2017年全國卷1理綜答案及解析版物理部分

1、2017年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試（全國I卷）物理部分二、選擇題（本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。14、將質量為1.00kg的模型火箭點火升空，50g燃燒的燃氣以大小為600m/s的速度從火箭噴口在很短時間內噴出。在燃氣噴出后的瞬間，火箭的動量大小為（噴出過程中重力和空氣阻力可忽略）（）A.30kgm/sB,5.7x102kgm/sC.6.0102kgm/sD.6.3102kgm/s【答案】A【解析】在火箭點火瞬間，燃氣與火箭構成的系統(tǒng)總動量

2、守恒，且系統(tǒng)總動量為0,所以火箭動量大小等于燃氣動量大小p=mv=0.05kg父600m/s=30kgm/s,所以答案選A。15、發(fā)球機從同一高度向正前方依次水平射出兩個速度不同的乒乓球（忽略空氣的影響）。速度較大的球越過球網，速度較小的球沒有越過球網；其原因是（）A.速度較小的球下降相同距離所用的時間較多B.速度較小的球在下降相同距離時在豎直方向上的速度較大C.速度較大的球通過同一水平距離所用的時間較少D.速度較大的球在相同時間間隔內下降的距離較大【答案】C【解析】由題可知，乒乓球做平拋運動。也就是說所有乒乓球在豎直方向上的運動均為自由落體運動，水平方向上為初速度不同的勻速運動。因此乒乓球在

3、豎直方向上的運動完全相同，所以A、B、D選項錯誤。由于所有乒乓球水平位移相等，平拋運動的水平位移x=vt,所以速度大的乒乓球所用時間少，C選項正確。16、如圖，空間某區(qū)域存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向上（與紙面平行），磁場方向垂直于紙面向里。三個帶正電的微粒a、bc電荷量相等，質量分別為ma、mb、m3。已知在該區(qū)域內，a在紙面內做勻速圓周運動，b在紙面內向右做勻速直線運動，c在紙面內向左做勻速直線運動。下列選項正確的是（）a.ma>m）b>mcb.C.mc>ma>mbD.【答案】Ba在紙面內做勻速圓周運動，意味著合外力為洛倫茲力。Eq=ngb做向右的勻速直線運

4、動。受力分析mbg=EqBqvc做向左的勻速直線運動，受力分析mcgBqvtEq得出m3>ma>mc，選B。17、大科學工程“人造太陽”主要是將笊核聚變反應釋放的能量用來發(fā)電。笊核聚變反應方程是2H+2Ht-He+1n。已知2H的質量為2.0136u,；He的質量為3.0150u,0n的質量為1.0087u,1u=931MeV/c2。笊核聚變反應中釋放的核能約為（）A.3.7MeVB.3.3MeVC.2.7MeVD.0.93MeV【答案】B【解析】核反應方程式是：2H+2Ht23He+1n；核反應過程中的質量虧損：.m=2.0136u2.0136u-3.0150u-1.0087uA

5、m=0.0035u,故有，在核反應釋放出的能量：AE=imc2=0.035x931MeVE=3.2585MeV：3.3MeV18、掃描隧道顯微鏡（STM）可用來探測樣品表面原子尺度上的形貌。為了有效隔離外界振動對STM的擾動，在圓底盤周邊沿其徑向對稱地安裝若干對紫銅薄板，并施加磁場來快速衰減其微小振動，如圖所示。無擾動時，按下列四種方案對紫銅薄板施加恒磁場；出現擾動后，對于紫銅薄板上下及左右振動的衰減最有效的方案是（）ABCD【答案】A【解析】由題意可知，磁場的作用是衰減紫銅薄片的振動，因此需要薄片在磁場中振動時S1同掃描頭可加磁場區(qū)穿過薄片的磁通量發(fā)生變化，產生感應電流（渦電流），由楞次定律

6、可知，此時薄片才會受到阻礙其運動的安培力，而BCD薄片上下振動時不會有磁通量變化，故選Ao19、如圖，三根相互平行的固定長直導線Li、L2和L3兩兩等距，均通有電流Li中電流方向與L2中的相同，與L3中的相反。下列說法正確的是（）A. Li所受磁場作用力的方向與L2、L3所在平面垂直B. L3所受磁場作用力的方向與Li、L2所在平面垂直C. Li、L2和L3單位長度所受的磁場作用力大小之比為1:1:百d.Li、L2和L3單位長度所受的磁場作用力大小之比為6:73:1【答案】BC【解析】由題意可知，相互平行的兩條導線通過同向電流。則相互排斥，若通過相反電流，則相互吸引，故三根導線受力分析如下：故

7、A錯B對'.'Fi2=F13=F23=F21=F31=F32.F3=、3Fi=3f2故D錯C對。20、在一靜止點電荷的電場中，任一點的電勢中與該點到點電荷的距離r的關系如圖所示。電場中四個點a、b、c和d的電場強度大小分別為Ea、Eb、Ec和Ed。點a到點電荷的距離Q與點a的電勢Q已在圖中用坐標（口，R標出，其余類推?，F將一帶正電的試探電荷由a點依次經b、c點移動到d點，在相鄰兩點間移動的過程中，電場力所做的功分別為Wab、Wbc和Wcd。下列選項正確的是（）A.Ea:Eb=4:1B.Ec:Ed=2:1C.Wb：W3c=3:1D.WWd=1:3【答案】AC【解析】由題意可知：呼

8、_r圖為點電荷周圍的電勢分布圖，故有kQkQ呼=kQ,E=與，故可計算得出A對B錯;rr由W=qU,可知C對D錯。21、如圖，柔軟輕繩ON的一端O固定，其中間某點OM豎直且MN被拉直，OM與MN之間的夾角為夾角£不變。在OM由豎直被拉到水平的過程中（A. MN上的張力逐漸增大C.OM上的張力逐漸增大【答案】ADM拴一重物，用手拉住繩的另一端）B. MN上的張力先增大后減小D.OM上的張力先增大后減小,現將重物向右上方緩慢拉起,【解析】由題意可知，重物在運動過程中受重力,MN繩拉力Tmn,OM繩拉力Tom,Tmn與Tom夾角保持不變。在某一時刻三個力受力分析示意圖如圖所示J迭將此三個力

9、平移為矢量三角形如圖所示因為mg大小方向不變。Tmn與Tom的夾角不變，故可將三個力平移入圓中，mg為一條固定的弦（固定的弦所對應的圓周角為定值）。由圖可得Tmn從0逐漸變?yōu)橹睆?，故Tmn逐漸增大，A對B錯，Tom先從弦變?yōu)橹睆皆僮優(yōu)橄遥蔜om先變大后變小，C錯D對，故選ADo三、非選擇題：共174分。第2232題為必考題，每個試題考生都必須作答。第3338題為選考題。考生根據要求作答。（一）必考題：共129分。22、（5分）某探究小組為了研究小車在桌面上的直線運動，用自制“滴水計時器”計量時間。實驗前，將該計時器固定在小車旁，如圖（a）所示。實驗時，保持桌面水平，用手輕推一下小車。在小車運

10、動過程中，滴水計時器等時間間隔地滴下小水滴，圖（b）記錄了桌面上連續(xù)的6個水滴的位置。（已知滴水計時器每30s內共滴下46個小水滴）由圖（b）可知，小車在桌面上是（填“從右向左”或“從左向右”）運動的。左圖右(1)圖（2）該小組同學根據圖（b）的數據判斷出小車做勻變速運動。小車運動到圖（b）中A點位置時的速度大小為m/s,加速度大小為m/s2。（結果均保留2位有效數字）【答案】（1）從右向左；（2）0.19,0.039（水滴間隔時間按30算）/0.038（水滴間隔時間按竺算）。4645【解析】（1）滴水計時器類似于打點計時器，從圖可以判斷從右向左，單位時間內小車的位移越來越小。由于302(2)

11、由題意得T=30=2s,453小車在水平桌面受阻力而做減速運動，故小車應從右向左運動。0.1170.133vA=0.1875:0.19m/s22-3=0.0375：0.038m/s0.1500.133-0.0830.10023、（10分）某同學研究小燈泡的伏安特性。所使用的器材有：小燈泡L（額定電壓3.8V,額定電流0.32A）；電壓表V（量程3V,內阻3kC）;電流表A（量程0.5A,內阻0.5。）；固定電阻R（阻值1000C）；滑動變阻器R（阻值09.0C）;電源Eo（電動勢5V,內阻不計）；開關S;導線若干。（1）實驗要求能夠實現在03.8V的范圍內對小燈泡的電壓進行測量，畫出實驗電路原

12、理圖。（2）實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖（a）所示。由實驗曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻（填“增大”“不變”或“減小”），燈絲的電阻率（填“增大”“不變”或“減小”）。（3）用另一電源E0（電動勢4V,內阻1.00復）和題給器材連接成圖（b）所示的電路，調節(jié)滑動變阻器R的阻值，可以改變小燈泡的實際功率。閉合開關S,在R的變化范圍內，小燈泡的最小功率為W,最大功率為W。（結果均保留2位小數）(3四后癡-阻酎的蔭信五口G南；由跖由威瓦爾廠升施或底詼承底不證時E二雇171丘3得心7口曰&至函中柞出該直魏如圖所以=.-jj十.上j變點坐標約也1E75¥工=£252

13、.?i=UT=O曉*:整理得：s+r*十丁當百蛆的斜率最大時，與燈泡的工-出曲線的交點坐標最大即燈泡消幃的功率最大.擋滑動變阻器電陰值艮加時燈泡消耗的功率最大,史例交點坐標為值3.67Vj1=0.32kj,如圖所示最大的功率為F*UI=L1T#24、(12分)一質量為8.00父104kg的太空飛船從其飛行軌道返回地面。飛船在離地面高度1.60父105m處以7.50xl03m/s的速度進入大氣層，逐漸減慢至速度為100m/s時下落到地面。取地面為重力勢能零點，在飛船下落過程中，重力加速度可視為常量，大小取為9.8m/s2。(結果保留2位有效數字)(1)分別求出該飛船著地前瞬間的機械能和它進入大氣

14、層時的機械能；(2)求飛船從離地面高度600m處至著地前瞬間的過程中克服阻力所做的功，已知飛船在該處的速度大小是其進入大氣層時速度大小的2.0%?！敬鸢浮?1)日幾地=4.0M108J,E機大氣層=2.4M1012J;(2)9.7X108J【解析】(1)飛機著地瞬間，Ep重=0E機地=一mv24.0父10”2進入大氣層時一1212.E機大韭=mv大氣層+mgh大韭=2.4父10J(2)離地600m時，v=v大氣層2.0%=150m/s至著地瞬間過程，由動能定理1212mghWf二一mv地mv22代入數據Wf=-9.7108J故克服阻力所做的功為9.7M108J。25、真空中存在電場強度大小為E

15、i的勻強電場，一帶電油滴在該電場中豎直向上做勻速直線運動，速度大小為Vo。在油滴處于位置A時，將電場強度的大小突然增大到某值，但保持其方向不變。持續(xù)一段時間t1后，又突然將電場反向，但保持其大小不變；再持續(xù)同樣一段時間后，油滴運動到B點。重力加速度大小為g°第6頁共10頁(1)求油滴運動到B點時的速度(2)求增大后的電場強度的大??；為保證后來的電場強度比原來的大，試給出相應的1和也應滿足的條件。已知不存在電場時，油滴以初速度Vo做豎直上拋運動的最大高度恰好等于B、A兩點間距離的兩倍?！敬鸢浮?1)vt=vo-2gti;(2)當B在A上方時:0<Vo<(4-273gti；當

16、B在A下方時:E2=E(Vo2+8g2ti2-8gtiVo),V)A(4+2>/3)gti或=，2(-Vo2+8g2t-8gtiVo),O<Vo<(2詬4)gti。4gt【解析】(i)選油滴為研究對象，從A到B整段過程中，由動量定理:Ig+1電=如由于電場力總沖量為零，代入數據:-mg2ti=m.：v即:Vt-M-2gtiVt=Vo-2gti(2)設場強為E2,以向上為正方向。由于油滴開始時勻速運動，由受力平衡條件:Eiq=mg在增大場強之后到電場反向之前，油滴加速度:aiE2q-mgm其位移:i,2S=Voti+aiti2反向后到運動到B點，其加速度:其位移:i,2小S2=

17、(Vo+aiti，i+-a2ti且AB距離為不存在電場時油滴以初速度Vo做豎直上拋運動的最大高度的一半，則:2S1+S2=士二一(正負方表小B在A點上方或下方)(4g2Vo4g將、代入式可得:Votii.2.i.2-3iti'Vo'aititi'a?ti=22由、式可得:ai+a2=-2g邕將代入可得:iI2TVo2a2=3.2%3-3gti孑ti2I4gJ帶入式:L/2CE1.M2V0E2=-I±2+2g:gI4gtiti)當B在A上方時:1-Ei2-2,2-,E2=2-vo8gti-8gtiVo4g2ti2由于E2>Ei,且Eiq=mg因此，此時電場

18、力大于重力，即：E2q>mg帶入可得:Vo2-8gtiVo4g2ti20V00解得：V0>(4+2用bti或0<V0<(42隸種當B在A下方時：E2=E2(Vb2+8g2ti2-8gtiV3)4g2ti2由于E2>Ei,且Eiq=mg因此，此時電場力大于重力，即：E2q>mg#曰V028gtiV0-4g2ti2<0帶入可得：V00解得：0:二V0：二25-4gti四、選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做，則每科按所做的第一題積分。33.物理一一選修3-3（1） （5分）氧氣分子在0P和i00七溫度下單

19、位速率間隔的分子數占總分子數的百分比隨氣體分子速率的變化分別如圖中兩條曲線所示。下列說法正確的是。（填正確答案標號。選對i個得2分,選又2個得4分，選對3個得5分。每選錯i個扣3分，最低得分為0分）單位速率間隔的分子數占總分子數的百分比0200400600800A.圖中兩條曲線下面積相等B.圖中虛線對應于氧氣分子平均動能較小的情形C.圖中實線對應于氧氣分子在i00nC時的情形D.圖中曲線給出了任意速率區(qū)間的氧氣分子數目E.與0'C時相比，1000c時氧氣分子速率出現在0400m/s區(qū)間內的分子數占總分子數的百分比較大（2） （i0分）如圖，容積土勻為V的汽缸A、B下端有細管（容積可忽略

20、）一連通，閥門K2位于細管的中部，A、B的頂部各有一閥門Ki、K3；BWIES'）中有一可自由滑動的活塞（質量、體積均可忽略）。初始時，三個閥門均打開，活塞在B的底部；關閉K2、K3,通過Ki給汽缸充氣，使A中氣體的壓強達到大氣壓P0的3倍后關閉Ki,已知室溫為27汽缸導熱。（i）打開K2,求穩(wěn)定時活塞上方氣體的體積和壓強;(ii)接著打開K3,求穩(wěn)定時活塞的位置；(iii)再緩慢加熱汽缸內氣體使其溫度升高20口C,求此時活塞下方氣體的壓強?！敬鸢浮?1)ABC(2)(i)1v,2po(ii)B頂端(iii)1.6po2【解析】(1)曲線下的面積表示分子速率從0Ts所有區(qū)間內分子數的比

21、率之和，顯然為1,故A正確；虛線處速率低的分子所占百分比比較多，平均動能小，故B正確；實線處速率大的分子所占百分比較多，平均動能較大，溫度較高，100七，故C正確；根據圖像只能看出不同速率分子所占百分比，不能看出具體數目，故D錯誤；根據圖像可以觀察0400m/s區(qū)間虛線所占百分比更大，虛線為0七，故E錯誤。(2)(i)設平衡后B中氣體體積V',壓強P',分別針對A、B兩部分氣體列寫玻意耳定律，得A：3p0V=p'(2VV')B：PoV=p'V'p'=2p0整理，解得1V'=V2(ii)打開k3后。B中壓強變?yōu)閜o,故活塞上移由玻意耳定律可得，若A中氣體壓強降為po體積需膨脹至3V.但氣缸總體體積為2V.故活塞會被卡在B頂端.(iii)對A中氣體使用查理定律得：貯=。解得p=1.6p°300K320K34.物理選修3-4(15分)(1)(5分)如圖(a),在xy平