西安市高新第一中學(xué)2019-2020學(xué)年高一下學(xué)期期末考試物理試題含解析

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精陜西省西安市高新第一中學(xué)2019-2020學(xué)年高一下學(xué)期期末考試物理試題含解析2019-2020學(xué)年第二學(xué)期期末考試2022屆高一物理試題一、選擇題（共16小題，每小題3分，共48分。1—11題為單選題，12-16題為多選題，多選對(duì)而不全2分）1.下列關(guān)于機(jī)械能守恒的說(shuō)法中正確的是（）A.做勻速運(yùn)動(dòng)的物體，其機(jī)械能一定守恒B.物體只受重力，機(jī)械能才守恒C.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，其機(jī)械能一定守恒D.除重力做功外，其他力不做功，物體的機(jī)械能一定守恒【答案】D【解析】【詳解】A、做勻速運(yùn)動(dòng)物體，其機(jī)械能不一定守恒，如在空中勻速下降的降落傘，機(jī)械能減小,故A錯(cuò)誤；B、機(jī)械能守恒定律的條件是只有重力或彈力做功，故B錯(cuò)誤；C、做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體,其機(jī)械能不一定守恒，如在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤；D、除重力做功外，其他力不做功，物體的機(jī)械能一定守恒,故D正確;2.關(guān)于電勢(shì)和電勢(shì)能，下列說(shuō)法中正確的是（）A.在電場(chǎng)中，電荷具有的電勢(shì)能大的地方，在該點(diǎn)電勢(shì)就高B。在電場(chǎng)中的任何一點(diǎn)上,正電荷所具有的電勢(shì)能一定大于負(fù)電荷具有的電勢(shì)能C.在負(fù)的點(diǎn)電荷所產(chǎn)生的電場(chǎng)中某一點(diǎn)上，正電荷所具有的電勢(shì)能一定小于負(fù)電荷所具有的電勢(shì)能D。將正電荷從無(wú)限遠(yuǎn)處移入電場(chǎng)中M點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，正電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于零【答案】C【解析】【詳解】A．在電場(chǎng)中,正電荷具有的電勢(shì)能大的地方，在該點(diǎn)電勢(shì)就高,選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．在電場(chǎng)中的點(diǎn)上，若該點(diǎn)電勢(shì)大于零，則正電荷所具有的電勢(shì)能一定大于負(fù)電荷具有的電勢(shì)能；若該點(diǎn)電勢(shì)小于零，則正電荷所具有的電勢(shì)能一定小于負(fù)電荷具有的電勢(shì)能,選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．在負(fù)的點(diǎn)電荷所產(chǎn)生的電場(chǎng)中某一點(diǎn)上,正電荷所具有的電勢(shì)能一定小于負(fù)電荷所具有的電勢(shì)能，選項(xiàng)C正確；D．將正電荷從無(wú)限遠(yuǎn)處移入電場(chǎng)中M點(diǎn),電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，則正電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于零，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。3.歐姆不僅發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，還研究了電阻定律，有一個(gè)長(zhǎng)方體型的金屬電阻，材料分布均勻；邊長(zhǎng)分別為a、b、c,且a>b〉c。電流沿以下方向流過(guò)該金屬電阻,其中電阻的阻值最小的是（)A. B.C。 D.【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)在沿著電流方向上,當(dāng)導(dǎo)體橫截面積最大且長(zhǎng)度最短時(shí)電阻最小,可知A的電阻最小。故選A4。一起重機(jī)的鋼繩由靜止開(kāi)始勻加速提起質(zhì)量為m的重物，當(dāng)重物的速度為v1時(shí)，起重機(jī)的功率達(dá)到最大值P，以后起重機(jī)保持該功率不變，繼續(xù)提升重物,直到以最大速度v2勻速上升,重物上升的高度為h，則整個(gè)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()A。鋼繩的最大拉力為 B.鋼繩的最大拉力為mgC。重物勻加速的末速度為 D。重物勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度為【答案】D【解析】【詳解】A。勻速階段鋼繩的拉力為，加速階段的物體處于超重狀態(tài)，剛繩的拉力大于，所以鋼繩的最大拉力大于．故A錯(cuò)誤．B。勻速階段鋼繩的拉力為，加速階段的物體處于超重狀態(tài),剛繩的拉力大于，所以鋼繩的最大拉力大于．故B錯(cuò)誤．C。勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，拉力大于重力,當(dāng)加速階段結(jié)束時(shí)的速度為，則有，可得：,所以重物勻加速的末速度小于．故C錯(cuò)誤．D.勻加速階段，拉力為，根據(jù)牛頓第二定律有，由以上方程解得．故D正確．5.如圖,電源電動(dòng)勢(shì)為30V，內(nèi)阻不計(jì)，“6V，12W”的燈泡與一個(gè)繞線電阻為的電動(dòng)機(jī)串聯(lián)．當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，燈泡正常發(fā)光，則此時(shí)A。電路中電流為B。小燈泡電阻為C。電動(dòng)機(jī)兩端電壓為24VD.電動(dòng)機(jī)輸出功率為48W【答案】C【解析】【詳解】通過(guò)電燈的電流即電路中的電流：，選項(xiàng)A錯(cuò)誤;小燈泡電阻為，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；電動(dòng)機(jī)的電壓:U電=E—U燈=30—6=24V，選項(xiàng)C正確；電動(dòng)機(jī)消耗的總功率：P電=U電I=24×2=48W；繞線電阻的電熱功率：P熱=I2r=22×2=8W；電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率P機(jī)=P電—P熱=40W,故D錯(cuò)誤．6。如圖，一半徑為R的半圓形軌道豎直固定放置,軌道兩端等高；質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)自軌道端點(diǎn)P由靜止開(kāi)始滑下，滑到最低點(diǎn)Q時(shí)，對(duì)軌道的正壓力為2mg,重力加速度大小為g。質(zhì)點(diǎn)自P滑到Q的過(guò)程中，克服摩擦力所做的功為（）A。mgR B.mgR C.mgR D.mgR【答案】C【解析】【詳解】質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)時(shí)，由重力和軌道的支持力提供向心力，由牛頓第二定律得解得質(zhì)點(diǎn)自P滑到Q的過(guò)程中，由動(dòng)能定理得得克服摩擦力所做的功為故C正確，ABD錯(cuò)誤.故選C。7。質(zhì)量是的建筑工人,不慎從高空跌下，由于彈性安全帶的保護(hù)，使他懸掛起來(lái)．已知安全帶的緩沖時(shí)間是,安全帶長(zhǎng)，取,則安全帶所受的平均沖力的大小為（）A。 B. C. D.【答案】A【解析】根據(jù)v2=2gL得，彈性繩繃直時(shí)，工人的速度為：v==10m/s，取人為研究對(duì)象，在人和安全帶相互作用的過(guò)程中,人受到重力mg和安全帶給的沖力F,取F方向?yàn)檎较?，由?dòng)量定理得：Ft?mgt=0?(?mv),代入數(shù)據(jù)解得：F=1100N，方向豎直向上，由牛頓第三定律可知，安全帶受到的平均沖力為：F′=F=1100N，方向豎直向下．故A正確，BCD錯(cuò)誤．故選A8。如圖，E為內(nèi)阻不能忽略的電池，R1、R2、R3為定值電阻，S0、S為開(kāi)關(guān)，V與A分別為電壓表與電流表．初始時(shí)S0與S均閉合，現(xiàn)將S斷開(kāi)，則（）A。V的讀數(shù)變大，A的讀數(shù)變小 B。V的讀數(shù)變大,A的讀數(shù)變大C.V的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變小 D.V的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變大【答案】B【解析】【詳解】S斷開(kāi)，相當(dāng)于電阻變大，則由閉合電路歐姆定律可得電路中總電流減小,故路端電壓增大,V的讀數(shù)變大；把R1歸為內(nèi)阻，內(nèi)電壓減小，故R3中的電壓增大，由歐姆定律可知R3中的電流也增大，電流表示數(shù)增大，A．分析得V的讀數(shù)變大，Ａ的讀數(shù)變大,故A錯(cuò)誤；B．分析得V的讀數(shù)變大，Ａ的讀數(shù)變大，故B正確;C．分析得V的讀數(shù)變大,Ａ的讀數(shù)變大，故C錯(cuò)誤;D．分析得V的讀數(shù)變大，Ａ的讀數(shù)變大，故D錯(cuò)誤；9。一個(gè)連同裝備共有100kg的宇航員，脫離宇宙飛船后，在離飛船45m的位置與飛船處于相對(duì)靜止?fàn)顟B(tài).裝備中有一高壓氣源，能以50m/s的速度噴出氣體.航天員為了能在10分鐘內(nèi)返回飛船，他需要在開(kāi)始返回的瞬間一次性向后噴出氣體的質(zhì)量是(）A。0。10kg B。0.15kg C.0。20kg【答案】B【解析】【詳解】設(shè)宇航員的速度為u，則釋放m1氧氣后，則根據(jù)動(dòng)量守恒有0=m1v—(M-m1）u代入數(shù)據(jù)得m1=0。15kg故選B。10。如圖所示的U-I圖象中，直線Ⅰ為某電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線Ⅱ?yàn)槟骋浑娮鑂的U-I圖線,用該電源直接與電阻R連接成閉合電路,由圖象可知()A。R的阻值為15B。電源電動(dòng)勢(shì)為3。0V，內(nèi)阻為0.5C.電源的輸出功率為3.0WD.電源內(nèi)部消耗功率為1.5W【答案】D【解析】【詳解】A．兩圖線的交點(diǎn)表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時(shí)電路中電流和路端電壓，則有，，電阻R的阻值為，根據(jù)A錯(cuò)誤;B．由圖線Ⅰ縱軸截距讀出電源的電動(dòng)勢(shì)，其斜率大小等于電源的內(nèi)阻，則有B錯(cuò)誤;C．兩圖線的交點(diǎn)表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時(shí)電路中電流和路端電壓，則有,，電源的輸出功率為C錯(cuò)誤;D．電阻內(nèi)部消耗的功率為D正確。故選D。11。如圖所示，平行金屬板A、B水平正對(duì)放置，分別帶等量異號(hào)電荷．一帶電微粒水平射入板間，在重力和電場(chǎng)力共同作用下運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖中虛線所示,那么A.若微粒帶正電荷，則A板一定帶正電荷B。微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)電勢(shì)能一定增加C。微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)動(dòng)能一定增加D.微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)機(jī)械能一定增加【答案】C【解析】【詳解】A、粒子在電場(chǎng)力和重力的合力作用下做類平拋運(yùn)動(dòng)，合力向下，電場(chǎng)力可能向上而小于重力,也可能向下，故無(wú)法判斷A板的帶電情況，A錯(cuò)誤；B、電場(chǎng)力可能向上，也可能向下，故微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)電勢(shì)能可能增加，也可能減小,B錯(cuò)誤；C、粒子在電場(chǎng)力和重力的合力作用下做類似平拋運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力和重力的合力向下，故從M到N動(dòng)能增加，C正確；D、電場(chǎng)力可能向上，也可能向下，故微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)過(guò)程，電場(chǎng)力可能做負(fù)功,也可能做正功，故機(jī)械能可能增加，也可能減少，D錯(cuò)誤；12.質(zhì)量為m，速度為v的A球跟質(zhì)量為3mA.0。2v B。0。3v C.0。4v D.0。6v【答案】BC【解析】【詳解】?jī)汕蚺鲎策^(guò)程中動(dòng)量守恒,以A的初速度方向?yàn)檎较颍绻麅汕虬l(fā)生完全非彈性碰撞，由動(dòng)量守恒定律得mv=(m+3m）v解得v′=0。25v如果兩球發(fā)生完全彈性碰撞,由動(dòng)量守恒定律得mv=mvA+3mvB由機(jī)械能守恒定律得mv2=mvA2+?3mvB2解得vB=0。5v則碰撞后B的速度為025v≤vB≤0.5v故BC正確;AD錯(cuò)誤

故選BC.13。如圖所示，小球位于光滑的曲面體頂端，曲面體位于光滑的水平地面上，從地面上看，在小球沿曲面下滑的過(guò)程中,則下列說(shuō)法正確的是(）A.小球與曲面體組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒B.曲面體對(duì)小球的作用力垂直于接觸面且對(duì)小球做負(fù)功C。球和曲面體對(duì)地的水平位移與二者的質(zhì)量成反比D.球沿曲面體下滑過(guò)程中，球和曲面體所受合外力的沖量始終等大反向【答案】BC【解析】【分析】小球下滑過(guò)程中,系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動(dòng)量守恒．只發(fā)生動(dòng)能和重力勢(shì)能的轉(zhuǎn)化，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒；根據(jù)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒列式求解水平位移關(guān)系．結(jié)合動(dòng)量定理分析．【詳解】在小球沿曲面下滑的過(guò)程中，小球有豎直分加速度，系統(tǒng)的合外力不為零，動(dòng)量不守恒．只發(fā)生重力勢(shì)能與動(dòng)能的轉(zhuǎn)化，所以系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故A錯(cuò)誤．曲面體對(duì)小球的作用力垂直于接觸面，由于曲面向右移動(dòng)，曲面體對(duì)小球的作用力與小球相對(duì)于地的速度方向成鈍角，所以曲面體對(duì)小球的作用力垂直于接觸面且對(duì)小球做負(fù)功,故B正確．取水平向左為正方向,由系統(tǒng)水平動(dòng)量守恒得,得，即球和曲面體對(duì)地的水平位移與二者的質(zhì)量成反比，故C正確．球沿曲面體下滑過(guò)程中,球?qū)η骟w的作用力沖量與曲面體對(duì)球的作用力沖量始終等大反向，而合外力是物體受到的所有力的合力,則球和曲面體所受合外力的沖量關(guān)系不能確定,故D錯(cuò)誤．故選BC．【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要掌握小球下滑過(guò)程中，系統(tǒng)水平方向不受外力，由動(dòng)量守恒定律分析水平位移關(guān)系．對(duì)于機(jī)械能是否守恒，可根據(jù)能量的轉(zhuǎn)化情況分析．14。如圖,O是一固定的點(diǎn)電荷，虛線a、b、c是該點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中的三條等勢(shì)線,正點(diǎn)電荷q僅受電場(chǎng)力的作用沿實(shí)線所示的軌跡從a處運(yùn)動(dòng)到b處,然后又運(yùn)動(dòng)到c處，由此可見(jiàn)（)A.O為負(fù)電荷B.在整個(gè)過(guò)程中q的速度先變大后變小C。在整個(gè)過(guò)程中q的加速度先變大后變小D。在整個(gè)過(guò)程中，電場(chǎng)力做功為0【答案】CD【解析】【詳解】A．粒子所受合力的方向大致指向軌跡的彎曲的方向，知正電荷所受的電場(chǎng)力背離點(diǎn)電荷向外，知O為正電荷．故A錯(cuò)誤．B．從從a處運(yùn)動(dòng)b處，然后又運(yùn)動(dòng)到c處電場(chǎng)力先做負(fù)功，再做正功，則動(dòng)能先減小再增大，所以速度先減小再增大．故B錯(cuò)誤．C．越靠近點(diǎn)電荷，電場(chǎng)線越密，則電荷所受電場(chǎng)力越大，加速度越大，則加速度先增大后減小，故C正確．D．a(chǎn)與c在同一個(gè)等勢(shì)面上，兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為零，根據(jù)W=qU，知電場(chǎng)力做功為零,故D正確．15。如圖所示，平行板電容器與直流電源連接,下極板接地，一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，則()A.P點(diǎn)電勢(shì)將降低B。帶電油滴的電勢(shì)能保持不變C。帶電油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)D。電容器的電容減小,極板帶電荷量減小【答案】AD【解析】【詳解】A．因?yàn)殡娙萜骱椭绷麟娫聪噙B，則極板間電壓不變，間距增大，極板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小，所以P點(diǎn)和下極板間的電勢(shì)差減小，又下極板接地，所以P點(diǎn)電勢(shì)減小，選項(xiàng)A正確；B．根據(jù)題意可知,上極板帶正電，又油滴初始靜止，所以可知油滴帶負(fù)電,P點(diǎn)電勢(shì)減小，因此油滴電勢(shì)能增大，B錯(cuò)誤；C．因?yàn)闃O板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小，原來(lái)電場(chǎng)力等于重力，現(xiàn)在電場(chǎng)力小于重力，油滴向下運(yùn)動(dòng),C錯(cuò)誤；D．根據(jù)平行板電容器電容決定式可知，極板間距增大，電容減小，又電壓不變，所以極板所帶電荷量Q=CU減小,選項(xiàng)D正確。故選AD。16。如圖所示，在傾角=30°的光滑固定斜面上，放有兩個(gè)質(zhì)量分別為1kg和2kg的可視為質(zhì)點(diǎn)的小球A和B，兩球之間用一根長(zhǎng)L=0。2m的輕桿相連，小球B距水平面的高度h=0。lm。兩球從靜止開(kāi)始下滑到光滑地面上,不計(jì)球與地面碰撞時(shí)的機(jī)械能損失，g取10m/s2.則下列說(shuō)法中正確的是(）A.下滑的整個(gè)過(guò)程中A球機(jī)械能守恒B。下滑的整個(gè)過(guò)程中兩球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C。兩球在光滑地面上運(yùn)動(dòng)的速度大小為D.系統(tǒng)下滑的整個(gè)過(guò)程中B球機(jī)械能的增加量為【答案】BCD【解析】【詳解】A．在下滑的整個(gè)過(guò)程中，只有重力對(duì)系統(tǒng)做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，但在B在水平面滑行，而A在斜面滑行時(shí)，桿的彈力對(duì)A球做功，所以A球機(jī)械能不守恒，A錯(cuò)誤B正確；C．根據(jù)系統(tǒng)AB機(jī)械能守恒得

代入解得C正確；D．系統(tǒng)下滑的整個(gè)過(guò)程中B球機(jī)械能的增加量為D正確。故選BCD。二、實(shí)驗(yàn)題（每空2分,共16分。）17。某同學(xué)為了測(cè)量一均勻金屬圓柱體的電阻率，完成下列步驟:(1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量金屬圓柱體的長(zhǎng)度，如圖甲所示，其長(zhǎng)度為_(kāi)_____cm.（2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬圓柱體的直徑，如圖乙所示,其直徑為_(kāi)_____mm?！敬鸢浮浚?)。5。025(2).2。970【解析】【詳解】（1）［1］由圖甲所示可知，游標(biāo)卡尺主尺示數(shù)為50mm，游標(biāo)尺示數(shù)為金屬圓柱體的長(zhǎng)度為(2)［2]螺旋測(cè)微器固定刻度示數(shù)為2.5mm,游標(biāo)尺示數(shù)為金屬圓柱體的直徑18。某實(shí)驗(yàn)小組準(zhǔn)備探究某種元件Q的伏安特性曲線，他們?cè)O(shè)計(jì)了如圖(甲)所示的電路圖.請(qǐng)回答下列問(wèn)題：(1)將圖（乙）中實(shí)物連線按圖（甲）的電路圖補(bǔ)充完整______。(2）在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中,開(kāi)關(guān)S閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)置于最______端(填“左”或“右”）.（3）據(jù)實(shí)驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)，作出該元件的I-U圖線如圖(丙）所示，則元件Q在U=0.8V時(shí)的電阻值是______Ω?！敬鸢浮?1）.圖見(jiàn)解析（2).左(3）.16【解析】【詳解】(1)[1]由圖甲所示電路圖可知，電流表采用外接法,滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，根據(jù)圖示電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示：

(2）［2］為了保證電路安全，在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中,開(kāi)關(guān)S閉合前，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)置于最左端;

(3)[3]圖像的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以元件Q的電阻隨工作電壓的增大而減小，元件Q在U=0。8V時(shí)的電流為0.05A，所以Q的電阻值19。在“用電流表和電壓表測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)中，提供的器材有：A．干電池一節(jié)B．電流表(量程0。6A）C．電壓表(量程3V)D．開(kāi)關(guān)S和若干導(dǎo)線E．滑動(dòng)變阻器R1最大阻值20Ω，允許最大電流1AF．滑動(dòng)變阻器R2最大阻值200Ω，允許最大電流0.5AG．滑動(dòng)變阻器R3最大阻值2000Ω，允許最大電流0.1A（1)按圖甲所示電路測(cè)量于電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選______（填“R1”、“R2”或“R（2）閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器,讀取電壓表和電流表的示數(shù)．用同樣方法測(cè)量多組數(shù)據(jù)，描點(diǎn)畫(huà)圖，得到U-I圖線如圖乙所示,由此求得待測(cè)電池的內(nèi)電阻r=______Ω(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）所得內(nèi)阻的測(cè)量值與真實(shí)值相比______（填“偏大”、“偏小”或“相等”）?！敬鸢浮?1).R1(2）.1.9Ω(3).偏小【解析】【詳解】（1）[1］因干電池內(nèi)阻較小，滑動(dòng)變阻器阻值較小有利于電表的數(shù)值變化，應(yīng)選擇總阻值較小的滑動(dòng)變阻器；故選R1；（2）［2]根據(jù)閉合電路歐姆定律可知U=E﹣Ir則可知，圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電動(dòng)勢(shì)；圖象的斜率表示內(nèi)阻;所以待測(cè)電池的內(nèi)電阻[3］本實(shí)驗(yàn)的誤差來(lái)源于電壓表的分流,當(dāng)外電路短路時(shí)，電壓表不分流，故短路電流相同；而測(cè)量的電流值要小于真實(shí)值,故作出測(cè)量值和真實(shí)值的圖象如圖所示。由圖象可知,電源電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值小于真實(shí)值，電源內(nèi)阻測(cè)量值小于真實(shí)值，即內(nèi)阻的測(cè)量值比真實(shí)值偏小.三、計(jì)算題（4小題，共36分。）20.如圖所示，光滑固定坡道頂端距水平面高度為h,質(zhì)量為m的小物塊A從坡道頂端由靜止滑下，進(jìn)入水平面上的滑道時(shí)無(wú)機(jī)械能損失,為使A制動(dòng)，將輕彈簧的一端固定在水平滑道延長(zhǎng)線M處的墻上，另一端恰位于坡道的底端O點(diǎn),此時(shí)彈簧處于自然長(zhǎng)度．已知在OM段，物塊A與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，其余各處的摩擦不計(jì)，重力加速度為g。（1）求彈簧最大壓縮量為d時(shí)的彈性勢(shì)能（設(shè)彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)彈性勢(shì)能為零)；（2）當(dāng)彈簧的最大壓縮量為d時(shí),若物塊A能夠被彈回到坡道上,則它能夠上升的最大高度是多少?！敬鸢浮浚?）;（2)【解析】【詳解】（1）物體滑到O點(diǎn)時(shí)的速度大小為，由機(jī)械能守恒定律得解得v＝在水平滑道上物塊A克服摩擦力所做的功為由能量守恒定律得以上各式聯(lián)立得（2)物塊A被彈回的過(guò)程中，克服摩擦力所做的功仍為由能量守恒定律得所以物塊A能夠上升的最大高度為21.如圖所示，一質(zhì)量m1＝0。45kg的平板小車靜止在光滑的水平軌道上．車頂右端放一質(zhì)量m2＝0.5kg的小物塊，小物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，小物塊與車的動(dòng)摩擦因素μ=0.5，現(xiàn)有一質(zhì)量m0＝0。05kg的子彈以水平速度v0＝100m/s射中小車左端，并留在車中，子彈與車相互作用時(shí)間很短．（g取10m/s2）求:（1）子彈剛剛射入小車時(shí),小車的速度大?。?)要使小物塊不脫離小車，小車至少有的長(zhǎng)度．【答案】(1）10m/s；（2)5m【解析】【詳解】(1）子彈進(jìn)入小車的過(guò)程中，子彈與小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒,由動(dòng)量守恒定律得解得（2)三物體組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，當(dāng)小物塊與車共速時(shí)由動(dòng)量守恒定律和動(dòng)能守恒定律：得22。一根長(zhǎng)為l的絲線吊著一質(zhì)量為m，帶電荷量為q的小球靜止在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，如圖所示，絲線與豎直方向成37°角,現(xiàn)突然將該電場(chǎng)方向變?yōu)橄蛳虑掖笮〔蛔?不考慮因電場(chǎng)的改變而帶來(lái)的其他影響(重力加速度為g),求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小;（2）小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)受到的拉力大小【答案】（1）（2)【解析】【詳解】（1）以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況：重力mg、電場(chǎng)力qE、絲線的拉力FT，電場(chǎng)力方向必定水平向右，與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同,所以小球帶正電荷．如圖1所示．由平衡條件得：mgtan37°=qE故（2）當(dāng)電場(chǎng)方向變?yōu)橄蛳潞?，小球受到的電?chǎng)力