2023-2024學年東北三省四市教研聯(lián)合體高三下學期二模物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE22024年東北三省四市教研聯(lián)合體高考模擬（二）物理試卷（本試卷滿分100分，考試時間75分鐘）注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的〖答案〗標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號。答非選擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試題卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選或不答的得0分。1.在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射的我國神舟十八號載人飛船與運載火箭組合體，總質(zhì)量超過400t，總高度近60m。飛船入軌后，于北京時間2024年4月26日3時32分，成功對接于空間站天和核心艙徑向端口?？臻g站的軌道高度約380～400km，運行速度約7.8km/s。下列說法正確的是（）A.速度、高度和質(zhì)量均為矢量B.“總質(zhì)量超過400t”中的“t”為導出單位C.研究飛船與空間站天和核心艙對接時，可將飛船視為質(zhì)點D.“北京時間2024年4月26日3時32分”指的是時刻〖答案〗D〖解析〗A．速度為矢量，質(zhì)量是標量，故A錯誤；B．“總質(zhì)量超過400t”中的“t”為質(zhì)量的常用單位，不是導出單位，故B錯誤；C．研究飛船與空間站天和核心艙對接時，飛船的形狀不能忽略，不能視為質(zhì)點，故C錯誤；D．“北京時間2024年4月26日3時32分”指的是時刻，故D正確；故選D。2.氫原子的能級如圖所示，一群處于能級的氫原子向較低能級躍遷時會發(fā)出頻率不同的光，這些光照射在逸出功為3.34eV的鋅板上，下列說法正確的是（??）A.氫原子的發(fā)射光譜是連續(xù)譜B.這群氫原子最多能發(fā)出三種不同頻率的光C.從躍遷到能級時發(fā)出的光波長最短D.僅有兩種頻率的光能使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)〖答案〗C〖解析〗A．氫原子只能處于幾條特定的能級狀態(tài)，在不同能級躍遷時發(fā)出特定頻率的光，因此所發(fā)射的光譜不是連續(xù)的，故A錯誤；B．這群氫原子最多能發(fā)出種不同頻率的光，故B錯誤；C．從躍遷到能級時發(fā)出的光的能量最大，根據(jù)光波長最短，故C正確；D．一群處于能級的氫原子向較低能級躍遷時，輻射光子種類數(shù)目為6種，其中有3種大于3.34eV，能使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯誤。故選C。3.人造地球衛(wèi)星繞地球近似做勻速圓周運動。若衛(wèi)星的線速度變?yōu)樵瓉淼暮笕宰鰟蛩賵A周運動，則衛(wèi)星（??）A.軌道半徑變?yōu)樵瓉淼?倍 B.距地面高度變?yōu)樵瓉淼腃.周期變?yōu)樵瓉淼?倍 D.向心加速度變?yōu)樵瓉淼摹即鸢浮紸〖解析〗A．根據(jù)線速度變?yōu)樵瓉淼?，軌道半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，故A正確；B．軌道半徑變大，則距地面高度變大，故B錯誤；C．根據(jù)軌道半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，周期變?yōu)樵瓉淼?倍，故C錯誤；D．根據(jù)軌道半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，向心加速度變?yōu)樵瓉淼?，故D錯誤。故選A。4.如圖所示，點電荷a、b、c固定在平面內(nèi)，a、b位于x軸上2d和3d處，c位于y軸上3d處。已知b、c帶等量異種電荷且原點O處的電場強度沿y軸正方向。則（??）A.點電荷a、b為同種電荷 B.點電荷c一定帶負電C.a的電荷量是c的倍 D.O點電勢高于P點電勢〖答案〗B〖解析〗AB．由于原點O處電場方向沿y軸正方向，所以點電荷c一定帶負電，點電荷a、b為異種電荷，由于b、c帶等量異種電荷，b帶正電，a帶負電，且點電荷a、b在O點的電場強度等大反向，故A錯誤，B正確；C．點電荷a在O點的電場強度點電荷b在O點的電場強度由于點電荷a、b在O點的電場強度等大反向，所以a的電荷量是b的倍，b、c帶等量異種電荷，則a的電荷量是c的倍，故C錯誤；D．電勢是標量，運算法則符合代數(shù)運算法則。O點電勢由于所以O(shè)點電勢由于所以所以O(shè)點電勢等于P點電勢，故D錯誤。故選B。5.一列簡諧橫波以速度沿x軸正方向傳播，時刻的波形如圖所示，介質(zhì)中平衡位置在坐標原點的質(zhì)點P此時刻的位移。則（）A.0～5s時間內(nèi)，質(zhì)點P沿x軸正方向移動20mB.該時刻后的極短時間內(nèi)，質(zhì)點P的加速度增大C.該波的周期為3sD.該波的波長為10m〖答案〗C〖解析〗A．質(zhì)點只能在平衡位置上下振動，不能“隨波逐流”，故A錯誤；B．波向右傳播，則質(zhì)點P向下振動，位移減小，則加速度減小，故B錯誤；CD．設(shè)波的表達式為將（5，0）、（0，10）代入解得，m周期為s故C正確，D錯誤；故選C6.如圖所示，輕彈簧上端固定，另一端與置于水平地面b點的小滑塊相連，小滑塊處于靜止狀態(tài)。現(xiàn)用外力作用在小滑塊上將其由b點沿水平地面緩慢移至a點，此時彈簧形變量與小滑塊在b點時彈簧的形變量相同。則撤去外力后（??）A.小滑塊將靜止在a點B.小滑塊在a點時彈簧的彈力與b點時相同C.小滑塊在a點對地面的壓力小于b點對地面壓力D.小滑塊在a點所受的摩擦力大于b點所受摩擦力〖答案〗A〖解析〗B．根據(jù)題意，小滑塊在a點時，彈簧處于壓縮狀態(tài)，在b點時，彈簧處于伸長狀態(tài)，在a彈簧形變量與在b點時彈簧的形變量相同，則彈簧彈力大小相同，但方向不同，故B錯誤；C．小滑塊在a點時，彈簧彈力有向下的分力，小滑塊在b點時，彈簧彈力有向上的分力，所以小滑塊在a點對地面的壓力大于b點對地面壓力，故C錯誤；A．小滑塊在a點對地面的壓力大于b點對地面壓力，所以小滑塊在a點受到地面的最大靜摩擦力大于b點受到地面的最大靜摩擦力，而小滑塊在a、b兩點彈簧彈力大小相同，在a點時彈簧彈力在水平方向的分力較小，所以小滑塊將靜止在a點，故A正確；D．小滑塊在a點時彈簧彈力在水平方向的分力較小，根據(jù)平衡條件，小滑塊在a點所受的摩擦力小于b點所受摩擦力，故D錯誤。故選A。7.如圖所示，半徑為1m的四分之三光滑圓軌道豎直固定在水平地面上，B點為軌道最低點，A點與圓心O等高。質(zhì)量為1kg的小球（可視為質(zhì)點）在A點正上方0.75m處靜止釋放，下落至A點時進入圓軌道，重力加速度g取，不計空氣阻力，則（）A.小球在B點的動能為7.5J B.小球在A點受到軌道的彈力大小為10NC.小球上升過程中距地面的最大高度為1.75m D.小球離開軌道后將落至軌道B點〖答案〗D〖解析〗A．小球從釋放到最低點，根據(jù)動能定理有解得J故A錯誤；B．小球從釋放到A點，根據(jù)動能定理有在A點，根據(jù)牛頓第二定律有解得N故B錯誤；C．設(shè)小球上升過程中距地面最大高度與圓心的連線和豎直方向的夾角為，則有從B點到最高點，根據(jù)動能定理有解得最大高度為m故C錯誤；D．假設(shè)小球離開軌道后將落至軌道B點，由C分析可知脫離軌道的速度為m/s根據(jù)斜拋的運動規(guī)律可知解得m=可知小球離開軌道后將落至軌道B點，故D正確；故選D。8.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始，經(jīng)歷四個過程、、、回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示，其中DA段為雙曲線的一支。下列說法正確的是（）A.外界對氣體做功B.氣體的內(nèi)能增加C.氣體向外界放熱D.容器壁單位時間單位面積內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增加〖答案〗CD〖解析〗A．過程，氣體體積變大，氣體對外做功，故A錯誤；B．過程，氣體體積不變，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知壓強減小，氣體溫度降低，內(nèi)能減小，故B錯誤；C．過程，氣體壓強不變，體積減小，即外界對氣體做功，依據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得氣體溫度降低，氣體內(nèi)能減小，所以根據(jù)熱力學第一定律其中，可知氣體向外界放熱，故C正確；D．過程為等溫變化，而氣體壓強變大，故單位面積單位時間，氣體撞擊器壁次數(shù)變多，故D正確。故選CD。9.如圖所示，足夠長的傾角為的光滑斜面底端固定一輕彈簧，彈簧的上端連接質(zhì)量為m的薄鋼板，鋼板靜止時彈簧的壓縮量為。質(zhì)量為m的物塊從斜面上A點滑下，與鋼板碰撞后二者（不粘連）立刻一起做簡諧運動且運動到最高點時恰好不分開。不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.碰撞后二者向下運動到最低點的過程中速度一直減小B.碰撞后物塊、鋼板和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒C.簡諧運動的振幅為D.彈簧彈力的最大值為〖答案〗BD〖解析〗A．鋼板靜止時有當物體A與鋼板接觸后有隨著A物體和鋼板對彈簧的壓縮，其加速度逐漸減小，由于此時加速度方向與速度方向一致，所以其做加速度減小的加速運動，當時，加速度為零，則是速度達到最大，下一刻則有隨著其壓縮量變大，其加速度增加，由于加速度方向與速度方向相反，所以其做加速度增加的減速運動，直至速度為零，達到最低點。綜上所述可知，其碰撞后二者先做加速度減小的加速后做加速度增加的加速運動，故A項錯誤；B．碰撞后將物塊、鋼板和彈簧看成一個系統(tǒng)，該整體只有重力以及系統(tǒng)內(nèi)彈簧的彈力做功，所以其系統(tǒng)機械能守恒，故B項正確；C．碰撞后其做簡諧運動，則為平衡位置時設(shè)彈簧的壓縮量為，有結(jié)合之前的分析有解得即平衡位置在O點下方處，由題意可知，其上升到最高點時速度為零，設(shè)此時彈簧的拉伸形變量為，對整體有對物體A有解得所以其振幅為故C項錯誤；D．有上述分析可知，該簡諧運動的振幅為，其平衡位置為在O點下方處，所以彈簧彈力最大位置，即兩物體處于簡諧運動的最低點，即O點下方處，此時彈簧的彈力為結(jié)合之前的分析，可知彈簧的勁度系數(shù)為解得故D項正確。故選BD。10.如圖所示，傾角為30°、間距為L、足夠長的光滑平行金屬導軌的底端接阻值為R的電阻；質(zhì)量為m的金屬棒通過跨過輕質(zhì)定滑輪的細線與質(zhì)量為4m的重物相連，滑輪左側(cè)細線與導軌平行；金屬棒的電阻為R、長度為L，金屬棒始終與導軌垂直且接觸良好。整個裝置處于垂直導軌平面向上、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中?，F(xiàn)將重物由靜止釋放，其下落高度h時達到最大速度v，重力加速度為g，空氣阻力及導軌電阻不計，此過程中（）A.細線的拉力一直減小 B.金屬棒所受安培力的沖量大小為C.金屬棒克服安培力做功為 D.該過程所經(jīng)歷的時間為〖答案〗BCD〖解析〗A．根據(jù)題意，對重物和金屬棒組成的系統(tǒng)受力分析可得隨著系統(tǒng)開始運動，加速度沿金屬導軌向上，速度逐漸增大，安培力逐漸增大，則系統(tǒng)做加速度逐漸減小的加速運動，直至加速度為0時系統(tǒng)以速度做勻速直線運動。對重物受力分析可得根據(jù)上述分析可知細線的拉力一直增大，速度最大后拉力大小保持不變。故A錯誤；B．金屬棒所受安培力的沖量為故B正確；C．由能量守恒定律得解得根據(jù)功能關(guān)系可知金屬棒克服安培力做的功為故C正確；D．對整體列動量定理可知方程聯(lián)立可得故D正確。故選BCD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.研究碰撞中動量守恒的實驗裝置如圖甲所示，長木板的一端墊有小木塊，可以微調(diào)木板的傾斜程度，使小車能在木板上做勻速直線運動。小車A前端貼有橡皮泥、后端連接紙帶，接通打點計時器電源后，讓小車A以某速度做勻速直線運動，與置于木板上靜止的小車B相碰并粘在一起，繼續(xù)做勻速直線運動。打點計時器的電源頻率為50Hz，得到的紙帶如圖乙所示，各計數(shù)點之間的距離已標在圖上。（1）微調(diào)木板傾斜程度，使小車能在木板上做勻速直線運動的目的是__________。A.消除摩擦力的影響 B.為了便于實驗的操作（2）若小車A連同橡皮泥的總質(zhì)量為0.41kg，小車B的質(zhì)量為0.19kg，根據(jù)紙帶數(shù)據(jù)，碰前兩小車的總動量是__________，碰后兩小車的總動量是__________（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）；由此可以得出的實驗結(jié)論是____________________________________________________________。〖答案〗（1）A（2）0.7500.744見〖解析〗〖解析〗【小問1詳析】為使小車碰撞前后均做勻速直線運動，實驗需平衡摩擦力，故微調(diào)木板的傾斜程度，使小車能在木板上做勻速直線運動的目的是消除摩擦力的影響。故選A?！拘?詳析】[1]由紙帶可知，在BC段和DE段點跡分布均勻，說明小車做勻速運動；因BC段平均速度較大，則計算小車A碰撞前的速度大小應(yīng)選BC段，計算小車A碰撞后的速度大小應(yīng)選DE段，相鄰兩計數(shù)點的時間間隔為碰前小車的速度為碰后小車的速度為碰前兩小車的總動量是[2]碰后兩小車的總動量是[3]由于由此可以得出的實驗結(jié)論是：在實驗誤差允許范圍內(nèi)，兩小車碰撞過程中動量守恒。12.一靈敏電流表G的刻度盤上共有N格刻度而無具體示數(shù)，已知該電流表的滿偏電流約為幾百微安，內(nèi)阻約為幾百歐?，F(xiàn)要求盡可能精確而簡捷地測出此表的量程及其內(nèi)阻。可供選擇的器材如下：①電壓表V（量程3V，內(nèi)阻）②滑動變阻器（0～200Ω，0.5A）③滑動變阻器（0～20Ω，2A）④電阻箱（0～9999.9Ω）⑤電池組（電動勢為12V，內(nèi)阻約為0.5Ω）⑥開關(guān)S、導線（1）采用如圖所示的電路測定G的量程，其中滑動變阻器應(yīng)選用__________（選填器材前數(shù)字序號）。（2）調(diào)節(jié)滑動變阻器R，讀出電壓表的示數(shù)U和靈敏電流表G指針偏轉(zhuǎn)格數(shù)n，則流過靈敏電流表G的電流為__________，靈敏電流表G的量程__________（涉及的物理量均用字母表示）。（3）選用靈敏電流表G、電壓表V、電阻箱、滑動變阻器、電池組、開關(guān)、導線來測定靈敏電流表G的內(nèi)阻。a．請設(shè)計測量方案并將實驗電路圖畫在下面的方框內(nèi)__________。b．調(diào)節(jié)滑動變阻器和電阻箱，讀出電壓表的示數(shù)、電阻箱的阻值、靈敏電流表G指針偏轉(zhuǎn)格數(shù)，則電流表G的內(nèi)阻__________（涉及的物理量均用字母表示）?！即鸢浮剑?）③（2）（3）〖解析〗【小問1詳析】滑動變阻器采用分壓式接法，為調(diào)節(jié)方便，滑動變阻器應(yīng)選擇阻值較小的，即滑動變阻器。故選③?！拘?詳析】[1]根據(jù)歐姆定律，流過靈敏電流表G的電流為[2]根據(jù)靈敏電流表G的量程為【小問3詳析】[1]為了確保靈敏電流表G的安全，電阻箱與電流表G串聯(lián)，為調(diào)節(jié)方便，滑動變阻器采用分壓式接法，實驗電路如圖所示。[2]靈敏電流表G指針偏轉(zhuǎn)格數(shù)，此時流過靈敏電流表G的電流為根據(jù)閉合電路的歐姆定律解得13.隱身技術(shù)中要用到一種負折射率材料，如圖甲所示，光在通過這種介質(zhì)時，折射光線與入射光線分布在法線的同一側(cè)，折射率為（i、r分別是入射光線、折射光線與法線的夾角）。圖乙為真空中放置的一負折射率材料制作的直角三棱鏡，頂角為；在棱鏡下方處有一平行于下表面的光屏。一細束單色光從棱鏡上的P點垂直O(jiān)A入射且。已知棱鏡對該單色光的折射率，光在真空中的傳播速度。（不考慮光在介質(zhì)中的多次反射，結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字，）（1）若，求光在棱鏡中傳播時間t；（2）若，光打在光屏上點（未畫出），求點相對于光入射棱鏡方向與光屏交點的側(cè)移量x?！即鸢浮剑?）s；（2）cm〖解析〗（1）光路如圖若θ=45°，光在棱鏡中的路徑為l=OP光在棱鏡中的傳播速度為傳播時間為代入數(shù)據(jù)解得s（2）光路圖如圖根據(jù)折射定律有根據(jù)幾何關(guān)系可知解得cm14.如圖所示，空間坐標系中，在區(qū)域內(nèi)存在沿z軸正方向的勻強電場E（大小未知），區(qū)域內(nèi)存在沿z軸負方向的勻強磁場B（大小未知），在處垂直x軸的平面內(nèi)區(qū)域有一熒光屏。一質(zhì)量為m、電荷量為q的正電粒子從坐標為的M點在平面內(nèi)進入電場區(qū)域，從N點沿x軸正方向以速度進入磁場區(qū)域。已知N點的坐標為，粒子重力不計。（1）求電場強度E的大小；（2）為使粒子在磁場中直接打到熒光屏上，求磁感應(yīng)強度B的大小范圍。〖答案〗（1）；（2）≤B≤〖解析〗（1）由題可知，帶電粒子在電場中做類拋體運動，可將運動沿x軸和z軸進行分解：沿x軸方向沿z軸方向由牛頓第二定律可知解得（2）在磁場中，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有若粒子打到熒光屏下邊緣，設(shè)圓周運動半徑r1，根據(jù)幾何知識有若粒子打到熒光屏上邊緣。設(shè)做周運動半徑為r2，根據(jù)幾何知識有解得粒開正磁場中直接打到熒光屏上半徑范圍為≤r≤解得磁感應(yīng)強度B的大小范圍為≤B≤15.如圖所示，半圓形光滑軌道AB固定在豎直面內(nèi)，與光滑水平面BC相切于B點。水平面BC右側(cè)為順時針轉(zhuǎn)動的水平傳送帶，與傳送帶相鄰的光滑水平面DF足夠長。F處固定一豎直擋板，物塊撞上擋板后以原速率反彈?，F(xiàn)有物塊P恰好通過圓弧最高點A，沿著圓弧運動到B點，此時速度大小為。DF上靜置一物塊Q。已知P、Q均可視為質(zhì)點，質(zhì)量分別為，，P、Q間碰撞為彈性碰撞。傳送帶長，物塊P與傳送帶間的動摩擦因數(shù)。不考慮物塊滑上和滑下傳送帶的機械能損失，重力加速度，不計空氣阻力，結(jié)果可用根式表示。求：（1）半圓形軌道半徑R；（2）調(diào)整傳送帶的速度大小，物塊P到達D點時可能速度大小的范圍；（3）若傳送帶速度大小為，則從P、Q第1次碰撞結(jié)束到第2024次碰撞結(jié)束，物塊P在傳送帶上運動的總時間t。（碰撞始終發(fā)生在DF上）〖答案〗（1）0.5m；（2）m/s≤≤3m/s；（3）s〖解析〗（1）對物塊在A點列牛頓第二定律得對物塊從A到B過程列動能定理有解得m（2）設(shè)物塊到達D點時最小速度為，最大速度為，根據(jù)動能定理有解得m/s≤≤3m/s（3）設(shè)水平向右為正方向，第1次碰撞對系統(tǒng)列動量守恒定律和機械能守恒定律有解得m/s，m/s設(shè)向左滑上傳送帶的位移為x，根據(jù)牛頓第二定律和運動學規(guī)律可得解得m<L向左運動到最肌的時間為t1，則第2次碰撞，對系統(tǒng)列動量守恒定律和機械能守恒定律有解得m/s，根據(jù)動能定理和運動學規(guī)律可得解得h=0.25m<R則從P、Q第1次碰撞結(jié)束到第2024次碰撞結(jié)束，物塊P在傳送帶上運動的總時間為解得s2024年東北三省四市教研聯(lián)合體高考模擬（二）物理試卷（本試卷滿分100分，考試時間75分鐘）注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的〖答案〗標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號。答非選擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試題卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選或不答的得0分。1.在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射的我國神舟十八號載人飛船與運載火箭組合體，總質(zhì)量超過400t，總高度近60m。飛船入軌后，于北京時間2024年4月26日3時32分，成功對接于空間站天和核心艙徑向端口?？臻g站的軌道高度約380～400km，運行速度約7.8km/s。下列說法正確的是（）A.速度、高度和質(zhì)量均為矢量B.“總質(zhì)量超過400t”中的“t”為導出單位C.研究飛船與空間站天和核心艙對接時，可將飛船視為質(zhì)點D.“北京時間2024年4月26日3時32分”指的是時刻〖答案〗D〖解析〗A．速度為矢量，質(zhì)量是標量，故A錯誤；B．“總質(zhì)量超過400t”中的“t”為質(zhì)量的常用單位，不是導出單位，故B錯誤；C．研究飛船與空間站天和核心艙對接時，飛船的形狀不能忽略，不能視為質(zhì)點，故C錯誤；D．“北京時間2024年4月26日3時32分”指的是時刻，故D正確；故選D。2.氫原子的能級如圖所示，一群處于能級的氫原子向較低能級躍遷時會發(fā)出頻率不同的光，這些光照射在逸出功為3.34eV的鋅板上，下列說法正確的是（??）A.氫原子的發(fā)射光譜是連續(xù)譜B.這群氫原子最多能發(fā)出三種不同頻率的光C.從躍遷到能級時發(fā)出的光波長最短D.僅有兩種頻率的光能使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)〖答案〗C〖解析〗A．氫原子只能處于幾條特定的能級狀態(tài)，在不同能級躍遷時發(fā)出特定頻率的光，因此所發(fā)射的光譜不是連續(xù)的，故A錯誤；B．這群氫原子最多能發(fā)出種不同頻率的光，故B錯誤；C．從躍遷到能級時發(fā)出的光的能量最大，根據(jù)光波長最短，故C正確；D．一群處于能級的氫原子向較低能級躍遷時，輻射光子種類數(shù)目為6種，其中有3種大于3.34eV，能使鋅板發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯誤。故選C。3.人造地球衛(wèi)星繞地球近似做勻速圓周運動。若衛(wèi)星的線速度變?yōu)樵瓉淼暮笕宰鰟蛩賵A周運動，則衛(wèi)星（??）A.軌道半徑變?yōu)樵瓉淼?倍 B.距地面高度變?yōu)樵瓉淼腃.周期變?yōu)樵瓉淼?倍 D.向心加速度變?yōu)樵瓉淼摹即鸢浮紸〖解析〗A．根據(jù)線速度變?yōu)樵瓉淼?，軌道半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，故A正確；B．軌道半徑變大，則距地面高度變大，故B錯誤；C．根據(jù)軌道半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，周期變?yōu)樵瓉淼?倍，故C錯誤；D．根據(jù)軌道半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，向心加速度變?yōu)樵瓉淼?，故D錯誤。故選A。4.如圖所示，點電荷a、b、c固定在平面內(nèi)，a、b位于x軸上2d和3d處，c位于y軸上3d處。已知b、c帶等量異種電荷且原點O處的電場強度沿y軸正方向。則（??）A.點電荷a、b為同種電荷 B.點電荷c一定帶負電C.a的電荷量是c的倍 D.O點電勢高于P點電勢〖答案〗B〖解析〗AB．由于原點O處電場方向沿y軸正方向，所以點電荷c一定帶負電，點電荷a、b為異種電荷，由于b、c帶等量異種電荷，b帶正電，a帶負電，且點電荷a、b在O點的電場強度等大反向，故A錯誤，B正確；C．點電荷a在O點的電場強度點電荷b在O點的電場強度由于點電荷a、b在O點的電場強度等大反向，所以a的電荷量是b的倍，b、c帶等量異種電荷，則a的電荷量是c的倍，故C錯誤；D．電勢是標量，運算法則符合代數(shù)運算法則。O點電勢由于所以O(shè)點電勢由于所以所以O(shè)點電勢等于P點電勢，故D錯誤。故選B。5.一列簡諧橫波以速度沿x軸正方向傳播，時刻的波形如圖所示，介質(zhì)中平衡位置在坐標原點的質(zhì)點P此時刻的位移。則（）A.0～5s時間內(nèi)，質(zhì)點P沿x軸正方向移動20mB.該時刻后的極短時間內(nèi)，質(zhì)點P的加速度增大C.該波的周期為3sD.該波的波長為10m〖答案〗C〖解析〗A．質(zhì)點只能在平衡位置上下振動，不能“隨波逐流”，故A錯誤；B．波向右傳播，則質(zhì)點P向下振動，位移減小，則加速度減小，故B錯誤；CD．設(shè)波的表達式為將（5，0）、（0，10）代入解得，m周期為s故C正確，D錯誤；故選C6.如圖所示，輕彈簧上端固定，另一端與置于水平地面b點的小滑塊相連，小滑塊處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)用外力作用在小滑塊上將其由b點沿水平地面緩慢移至a點，此時彈簧形變量與小滑塊在b點時彈簧的形變量相同。則撤去外力后（??）A.小滑塊將靜止在a點B.小滑塊在a點時彈簧的彈力與b點時相同C.小滑塊在a點對地面的壓力小于b點對地面壓力D.小滑塊在a點所受的摩擦力大于b點所受摩擦力〖答案〗A〖解析〗B．根據(jù)題意，小滑塊在a點時，彈簧處于壓縮狀態(tài)，在b點時，彈簧處于伸長狀態(tài)，在a彈簧形變量與在b點時彈簧的形變量相同，則彈簧彈力大小相同，但方向不同，故B錯誤；C．小滑塊在a點時，彈簧彈力有向下的分力，小滑塊在b點時，彈簧彈力有向上的分力，所以小滑塊在a點對地面的壓力大于b點對地面壓力，故C錯誤；A．小滑塊在a點對地面的壓力大于b點對地面壓力，所以小滑塊在a點受到地面的最大靜摩擦力大于b點受到地面的最大靜摩擦力，而小滑塊在a、b兩點彈簧彈力大小相同，在a點時彈簧彈力在水平方向的分力較小，所以小滑塊將靜止在a點，故A正確；D．小滑塊在a點時彈簧彈力在水平方向的分力較小，根據(jù)平衡條件，小滑塊在a點所受的摩擦力小于b點所受摩擦力，故D錯誤。故選A。7.如圖所示，半徑為1m的四分之三光滑圓軌道豎直固定在水平地面上，B點為軌道最低點，A點與圓心O等高。質(zhì)量為1kg的小球（可視為質(zhì)點）在A點正上方0.75m處靜止釋放，下落至A點時進入圓軌道，重力加速度g取，不計空氣阻力，則（）A.小球在B點的動能為7.5J B.小球在A點受到軌道的彈力大小為10NC.小球上升過程中距地面的最大高度為1.75m D.小球離開軌道后將落至軌道B點〖答案〗D〖解析〗A．小球從釋放到最低點，根據(jù)動能定理有解得J故A錯誤；B．小球從釋放到A點，根據(jù)動能定理有在A點，根據(jù)牛頓第二定律有解得N故B錯誤；C．設(shè)小球上升過程中距地面最大高度與圓心的連線和豎直方向的夾角為，則有從B點到最高點，根據(jù)動能定理有解得最大高度為m故C錯誤；D．假設(shè)小球離開軌道后將落至軌道B點，由C分析可知脫離軌道的速度為m/s根據(jù)斜拋的運動規(guī)律可知解得m=可知小球離開軌道后將落至軌道B點，故D正確；故選D。8.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始，經(jīng)歷四個過程、、、回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示，其中DA段為雙曲線的一支。下列說法正確的是（）A.外界對氣體做功B.氣體的內(nèi)能增加C.氣體向外界放熱D.容器壁單位時間單位面積內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增加〖答案〗CD〖解析〗A．過程，氣體體積變大，氣體對外做功，故A錯誤；B．過程，氣體體積不變，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知壓強減小，氣體溫度降低，內(nèi)能減小，故B錯誤；C．過程，氣體壓強不變，體積減小，即外界對氣體做功，依據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得氣體溫度降低，氣體內(nèi)能減小，所以根據(jù)熱力學第一定律其中，可知氣體向外界放熱，故C正確；D．過程為等溫變化，而氣體壓強變大，故單位面積單位時間，氣體撞擊器壁次數(shù)變多，故D正確。故選CD。9.如圖所示，足夠長的傾角為的光滑斜面底端固定一輕彈簧，彈簧的上端連接質(zhì)量為m的薄鋼板，鋼板靜止時彈簧的壓縮量為。質(zhì)量為m的物塊從斜面上A點滑下，與鋼板碰撞后二者（不粘連）立刻一起做簡諧運動且運動到最高點時恰好不分開。不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.碰撞后二者向下運動到最低點的過程中速度一直減小B.碰撞后物塊、鋼板和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒C.簡諧運動的振幅為D.彈簧彈力的最大值為〖答案〗BD〖解析〗A．鋼板靜止時有當物體A與鋼板接觸后有隨著A物體和鋼板對彈簧的壓縮，其加速度逐漸減小，由于此時加速度方向與速度方向一致，所以其做加速度減小的加速運動，當時，加速度為零，則是速度達到最大，下一刻則有隨著其壓縮量變大，其加速度增加，由于加速度方向與速度方向相反，所以其做加速度增加的減速運動，直至速度為零，達到最低點。綜上所述可知，其碰撞后二者先做加速度減小的加速后做加速度增加的加速運動，故A項錯誤；B．碰撞后將物塊、鋼板和彈簧看成一個系統(tǒng)，該整體只有重力以及系統(tǒng)內(nèi)彈簧的彈力做功，所以其系統(tǒng)機械能守恒，故B項正確；C．碰撞后其做簡諧運動，則為平衡位置時設(shè)彈簧的壓縮量為，有結(jié)合之前的分析有解得即平衡位置在O點下方處，由題意可知，其上升到最高點時速度為零，設(shè)此時彈簧的拉伸形變量為，對整體有對物體A有解得所以其振幅為故C項錯誤；D．有上述分析可知，該簡諧運動的振幅為，其平衡位置為在O點下方處，所以彈簧彈力最大位置，即兩物體處于簡諧運動的最低點，即O點下方處，此時彈簧的彈力為結(jié)合之前的分析，可知彈簧的勁度系數(shù)為解得故D項正確。故選BD。10.如圖所示，傾角為30°、間距為L、足夠長的光滑平行金屬導軌的底端接阻值為R的電阻；質(zhì)量為m的金屬棒通過跨過輕質(zhì)定滑輪的細線與質(zhì)量為4m的重物相連，滑輪左側(cè)細線與導軌平行；金屬棒的電阻為R、長度為L，金屬棒始終與導軌垂直且接觸良好。整個裝置處于垂直導軌平面向上、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中?，F(xiàn)將重物由靜止釋放，其下落高度h時達到最大速度v，重力加速度為g，空氣阻力及導軌電阻不計，此過程中（）A.細線的拉力一直減小 B.金屬棒所受安培力的沖量大小為C.金屬棒克服安培力做功為 D.該過程所經(jīng)歷的時間為〖答案〗BCD〖解析〗A．根據(jù)題意，對重物和金屬棒組成的系統(tǒng)受力分析可得隨著系統(tǒng)開始運動，加速度沿金屬導軌向上，速度逐漸增大，安培力逐漸增大，則系統(tǒng)做加速度逐漸減小的加速運動，直至加速度為0時系統(tǒng)以速度做勻速直線運動。對重物受力分析可得根據(jù)上述分析可知細線的拉力一直增大，速度最大后拉力大小保持不變。故A錯誤；B．金屬棒所受安培力的沖量為故B正確；C．由能量守恒定律得解得根據(jù)功能關(guān)系可知金屬棒克服安培力做的功為故C正確；D．對整體列動量定理可知方程聯(lián)立可得故D正確。故選BCD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.研究碰撞中動量守恒的實驗裝置如圖甲所示，長木板的一端墊有小木塊，可以微調(diào)木板的傾斜程度，使小車能在木板上做勻速直線運動。小車A前端貼有橡皮泥、后端連接紙帶，接通打點計時器電源后，讓小車A以某速度做勻速直線運動，與置于木板上靜止的小車B相碰并粘在一起，繼續(xù)做勻速直線運動。打點計時器的電源頻率為50Hz，得到的紙帶如圖乙所示，各計數(shù)點之間的距離已標在圖上。（1）微調(diào)木板傾斜程度，使小車能在木板上做勻速直線運動的目的是__________。A.消除摩擦力的影響 B.為了便于實驗的操作（2）若小車A連同橡皮泥的總質(zhì)量為0.41kg，小車B的質(zhì)量為0.19kg，根據(jù)紙帶數(shù)據(jù)，碰前兩小車的總動量是__________，碰后兩小車的總動量是__________（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）；由此可以得出的實驗結(jié)論是____________________________________________________________?！即鸢浮剑?）A（2）0.7500.744見〖解析〗〖解析〗【小問1詳析】為使小車碰撞前后均做勻速直線運動，實驗需平衡摩擦力，故微調(diào)木板的傾斜程度，使小車能在木板上做勻速直線運動的目的是消除摩擦力的影響。故選A?！拘?詳析】[1]由紙帶可知，在BC段和DE段點跡分布均勻，說明小車做勻速運動；因BC段平均速度較大，則計算小車A碰撞前的速度大小應(yīng)選BC段，計算小車A碰撞后的速度大小應(yīng)選DE段，相鄰兩計數(shù)點的時間間隔為碰前小車的速度為碰后小車的速度為碰前兩小車的總動量是[2]碰后兩小車的總動量是[3]由于由此可以得出的實驗結(jié)論是：在實驗誤差允許范圍內(nèi)，兩小車碰撞過程中動量守恒。12.一靈敏電流表G的刻度盤上共有N格刻度而無具體示數(shù)，已知該電流表的滿偏電流約為幾百微安，內(nèi)阻約為幾百歐?，F(xiàn)要求盡可能精確而簡捷地測出此表的量程及其內(nèi)阻?？晒┻x擇的器材如下：①電壓表V（量程3V，內(nèi)阻）②滑動變阻器（0～200Ω，0.5A）③滑動變阻器（0～20Ω，2A）④電阻箱（0～9999.9Ω）⑤電池組（電動勢為12V，內(nèi)阻約為0.5Ω）⑥開關(guān)S、導線（1）采用如圖所示的電路測定G的量程，其中滑動變阻器應(yīng)選用__________（選填器材前數(shù)字序號）。（2）調(diào)節(jié)滑動變阻器R，讀出電壓表的示數(shù)U和靈敏電流表G指針偏轉(zhuǎn)格數(shù)n，則流過靈敏電流表G的電流為__________，靈敏電流表G的量程__________（涉及的物理量均用字母表示）。（3）選用靈敏電流表G、電壓表V、電阻箱、滑動變阻器、電池組、開關(guān)、導線來測定靈敏電流表G的內(nèi)阻。a．請設(shè)計測量方案并將實驗電路圖畫在下面的方框內(nèi)__________。b．調(diào)節(jié)滑動變阻器和電阻箱，讀出電壓表的示數(shù)、電阻箱的阻值、靈敏電流表G指針偏轉(zhuǎn)格數(shù)，則電流表G的內(nèi)阻__________（涉及的物理量均用字母表示）。〖答案〗（1）③（2）（3）〖解析〗【小問1詳析】滑動變阻器采用分壓式接法，為調(diào)節(jié)方便，滑動變阻器應(yīng)選擇阻值較小的，即滑動變阻器。故選③?！拘?詳析】[1]根據(jù)歐姆定律，流過靈敏電流表G的電流為[2]根據(jù)靈敏電流表G的量程為【小問3詳析】[1]為了確保靈敏電流表G的安全，電阻箱與電流表G串聯(lián)，為調(diào)節(jié)方便，滑動變阻器采用分壓式接法，實驗電路如圖所示。[2]靈敏電