

12、說法正確的選項(xiàng)是()圖6A兩滑塊到達(dá)B點(diǎn)的速度一樣B兩滑塊沿歪 面上升過程中的加速度一樣C兩滑塊上升到最高點(diǎn)的過程中克制重力做的功一樣D兩滑塊上升到最高點(diǎn)的過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量一樣答案BCD解析兩次實(shí)驗(yàn)，彈簧壓縮形變量是一樣的，因此 彈性勢能相等，兩滑塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)動(dòng)能是相等的，eq f(1,2)m1v12eq f(1,2)m2v22，又m2m1，因此 v1v2，兩滑塊到達(dá)B點(diǎn)的速度不一樣，A錯(cuò)誤；依照牛頓運(yùn)動(dòng)定律可得，沿歪 面上升時(shí)，物體受到重力、支持力、摩擦力，將重力垂直歪 面和平行歪 面分解，可得mamgsin mgcos，agsin gcos ，兩滑塊材料一樣，那么一樣，故加速度一樣，

13、B正確；設(shè)初始彈簧壓縮了x，滑塊沿歪 面運(yùn)動(dòng)的間隔 為s，依照能量守恒可知eq f(1,2)kx2mgssin mgscos ，因此 WGmgssin eq f(kx2sin ,2sin cos )，C正確；滑塊上升到最高點(diǎn)的過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量Qmgscos eq f(kx2cos ,2sin cos )，D正確三、簡答題(此題分必做題(第1012題)和選做題(第13題)兩局部，共計(jì)42分)必做題10(8分)(2019南京師大附中5月模擬)某同學(xué)用如圖7所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究恒力做功與小車動(dòng)能變化的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中用砂和砂桶的總重力表示小車所受合力圖7(1)以下關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的操作正確的有_A實(shí)驗(yàn)所用電

14、磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作電壓約為6 V，因此需要4節(jié)干電池B砂和砂桶的總質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量C平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)掛上空砂桶，逐漸抬高木板，直到小車能勻速下滑D實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)先翻開打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，后釋放小車(2)圖8為實(shí)驗(yàn)得到的一條點(diǎn)跡明晰的紙帶，A、B、C、D、E、F、G是紙帶上7個(gè)連續(xù)的點(diǎn)，D點(diǎn)到A點(diǎn)的間隔 為_ cm.已經(jīng)知道電源頻率為50 Hz，那么打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打D點(diǎn)時(shí)紙帶的速度v_ m/s(保存三位有效數(shù)字)圖8(3)該同學(xué)依照實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出了小車動(dòng)能變化Ek與合力對小車所做功W的關(guān)系圖象，由于實(shí)驗(yàn)前遺漏了平衡摩擦力這一關(guān)鍵步驟，他得到的圖象應(yīng)該是_答案(1)BD(2)2.000.475(3)A解析(1

15、)電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作電壓為46 V的交變電流，故A錯(cuò)誤為了能用砂和砂桶的總重力所做的功表示小車受拉力做的功，那么繩子的拉力要等于砂和砂桶的總重力，即小車的質(zhì)量M要遠(yuǎn)大于砂和砂桶的總重量m，故B正確平衡摩擦力時(shí)，不應(yīng)掛砂桶，逐漸抬高木板右端，輕推小車，直到小車能勻速下滑，故C錯(cuò)誤實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)先翻開打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，待打點(diǎn)計(jì)時(shí)器穩(wěn)定工作后再釋放小車，故D正確(2)由直尺上的刻度數(shù)可得DA間的間隔 為xAD2.50 cm0.50 cm2.00 cm.打下D點(diǎn)時(shí)的速度恰好等于AG間的平均速度，因此 打下D點(diǎn)時(shí)的速度為vDeq f(6.200.50102,60.02) m/s0.475 m/s.(3)該同學(xué)沒有

16、平衡摩擦力，因此 由動(dòng)能定理可得：EkWmgxFfx，由方程可得當(dāng)x0時(shí)，即W0時(shí)，Ek0，因此 該同學(xué)作出的圖象是過原點(diǎn)的直線，故A正確11(10分)(2019通泰揚(yáng)徐淮宿連七市三模)測定金屬絲的電阻率，提供實(shí)驗(yàn)器材如下：A待測金屬絲R(電阻約8 )B電流表A(0.6 A，內(nèi)阻約0.6 )C電壓表V(3 V，內(nèi)阻約3 k)D滑動(dòng)變阻器R1(05 ，2 A)E電源E(6 V)F開關(guān)，導(dǎo)線假設(shè)干(1)用螺旋測微器測出金屬絲的直徑如圖9所示，那么金屬絲的直徑為_ mm.圖9(2)某同學(xué)采納如圖10所示電路進(jìn)展實(shí)驗(yàn)，請用筆畫線代替導(dǎo)線，在圖中將實(shí)物電路圖連接完好圖10(3)測得金屬絲的直徑為d，改變

17、金屬夾P的位置，測得多組金屬絲接入電路的長度L及相應(yīng)電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)I，作出eq f(U,I)L圖線如圖11所示測得圖線歪 率為k，那么該金屬絲的電阻率為_圖11(4)關(guān)于電阻率的測量，以下說法中正確的有_A開關(guān)S閉合前，滑動(dòng)變阻器R1的滑片應(yīng)置于最左端B實(shí)驗(yàn)中，滑動(dòng)變阻器R1的滑片位置確定后不可挪動(dòng)C待測金屬絲R長時(shí)刻 通電，會(huì)導(dǎo)致電阻率測量結(jié)果偏小D該實(shí)驗(yàn)方案中電流表A的內(nèi)阻對電阻率測量結(jié)果沒有妨礙 答案(1)0.399(2)見解析圖(3)eq f(kd2,4)(4)AD解析(1)螺旋測微器讀數(shù)為：0 mmeq f(0.5,50)39.9 mm0.399 mm，因此 讀數(shù)為0.39

18、9 mm.(2)依照電路圖連接實(shí)物圖如下：(3)設(shè)電流表內(nèi)阻為RA，依照歐姆定律可知待測電阻：Req f(UIRA,I)，電阻Req f(L,S)，橫截面積：S(eq f(d,2)2，聯(lián)立解得：eq f(U,I)eq f(4,d2)LRA，圖象歪 率：keq f(4,d2)，因此 電阻率eq f(kd2,4).(4)為了愛護(hù) 電路，實(shí)驗(yàn)開場前應(yīng)使待測回路電流最小，滑動(dòng)變阻器滑片處于最左端，A正確實(shí)驗(yàn)要測量多組電壓值、電流值，通過改變滑片位置，改變電壓表示數(shù)，滑動(dòng)變阻器滑片需要挪動(dòng)，B錯(cuò)誤待測金屬絲R長時(shí)刻 通電，因?yàn)殡娏鳠嵝?yīng)存在，溫度升高，電阻率變大，C錯(cuò)誤依照eq f(U,I)eq f(4

19、,d2)LRA可知，電流表的內(nèi)阻存在不會(huì)改變圖象的歪 率，對電阻率測量結(jié)果沒妨礙 ，D正確12選修35(12分)(2019蘇、錫、常、鎮(zhèn)一模)(1)關(guān)于核反響eq oal(235, 92)Ueq oal(1,0)neq oal(90,38)Sreq oal(136, 54)Xexeq oal(1,0)n，以下說法正確的選項(xiàng)是_Ax10 B質(zhì)量數(shù)不守恒C釋放能量 D這是eq oal(235, 92)U的衰變(2)在圖12所示裝置中，陰極K在光子動(dòng)量為p0的單色光1的照耀 下發(fā)生了光電效應(yīng)，調(diào)節(jié)滑片P至某一位置，使電流表的示數(shù)恰好為零；在保持上述滑片P的位置不變的情況下，改用光子動(dòng)量為0.5p0的

20、單色光2照耀 陰極K，那么電流表的示數(shù)_(選填“為0或“不為0)，單色光1、2的波長之比為_圖12(3)在圖13所示足夠長的光滑程度面上，用質(zhì)量分不為3 kg和1 kg的甲、乙兩滑塊，將僅與甲拴接的輕彈簧壓緊后處于靜止?fàn)顟B(tài)乙的右側(cè)有一擋板P.現(xiàn)將兩滑塊由靜止釋放，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時(shí)，甲的速度大小為2 m/s，如今乙尚未與P相撞圖13求彈簧恢復(fù)原長時(shí)乙的速度大??；假設(shè)乙與擋板P碰撞反彈后，不能再與彈簧發(fā)生碰撞求擋板P對乙的沖量的最大值答案(1)AC(2)為012(3)6 m/s8 Ns解析(1)依照質(zhì)量數(shù)守恒可知，x23519013610，故A正確，B錯(cuò)誤；核反響eq oal(235, 92)Ue

21、q oal(1,0)neq oal(90,38)Sreq oal(136, 54)Xexeq oal(1,0)n屬于裂變，裂變時(shí)出現(xiàn)質(zhì)量虧損，釋放能量，故C正確，D錯(cuò)誤(2)分析可知單色光2的頻率比單色光1的頻率小，結(jié)合愛因斯坦光電效應(yīng)方程EkhW0，用單色光2照耀 時(shí)電子的最大初動(dòng)能Ek減小，因此 電子仍不能到達(dá)A極板，故電流表的示數(shù)仍為零由光子的動(dòng)量公式peq f(h,)，可知波長和動(dòng)量p成反比，因此 eq f(1,2)eq f(p2,p1)eq f(0.5p0,p0)eq f(1,2).(3)當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時(shí)，設(shè)甲、乙的速度分不為v1和v2，對兩滑塊及彈簧組成的系統(tǒng)，設(shè)向左的方向?yàn)檎较?/p>

22、，由動(dòng)量守恒定律可得：m1v1m2v20又知v12 m/s聯(lián)立以上方程可得v26 m/s，負(fù)號(hào)表示方向向右乙反彈后，甲、乙剛好不發(fā)生碰撞，那么說明乙反彈的速度最大為v32 m/s由動(dòng)量定理可得，擋板對乙滑塊沖量的最大值為：Im1v3m2v212 Ns1(6) Ns8 Ns選做題13此題包括A、B兩小題，請選定其中一小題，并在相應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答假設(shè)多做，那么按A小題評分A選修33(12分)(2019南京外國語學(xué)校、金陵中學(xué)、海安中學(xué)第四次模擬)(1)如圖14所示，透明瓶內(nèi)有一些水，水的上方有水蒸氣，用橡皮塞把瓶口封住，用氣筒向瓶內(nèi)打氣，然后瓶塞會(huì)忽然 跳出，如今觀看 到瓶內(nèi)有白霧產(chǎn)生關(guān)于上述過

23、程，以下說法正確的有_圖14A快速向瓶內(nèi)打入氣體過程，氣體狀態(tài)變化是等容變化B快速向瓶內(nèi)打入氣體時(shí)，瓶內(nèi)水蒸氣分子密度保持不變C瓶塞忽然 跳出瞬間氣體對外做功，瓶內(nèi)氣體溫度落低D瓶內(nèi)瞬間形成的白霧是懸浮在氣體中的小水滴(2)用金屬絲制成一個(gè)U形架，一段細(xì)長棉線兩端緊扣在U形架兩臂上A、B兩點(diǎn)，細(xì)線中點(diǎn)O處有一扣將U形架浸入胖皂液中再取出，U形架上形成的胖皂液膜如圖15所示，細(xì)線被繃緊是因?yàn)橐后w外表層存在外表張力，外表張力的作用是使得液面有_的趨勢；用力拉動(dòng)細(xì)線中點(diǎn)的扣至圖中虛線位置(胖皂液膜未發(fā)生破損)，胖皂液膜的內(nèi)能將_(忽略胖皂液膜的蒸發(fā)妨礙 )圖15(3)已經(jīng)知道地球大氣層的厚度h遠(yuǎn)小于

24、地球半徑R，空氣平均摩爾質(zhì)量為M，阿伏加德羅常數(shù)為NA，地面大氣壓強(qiáng)為p0，重力加速度大小為g.估算地球大氣層空氣的分子數(shù)n；求空氣分子之間的平均間隔 d.(大氣總體積可看成V4R2h)答案(1)CD(2)收縮到最小增大(3)eq f(4p0NAR2,Mg)eq r(3,f(Mgh,p0NA) 解析(1)快速向瓶內(nèi)打入氣體的過程，氣體質(zhì)量變了，發(fā)生的不是等容變化，在瓶塞跳起前，壓縮瓶內(nèi)的氣體做功，瓶內(nèi)氣體的內(nèi)能增加，瓶內(nèi)水蒸氣分子密度增大，接著打氣，當(dāng)瓶塞跳起時(shí)，瓶內(nèi)氣體對瓶塞做功，瓶內(nèi)氣體的內(nèi)能減少，溫度落低，使瓶內(nèi)的水蒸氣液化成小水珠，出現(xiàn)白氣，應(yīng)選項(xiàng)C、D正確，A、B錯(cuò)誤(2)作用于液體

25、外表，使液體外表積縮小的力，稱為液體外表張力，因此 細(xì)線被繃緊是因?yàn)橐后w外表層存在外表張力，外表張力的作用效果是使得液面有收縮到最小的趨勢；外表層內(nèi)的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的間隔 比液體內(nèi)部大一些，分子間的互相作用表現(xiàn)為引力，用力拉動(dòng)細(xì)線中點(diǎn)的扣至圖中虛線位置(胖皂液膜未發(fā)生破損)，分子間的引力做負(fù)功，分子間的分子勢能增大，因此 胖皂液膜的內(nèi)能將增大；(3)設(shè)大氣層中氣體的總質(zhì)量為m，由大氣壓強(qiáng)產(chǎn)生的緣故可知mgp0S，meq f(p0S,g)分子數(shù)neq f(mNA,M)eq f(p0SNA,Mg)eq f(4R2p0NA,Mg)，假設(shè)每個(gè)分子占據(jù)一個(gè)小立方體，各小立方體嚴(yán)密排列，那么小

26、立方體邊長即為空氣分子平均間距，設(shè)為a，大氣層中氣體總體積為V，aeq r(3,f(V,n)，V4R2h，故空氣分子之間的平均間隔 為aeq r(3,f(Mgh,p0NA)B選修34(12分)(2019南京市三模)(1)以下說法正確的有_A通過手指間的縫隙觀看 日光燈，能夠 看到彩色條紋，是光的偏振現(xiàn)象B較低的聲音也能夠 震碎玻璃杯，是因?yàn)椴ＡП吐暡òl(fā)生了共振C光導(dǎo)纖維絲內(nèi)芯材料的折射率比外套材料的折射率大D鳴笛的汽車駛近路人的過程中，路人聽到的聲波頻率與該波源的頻率相比減小(2)某同學(xué)利用平行玻璃磚測量玻璃的折射率，按插針法步驟正確操作，借助刻度尺完成了光路圖該同學(xué)有圓規(guī)，卻沒有量角器，他

27、就以O(shè)點(diǎn)為圓心，以15.00 cm為半徑畫圓，分不交入射光線于A點(diǎn)，交直線OO的延長線于C點(diǎn)分不過A、C點(diǎn)作法線NN的垂線交NN于B、D點(diǎn)，如圖16所示用刻度尺測得AB9.00 cm，CD6.00 cm，那么玻璃的折射率n_.假設(shè)玻璃磚前后兩面并不平行，按正確實(shí)驗(yàn)操作，那么他測出的折射率_(選填“會(huì)或“不會(huì))受到妨礙 圖16(3)如圖17甲所示，在均勻介質(zhì)中P、Q兩質(zhì)點(diǎn)相距d0.4 m，質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象如圖乙所示，已經(jīng)知道t0時(shí)刻，P、Q兩質(zhì)點(diǎn)都在平衡位置，且P、Q之間只有一個(gè)波峰求波可能的傳播速度的大小圖17答案(1)BC(2)1.5不會(huì)(3)波速可能為：v4 m/s，v2 m/s，veq

28、f(4,3) m/s解析(1)通過手指間的縫隙觀看 日光燈，能夠 看到彩色條紋，是光的衍射現(xiàn)象，A錯(cuò)誤；玻璃杯也在振動(dòng)，有其固有振動(dòng)頻率，當(dāng)聲波頻率和玻璃杯的固有頻率一樣時(shí)，發(fā)生共振，能夠 震碎玻璃杯，B正確；光導(dǎo)纖維絲利用了光的全反射，而全反射的發(fā)生必須是從光密介質(zhì)到光疏介質(zhì)，因此 其內(nèi)芯材料的折射率比外套材料的折射率大，C正確；依照多普勒效應(yīng)可知，鳴笛的汽車駛近路人的過程中，路人聽到的聲波頻率與該波源的頻率相比增大，D錯(cuò)誤(2)依照光的折射定律可知：neq f(sin AOB,sin COD)eq f(f(AB,AO),f(CD,CO)eq f(AB,CD)eq f(9,6)1.5；折射率

29、的測量和玻璃磚前后面是否平行無關(guān)(3)由圖乙可得該波的周期T0.2 s假設(shè)P、Q間沒有波谷，P、Q間間隔 等于半個(gè)波長，即0.8 m波速veq f(,T)4 m/s假設(shè)P、Q間有一個(gè)波谷，P、Q間間隔 等于一個(gè)波長，即0.4 m波速veq f(,T)2 m/s假設(shè)P、Q間有兩個(gè)波谷，那么eq f(3,2)0.4 m，即eq f(0.8,3) m波速veq f(,T)eq f(4,3) m/s四、計(jì)算題(此題共3小題，共計(jì)47分解答時(shí)請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位)14(15分)如圖18所示，質(zhì)量為2m的足夠長的金

30、屬導(dǎo)軌abcd放在光滑的絕緣程度面上，導(dǎo)軌bc段長為L.一電阻不計(jì)，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒PQ放置在導(dǎo)軌上，始終與導(dǎo)軌接觸，PQ左側(cè)有方向豎直向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場棒PQ與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，左側(cè)有兩個(gè)固定于程度面的立柱保證棒始終靜止不動(dòng)開場時(shí)，PQ左側(cè)導(dǎo)軌電阻為零，右側(cè)導(dǎo)軌單位長度的電阻為R.在t0時(shí)，程度向左的拉力垂直作用于導(dǎo)軌的bc邊上，使導(dǎo)軌由靜止開場做加速度為a的勻加速直線運(yùn)動(dòng)且在某過程中，回路產(chǎn)生的焦耳熱為Q，導(dǎo)軌克制阻力做的總功為W.重力加速度取g.求：圖18(1)經(jīng)t1時(shí)刻 ，回路中磁通量的變化量；(2)回路中感應(yīng)電流隨時(shí)刻 變化的關(guān)系式；(3)在某過程中金屬導(dǎo)軌abc

31、d的動(dòng)能增加量答案(1)eq f(1,2)Blat12(2)Ieq f(BL,Rt)(3)eq f(2aWQ,g)解析(1) 回路中磁通量BS，SLeq f(1,2)at12，回路中磁通量的變化量eq f(1,2)BLat12(2)感應(yīng)電動(dòng)勢： EBLat，R回2eq f(1,2)at2RRat2，Ieq f(E,R回)eq f(BL,Rt)(3)設(shè)導(dǎo)軌在某過程發(fā)生的位移為x2maxEk，WQmgx，Ekeq f(2aWQ,g)15(16分)如圖19所示，豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系xOy中有一根外表粗糙的粗細(xì)均勻的細(xì)桿OMN，它的上端固定在坐標(biāo)原點(diǎn)O處且與x軸相切OM和MN段分不為彎曲桿和直桿，它

32、們相切于M點(diǎn)，OM段所對應(yīng)的曲線方程為yeq f(5,9)x2.一根套在直桿MN上的輕彈簧下端固定在N點(diǎn)，其原長比桿MN的長度短可視為質(zhì)點(diǎn)的開孔小球(孔的直徑略大于桿的直徑)套在細(xì)桿上現(xiàn)將小球從O處以v03 m/s的初速度沿x軸的正方向拋出，過M點(diǎn)后沿桿MN運(yùn)動(dòng)壓縮彈簧，再經(jīng)彈簧反彈后恰好到達(dá)M點(diǎn)已經(jīng)知道小球的質(zhì)量為0.1 kg，M點(diǎn)的縱坐標(biāo)為0.8 m，小球與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)eq f(1,6)，g取10 m/s2.求：圖19(1)上述整個(gè)過程中摩擦力對小球所做的功Wf；(2)小球初次運(yùn)動(dòng)至M點(diǎn)時(shí)的速度vM的大小和方向；(3)輕質(zhì)彈簧被壓縮至最短時(shí)的彈性勢能Epm.答案(1)1.25 J(2)

33、5 m/s方向與x軸正方向的夾角為53(3)5.625 J解析(1) 對題述過程由動(dòng)能定理得：WGWf0eq f(1,2)mv02，代入數(shù)據(jù)解得Wf1.25 J.(2)假設(shè)小球拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，依照平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得xv0t，yeq f(1,2)gt2，代入數(shù)據(jù)解得：yeq f(5,9)x2，與OM曲線方程一致，說明小球在OM段運(yùn)動(dòng)過程中與細(xì)桿OM無摩擦，做平拋運(yùn)動(dòng)：由動(dòng)能定理得：WGeq f(1,2)mvM2eq f(1,2)mv02，代入數(shù)據(jù)解得vM5 m/s，由運(yùn)動(dòng)的合成和分解可得vM的方向與x軸正方向夾角的余弦值：cos eq f(v0,vM)eq f(3,5)，即53.(3)小球從M點(diǎn)開場直至小球被彈回M點(diǎn)的過程中，摩擦力所做的功為Wf1，由動(dòng)能定理得：Wf10eq f(1,2)m