2022-2023學(xué)年寧夏銀川外國(guó)語(yǔ)實(shí)驗(yàn)學(xué)校高三上學(xué)期第二次月考物理試題（解析版）

銀川外國(guó)語(yǔ)2023屆高三第二次月考物理試卷卷I（選擇題）一、選擇題（本題共計(jì)12小題，1-8題為單項(xiàng)選擇題，9-12題為多項(xiàng)選擇題，每題4分，共計(jì)48分）1.下列說(shuō)法符合史實(shí)的是（）A.伽利略提出力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B.牛頓認(rèn)為力的真正效應(yīng)是改變物體的速度，而不僅僅是使之運(yùn)動(dòng)C.笛卡爾通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持D.亞里士多德猜想自由落體運(yùn)動(dòng)的速度與下落時(shí)間成正比，并直接用實(shí)驗(yàn)進(jìn)行了驗(yàn)證【答案】B【解析】【詳解】A．亞里士多德提出力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，故A錯(cuò)誤；B．牛頓認(rèn)為力的真正效應(yīng)是改變物體的速度，產(chǎn)生加速度，而不僅僅是使之運(yùn)動(dòng)，故B正確；C．伽利略利用“理想斜面實(shí)驗(yàn)”發(fā)現(xiàn)了物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持，推翻了“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”的觀點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D．伽利略用實(shí)驗(yàn)與數(shù)學(xué)邏輯推理得出了自由落體的速度與下落時(shí)間成正比，故D錯(cuò)誤。故選B。2.做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)在第一個(gè)7s內(nèi)的平均速度比它在第一個(gè)3s內(nèi)的平均速度大6m/s，則質(zhì)點(diǎn)的加速度大小為（）A.1m/s2 B.1.5m/s2 C.3m/s2 D.4m/s2【答案】C【解析】【分析】【詳解】物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，第一個(gè)3s內(nèi)中間時(shí)刻，即1.5s時(shí)的速度為第一個(gè)7s內(nèi)中間時(shí)刻，即3.5s時(shí)的速度為由題意可知又其中Δt=2s，可得a=3m/s2。故選C。3.如圖所示，物塊M左側(cè)貼著一豎直墻面，物塊N置于物塊M上．現(xiàn)將豎直向上的恒力F作用在M上，M、N一起向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)．M、N之間相對(duì)靜止，物塊N的質(zhì)量為m，重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力．下列說(shuō)法正確的是A.物體N可能只受到一個(gè)力B.物塊M與墻面之間一定沒(méi)有摩擦力C.物塊N對(duì)物塊M的作用力大小可能為mgD.物塊M與N之間可能沒(méi)有摩擦力，但一定有彈力【答案】B【解析】【分析】分別隔離物體N和整體MN，其加速度豎直向下，分析其受力情況，根據(jù)牛頓第二定律分析各個(gè)力的關(guān)系.【詳解】若物體N只受到一個(gè)力，那一定是重力，此時(shí)N的加速度是向下的g，整體的加速度也是向下的g，則F只能為零，故假設(shè)錯(cuò)誤，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；對(duì)MN的整體，水平方向合力為零，則M與墻壁之間無(wú)壓力，則物塊M與墻面之間一定沒(méi)有摩擦力，選項(xiàng)B正確；對(duì)物體N受力分析，重力向下、斜面M對(duì)N的彈力斜向右上方，因N受合力豎直向下，可知M一定對(duì)N有沿斜面向上的摩擦力；根據(jù)牛頓第二定律：mg-FMN=ma，可知FMN<mg，即物塊N對(duì)物塊M的作用力小于mg，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤；故選B.4.如圖所示，自身重力不計(jì)的定滑輪固定在天花板上，跨過(guò)定滑輪的輕繩兩端分別與兩物體相連，物體質(zhì)量為，物體質(zhì)量為。重力加速度為，現(xiàn)由靜止釋放物體，在物體上升、下降的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，定滑輪對(duì)天花板的拉力為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】設(shè)繩子的拉力為，物體加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)有對(duì)有加速度聯(lián)立解得根據(jù)平衡條件，得定滑輪對(duì)天花板的拉力為故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。5.如圖，A、B、C三個(gè)小球質(zhì)量均為m，A、B之間用一根沒(méi)有彈性的輕質(zhì)細(xì)繩連在一起，B、C之間用輕彈簧拴接，整個(gè)系統(tǒng)用細(xì)線懸掛在天花板上并且處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將A上面的細(xì)線剪斷，使A的上端失去拉力，則在剪斷細(xì)線的瞬間，A、B、C三個(gè)小球的加速度分別是()A.1.5g，1.5g，0B.g，2g，0C.g，g，gD.g，g,0【答案】A【解析】【詳解】剪斷細(xì)線前，由平衡條件可知上端的細(xì)線的拉力為，、之間細(xì)繩的拉力為，輕彈簧的拉力為，在剪斷細(xì)線的瞬間，輕彈簧中拉力不變，小球所受合外力為零，所以的加速度為零；、小球用一根沒(méi)有彈性的輕質(zhì)細(xì)繩連在一起，即將一起向下運(yùn)動(dòng)，整體受到二者重力和輕彈簧向下的拉力，由牛頓第二定律可得，解得，故選項(xiàng)A正確，B、C、D錯(cuò)誤．6.如圖所示，在斜面上同一豎直面內(nèi)有四條光滑細(xì)桿，其中OA桿豎直放置，OB桿與OD桿等長(zhǎng)，OC桿與斜面垂直放置，每根桿上都套著一個(gè)小滑環(huán)(圖中未畫(huà)出)，四個(gè)環(huán)分別從O點(diǎn)由靜止釋放，沿OA、OB、OC、OD滑到斜面上所用的時(shí)間依次為t1、t2、t3、t4．下列關(guān)系正確的是（）A.t1<t2B.t1>t3C.t2＝t4D.t2<t4【答案】D【解析】【詳解】以O(shè)A為直徑畫(huà)圓，根據(jù)等時(shí)圓模型，對(duì)小滑環(huán)，受重力和支持力，將重力沿桿方向和垂直桿的方向正交分解，根據(jù)牛頓第二定律得小滑環(huán)做初速為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度為a=gcosθ(θ為桿與豎直方向的夾角)由圖中的直角三角形可知，小滑環(huán)的位移S=2Rcosθ所以t=，t與θ無(wú)關(guān)，可知從圓上最高點(diǎn)沿任意一條弦滑到底所用時(shí)間相同，故沿OA和OC滑到底的時(shí)間相同，即t1=t3，OB不是一條完整的弦，時(shí)間最短，即t1>t2，OD長(zhǎng)度超過(guò)一條弦，時(shí)間最長(zhǎng),即t2<t4.故ABC錯(cuò)誤，D正確故選D點(diǎn)睛：根據(jù)等時(shí)圓模型，可知從圓上最高點(diǎn)沿任意一條弦滑到底所用時(shí)間相同，故沿OA和OC滑到底的時(shí)間相同，OB不是一條完整的弦，時(shí)間最短，OD長(zhǎng)度超過(guò)一條弦，時(shí)間最長(zhǎng)．7.如圖所示，有一不可伸長(zhǎng)的輕繩，繞過(guò)光滑定滑輪C，與質(zhì)量為m的物體A連接，A放在傾角為的光滑斜面上，繩的另一端和套在固定豎直桿上的物體B連接，連接物體B的繩最初水平。從當(dāng)前位置開(kāi)始，使物體B以速度v沿桿勻速向下運(yùn)動(dòng)，設(shè)繩的拉力為T(mén)，在此后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A物體A做減速運(yùn)動(dòng)B物體A做勻速運(yùn)動(dòng)C.T小于D.T大于【答案】D【解析】【詳解】將物體B的速度進(jìn)行分解，如圖由圖可知繩端的速度為v繩=vsinα與B的位置有關(guān)，因?yàn)锽為勻速運(yùn)動(dòng)，B下降過(guò)程中α變大，因此物體A做加速運(yùn)動(dòng)，則T大于mgsinθ。故選D。8.在一斜面頂端，將甲乙兩個(gè)小球分別以v和的速度沿同一方向水平拋出，兩球都落在該斜面上。甲球落至斜面時(shí)的速率是乙球落至斜面時(shí)速率的（）A.2倍 B.4倍 C.6倍 D.8倍【答案】A【解析】【詳解】設(shè)斜面傾角為α，小球落在斜面上速度方向偏向角為θ，小球水平拋出，均落在斜面上；根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的推論可得tanθ=2tanα，所以甲乙兩個(gè)小球落在斜面上時(shí)速度偏向角相等；故對(duì)甲有對(duì)乙有所以故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。9.如圖所示，蹦床運(yùn)動(dòng)員從空中落到床面上，運(yùn)動(dòng)員從接觸床面下降到最低點(diǎn)為第一過(guò)程，從最低點(diǎn)上升到離開(kāi)床面為第二過(guò)程，則運(yùn)動(dòng)員（）A.在第一過(guò)程中始終處于失重狀態(tài)B.在第二過(guò)程中始終處于超重狀態(tài)C.在第一過(guò)程中先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)D.在第二過(guò)程中先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)【答案】CD【解析】【詳解】AC．運(yùn)動(dòng)員剛接觸床面時(shí)，重力大于彈力，運(yùn)動(dòng)員向下做加速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員處于失重狀態(tài)；當(dāng)彈力增大到等于重力時(shí)速度最大；繼續(xù)下降，彈力大于重力，做向下減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員處于超重狀態(tài)，即在第一過(guò)程中先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)，A錯(cuò)誤，C正確；BD．在第二過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員先向上加速運(yùn)動(dòng)，處于超重狀態(tài)，后向上減速運(yùn)動(dòng)，處于失重狀態(tài)，B錯(cuò)誤，D正確。故選CD。10.如圖，“旋轉(zhuǎn)秋千”中兩個(gè)座椅A、B質(zhì)量相等，通過(guò)相同長(zhǎng)度的纜繩懸掛在水平的旋轉(zhuǎn)圓盤(pán)上，座椅A離轉(zhuǎn)軸的距離較近．不考慮空氣阻力的影響，當(dāng)旋轉(zhuǎn)圓盤(pán)繞豎直的中心軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，穩(wěn)定后A、B都在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．則下列說(shuō)法正確的是（）A.座椅B的角速度比A大B.座椅B的向心加速度比A大C.懸掛A、B的纜繩與豎直方向的夾角相等D.懸掛B的纜繩所承受的拉力比懸掛A的纜繩所承受的拉力大【答案】BD【解析】【分析】【詳解】A．同軸轉(zhuǎn)動(dòng)角速度相同，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．由于座椅B的圓周半徑比座椅A的半徑大，由得B的向心加速度比A的大，故選項(xiàng)B正確；C．設(shè)細(xì)線與豎直方向的夾角為θ，由牛頓第二定律得：得由于座椅B的圓周半徑比座椅A的半徑大，故B與豎直方向的夾角大，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．在豎直方向上有則因B與豎直方向的夾角大，懸掛B的纜繩所受到的拉力比懸掛A的大，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確；故選BD。11.甲、乙兩船在同一河流中同時(shí)開(kāi)始渡河，河水流速為，船在靜水中的速率均為，甲、乙兩船船頭均與河岸成角，如圖，已知甲船恰能垂直到達(dá)河正對(duì)岸的A點(diǎn)，乙船到達(dá)河對(duì)岸的點(diǎn)，之間的距離為，則正確的（）A.若僅是河水流速增大，則兩船的渡河時(shí)間都不變B.乙船先到達(dá)對(duì)岸C.不論河水流速如何改變，只要適當(dāng)改變角，甲船總能到達(dá)正對(duì)岸的點(diǎn)D.若僅是河水流速增大，則兩船到達(dá)對(duì)岸時(shí)，兩船之間的距離仍然為【答案】AD【解析】【分析】【詳解】AB．將小船的運(yùn)動(dòng)分解為平行于河岸和垂直于河岸兩個(gè)方向，抓住分運(yùn)動(dòng)和合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性，知甲乙兩船到達(dá)對(duì)岸的時(shí)間相等。渡河的時(shí)間與河水流速v0無(wú)關(guān)。則增大v0，兩船的渡河時(shí)間都不變，故B錯(cuò)誤，A正確；C．只有甲船速度大于水流速度時(shí)，不論水流速v0如何改變，只要適當(dāng)改變?chǔ)冉?，甲船都可能到達(dá)河的正對(duì)岸A點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D．若僅是河水流速v0增大，則兩船到達(dá)對(duì)岸時(shí)間不變，根據(jù)速度的分解，船在水平方向的分速度仍不變，則兩船之間的距離兩船之間的距離和河水流速v0無(wú)關(guān)，大小不變，故D正確。故選AD。12.如圖所示光滑管形圓軌道半徑為R(管徑遠(yuǎn)小于R)，小球a、b大小相同，質(zhì)量均為m，其直徑略小于管徑，能在管中無(wú)摩擦運(yùn)動(dòng)．兩球先后以相同速度v通過(guò)軌道最低點(diǎn)，且當(dāng)小球a在最低點(diǎn)時(shí)，小球b在最高點(diǎn)，以下說(shuō)法正確的是()A.當(dāng)小球b在最高點(diǎn)對(duì)軌道無(wú)壓力時(shí)，小球a比小球b所需向心力大5mgB.當(dāng)v＝時(shí)，小球b在軌道最高點(diǎn)對(duì)軌道無(wú)壓力C.速度v至少為，才能使兩球在管內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)D.只要v≥，小球a對(duì)軌道最低點(diǎn)的壓力比小球b對(duì)軌道最高點(diǎn)的壓力都大6mg【答案】BD【解析】【詳解】AB．當(dāng)小球?qū)壍罒o(wú)壓力時(shí)，則有：，解得由機(jī)械能守恒定律可得，解得．在最高點(diǎn)無(wú)壓力時(shí)，向心力F1=mg；最低點(diǎn)時(shí)，向心力即a球比b球所需向心力大4mg．故A錯(cuò)誤，B正確．

C．因小球在管內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，則內(nèi)管可對(duì)小球提供向上的支持力，故可看作是桿模型；故小球的最高點(diǎn)的速度只要大于零，小球即可通過(guò)最高點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理知，解得故C錯(cuò)誤．D．在最高點(diǎn)時(shí)，在最低點(diǎn)則由機(jī)械能守恒可得可得：F2-F1=6mg；即只要能做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，壓力之差都等于6mg．故D正確．卷II（非選擇題）二、實(shí)驗(yàn)探究題（本題共計(jì)2小題，共計(jì)14分）13.在“探究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)探究：（1）如圖1，將兩個(gè)傾斜角度相同的光滑軌道固定在同一個(gè)豎直平面內(nèi)，軌道下端水平。2軌道末端與光滑水平面平滑連接。把兩個(gè)完全相同的小鋼、分別從1、2傾斜軌道上相對(duì)軌道末端有相同高度差的位置由靜止開(kāi)始同時(shí)釋放，使兩小球能以相同的水平速度同時(shí)分別從軌道的下端射出（水平軌道足夠長(zhǎng)），觀察到某一現(xiàn)象。改變兩小球在斜面上相對(duì)軌道末端的釋放高度，使之仍相同，則仍能觀察到這一現(xiàn)象，故可以概括平拋運(yùn)動(dòng)的某一規(guī)律。該同學(xué)觀察到的現(xiàn)象和反映的平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律是____________；A.、兩個(gè)小球相撞B.、兩個(gè)小球不相撞C.球平拋時(shí)水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)D.球平拋豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)（2）通過(guò)圖2中甲圖的實(shí)驗(yàn)裝置，軌道末端切線水平。在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中每次釋放小球的位置都相同，并在乙圖的坐標(biāo)紙上記錄了小球經(jīng)過(guò)的、、三點(diǎn)，已知坐標(biāo)紙每小格的邊長(zhǎng)，則該小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小為_(kāi)__________；點(diǎn)的速度大小為_(kāi)__________。（?。敬鸢浮竣?AC②.1.5③.2.5【解析】【分析】【詳解】（1）[1]該同學(xué)觀察到的現(xiàn)象是A、B兩個(gè)小球相撞，說(shuō)明兩球在水平方向的運(yùn)動(dòng)完全相同，即反映平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律是水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故選AC。（2）[2]對(duì)豎直方向根據(jù)公式對(duì)水平方向[3]B點(diǎn)的豎直速度根據(jù)勾股定理14.“探究加速度與物體受力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。（1）實(shí)驗(yàn)的五個(gè)步驟如下：a．將紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器并將一端固定在小車(chē)上；b．把細(xì)線的一端固定在小車(chē)上，另一端通過(guò)定滑輪與小桶相連；c．補(bǔ)償阻力，讓小車(chē)做勻速直線運(yùn)動(dòng)；d．接通電源后釋放小車(chē)，小車(chē)在細(xì)線拉動(dòng)下運(yùn)動(dòng)，測(cè)出小桶（和沙）的重力mg，作為細(xì)線對(duì)小車(chē)的拉力F，利用紙帶測(cè)量出小車(chē)的加速度a；e．更換紙帶，改變小桶內(nèi)沙的質(zhì)量，重復(fù)步驟d的操作。按照實(shí)驗(yàn)原理，這五個(gè)步驟的先后順序應(yīng)該為：_______（將序號(hào)排序）；（2）實(shí)驗(yàn)中打出的某一條紙帶如圖乙所示。相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔是0.1s，由此可以算出小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度是_______m/s2；（3）利用測(cè)得的數(shù)據(jù)，可得到小車(chē)質(zhì)量M一定時(shí)，運(yùn)動(dòng)的加速度a和所受拉力F（F＝mg，m為沙和小桶的總質(zhì)量，g為重力加速度）的關(guān)系圖像如圖丙所示。拉力F較大時(shí)，a-F圖線明顯彎曲，產(chǎn)生誤差。若不斷增加沙桶中沙的質(zhì)量，a-F圖像中各點(diǎn)連成的曲線將不斷延伸，那么加速度a的趨向值為_(kāi)______（用題中出現(xiàn)的物理量表示）。為避免上述誤差可采取的措施是_______。A．每次增加桶內(nèi)沙子的質(zhì)量時(shí)，增幅小一點(diǎn)B．測(cè)小車(chē)的加速度時(shí)，利用速度傳感器代替紙帶和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器C．將無(wú)線力傳感器捆綁在小車(chē)上，再將細(xì)線連在力傳感器上，用力傳感器讀數(shù)代替小車(chē)所受拉力D．在增加桶內(nèi)沙子質(zhì)量的同時(shí)，在小車(chē)上增加砝碼，確保沙和小桶的總質(zhì)量始終遠(yuǎn)小于小車(chē)和砝碼的總質(zhì)量【答案】①.acbde②.1.46③.g④.C【解析】【詳解】（1）[1]為了使小車(chē)所受合外力等于細(xì)線拉力，在實(shí)驗(yàn)開(kāi)始前首先應(yīng)進(jìn)行補(bǔ)償阻力操作，即先將紙帶穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器并將一端固定在小車(chē)上，然后將長(zhǎng)木板沒(méi)有滑輪的一側(cè)墊高，將小車(chē)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器放置，啟動(dòng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，輕推一下小車(chē)，通過(guò)打出的紙帶來(lái)判斷小車(chē)是否能夠做勻速直線運(yùn)動(dòng)。在阻力補(bǔ)償完畢后，將細(xì)線的一端固定在小車(chē)上，另一端通過(guò)定滑輪與小桶相連，之后再次將小車(chē)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器放置，接通電源后釋放小車(chē)，小車(chē)在細(xì)線拉動(dòng)下運(yùn)動(dòng)，測(cè)出小桶（和沙）的重力mg，作為細(xì)線對(duì)小車(chē)的拉力F，利用紙帶測(cè)量出小車(chē)的加速度a，從而獲得第一組a、F數(shù)據(jù)，之后更換紙帶，改變小桶內(nèi)沙的質(zhì)量，重復(fù)步驟d的操作，以獲得其他組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。綜上所述可知步驟的先后順序?yàn)閍cbde。（2）[2]根據(jù)可知小車(chē)運(yùn)動(dòng)的加速度是（3）[3]對(duì)小車(chē)根據(jù)牛頓第二定律有對(duì)鉤碼同理有聯(lián)立解得由上式可知若不斷增加沙桶中沙的質(zhì)量，a-F圖像中各點(diǎn)連成的曲線將不斷延伸，當(dāng)m遠(yuǎn)大于M時(shí)加速度a的趨向值為g。（4）[4]A．每次增加桶內(nèi)沙子的質(zhì)量時(shí)，增幅小一點(diǎn)，只是使每次所測(cè)a和F的值增幅減小，隨著m的增大，依然會(huì)出現(xiàn)F逐漸小于mg的情況，所以該種方法不能避免上述誤差，故A不符合題意；B．測(cè)小車(chē)的加速度時(shí)，利用速度傳感器代替紙帶和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，可以減小加速度的測(cè)量誤差，無(wú)法減小由于F小于mg產(chǎn)生的誤差，故B不符合題意；C．將無(wú)線力傳感器捆綁在小車(chē)上，再將細(xì)線連在力傳感器上，用力傳感器讀數(shù)代替小車(chē)所受拉力，此時(shí)無(wú)論m取值如何，都可以獲得F的準(zhǔn)確值，可以避免上述誤差，故C符合題意；D．本實(shí)驗(yàn)要求控制小車(chē)質(zhì)量M一定，探究a和F的關(guān)系，實(shí)驗(yàn)時(shí)不能在小車(chē)上增加砝碼，故D不符合題意。故選C。三、解答題（本題共計(jì)2小題，共計(jì)23分）15.下圖是一皮帶傳輸裝載機(jī)械示意圖。井下挖掘工將礦物無(wú)初速放置于沿圖示方向運(yùn)行的傳送帶A端，被傳輸?shù)侥┒薆處，再沿一段圓形軌道到達(dá)軌道的最高點(diǎn)C處，然后水平拋到貨臺(tái)上。已知半徑為R＝0.4m的圓形軌道與傳送帶在B點(diǎn)相切，O點(diǎn)為圓形軌道的圓心，BO、CO分別為圓形軌道的半徑。礦物可視為質(zhì)點(diǎn)，傳送帶與水平面間的夾角θ＝37°，礦物與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.85，傳送帶勻速運(yùn)行的速度為v0＝6m/s，傳送帶A、B兩點(diǎn)間的長(zhǎng)度為L(zhǎng)＝40m。若礦物落點(diǎn)D處離最高點(diǎn)C點(diǎn)的水平距離為s＝2m，豎直距離為h＝1.25m，礦物質(zhì)量m＝5kg，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2，不計(jì)空氣阻力。求：(1)礦物到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；(2)礦物到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大小；(3)礦物由A點(diǎn)到達(dá)C點(diǎn)的過(guò)程中，摩擦力對(duì)礦物所做的功?！敬鸢浮?1)150N；(2)6m/s；(3)1276J【解析】【詳解】(1)礦物從C處拋出，由平拋運(yùn)動(dòng)知識(shí)，可得礦物在C處，由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得vC＝4m/s，F(xiàn)N＝150N根據(jù)牛頓第三定律可得FN′＝FN＝150N(2)假設(shè)礦物在AB段始終處于加速狀態(tài)，由動(dòng)能定理可得解得vB′＝8m/s.由于vB′>v0，故礦物在傳送帶上加速至與傳送帶速度相等后勻速運(yùn)動(dòng)至B，所以vB＝6m/s.(3)礦物由A點(diǎn)到C點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得解得Wf＝1276J16.質(zhì)量為2kg的木板B靜止在水平面上，可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊A從木板的左側(cè)沿木板上表面水平?jīng)_上木板，如圖甲所示。A和B經(jīng)過(guò)ls達(dá)到同一速度，之后共同減速直至靜止，A和B的v-t圖像如圖乙所示，重力加速度g=10m/s2，求：(1)A與B上表面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1；(2)B與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2；(3)A的質(zhì)量?！敬鸢浮?1)μ1=0.2；(2)μ2=0.1；(3)m=6kg【解析】【分析】【詳解】(1)由圖像可知，A在0~1s內(nèi)的加速度對(duì)A由牛頓第二定律得解得(2)由圖像知，AB在1~3s內(nèi)的加速度對(duì)AB由牛頓第二定律得解得(3)由圖像可知B在0~1s內(nèi)的加速度對(duì)B由牛頓第二定律得代入數(shù)據(jù)解得選修部分（本題共計(jì)2小題，每題15分，任選一道作答）【物理一選修3-3】（15分）17.下列說(shuō)法正確的是。A.溫度一定時(shí)，懸浮在水中的花粉顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯B.所有晶體都有固定的熔點(diǎn)，且都表現(xiàn)為各向異性C.一定質(zhì)量理想氣體等壓膨脹過(guò)程溫度一定升高D.分子間作用力減小過(guò)程，其分子勢(shì)能一定越來(lái)越大E.對(duì)氣體做功可以改變其內(nèi)能【答案】ACE【解析】【詳解】A．布朗運(yùn)動(dòng)與固體顆粒大小、溫度有關(guān)，實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)顆粒越小、溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯，故A正確；B．所有晶體都有固定的熔點(diǎn)，非晶體沒(méi)有固定的熔點(diǎn)，但單晶體具有各向異性，多晶體表現(xiàn)為各向同性，B錯(cuò)誤；C．一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹過(guò)程有壓強(qiáng)不變，體積增大，由知溫度一定升高，C正確；D．當(dāng)分子間的作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)，斥力減小時(shí)，分子間距一定增大，分子力做正功，分子勢(shì)能減??；當(dāng)分子間的作用力表現(xiàn)為引力時(shí)，引力減小時(shí)，分子間距可能增大，也可能減小，因此分子力可能做負(fù)功，也可能做正功，分子勢(shì)能可能增大或減小，故D錯(cuò)誤。E．根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，做功和熱傳遞均可以改變物體的內(nèi)能，E正確。故選ACE。18.有一內(nèi)徑相同的形玻璃細(xì)管ABCD，A端封閉、D端開(kāi)口，AB、CD長(zhǎng)