新教材人教版高中物理必修第三冊全冊單元測試卷章節(jié)復(fù)習(xí)與檢測（解析版）

1、精品文檔 精心整理精品文檔 可編輯的精品文檔高一物理（人教版2019必修第三冊）第九章 章節(jié)復(fù)習(xí)與檢測第一部分 知識思維導(dǎo)圖第二部分 章末試題演練班級： 學(xué)號： 姓名： 一、選擇題1關(guān)于點(diǎn)電荷和元電荷的下列說法中正確的是( )A點(diǎn)電荷和元電荷都是指電量小體積小的帶電體B點(diǎn)電荷帶電量通常取 e1.601019 CC體積很大的帶電體也能看成是點(diǎn)電荷,帶電量可以是 4.01017 CD電荷量 e 的數(shù)值最早是由科學(xué)家?guī)靵鲇脤?shí)驗(yàn)測得的【答案】C【詳解】A元電荷是指最小的電量單位；而點(diǎn)電荷是指只有當(dāng)帶電體所帶電量與所研究的問題相比可忽略不計(jì)時，才可看做點(diǎn)電荷，不一定是電量小體積小的帶電體都可看做是點(diǎn)電荷

2、，選項(xiàng)A錯誤；B元電荷e1.601019 C，選項(xiàng)B錯誤；C體積很大的帶電體所帶電量與所研究的問題相比可忽略不計(jì)時，也能看成是點(diǎn)電荷；帶電體所帶電量都是1.601019 C的整數(shù)倍，則帶電量可以是 4.01017 C，選項(xiàng)C正確；D電荷量 e 的數(shù)值最早是由科學(xué)家密立根用實(shí)驗(yàn)測得的，選項(xiàng)D錯誤；故選C.2下列說法中正確的是（）A根據(jù)可知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與試探電荷在該點(diǎn)所受的靜電力成正比B電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度，與試探電荷的受力大小及帶電荷量無關(guān)C電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向即試探電荷在該點(diǎn)的受力方向D公式和只適用點(diǎn)電荷形成的電場【答案】B【詳解】AB根據(jù)比值定義法，有E=Fq可知，電場中某點(diǎn)的

3、電場強(qiáng)度與試探電荷在該點(diǎn)所受的靜電力無關(guān)，只是在數(shù)值上等于二者比值而已。故A錯誤；B正確；C電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向即帶正電的試探電荷在該點(diǎn)的受力方向。故C錯誤；D公式E=Fq是定義式適用于任何電場，E=kQr2為真空中點(diǎn)電荷的決定式只適用點(diǎn)電荷形成的電場。故D錯誤。故選B。3導(dǎo)體達(dá)到靜電平衡時，下列說法正確的是（）A導(dǎo)體內(nèi)部沒有電場B電荷只分布在導(dǎo)體的內(nèi)、外表面C導(dǎo)體內(nèi)部的合電場強(qiáng)度為零D導(dǎo)體表面和內(nèi)部的合電場強(qiáng)度均為零【答案】C【詳解】ACD金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布。因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，導(dǎo)體表面

4、電場強(qiáng)度不為零，故A、D錯誤，C正確；B金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，導(dǎo)體內(nèi)部不再有電荷定向移動，凈電荷分布在導(dǎo)體外表面，故B錯誤。故選C。4如圖所示，兩個質(zhì)量均為m的完全相同的金屬球殼a與b，其殼層的厚度和質(zhì)量分布均勻，將它們固定于絕緣支架座上，兩球心間的距離l為球半徑的3倍若使它們帶上等量異種電荷，使其電荷量的絕對值均為Q，那么關(guān)于a、b兩球之間的萬有引力F引和庫侖力F庫的表達(dá)式正確的是()ABCD【答案】D【詳解】萬有引力定律適用于兩個可看成質(zhì)點(diǎn)的物體，雖然兩球心間的距離 只有其半徑r的3倍，但由于其殼層的厚度和質(zhì)量分布均勻，兩球殼可看作質(zhì)量集中于球心的質(zhì)點(diǎn)因此，可以應(yīng)用萬有引力定律所

5、以兩者之間的引力為F引=Gm2l2，庫侖定理適合于真空中的兩個點(diǎn)電荷，由于兩球心間的距離l 只有其半徑r的3倍，所以金屬球殼a與b不能看作點(diǎn)電荷，則庫侖力F庫kQ2l2 ，故D正確；ABC錯誤；故選D5如圖所示，較厚的空腔球形導(dǎo)體殼中有一個正點(diǎn)電荷，則圖中、各點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小關(guān)系為（）ABCD【答案】C【詳解】當(dāng)靜電平衡時，空腔球形導(dǎo)體殼內(nèi)壁感應(yīng)出負(fù)電荷，外壁感應(yīng)出正電荷，感應(yīng)電荷形成的電場與點(diǎn)電荷形成的電場疊加，導(dǎo)致空腔球形導(dǎo)體殼內(nèi)（陰影部分）場強(qiáng)為零。如圖畫出電場線的大致分布由于a處電場線較密，c處電場線較疏，d處電場線更疏，b處場強(qiáng)為零，則EaEcEdEb故選C。6如圖所示是某靜電場的一

6、部分電場線分布情況，下列說法中正確的是A這個電場可能是負(fù)點(diǎn)電荷的電場B點(diǎn)電荷q在A點(diǎn)處受到的電場力比在B點(diǎn)處受到的電場力大C負(fù)電荷在B點(diǎn)處受到的電場力的方向沿電場線的切線方向D點(diǎn)電荷q在A點(diǎn)處的瞬時加速度比在B點(diǎn)處的瞬時加速度小不計(jì)重力【答案】B【詳解】A負(fù)電荷電場中的電場線是從無窮遠(yuǎn)出發(fā)指向負(fù)電荷的直線，而該電場線是曲線，所以A錯誤；B電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小，所以EAEB，依據(jù)F=qE，則有點(diǎn)電荷q在A點(diǎn)處受到的電場力比在B點(diǎn)處受到的電場力大，故B正確；C電場線的切線方向?yàn)樵擖c(diǎn)場強(qiáng)的方向，所以負(fù)電荷在B點(diǎn)處受到的電場力的方向沿電場線切線的反方向，故C錯誤；D根

7、據(jù)牛頓第二定律，可知，電場力越大的，產(chǎn)生加速度也越大，則點(diǎn)電荷q在A點(diǎn)處的瞬時加速度比在B點(diǎn)處的瞬時加速度大，故D錯誤。故選B。7如圖所示，、為矩形各邊的中點(diǎn)，為、的交點(diǎn)，邊的長度為。、兩點(diǎn)分別固定一等量正點(diǎn)電荷，另一電荷量為的負(fù)點(diǎn)電荷置于點(diǎn)時，點(diǎn)處的電場強(qiáng)度恰好為零。若將點(diǎn)的負(fù)點(diǎn)電荷移到點(diǎn)，則點(diǎn)處電場強(qiáng)度的大小和方向?yàn)椋o電力常量為）（）A，方向向右B，方向向左C，方向向右D，方向向左【答案】D【詳解】當(dāng)負(fù)點(diǎn)電荷在H點(diǎn)時，F(xiàn)點(diǎn)處電場強(qiáng)度恰好為零，根據(jù)公式E=kQr2可得負(fù)點(diǎn)電荷在F點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為E=kQd2，方向水平向左，故兩個正點(diǎn)電荷在F點(diǎn)產(chǎn)生的合電場強(qiáng)度大小為E=kQd2，方向水

8、平向右；負(fù)點(diǎn)電荷移到O點(diǎn)，在F點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為E1=k4Qd2，方向水平向左，所以F點(diǎn)的合電場強(qiáng)度為k4Qd2-kQd2=k3Qd2方向水平向左，故D正確，A、B、C錯誤。故選D。8兩個完全相同的金屬球和所帶電荷量之比為，相距為。兩者接觸一下放回原來的位置，若兩電荷原來帶異種電荷，則后來兩小球之間的庫侖力大小與原來之比是（）ABCD【答案】C【詳解】接觸前，兩小球之間的庫侖力為F=kq7qr2=7kq2r2接觸后兩者所帶電荷量均為q=7q-q2=3q兩小球之間的庫侖力為F=k3q3qr2=9kq2r2故F:F=9:7故選C。9如圖所示，a、b兩點(diǎn)處分別固定有等量異種點(diǎn)電荷Q和Q，c是線段

9、ab的中點(diǎn)，d是ac的中點(diǎn)，e是ab的垂直平分線上的一點(diǎn)，將一個負(fù)點(diǎn)電荷先后放在d、c、e點(diǎn)，三點(diǎn)所在的電場強(qiáng)度分別為Ed、Ec、Ee，則下列說法中正確的是（）AEd、Ec、Ee的方向都是水平向右BEd、Ec的方向水平向右，F(xiàn)e的方向豎直向上CEd、Ee的方向水平向右，F(xiàn)c0DEd、Ec、Ee的大小都相等【答案】A【詳解】等量異號電荷的電場的分布特點(diǎn)如圖A從圖中可知，cde三點(diǎn)的場強(qiáng)的方向都向右，故A正確；B負(fù)點(diǎn)電荷在e點(diǎn)的電場力方向水平向左，故B錯誤；C根據(jù)電場的疊加原理知，c點(diǎn)的場強(qiáng)不等于0，則Fc0故C錯誤；D從圖中可知看到d點(diǎn)的電場線最密，場強(qiáng)最大，e點(diǎn)的電場線最疏，場強(qiáng)最小，故D錯誤

10、。故選A。10如圖所示，有一個絕緣圓環(huán)，當(dāng)它的部分均勻帶電且電荷量為時，圓心處的電場強(qiáng)度大小為?，F(xiàn)使半圓環(huán)均勻帶電且電荷量為，而另一半圓環(huán)均勻帶電且電荷量為，則圓心處電場強(qiáng)度的大小和方向?yàn)椋ǎ〢，方向由指向B，方向由指向C，方向由指向D0【答案】A【詳解】當(dāng)圓環(huán)的14部分（AB或BC）均勻帶電且電荷量為+q時，圓心O處的電場強(qiáng)度大小為E，當(dāng)半圓環(huán)ABC均勻帶電且電荷量為+2q時，相當(dāng)于兩個14部分各帶電+q，在O點(diǎn)的場強(qiáng)大小均為E且互相垂直，可得圓心O處的電場強(qiáng)度大小為2E，方向由O指向D；同理可得，當(dāng)另一半圓環(huán)ADC均勻帶電且電荷量為-2q時，其在圓心O處的電場強(qiáng)度大小為2E，方向由O指向D

11、，根據(jù)矢量的合成法則，圓心O處的電場強(qiáng)度大小為，方向由O指向D，A正確。故選A。11如圖所示是用一種新穎的“靜電絕緣纖維布制成的預(yù)防新型冠狀病毒肺炎口罩。熔噴布經(jīng)駐極工藝，表面帶有電荷，它能阻隔幾微米的病毒，這種靜電的阻隔作用屬于（）A靜電感應(yīng)B摩擦起電C靜電吸附D電磁感應(yīng)【答案】C【詳解】靜電能吸引輕小物體，含有病毒的飛沫靠近熔噴布后，會被靜電吸附在表面，無法通過，從而起到隔離病毒的作用，故C正確，ABD錯誤。故選C。12如圖所示，在水平向右、大小為E的勻強(qiáng)電場中，在O點(diǎn)固定一電荷量為Q的正點(diǎn)電荷，A、B、C、D為以O(shè)為圓心、半徑為r的同一圓周上的四點(diǎn)，B、D連線與電場線平行，A、C連線與電

12、場線垂直。則（）AA點(diǎn)的場強(qiáng)大小為BB點(diǎn)的場強(qiáng)大小為CD點(diǎn)的場強(qiáng)大小不可能為0DA、C兩點(diǎn)的場強(qiáng)相同【答案】A【詳解】A正點(diǎn)電荷Q在A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小E=kQr2而勻強(qiáng)電場在A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為E，因方向相互垂直，根據(jù)矢量的合成法則，則有A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為EA=E2+k2Q2r4 故A正確；B同理，點(diǎn)電荷Q在B點(diǎn)的電場強(qiáng)度的方向與勻強(qiáng)電場方向相同，因此B點(diǎn)的場強(qiáng)大小為EB=E+kQr2故B錯誤；C當(dāng)點(diǎn)電荷Q在D點(diǎn)的電場強(qiáng)度的方向與勻強(qiáng)電場方向相反，且大小相等時，則D點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小可以為零，故C錯誤；D根據(jù)矢量的合成法則，結(jié)合點(diǎn)電荷電場與勻強(qiáng)電場的方向，可知A、C兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，而方向不

13、同，故D錯誤；故選A。13如圖，三個固定的帶電小球a、b和c，相互間的距離分別為ab=5cm，bc=3cm，ca=4cm小球c所受庫侖力的合力的方向平行于a、b的連線設(shè)小球a、b所帶電荷量的比值的絕對值為k，則（ ）Aa、b的電荷同號，Ba、b的電荷異號，Ca、b的電荷同號，Da、b的電荷異號，【答案】D【詳解】根據(jù)同種電荷相斥，異種電荷相吸，且小球c所受庫侖力的合力的方向平行于a，b的連線，可知，a、b的電荷異號，對小球c受力分析，如下圖所示因ab=5cm，bc=3cm，ca=4cm，因此acbc，那么兩力的合成構(gòu)成矩形，依據(jù)相似三角形之比，則有FaFb=acbc=43根據(jù)庫侖定律有Fa=k

14、Qcqaac2，F(xiàn)b=kQcqbbc2綜上所得qaqb=434232=6427故D正確，ABC錯誤。故選D。14（多選）如圖所示為靜電除塵示意圖，在M、N兩點(diǎn)間加高壓電源時，金屬管內(nèi)空氣電離，電離的電子在電場力的作用下運(yùn)動，遇到煙氣中的煤粉，使煤粉帶負(fù)電荷，因而煤粉被吸附到管壁上，排出的煙就清潔了。就此示意圖，下列說法正確的是（）AN接電源的正極BM接電源的正極C電場強(qiáng)度EmEnD電場強(qiáng)度EmEn【答案】AC【詳解】AB電子附在煤粉上，使煤粉帶上負(fù)電荷，煤粉若能吸附在管壁上，說明管壁帶正電荷，N接電源正極。選項(xiàng)A正確，B錯誤。CD構(gòu)建類似于點(diǎn)電荷的輻射電場，越靠近金屬絲的電場強(qiáng)度越大即EmEn

15、選項(xiàng)C正確，D錯誤。故選AC。二、非選擇題15如圖，用長的絕緣線把一個質(zhì)量為的帶電小球懸掛在帶等量異種電荷的豎直平行板之間。平衡時，小球偏離豎直位置。如果兩板間電場的電場強(qiáng)度是，小球的電荷量是多少？【答案】q=3.010-9C【詳解】設(shè)平衡時細(xì)線與豎直方向的夾角為，小球所受的電場力為F=Eq，細(xì)線的拉力為T，根據(jù)平衡條件，水平方向有Tsin=Eq豎直方向有Tcos=mg解得q=mgtanE根據(jù)題意及圖中的幾何關(guān)系得解得q=3.010-9C16如圖，、是正方形的四個頂點(diǎn)，在點(diǎn)和點(diǎn)放有電荷量都為的正電荷，在點(diǎn)放了某個未知電荷后，恰好點(diǎn)的電場強(qiáng)度等于0。求放在點(diǎn)的電荷電性和電荷量。【答案】帶負(fù)電，q

16、=22q【詳解】設(shè)正方向邊長l，A、C點(diǎn)的電荷在D點(diǎn)的場強(qiáng)均為則A、C點(diǎn)的電荷在D點(diǎn)的合場強(qiáng)為E=Ecos45=2kql2因?yàn)镈點(diǎn)的電場強(qiáng)度恰好等于零，則B點(diǎn)的點(diǎn)電荷在D點(diǎn)的場強(qiáng)與A、C點(diǎn)的電荷在D點(diǎn)的合場強(qiáng)等大反向，因此B點(diǎn)的點(diǎn)電荷帶負(fù)電，且B點(diǎn)的點(diǎn)電荷在D的電場強(qiáng)度大小是E=k q(2l)2解得q=22q17如圖所示，在范圍足夠大的場強(qiáng)大小為的勻強(qiáng)電場區(qū)域中的點(diǎn)固定一電荷量為的點(diǎn)電荷，以點(diǎn)為圓心、為半徑作一圓，、為圓周上的點(diǎn)且、為相互垂直的兩條直線（其中一條沿水平方向）。當(dāng)把一不計(jì)重力、帶電荷量為的試探電荷放在點(diǎn)時，電荷恰好靜止。則：(1)勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的大小、方向如何？(2)試探電荷放在點(diǎn)

17、時，受力的大小、方向如何？(3)試探電荷放在點(diǎn)時，受力的大小、方向如何？【答案】(1)kQr2，方向沿db方向；(2)2kQqr2，方向與方向成45角斜向左下；(3)2kQqr2，方向沿db方向【詳解】(1)如圖所示試探電荷放在點(diǎn)時，由題意可知F1=kQqr2F2=qE因?yàn)镕1=F2所以qE=kQqr2，即E=kQr2場強(qiáng)方向沿db方向(2)如圖所示試探電荷放在點(diǎn)時Ec=E12+E2=2E=2kQr2Fc=qEc=2kQqr2方向與方向成45角斜向左下(3)如圖所示試探電荷放在點(diǎn)時Eb=E2+E=2E=2kQr2Fb=qEb=2kQqr2方向沿db方向18如圖所示，把一質(zhì)量為2.0g、帶電荷量

18、為的均勻帶負(fù)電小球用絕緣細(xì)繩懸起，將另一個均勻帶正電小球靠近放置，當(dāng)兩個帶電小球在同一高度且相距cm時，細(xì)繩與豎直方向的夾角，取，、兩小球均可視為點(diǎn)電荷，求：(1)小球受到的庫侖力的大??；(2)小球的帶電荷量?！敬鸢浮?1)；(2)510-7C【詳解】解：(1)以小球A為研究對象，受到三個力的作用，由平衡條件可得小球A受到的庫侖力大小FA=mAgtan45代入數(shù)據(jù)解得FA=2.010-2N由牛頓第三定律可得，小球B受到的庫侖力大小FB=FA=2.010-2N(2)由庫侖定律得FB=kQqr2代入數(shù)據(jù)得小球B的帶電荷量q=510-7C19如圖所示，一質(zhì)量 m =kg，電荷量 q = + 3 C

19、的帶電小球 A 用長為 10cm 的 輕質(zhì)絕緣細(xì)線懸掛于 O 點(diǎn)，另一帶電量未知的小球 B 固定在 O 點(diǎn)正下 方絕緣柱上（A、B 均可視為點(diǎn)電荷）當(dāng)小球 A 平衡時，恰好與 B處 在同一水平線上，此時細(xì)線與豎直方向的夾角 =已知重力加速度 g=10，靜電力常量 k =，求：(1)小球 A 受到的靜電力大??；(2)小球 A 所在位置的場強(qiáng)大小和方向；(3)小球 B 的電荷量【答案】(1)F=1.510-3N (2)E=5105NC 方向水平向右(3)Q=210-7C【詳解】(1) 小球A受重力、繩子的拉力和B球的斥力，根據(jù)平衡可知，A球受到水平向右的靜電力為：F=mgtan=1.510-3N(

20、2) 根據(jù)電場強(qiáng)度定義式可知：E=Fq ，解得電場強(qiáng)度大小為E=5105NC，方向水平向右(3) 根據(jù)庫侖定律得F=kQq(Lsin)2 解得小球B的電荷量為Q=210-7C 第二部分 章末試題演練班級： 學(xué)號： 姓名： 一、選擇題1下列說法是某同學(xué)對電學(xué)中相關(guān)概念及公式的理解，其中正確的是()A電場強(qiáng)度公式E適用于一切電場B根據(jù)電容的定義式C,電容器極板上的電荷量每增加1C，電壓就增加1VC根據(jù)電場力做功的計(jì)算式WqU，一個電子在1V的電壓下加速，電場力做功為1eVD電場線就是正電荷只在電場力的作用下運(yùn)動的軌跡【答案】C【詳解】A電場強(qiáng)度公式：E只適用于勻強(qiáng)電場，故A錯誤；B根據(jù)電容的定義式

21、：C可知：U=只有在電容器C=1F時，當(dāng)電容器極板上的電荷量每增加1C，電壓就增加1V，故B錯誤；C電子的電量為e，由：W=Uq可知電場對電子做功加速時：W=Ue即在1V電壓下加速，電場力做功為1eV，故C正確；D電場線并不存在，是虛擬的，是人為引入的，而物體的運(yùn)動軌跡是實(shí)際存在的，故電場線不是電荷的運(yùn)動軌跡，故D錯誤2靜電場中某電場線如圖所示。把點(diǎn)電荷從電場中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，其電勢能增加1.2107J，則該點(diǎn)電荷的電性及在此過程中電場力做功分別為（）A正電1.2107JB負(fù)電1.2107JC正電1.2107JD負(fù)電1.2107J【答案】B【詳解】從A到B，電勢能增加1.2107J，說明電場力

22、做負(fù)功，做功為1.2107J，故電場力方向與場強(qiáng)方向相反，該點(diǎn)電荷帶負(fù)電。故選B。3如圖所示，真空中有兩個點(diǎn)電荷，帶電荷量分別為和，分別固定在x軸的坐標(biāo)原點(diǎn)和的位置上。則（）A處的場強(qiáng)為零B處的場強(qiáng)為零C處的電勢比處的電勢高D將一個負(fù)的試探電荷從處移動到處的過程中，它的電勢能減少【答案】A【詳解】AB兩電荷間距離，設(shè)距電荷右側(cè)距離為r處場強(qiáng)為0，則解得，即處的場強(qiáng)為零，可知到間場強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，處場強(qiáng)方向沿x軸正方向，故A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯誤。C到間場強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，沿電場線方向電勢降低，則處的電勢比處的電勢低，故C項(xiàng)錯誤。D處場強(qiáng)方向沿x軸正方向，則處的電勢大于處的電勢，將一個負(fù)的試探電

23、荷從處移動到處的過程中，它的電勢能增加，故D項(xiàng)錯誤。故選A。4如圖甲、乙、丙所示為三種帶電體產(chǎn)生的電場線和等差等勢面示意圖，下列說法正確的是A甲圖中A點(diǎn)和B點(diǎn)電場強(qiáng)度相同B乙圖中帶電體表面上C點(diǎn)和D點(diǎn)電勢相等C丙圖中F點(diǎn)電勢大于E點(diǎn)電勢，電子在F點(diǎn)電勢能比較大D甲圖中A、B連線中點(diǎn)電勢等于【答案】B【詳解】A由甲圖可知A、B兩點(diǎn)離正電荷距離相等，所以A、B兩點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等，方向不同，故A錯誤.B乙圖中帶電體表面上C點(diǎn)和D點(diǎn)是等勢體，故兩點(diǎn)電勢相等，所以B正確.C由丙圖可知電場線方向向上，所以F點(diǎn)電勢大于E點(diǎn)電勢，電子由F點(diǎn)到E點(diǎn)電場力做負(fù)功，電勢能增加，故電子在E點(diǎn)電勢較大，故C錯誤.D由

24、甲圖可知A、B兩點(diǎn)電勢相等，弧AB在一個等勢面上，但因A、B連線并不是一個等勢面，根據(jù)電場線方向可知連線中點(diǎn)電勢大于A、B兩點(diǎn)的電勢，即大于，故D錯誤.5如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三條電場線,實(shí)線為一帶負(fù)電的粒子僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運(yùn)動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點(diǎn),由此可知()A帶電粒子在R點(diǎn)時的加速度小于在Q點(diǎn)時的加速度B帶電粒子在P點(diǎn)時的電勢能比在Q點(diǎn)時的電勢能大C帶電粒子在R點(diǎn)時的速度大于在Q點(diǎn)時的速度D帶電粒子在R點(diǎn)時的動能與電勢能之和比在Q點(diǎn)時的小,比在P點(diǎn)時的大【答案】C【詳解】A由電場線疏密可知，R點(diǎn)場強(qiáng)比Q場強(qiáng)點(diǎn)大，所以帶電粒子在R點(diǎn)的電場力大，則帶電

25、粒子在R點(diǎn)的加速度大，A錯誤；BC帶電粒子做曲線運(yùn)動，電場力指向曲線的內(nèi)側(cè)，所以電場力的方向向右；若帶電粒子從P經(jīng)過R運(yùn)動到Q，電場力做負(fù)功，帶電粒子的電勢能增大，動能減小，則帶電粒子經(jīng)過R點(diǎn)時的動能大于經(jīng)過Q點(diǎn)時的動能，即帶電粒子在R點(diǎn)時的速度大于在Q點(diǎn)時的速度，而P點(diǎn)電勢能最小，所以帶電粒子在P點(diǎn)時的電勢能比在Q點(diǎn)時的電勢能小，B錯誤，C正確；D根據(jù)能量守恒定律，帶電質(zhì)點(diǎn)在運(yùn)動過程中各點(diǎn)處的動能與電勢能之和保持不變，D錯誤。故選C。6電場中有、兩點(diǎn)，一個點(diǎn)電荷在點(diǎn)的電勢能為，在點(diǎn)的電勢能為。已知，兩點(diǎn)在同一條電場線上，如圖所示，該點(diǎn)電荷的電荷量為，那么：（）A該電荷為負(fù)電荷B該電荷為正電荷

26、C、兩點(diǎn)的電勢差D把電荷從移到，電場力做功為【答案】A【詳解】AB沿電場線方向電勢降低，則該點(diǎn)電荷從B到A，電勢能增大，電場力做負(fù)功，根據(jù)電勢能該電荷為負(fù)電荷，B錯誤A正確；D該點(diǎn)電荷從A移到B，電勢能減小所以電場力做功為D錯誤；C則A、B兩點(diǎn)的電勢差大小C錯誤。故選A。7圖中虛線所示為靜電場中的等勢面1、2、3、4，相鄰的等勢面之間的電勢差相等，其中等勢面3的電勢為0一帶正電的點(diǎn)電荷在靜電力的作用下運(yùn)動，經(jīng)過a、b點(diǎn)時的動能分別為26 eV和5 eV當(dāng)這一點(diǎn)電荷運(yùn)動到某一位置,其電勢能變?yōu)?8 eV時,它的動能應(yīng)為（ ）A8 eVB13 eVC20 eVD34 eV【答案】C【詳解】由題意，

27、電荷經(jīng)過a、b點(diǎn)時的動能分別為26eV和5eV，動能減小為21eV而相鄰的等勢面之間的電勢差相等，電荷在相鄰等勢面間運(yùn)動時電場力做功相等，電勢能變化量相等，則電荷從3等勢面到4等勢面時，動能減小7eV，電勢能增大，等勢面3的電勢為0，電荷經(jīng)過b時電勢能為7eV，又由題，電荷經(jīng)b點(diǎn)時的動能為5eV，所以電荷的總能量為E=Ep+Ek=7eV+5eV=12eV，其電勢能變?yōu)?8eV時，根據(jù)能量守恒定律得到，動能應(yīng)為20eVA8 eV，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯誤；B13 eV，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯誤；C20 eV，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D34 eV，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯誤；8如圖所示的同心圓是某正

28、點(diǎn)電荷形成的電場中等間距的三條等勢線，、分別處在三個圓上，已知點(diǎn)的電勢為，點(diǎn)的電勢為，則點(diǎn)的電勢（）ABCD上述均不正確【答案】B【詳解】正點(diǎn)電荷形成的電場不是勻強(qiáng)電場，越靠近場源電荷場強(qiáng)越強(qiáng)，又由定性判斷可知則有V故選B。9如圖所示，在勻強(qiáng)電場中有一平行四邊形ABCD，已知A、B、C三點(diǎn)的電勢分別為A10V、B8V、C2V，則D點(diǎn)的電勢為（ ）A8VB6VC4VD1V【答案】C【詳解】由于電場是勻強(qiáng)電場，則：即：得：故C正確，ABD錯誤。10如圖，平行板電容器與電動勢為E的電源連接，下極板接地一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)現(xiàn)將上極板豎直向上移動一小段距離，則（ ）AP點(diǎn)的電勢

29、將降低B極板帶電量將增加C帶電油滴的電勢能將增大D帶電油滴將豎直向上運(yùn)動【答案】C【解析】將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=U/d得知板間場強(qiáng)減小，而P點(diǎn)與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點(diǎn)與下極板間電勢差將減小，而P點(diǎn)的電勢低于下極板的電勢，則知P點(diǎn)的電勢將升高故A錯誤油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運(yùn)動故D錯誤根據(jù)Q=UC，由于電勢差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故B錯誤；由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴帶正電，P點(diǎn)的電勢升高，則油滴的電勢能將增加故C正確故選C點(diǎn)睛：本題運(yùn)用E=U/d分析板間場強(qiáng)的變化，判斷油滴如

30、何運(yùn)動運(yùn)用推論：正電荷在電勢高處電勢能大，而負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，來判斷電勢能的變化11三個帶有同種電荷的粒子、經(jīng)同一加速電場加速后，以平行金屬板的速度射入同一偏轉(zhuǎn)電場，如圖所示。經(jīng)過一段時間，三個粒子均離開平行金屬板間。已知粒子、的質(zhì)量之比為1：2：4，所帶的電荷量之比為1：1：2，且粒子、的重力以及所受的阻力均可忽略不計(jì)。則下列說法正確的是（）A粒子、在平行金屬板之間運(yùn)動的時間之比為2：1：1B粒子、離開平行金屬板間瞬間的速度大小相等C粒子、從同一位置離開平行金屬板間D粒子、在平行金屬板間運(yùn)動的整個過程，動能的變化量之比為1：2：4【答案】C【詳解】A設(shè)加速電壓為，偏轉(zhuǎn)電壓為，平行金屬

31、板長為，板間距離為，根據(jù)動能定理得則粒子進(jìn)入平行金屬板間的初速度由題意得粒子、的比荷之比為2：1：1，則初速度之比為而粒子在平行金屬板間運(yùn)動的時間則時間之比為，選項(xiàng)A錯誤；B粒子離開平行金屬板間瞬間，在豎直方向上的分速度則粒子離開平行金屬板間瞬間的速度因?yàn)榱Ｗ拥谋群刹煌?，則離開瞬間速度的大小不同，選項(xiàng)B錯誤；C偏轉(zhuǎn)位移因?yàn)閯t顯然粒子的偏轉(zhuǎn)位移與粒子的電荷量和質(zhì)量無關(guān)，故粒子的偏轉(zhuǎn)位移相等，即粒子、從同一位置離開平行金屬板間，選項(xiàng)C正確；D偏轉(zhuǎn)電場中電場力對粒子做功因?yàn)?、和相同，電荷量之比?：1：2，則電場力做功之比為1：1：2，動能的變化量之比為1：1：2，選項(xiàng)D錯誤。故選C。12用控制變量

32、法可以研究影響平行板電容器電容的因素。如圖所示，設(shè)兩極板的正對面積為S，極板間的距離為，靜電計(jì)指針偏角為。實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若（）A保持S不變，增大，則變小B保持S不變，增大，則不變C保持不變，減小S，則變大D保持不變，減小S，則不變【答案】C【詳解】AB根據(jù)電容的決定式可知，電容與極板間的距離成反比，當(dāng)保持不變，增大時，電容減小，而電容器的電荷量不變，由電容的定義式可知，極板間電勢差增大，則靜電計(jì)指針的偏角變大，選項(xiàng)AB錯誤；CD根據(jù)電容的決定式可知，電容與兩極板的正對面積成正比，當(dāng)保持不變，減小S時，電容減小，而電容器的電荷量不變，由電容的定義式可知，極板間電勢差增大，則靜電計(jì)指

33、針的偏角變大，選項(xiàng)C正確，D錯誤。故選C。13如圖所示，從熾熱的金屬絲飄出的電子（速度可視為零），經(jīng)加速電場加速后從兩極板中間垂直射入偏轉(zhuǎn)電場。在滿足電子能射出偏轉(zhuǎn)電場的條件下，下述四種情況中，一定能使電子的偏轉(zhuǎn)角變大的是（）A僅增大加速電場的電壓B僅減小偏轉(zhuǎn)電場兩極板間的距離C僅減小偏轉(zhuǎn)電場的電壓D僅減小偏轉(zhuǎn)電場極板的長度【答案】B【詳解】設(shè)電子經(jīng)加速電場加速后的速度為，加速電壓為，偏轉(zhuǎn)電壓為，偏轉(zhuǎn)電場兩極板間的距離為，極板的長度為，則電子經(jīng)加速電場加速的過程中，根據(jù)動能定理可得電子在偏轉(zhuǎn)電場中的加速度運(yùn)動時間離開偏轉(zhuǎn)電場時速度方向與水平方向夾角的正切值為故B正確；ACD錯誤。故選B。14如

34、圖所示，平行板電容器帶有等量異種電荷，與靜電計(jì)相連，靜電計(jì)金屬外殼和電容器下級板都接地在兩極板間有一固定在P點(diǎn)的點(diǎn)電荷，以E表示兩極板間的電場強(qiáng)度，EP表示點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的電勢能，表示靜電計(jì)指針的偏角若保持下極板不動，將上極板向下移動一小段距離至圖中虛線位置，則（）A增大，E增大B增大，EP不變C減小，EP增大D減小，E不變【答案】D【詳解】試題分析：若保持下極板不動，將上極板向下移動一小段距離，則根據(jù)可知，C變大，Q一定，則根據(jù)Q=CU可知，U減小，則靜電計(jì)指針偏角減?。桓鶕?jù)，Q=CU，聯(lián)立可得，可知Q一定時，E不變；根據(jù)U1=Ed1可知P點(diǎn)離下極板的距離不變，E不變，則P點(diǎn)與下極板的電勢差不

35、變，P點(diǎn)的電勢不變，則EP不變；故選項(xiàng)ABC錯誤，D正確【考點(diǎn)定位】電容器、電場強(qiáng)度、電勢及電勢能【名師點(diǎn)睛】此題是對電容器的動態(tài)討論；首先要知道電容器問題的兩種情況：電容器帶電荷量一定和電容器兩板間電勢差一定；其次要掌握三個基本公式：，Q=CU；同時記住一個特殊的結(jié)論：電容器帶電荷量一定時，電容器兩板間的場強(qiáng)大小與兩板間距無關(guān)二、非選擇題15如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置可用來探究影響平行板電容器電容的因素，其中，電容器左側(cè)極板和靜電計(jì)外殼接地，電容器右側(cè)極板與靜電計(jì)金屬球相連。（1）用摩擦過的玻璃棒或橡膠棒接觸_極板（選填左側(cè)或右側(cè)）使電容器帶電。上移其中一極板，可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角_（選填變大，變

36、小或不變）；將極扳間距離減小時，可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角_（選填變大，變小或不變）；兩板間插入電介質(zhì)時，可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角_（選填變大，變小或不變）。（2）由以上實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象得到的結(jié)論是_。（3）下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)中使用靜電計(jì)的說法中正確的有_。A使用靜電計(jì)的目的是觀察電容器電壓的變化情況B使用靜電計(jì)的目的是測量電容器電量的變化情況C靜電計(jì)可以用電壓表替代D靜電計(jì)可以用電流表替代【答案】右側(cè) 變大 變小 變小 平行板電容器的電容與兩板正對面積、兩板距離和兩板間介質(zhì)有關(guān) A 【詳解】(1)1 用摩擦過的玻璃棒或橡膠棒接觸右側(cè)極板，可使電容器帶電，因?yàn)槿襞c左側(cè)極板接觸，由于左側(cè)極板接地而使電荷被“中和

37、”，從而不能使電容器帶電；2 根據(jù)電容的決定式知，上移其中一極板，則正對面積減小，電容減小，根據(jù)電容的定義式知，電荷量不變，則電勢差增大，指針偏角變大；3 根據(jù)電容的決定式知，將極板間距離減小時，電容增大，根據(jù)電容的定義式知，電荷量不變，則電勢差減小，指針偏角變小；4 根據(jù)電容的決定式知，兩板間插入電介質(zhì)時，電容增大，根據(jù)電容的定義式知，電荷量不變，則電勢差減小，指針偏角變??；(2)5由以上實(shí)驗(yàn)結(jié)論可知，平行板電容器的電容與兩板正對面積、兩板距離和兩板間介質(zhì)有關(guān)；(3)6 AB靜電計(jì)可測量電勢差，根據(jù)指針張角的大小，觀察電容器電壓的變化情況，無法判斷電量的變化情況，故A正確，B錯誤；CD靜電計(jì)

38、與電壓表、電流表的原理不同，不能替代，電流表、電壓表線圈中必須有電流通過時，指針才偏轉(zhuǎn)，故CD錯誤。故選A。16如圖，在勻強(qiáng)電場中，將電荷量為-610-6 C的點(diǎn)電荷從電場中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，靜電力做了-2.410-5 J 的功，再從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，靜電力做了1.210-5 J的功。已知電場的方向與ABC所在的平面平行：（1）A、B兩點(diǎn)間的電勢差UAB和 B、C兩點(diǎn)間的電勢差UBC分別為多少？（2）如果規(guī)定B點(diǎn)的電勢為 0，則A點(diǎn)和C點(diǎn)的電勢分別為多少？（3）請?jiān)趫D中畫出過B點(diǎn)的電場線方向，并說明理由?！敬鸢浮浚?）UAB = 4V；UBC = -2V；（2），；（3），電場線方向從F指向B【詳解

39、】（1）A、B兩點(diǎn)間電勢差B、C兩點(diǎn)間的電勢差（2）如果規(guī)定B點(diǎn)的電勢為 0，則故A點(diǎn)和C點(diǎn)的電勢分別為，（3）取AB中點(diǎn)D，則，連接CD，為等勢線，從B作CD的垂線，F(xiàn)為垂足，如圖，則BF為電場線（電場線方向從F指向B）。17如圖所示的勻強(qiáng)電場中有a、b、c三點(diǎn)，ab與場強(qiáng)方向平行，bc與場強(qiáng)方向成60角，ab=4cm，bc=10cm，將一個帶電量為C的電荷從a移到b時，電場力做功J，求： （1）a、b兩點(diǎn)的電勢差Uab；（2）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大?。唬?）將此電荷從a移到c電場力做的功?！敬鸢浮浚?）200V；（2）；（3）【詳解】（1）由公式可得，a、b兩點(diǎn)的電勢差為（2）由公式得，勻強(qiáng)電場

40、的場強(qiáng)大小為（3）根據(jù)公式可得，將此電荷從a移到c電場力做的功為18如圖所示，A為粒子源，在A和極板B間的加速電壓為U1，在兩水平放置的平行帶電板C、D間的電壓為U2，現(xiàn)設(shè)有質(zhì)量為m，電荷量為q的質(zhì)子初速度為零，從A被加速電壓U1加速后水平進(jìn)入豎直方向的勻強(qiáng)電場，平行帶電板的極板的長度為L，兩板間的距離為d，不計(jì)帶電粒子的重力，求：（1）帶電粒子在射出B板時的速度；（2）帶電粒子飛出C、D電場時在豎直方向上發(fā)生的位移y；（3）飛出偏轉(zhuǎn)電場時的動能?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【詳解】(1)帶電粒子由A到B過程，據(jù)動能定理可得解得帶電粒子在射出B板時的速度為(2)粒子從C到D做類平拋運(yùn)動，水平

41、分運(yùn)動是勻速直線運(yùn)動，故運(yùn)動時間為豎直分運(yùn)動是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，故其中聯(lián)立解得(3)由(1)可知粒子飛出偏轉(zhuǎn)電場時，水平方向速度為設(shè)飛出偏轉(zhuǎn)電場時豎直方向速度為vy，可得故飛出偏轉(zhuǎn)電場時的速度為又因?yàn)槁?lián)立解得飛出偏轉(zhuǎn)電場時的動能為19如圖所示,勻強(qiáng)電場E=1104 V/m，方向水平向右，ABCD為豎直放置在電場中的絕緣導(dǎo)軌，半圓形軌道BCD光滑，半徑R=0.1m，B為圓軌道最低點(diǎn)，水平軌道與其相切于B點(diǎn)，水平軌道粗糙，AB=2R一質(zhì)量m=0.1kg、帶正點(diǎn)電荷量q=1104C的小滑塊在A點(diǎn)有一個水平向右的初速度v0=2m/s已知水平軌道與小滑塊之間的動摩擦因數(shù)=0.5，重力加速度g取

42、10m/s2，求：（1）小滑塊到達(dá)C點(diǎn)時速度大??；（2）小滑塊到達(dá)C點(diǎn)時對軌道壓力大?。唬?）通過計(jì)算說明小滑塊能否到達(dá)最高點(diǎn)D點(diǎn)【答案】（1）（2）7N（3）能通過，速度為【詳解】(1)小球由A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程.由動能定理，有：代入數(shù)據(jù)解得：vc=m/s(2)對小球在C點(diǎn)的受力情況，由牛頓第二定律得：解得：FN= 7N由牛頓第三定律知，小球在C點(diǎn)對軌道的壓力大小為7 N.(3)小球能通過D點(diǎn)的最小速度為v，則有：解得：v=1m/s如果小滑塊能到達(dá)D點(diǎn)，從C點(diǎn)到D點(diǎn)根據(jù)動能定理有：解得，由于，所以能通過最高點(diǎn)D.答：（1）小滑塊到達(dá)C點(diǎn)時速度大小m/s；（2）小滑塊到達(dá)C點(diǎn)時對軌道壓力大小FN=

43、 7N；（3）小滑塊能到達(dá)最高點(diǎn)D點(diǎn)，速度為 精品文檔 精心整理精品文檔 可編輯的精品文檔第十一章 章節(jié)復(fù)習(xí)與檢測第一部分 知識思維導(dǎo)圖第二部分 章末試題演練班級： 學(xué)號： 姓名： 一、選擇題1關(guān)于電阻和電阻率的說法正確的是( )A導(dǎo)體對電流的阻礙作用叫導(dǎo)體的電阻，因此只有導(dǎo)體中有電流通過時才有電阻B由可知導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟導(dǎo)體中的電流成反比C某些金屬、合金和化合物的電阻率隨溫度的降低會突然減小為零，這種現(xiàn)象叫超導(dǎo)現(xiàn)象D將一根導(dǎo)線等分為二，則半根導(dǎo)線的電阻和電阻率都是原來的二分之一【答案】C【詳解】A導(dǎo)體對電流的阻礙作用叫導(dǎo)體的電阻，導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體中有無電流無關(guān)，選項(xiàng)A錯誤

44、；B導(dǎo)體的電阻是由導(dǎo)體本身決定的，與加在導(dǎo)體兩端的電壓和通過的電流無關(guān)，選項(xiàng)B錯誤； C某些金屬、合金和化合物的電阻率隨溫度的降低會突然減小為零，這種現(xiàn)象叫超導(dǎo)現(xiàn)象，選項(xiàng)C正確；D導(dǎo)體的電阻率只與導(dǎo)體材料有關(guān)，與導(dǎo)體長度無關(guān)，選項(xiàng)D錯誤2如圖所示的電解槽接入電路后，在t秒內(nèi)有n1個1價正離子通過溶液內(nèi)截面S，有n2個1價負(fù)離子通過溶液內(nèi)截面S，設(shè)e為元電荷，以下說法正確的是（）A當(dāng)n1n2時電流強(qiáng)度為零B當(dāng)n1n2時，電流方向從AB，電流強(qiáng)度為IC當(dāng)n1n2時，電流方向從BA，電流強(qiáng)度ID電流方向從AB，電流強(qiáng)度I【答案】D【詳解】電荷的定向移動形成電流，正電荷的定向移動方向是電流方向，由圖示

45、可知，溶液中的正離子從A向B運(yùn)動，因此電流方向是AB，電流故選D。3有一橫截面積為S的銅導(dǎo)線，流經(jīng)其中的電流強(qiáng)度為I，設(shè)每單位體積的導(dǎo)線有n個自由電子，電子的電荷量為q，此時電子的定向移動速率為v，在t時間內(nèi)通過橫截面積的電子數(shù)目可表示為（）ASvtBnvStCIqtD【答案】B【詳解】根據(jù)電流的微觀表達(dá)式I=nqvS，在t時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的自由電子的電量Q=It，則在t時間內(nèi)，通過導(dǎo)體橫截面的自由電子的數(shù)目為故選B。4有、兩根不同材料的電阻絲，長度之比為l1l215，橫截面積之比為S1S223，電阻之比為R1R225，外加電壓之比為U1U212，則它們的電阻率之比為 ()A23B43C3

46、4D83【答案】B【詳解】根據(jù)電阻的決定式R=得=則故ACD 錯誤，B正確。故選B。5一根粗細(xì)均勻，阻值為的電阻絲，在溫度不變的情況下，先將它等分成四段，每段電阻為；再將這四段電阻絲并聯(lián)，并聯(lián)后總電阻為則與的大小依次為A，B，C，D，【答案】C【詳解】一根粗細(xì)均勻的電阻絲，將它等分成四段，每段的長度減小為四分之一，橫截面積和電阻率一定，故電阻減小為四分之一，為；再將這四段電阻絲并聯(lián)起來，橫截面積增加為4倍，根據(jù)電阻定律，；故選C6如圖所示是某導(dǎo)體的伏安特性曲線，由圖可知（）A圖像的斜率等于導(dǎo)體的電阻值B導(dǎo)體的電阻是C當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓是時，通過導(dǎo)體的電流是D當(dāng)通過導(dǎo)體的電流是時，導(dǎo)體兩端的電壓是

47、【答案】D【詳解】AI-U圖像的斜率等于導(dǎo)體電阻值的倒數(shù)，故A錯誤；B導(dǎo)體的電阻是故B錯誤；C由歐姆定律可知，當(dāng)導(dǎo)體兩端的電壓為時，通過導(dǎo)體的電流為故C錯誤；D由歐姆定律可知，當(dāng)通過導(dǎo)體的電流為時，導(dǎo)體兩端的電壓為故D正確。故選D。7如圖所示，長方體金屬塊邊長之比a：b：c=3：1：2，將A與B接入電壓為U的電路中時，電流為I；若將C與D接入電壓為U的電路中，則電流為（設(shè)金屬塊的電阻率不變）（ ） AIB9I/4C4I/9D2I【答案】B【詳解】設(shè)b長為l；根據(jù)電阻定律可知：；則接AB時，電阻；當(dāng)接CD時，電阻；由歐姆定律可知：；則；故選B8如圖所示，電流計(jì)的內(nèi)阻，滿偏電流，則下列說法正確的是

48、（）A當(dāng)和均斷開時，虛線框中可等效為電流表，最大量程是3AB當(dāng)和均斷開時，虛線框中可等效為電壓表，最大量程是3VC當(dāng)和均閉合時，虛線框中可等效為電流表，最大量程是3AD當(dāng)和均閉合時，虛線框中可等效為電壓表，最大量程是3V【答案】B【詳解】AB當(dāng)和均斷開時，電流計(jì)與電阻串聯(lián)，虛線框中可等效為電壓表，其量程為A錯誤，B正確；CD當(dāng)和均閉合時，電流計(jì)與電阻并聯(lián)，虛線框中可等效為電流表，其量程為CD錯誤。故選B。9現(xiàn)在要測量一段電阻絲的電阻率，其阻值約為，允許通過的最大電流為，現(xiàn)有如下器材可供選擇：電流表（量程，內(nèi)阻約為）電壓表（量程，內(nèi)阻約為）標(biāo)準(zhǔn)電阻（阻值）滑動變阻器直流電源（，內(nèi)阻不計(jì)）開關(guān)S、

49、導(dǎo)線若干如圖為四位同學(xué)分別設(shè)計(jì)的測量電路的一部分，你認(rèn)為合理的是（）ABCD【答案】C【詳解】電阻兩端的最大電壓為U約為電壓表量程的，為了使電壓表讀數(shù)達(dá)到量程的以上。 從而獲取更加準(zhǔn)確的讀數(shù)，需要與串聯(lián)定值電阻，并使電壓表測量R0和Rx的總電壓。由于遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，所以電流表采用外接法，綜上所述可知C正確。故選C。10如圖所示為某同學(xué)設(shè)計(jì)的多用電表的原理示意圖。虛線框中S為一個單刀多擲開關(guān)，通過操作開關(guān)，接線柱B可以分別與觸點(diǎn)1、2、3接通，從而實(shí)現(xiàn)使用多用電表測量不同物理量的不同功能。關(guān)于此多用電表，下列說法中正確的是（）A當(dāng)S接1時，處于測量電流的擋位，其中接線柱B接的是紅表筆B當(dāng)S接2

50、時，處于測量電壓的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆C當(dāng)S接2時，處于測量電阻的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆D當(dāng)S接3時，處于測量電壓的擋位，其中接線柱B接的是紅表筆【答案】C【詳解】由圖示電路圖可知，多用電表測電阻時，接線柱B與歐姆表內(nèi)置電源正極相連，則接線柱B接的是黑表筆A由圖示電路圖可知，當(dāng)S接觸點(diǎn)1時，表頭與分流電阻并聯(lián)，此時多用電表處于測量電流的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆，故A錯誤；BC由圖示電路圖可知，當(dāng)S接觸點(diǎn)2時，表頭與電源相連，此時多用電表處于測量電阻的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆，故B錯誤，C正確；D由圖示電路圖可知，當(dāng)S接觸點(diǎn)3時，表頭與分壓電阻串聯(lián)，此時多用電表處于

51、測量電壓的擋位，其中接線柱B接的是黑表筆，故D錯誤。故選C。11如圖所示，兩個電阻的阻值均為，、兩端的電壓保持不變，現(xiàn)用一個內(nèi)阻為的電壓表去測量某個電阻兩端的電壓，讀數(shù)為（）ABCD【答案】B【詳解】電壓表與電阻的并聯(lián)電阻為電壓表的讀數(shù)為故選B。12某導(dǎo)體中的電流隨其兩端電壓的變化如圖所示，則下列說法中正確的是（）A加5V電壓時，導(dǎo)體的電阻約是5B加11V電壓時，導(dǎo)體的電阻約是1.4C由圖可知，隨著電壓的增大，導(dǎo)體的電阻不斷減小D此導(dǎo)體為線性元件【答案】A【詳解】A對某些導(dǎo)電器材，其伏安特性曲線不是直線，但曲線上某一點(diǎn)的值仍表示該點(diǎn)所對應(yīng)的電阻值，當(dāng)導(dǎo)體加5V電壓時，電阻R1=5故A正確；B當(dāng)

52、導(dǎo)體加11V電壓時，由題圖知電流約為1.4A，電阻R2大于1.4，故B錯誤；CD由圖可知，隨電壓的增大，圖象的斜率減小，則可知導(dǎo)體的電阻越來越大，則導(dǎo)體為非線性元件，故CD錯誤。故選A。13三個阻值相等的電阻R1、R2、R3接入如圖所示電路。設(shè)各電阻兩端的電壓分別為U1、U2、U3，通過各電阻的電流分別為I1、I2、I3，則（）AI12I3，U1BI12I3，U12U3CI1，U1DI1，U12U3【答案】B【詳解】由題設(shè)條件可知R1=R2=R3，且R2、R3串聯(lián)后與R1并聯(lián)，據(jù)串、并聯(lián)電路的電壓、電流的特點(diǎn)，由歐姆定律可知U2=U3 I2=I3因此有U1=U2+U3=2U2=2U3 I1=2

53、I2=2I3 ACD錯誤, B正確。故選B。二、非選擇題14小明為了測定某段電阻絲的電阻率，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路，首先小明測量了該電阻絲的直徑和長度，螺旋測微器和游標(biāo)卡尺的示數(shù)分別如圖乙、圖丙所示，則該電阻絲的直徑為_mm，長度為_mm；小明為了減小兩個電表對電路的影響，完成了如下操作：(1)連接好電路后，小明合上開關(guān)，將單刀雙擲開關(guān)扳到2位置，移動兩個滑動變阻器的滑動觸頭，直到電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角度接近最大，此時兩電表的示數(shù)分別為、；(2)保持閉合，不移動兩滑動變阻器的滑動觸頭，將單刀雙擲開關(guān)扳到1位置，兩電表的示數(shù)分別為、。利用以上測量的物理量表示該電阻絲的電阻，為_。電阻絲的長度用表示，

54、電阻絲的直徑用表示，電阻用表示，則該電阻絲的電阻率_（用物理量、表示）?！敬鸢浮?.782（1.781 1.783均可） 100.15 【詳解】1由螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)則可知，固定刻度的讀數(shù)為1.5 mm，可動刻度的讀數(shù)則該電阻絲的直徑為1.782 mm。2游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為100 mm，游標(biāo)尺上第3個刻度和主尺上某一刻度對齊，游標(biāo)讀數(shù)為所以該電阻絲的長度為100.15 mm。3將單刀雙擲開關(guān)扳到2位置，移動兩個滑動變阻器的滑動觸頭，直到電壓表指針的偏轉(zhuǎn)角度接近最大，此時兩電表的示數(shù)分別為、，則不移動兩滑動變阻器的滑動觸頭，將單刀雙擲開關(guān)扳到1位置，兩電表的示數(shù)分別為、，則解得4由，解得15圖

55、a為某同學(xué)組裝完成的簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池，R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為250 A，內(nèi)阻為480 。虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用電表有5個擋位，5個擋位為：直流電壓1V擋和5V擋，直流電流1mA擋和2.5mA擋，歐姆100 擋。(1)圖a中的A端與_（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。(2)關(guān)于R6的使用，下列說法正確的是_（填正確答案標(biāo)號）。A在使用多用電表之前，調(diào)整R6使電表指針指在表盤左端電流“0”位置B使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調(diào)整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置C使用電流擋時，調(diào)整R6使電

56、表指針盡可能指在表盤右端電流最大位置(3)根據(jù)題給條件可得R1R2=_，R4=_。(4)某次測量時該多用電表指針位置如圖b所示。若此時B端是與“1”相連的，則多用電表讀數(shù)為_；若此時B端是與“3”相連的，則讀數(shù)為_；若此時B端是與“5”相連的，則讀數(shù)為_。（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）【答案】黑 B 160 880 1.47 mA 1.10103 2.95 V 【詳解】(1)1與歐姆表內(nèi)電源正極相連的是黑表筆。(2)2R6是可變電阻，它的作用就是歐姆表調(diào)零，也就是使用歐姆擋時，先將兩表筆短接，調(diào)整R6使電表指針指在表盤右端電阻“0”位置。(3)3換擋開關(guān)接2時，是量程較小的電流表，所以4換擋開關(guān)接

57、4時，是量程較小的電壓表，這時表頭與R1、R2并聯(lián)組成新表頭，新表頭的內(nèi)阻 新表頭的量程是1 mA，所以(4)5某次測量時該多用電表指針位置如圖（b）所示。若此時B端與“1”相連，則多用電表是量程為2.5 mA的電流表，則讀數(shù)為1.47 mA；6若此時B端與“3”相連接，多用電表是歐姆100 擋，則讀數(shù)為11.0100 ，即1.10103 ；7若此時B端與“5”相連接，多用電表是量程為5 V電壓表，則讀數(shù)為2.95 V。16雷雨天氣電閃雷鳴，形成一幅壯觀的自然景象，如圖所示。某中學(xué)實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)為了探究閃電形成的條件，在實(shí)驗(yàn)室進(jìn)行了模擬。假設(shè)某次實(shí)驗(yàn)時產(chǎn)生的電壓為、電流為，該放電過程持續(xù)的時間

58、為。則：(1)該放電過程放出的電荷量為多少？如果放電過程電荷以0.5A的電流通過電燈（正常發(fā)光），則可供電燈照明的時間為多少？(2)該放電過程對外釋放的電能應(yīng)為多少？【答案】(1)20C，40s；(2)【詳解】(1)根據(jù)電流的定義式可解得即放電過程放出的電荷量為20 C?？晒╇姛粽彰鞯臅r間應(yīng)為(2)該放電過程對外釋放的電能為17如圖所示的電路中，電阻R1=2，R2=3，R3=2。當(dāng)開關(guān)K閉合時，電流表示數(shù)為0.6A，求：(1)電阻R3兩端的電壓U3；(2)流過電阻R2的電流I2；(3)電阻R1兩端的電壓U1?！敬鸢浮?1)1.2V；(2)0.4A；(3)2.0V【詳解】(1)由歐姆定律可知U3

59、=I3R3=1.2V(2)并聯(lián)電路U2=U3則A(3)干路電流I1=I2+I3=1.0AR1兩端電壓U1=I1R1=2.0V18在一根長L=5m，橫截面積S=3.5 10-4m2的銅質(zhì)導(dǎo)線兩端加2510-3V電壓已知銅的電阻率=1.7510-8m，則：（1）該導(dǎo)線的電阻多大？（2）該導(dǎo)線中的電流多大？（3）當(dāng)電阻線對折后，接入相同的電壓，電流是多大？【答案】（1）（2）（3）【詳解】（1）由電阻定律得到該導(dǎo)線電阻為：； （2）由歐姆定律得到該導(dǎo)線中電流為：；（3）將電阻絲對折后，導(dǎo)體的材料沒有變化，但導(dǎo)體的長度減半，橫截面積變?yōu)樵瓉淼亩?，則根據(jù)電阻定律可知，此時電阻為： 根據(jù)歐姆定律可知此時

60、電流大小為：19有一塊小量程電流表，滿偏電流為，內(nèi)阻為?，F(xiàn)要將它改裝成、的兩量程電流表，某同學(xué)除了參考電路圖甲外，還設(shè)計(jì)了如圖乙所示電路。(1)若采用圖甲的電路，則R1、R2是多少，若采用圖乙的電路，則R1、R2是多少？(2)請分析兩種電路在實(shí)際使用時的特點(diǎn)?！敬鸢浮?1)圖甲的電路，R1=4.2，R2=37.8；圖乙電路，R1=4.0，R2=42.1； (2)由圖示電路圖可知，圖乙在更換量程時兩個分流電阻都沒有并聯(lián)在表頭兩端，容易燒壞表頭，圖乙所示電路不合理，圖甲所示電路合理?！驹斀狻?1)對甲電路，量程為10mA時，量程為1mA時 解得R1=4.2，R2=37.8對乙電路量程為10mA時