湖南省五市十校2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試題

PAGE10-湖南省五市十校2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試題本試卷共4頁，全卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。考生留意：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡，上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.有一質(zhì)點(diǎn)，從坐標(biāo)原點(diǎn)O自t＝0時(shí)刻起先沿x軸運(yùn)動(dòng)，其v－t圖象如圖所示。現(xiàn)有下列說法，其中正確的是A.t＝2.0s時(shí)質(zhì)點(diǎn)離O點(diǎn)最遠(yuǎn)B.t＝0.5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生變更C.t＝1.0s時(shí)質(zhì)點(diǎn)離O點(diǎn)最遠(yuǎn)D.t＝1.0s時(shí)質(zhì)點(diǎn)回到O點(diǎn)2.如圖所示，始終角支架固定不動(dòng)。在其光滑豎直桿上套著一個(gè)滑塊，用輕繩系著滑塊繞過光滑的定滑輪。用豎直向下的力F緩慢拉繩，使滑塊從A點(diǎn)起由靜止起先緩慢上升至B、C點(diǎn)。下列說法正確的是A.滑塊從A點(diǎn)到B點(diǎn)的過程中，力F大小不變B.滑塊從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程中，桿對(duì)滑塊的彈力不變C.滑塊從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程中，力F漸漸變小D.滑塊從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程中，桿對(duì)滑塊的彈力變大3.排球運(yùn)動(dòng)場(chǎng)地示意圖如圖所示，排球網(wǎng)在O點(diǎn)處，左右兩側(cè)場(chǎng)地的A、B兩點(diǎn)與O點(diǎn)距離均為H，AB連線與網(wǎng)平面垂直，左右邊界與網(wǎng)的垂直距離約為3H。一運(yùn)動(dòng)員在A正上方H處將球水平拍出，剛好被對(duì)方運(yùn)動(dòng)員在B點(diǎn)上方處接住，不計(jì)空氣阻力，則A.球被拍出后，相同時(shí)間內(nèi)速度變更量越來越大B.球被拍出后，經(jīng)過t＝的時(shí)間被接住C.球被拍出瞬間，初速度大小為v0＝D.若對(duì)方運(yùn)動(dòng)員不接球，該球便落在對(duì)方界內(nèi)得分4.有兩個(gè)完全相同的金屬小球A、B(它們的大小可忽視不計(jì))，A帶電荷量為9Q，B帶電荷量為－Q，當(dāng)A、B在真空中相距為r時(shí)，兩球之間的相互作用的庫侖力為F；現(xiàn)用絕緣工具使A、B球相互接觸后距離變?yōu)樵瓉淼?倍，則A、B間的相互作用的庫侖力的大小是A.B.C.D.5.如圖，電荷量為q1和q2的兩個(gè)點(diǎn)電荷分別位于P點(diǎn)和Q點(diǎn)，已知在P、Q連線上某點(diǎn)R處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，且PR＝3RQ，則A.q1＝3q2B.q1＝9q2C.q1＝－3q2D.q1＝－9q26.如圖所示，A、B兩帶正電粒子質(zhì)量之比為1：2，電荷量之比為1：4。兩粒子在O上方同一位置沿垂直電場(chǎng)方向射入平行板電容器中，分別打在C、D兩點(diǎn)，OC＝CD，忽視粒子重力及粒子間的相互作用，下列說法正確的是A.A和B在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1：B.A和B運(yùn)動(dòng)的加速度大小之比為1：2C.A和B的初速度大小之比為1：4D.A和B的末速度大小之比為1：27.如圖所示的U－I圖像中，直線a表示某電源路端電壓與電流的關(guān)系，直線b為某一電阻R的U－I圖像。用該電源干脆與電阻R連接成閉合電路，由圖像可知A.電源的輸出功率為2WB.電源電動(dòng)勢(shì)為4.0V，內(nèi)阻為0.5ΩC.電源的總功率為8WD.若將兩個(gè)相同電阻R串聯(lián)接入該電源，則電流變?yōu)樵瓉淼?.如圖所示，先接通S使電容器充電，然后斷開S。當(dāng)增大兩極板間距離時(shí)，電容器所帶電荷量Q、電容C、兩極板間電勢(shì)差U、兩極板間場(chǎng)強(qiáng)E的變更狀況是A.Q變小，C不變，U不變，E變小B.Q變小，C變小，U不變，E不變C.Q不變，C變小，U變大，E不變D.Q不變，C變小，U變小，E變小二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.某中軌道衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑約為地球同步衛(wèi)星軌道半徑的一半，已知地球自轉(zhuǎn)周期為T，地球同步衛(wèi)星軌道半徑為r，則下列說法正確的是A.中軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)的周期約為B.中軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)的線速度等于C.中軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)的角速度比同步衛(wèi)星角速度小D.中軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)的向心加速度比同步衛(wèi)星向心加速度大10.一帶電粒子在電場(chǎng)中僅受靜電力作用，做初速度為零的直線運(yùn)動(dòng)。取該直線為x軸，起始點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，其電勢(shì)能Ep與位移x的關(guān)系如圖所示。下列圖象中明顯不合理的是11.如圖所示電路中，電源的內(nèi)阻為r，三只燈泡原來都正常發(fā)光，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向左移動(dòng)時(shí)，下面的推斷正確的是A.L1變暗B.L2變亮C.L3變亮D.路端電壓變小12.如圖，電流表A1(0～3A)和A2(0～0.6A)是由兩個(gè)相同的靈敏電流計(jì)改裝而成，現(xiàn)將這兩個(gè)電流表并聯(lián)后接入電路中。閉合開關(guān)S，調(diào)整滑動(dòng)變阻器，下列說法中正確的是A.A1、A2的讀數(shù)之比為5：1B.A1、A2的讀數(shù)之比為1：1C.A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：1D.A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1：5三、非選擇題：共52分。13.(6分)如圖是在“探究功與物體速度變更的關(guān)系”的試驗(yàn)中得到的一條紙帶。A、B、C、D、E、F、G為計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間時(shí)間間隔為0.1s，x1＝2.20cm，x2＝2.60cm，x3＝2.98cm，x4＝3.38cm，x5＝3.79cm，x6＝4.18cm。則：(1)有關(guān)電火花計(jì)時(shí)器操作和測(cè)量的說法中正確的是。A.電火花計(jì)時(shí)器運(yùn)用的是220V的溝通電源B.起先釋放小車前，應(yīng)使小車靠近電火花計(jì)時(shí)器C.運(yùn)用的電源頻率越高，打點(diǎn)的時(shí)間間隔就越大D.在同一紙帶上打的點(diǎn)越密，說明物體運(yùn)動(dòng)的速度越小(2)求打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打B測(cè)量點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小：vB＝m/s(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。(3)依據(jù)以上數(shù)據(jù)，求出小車的加速度a＝m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。14.(8分)在電路設(shè)計(jì)中須要一個(gè)30Ω的電阻，而身邊只有一個(gè)標(biāo)識(shí)模糊的電阻，用歐姆表粗略測(cè)定約為30Ω，現(xiàn)用伏安法來測(cè)定，要求測(cè)量數(shù)據(jù)盡可能多，誤差盡可能小，備有以下器材：A.電池組(6V、約1Ω)B.電流表(0～3A、約0.01Ω)C.電流表(0～150mA、約0.8Ω)D.電壓表(0～5V、約5kΩ)E.電壓表(0～20V、約15kΩ)F.滑動(dòng)變阻器(0～5Ω、1.5A)G.滑動(dòng)變阻器(0～300Ω、0.3A)H.開關(guān)、導(dǎo)線(1)上述器材中電流表應(yīng)選用的是(填序號(hào))。(2)上述器材中電壓表應(yīng)選用的是(填序號(hào))。(3)上述器材中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用的是(填序號(hào))。(4)畫出試驗(yàn)電路圖。15.(6分)如圖，細(xì)繩跨過定滑輪懸掛質(zhì)量分別為M和m的兩物體A和B，且M>m，不計(jì)摩擦。在系統(tǒng)由靜止起先運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g，求：A物體的加速度的大小。16.(8分)如圖所示電路中，電阻R1＝4Ω，R2＝10Ω，電源內(nèi)阻r＝2Ω，小燈泡的規(guī)格為5V，5W，當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，小燈泡正常發(fā)光，求：(1)電源電動(dòng)勢(shì)；(2)若通電8s，則電阻R2的發(fā)熱量為多少。17.(10分)如圖所示，用長為1.6m的輕質(zhì)松軟絕緣細(xì)線，拴一質(zhì)量為4.0×10－2kg、電荷量為3.0×10－6C的帶正電的小球，細(xì)線的上端固定于O點(diǎn)。現(xiàn)加一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，平衡時(shí)細(xì)線與鉛垂線成37°角，(sin37°＝0.6，g取10m/s2)求：(1)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小；(2)若將小球拉到右側(cè)與O點(diǎn)等高的位置且保持細(xì)線水平由靜止釋放，求小球擺到最低點(diǎn)時(shí)小球的速度。18.(14分)半徑為R的光滑半圓管道(管道內(nèi)徑遠(yuǎn)小于R)豎直固定于水平面上，管道最低點(diǎn)B恰與粗糙水平面相切，彈射器固定于水平面上。一個(gè)可看作質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m的小物塊將彈簧壓縮至A處，A、B相距為l，彈射器將小物塊由靜止起先彈出，小物塊沿半圓管道運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)C恰好與管壁無接觸，已知小物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g，求：(1)小物塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)對(duì)管璧的壓力；(2)彈射器釋放的彈性勢(shì)能Ep；(3)若管道的半徑r可變，且彈射器釋放的彈性勢(shì)能恒為Ep，試求當(dāng)r滿意什么條件時(shí)小物塊從C點(diǎn)拋出后落到水平面上離B點(diǎn)最遠(yuǎn)。物理參考答案一、單項(xiàng)選擇題（本題包括8小題，每題4分，共32分）題號(hào)12345678選項(xiàng)CDDABBAC二、多項(xiàng)選擇題（本題包括4小題，每題4分，共16分）題號(hào)9101112選項(xiàng)BDADCDAC1.C解析：速度的正負(fù)表方向，在前1s內(nèi)物體沿負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，在后1s內(nèi)沿正方向運(yùn)動(dòng)，兩段時(shí)間內(nèi)位移大小相等，所以t=1s時(shí)離原點(diǎn)最遠(yuǎn)，t=2s時(shí)，回到動(dòng)身點(diǎn)．故C正確。2.D解析：依據(jù)幾何關(guān)系可知，輕繩與豎直桿的夾角α越來越大，滑塊緩慢上升可看作動(dòng)態(tài)平衡，豎直方向Fcosα=mg,F=mg/cosα,夾角α增大，cosα減小,F增大。AC錯(cuò)誤。水平方向N=Fsinα=mgtanα,夾角α增大，tanα增大,N增大。B錯(cuò)D對(duì)。3.D解析：球被拍出后，做平拋運(yùn)動(dòng)，相同時(shí)間內(nèi)速度相同,A錯(cuò)；豎直方向自由落體，，B錯(cuò)；水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，,C錯(cuò)；若球落地水平方向勻速運(yùn)動(dòng)，落在對(duì)方界內(nèi),D對(duì)。4.A解析：未接觸前，依據(jù)庫侖定律，得，接觸后兩球帶電量相同,距離變?yōu)?r,再由庫侖定律，得;所以A對(duì)，BCD錯(cuò)。5.B解析：據(jù)題知，q1和q2兩個(gè)點(diǎn)電荷在R處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等、方向相反，則q1和q2的電性相同，設(shè)RQ=r，則PR=3r.依據(jù)電場(chǎng)的疊加原理可得：,可得|q1|=9|q2|,綜上可得：q1=9q2。6.B解析：質(zhì)量之比為1：2，電荷量之比為1：4．所以比荷之比為1：2。粒子在豎直方向做靜止起先的勻加速運(yùn)動(dòng)且位移相等，,可知運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為，A錯(cuò)；，加速度與比荷成正比，所以加速度之比為1:2，B對(duì)；，而位移之比為1:2，時(shí)間之比為，所以初速度之比為,C錯(cuò);，所以末速度之比為，D錯(cuò)。7.A解析：電源的輸出功率,A對(duì);電動(dòng)勢(shì)為4.0V，內(nèi)阻，B錯(cuò);電源的總功率,C錯(cuò);原電路的總電阻為4?，若將兩個(gè)相同電阻R串聯(lián)接入該電源，則總電流變?yōu)??，即總電阻變?yōu)樵瓉淼?，所以電流變?yōu)樵瓉淼摹?.C解析：電容器與電源斷開，電量Q保持不變，增大兩極板間距離時(shí)，依據(jù)，知道電容C變小，依據(jù)，知兩版極板間的電勢(shì)權(quán)差U變大，依據(jù)，知電場(chǎng)強(qiáng)度E不變．故C正確，A、B、D錯(cuò)誤。9.BD解析：由開普勒第三定律，則,A錯(cuò)；中軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)的線速度等于,B對(duì);中軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)的角速度比同步衛(wèi)星的角速度大，C錯(cuò);依據(jù),可知中軌道衛(wèi)星繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)的向心加速度比同步衛(wèi)星向心加速度大,D對(duì)。10.AD解析：粒子僅受電場(chǎng)力作用，做初速度為零的加速直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做功等于電勢(shì)能的減小量，故：，Ep-x圖象上某點(diǎn)的切線的斜率表示電場(chǎng)力，故電場(chǎng)力漸漸減小，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，A錯(cuò);依據(jù)動(dòng)能定理，有：F?△x=△Ek，故Ek-x圖線上某點(diǎn)切線的斜率表示電場(chǎng)力；由于電場(chǎng)力漸漸增大，粒子做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，故B正確；a-x圖像的斜率為，由于a和v均增大，所以比值不確定；只有勻變速運(yùn)動(dòng)的v2-x圖象才是直線，故D錯(cuò)誤：由于本題選明顯錯(cuò)誤的．所以選AD。11.CD解析：當(dāng)滑片向左移時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流增大，故L1變亮；電路中總電流增大，故內(nèi)阻r及R0、L1兩端的電壓增大，而電動(dòng)勢(shì)不變，故并聯(lián)部分的電壓減小，故L2變暗；因L2中電流減小，干路電流增大，故流過L3的電流增大，故L3變暗亮；故AB錯(cuò)誤；C正確；電路中總電流增大，故路端電壓變小，故D正確。12.AC解析：由電表A1、A2量程之比5：1，則其內(nèi)阻由可得內(nèi)阻之比為1：5．A1、A2并聯(lián)故流經(jīng)A1、A2電流之比與內(nèi)阻成反比為5：1，所以屬讀數(shù)之比為5：1，由電表改裝原理

可得A1、A2并聯(lián)．故流經(jīng)兩電流計(jì)的電流相等，兩指針偏轉(zhuǎn)角度相等，故選AC。三、試驗(yàn)題（本題包括2小題，13小題6分，每空2分，14小題8分，每空2分，共14分）13、（1）ABD；（2）0.24；（3）0.40解析：（2）。（3）。14、（1）C；（2）D；（3）F；（4）如圖所示解析：（1）電源電動(dòng)勢(shì)為6V，電壓表E量程太大，不能達(dá)到滿偏，所以電壓表應(yīng)選D;流過待測(cè)電阻的最大電流約為，電流表B量程太大，不能達(dá)到滿偏，所以電流表應(yīng)選C；要求測(cè)量數(shù)據(jù)盡可能多,限制電路采納分壓式，為便利試驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選F、又,測(cè)量電路采納外接法。所以電路圖為分壓外接，如圖。四、計(jì)算題（本題包括4小題，15小題6分，16小題8分，17小題10分，18小題14分，共38分）15、解：以A為對(duì)象，由牛頓其次定律得Mg-FT=Ma2分以B為對(duì)象，由牛頓其次定律得FT-mg=ma2分聯(lián)立可得a=(M-m)g/(M+m)2分16、解：(1)IL=P/U=1A2分IR2=U/R2=0.5A2分E=U+（IL+IR2）(R1+r)=14V2分(2)Q=IR22R2t=20J2分17、解：(1)小球受力如圖，小球處于平衡狀態(tài)所以：Eq=mgtanα，得2分電場(chǎng)強(qiáng)度的大小是1.0×105N/C2分

（2）由動(dòng)能定理有Mgl-Eql=mv2/2，4分得v=2m/s2分18、解：(1)小物塊恰好到達(dá)圓軌道最高點(diǎn)，則由牛頓其次定律得mg＝meq\f(v2,R)