2023高考化學(xué)秘密分析

PAGEPAGE222023高考化學(xué)秘密分析對(duì)氧化復(fù)原反響，高考中常以選擇題、填空題的形式考查相關(guān)概念的辨析，涉及氧化性、復(fù)原性強(qiáng)弱比擬；以具體物質(zhì)的性質(zhì)為載體，考查氧化復(fù)原反響方程式中得失電子數(shù)目的簡(jiǎn)單計(jì)算，以及強(qiáng)弱規(guī)律的應(yīng)用等。氧化復(fù)原反響涉及面廣，解題規(guī)律性強(qiáng)，需要一定的解題技巧。預(yù)計(jì)在2023年的高考試題中會(huì)推出新的設(shè)問方式、新的題型，特別是與工農(nóng)業(yè)生產(chǎn)、科學(xué)研究、日常生活等緊密結(jié)合的試題。本節(jié)主要考點(diǎn)為氧化復(fù)原反響的根本概念、根本規(guī)律及以電子轉(zhuǎn)移為中心的有關(guān)計(jì)算．主要考查氧化性、復(fù)原性強(qiáng)弱的比擬，電子轉(zhuǎn)移的數(shù)目、簡(jiǎn)單的計(jì)算．氧化復(fù)原反響是化學(xué)中的主干知識(shí)，是高考不可回避的熱點(diǎn)，今后還會(huì)推出更新的題型，要特別關(guān)注氧化復(fù)原反響規(guī)律在生產(chǎn)生活中的應(yīng)用，在高科技成果中的應(yīng)用．掌握氧化劑和復(fù)原劑、氧化反響和復(fù)原反響等根本概念。掌握重要的氧化劑、復(fù)原劑之間的常見反響。綜合運(yùn)用化合價(jià)和電子轉(zhuǎn)移的觀點(diǎn)，判斷氧化復(fù)原反響中電子轉(zhuǎn)移的方向與數(shù)目，并能進(jìn)行一些簡(jiǎn)單的計(jì)算。運(yùn)用化合價(jià)升降關(guān)系配平一些簡(jiǎn)單的氧化復(fù)原反響。能夠依據(jù)一些條件，判斷物質(zhì)氧化性、復(fù)原性的強(qiáng)弱?！倦y點(diǎn)突破】難點(diǎn)一、氧化復(fù)原反響中的根本規(guī)律(1)電子得失守恒規(guī)律氧化復(fù)原反響中，氧化劑得電子總數(shù)與復(fù)原劑失電子總數(shù)相等，常用于有關(guān)氧化復(fù)原反響的計(jì)算及配平氧化復(fù)原反響方程式。運(yùn)用守恒規(guī)律進(jìn)行氧化復(fù)原反響的計(jì)算方法：氧化劑物質(zhì)的量×變價(jià)元素的原子個(gè)數(shù)×化合價(jià)的變化值＝復(fù)原劑物質(zhì)的量×變價(jià)元素的原子個(gè)數(shù)×化合價(jià)的變化值(2)表現(xiàn)性質(zhì)規(guī)律當(dāng)元素具有可變化合價(jià)，一般化合價(jià)處于最低價(jià)態(tài)時(shí)只具有氧化性；處于最高價(jià)態(tài)時(shí)只具有復(fù)原性；處于中間價(jià)態(tài)時(shí)既具有氧化性又具有復(fù)原性。利用此規(guī)律可判斷物質(zhì)是否具有氧化性及復(fù)原性，但不能判斷物質(zhì)氧化性及復(fù)原性的強(qiáng)弱。(3)反響先后規(guī)律同一氧化劑與含多種復(fù)原劑(物質(zhì)的量濃度相同)的溶液反響時(shí)，首先被氧化的是復(fù)原性較強(qiáng)的物質(zhì)；同一復(fù)原劑與含多種氧化劑(物質(zhì)的量濃度相同)的溶液反響時(shí)，首先被復(fù)原的是氧化性較強(qiáng)的物質(zhì)。如：將Cl2通入物質(zhì)的量濃度相同的NaBr和NaI的混合液中，Cl2首先與NaI反響；將過量鐵粉參加到物質(zhì)的量濃度相同的Fe3+和Cu2+的混合溶液中，F(xiàn)e首先與Fe3+反響；FeBr2中通入Cl2，Cl2首先氧化Fe2+。(4)價(jià)態(tài)變化規(guī)律高價(jià)氧化(性)低價(jià)復(fù)原(性)，中間價(jià)態(tài)兩邊轉(zhuǎn)。同一元素的不同價(jià)態(tài)之間發(fā)生氧化復(fù)原反響，價(jià)態(tài)只能歸中而不能交叉。本規(guī)律應(yīng)用于氧化復(fù)原反響的分析和判斷(如反響KClO3+6HCl＝KCl+3Cl2↑+3H2O中氧化產(chǎn)物和復(fù)原產(chǎn)物均為Cl2，生成3molCl2電子轉(zhuǎn)移數(shù)是5mol)。①歧化反響規(guī)律同一種物質(zhì)分子內(nèi)同一種元素同一價(jià)態(tài)的原子(或離子)發(fā)生電子轉(zhuǎn)移的氧化復(fù)原反響叫歧化反響。歧化反響化合價(jià)的特點(diǎn)是：某元素的中間價(jià)態(tài)在適宜條件下同時(shí)向較高和較低的價(jià)態(tài)轉(zhuǎn)化。歧化反響是自身氧化復(fù)原反響的一種，常用于判斷某種元素的化合價(jià)上下以及有關(guān)氧化復(fù)原反響方程式的計(jì)算。②價(jià)態(tài)歸中規(guī)律同種元素由不同價(jià)態(tài)(高價(jià)態(tài)和低價(jià)態(tài))轉(zhuǎn)變?yōu)橹虚g價(jià)態(tài)的氧化復(fù)原反響，稱之為歸中反響，也稱“反歧化反響〞。常用于方程式的書寫，當(dāng)有中間價(jià)態(tài)時(shí)，才可能發(fā)生，否那么不反響，如SO2與濃硫酸不反響，可用濃H2SO4枯燥。(5)性質(zhì)強(qiáng)弱規(guī)律氧化復(fù)原反響假設(shè)能進(jìn)行，一般為較強(qiáng)氧化性的氧化劑跟較強(qiáng)復(fù)原性的復(fù)原劑反響，生成弱復(fù)原性的復(fù)原產(chǎn)物和弱氧化性的氧化產(chǎn)物。常用于在適宜條件下，用氧化性較強(qiáng)的物質(zhì)制備氧化性較弱的物質(zhì)或用復(fù)原性較強(qiáng)的物質(zhì)制備復(fù)原性較弱的物質(zhì)，亦可用于比擬物質(zhì)間氧化性或復(fù)原性的強(qiáng)弱，氧化性：氧化劑>氧化產(chǎn)物，復(fù)原性：復(fù)原劑>復(fù)原產(chǎn)物。難點(diǎn)二、氧化復(fù)原反響的配平及簡(jiǎn)單計(jì)算(1)奇數(shù)配偶法：此法適用于簡(jiǎn)單的氧化復(fù)原反響方程式的配平，其步驟為“一看、二找、三定、四平、五查〞(內(nèi)容略)。例如：Cl2+2NaOH=NaCl+NaClO+H2O。(2)逆向配平法：對(duì)于歧化反響方程式的配平可用化合價(jià)升降法在反響式右邊進(jìn)行配平。例如：3Cl2+6KOH=5KCl+KClO3+3H2O(3)合一配平法：當(dāng)三種物質(zhì)參與氧化復(fù)原反響或分解反響的氧化和復(fù)原產(chǎn)物有三種時(shí)，應(yīng)將其中兩種合并作為一種來看，這樣配平就顯得簡(jiǎn)單了。例如：KNO3+S+C—K2S+N2+CO2。因?yàn)橛疫叺腒2S中，K與S分別來自左邊的KNO3和S，故左邊KNO3與S的系數(shù)比必須滿足2∶1，所以先在KNO3前添上系數(shù)2，然后將2KNO3和S看作一個(gè)整體來配平：2KNO3+S+3C＝K2S+3CO2+N2。(4)平均化合價(jià)法：此法適用于有機(jī)氧化復(fù)原方程式的配平，步驟為：先根據(jù)氫+1價(jià)，氧-2價(jià)來確定碳原子平均化合價(jià)，再用化合價(jià)升降法配平。例如：5C2H4O+2KMnO4+3H2SO4＝5C2H4O2+K2SO4+2MnSO4+3H2O(5)離子方程式配平法：此法適用于較復(fù)雜的氧化復(fù)原反響方程式的配平。例如FeS2+CuSO4+H2O——FeSO4+Cu2S+H2SO4中元素化合價(jià)變化錯(cuò)綜復(fù)雜，給配平帶來了麻煩，假設(shè)將其改寫為離子方程式，化合價(jià)變化情況就清楚了，即：5FeS2+14Cu2++12H2O＝5Fe2++3SO42-+7Cu2S+24H+然后，將離子方程式改寫為化學(xué)方程式，即：5FeS2+14CuSO4+12H2O＝5FeSO4+7Cu2S+12H2SO4。(6)零價(jià)配平法：對(duì)于如Fe3C的復(fù)雜化合物，可假定Fe、C均為零價(jià)，然后用化合價(jià)升降法配平。例如：3Fe3C+40HNO3＝9Fe(NO3)3+3CO2+13NO+20H2O。【難點(diǎn)探究】探究一、影響物質(zhì)氧化性、復(fù)原性的因素1．濃度對(duì)物質(zhì)氧化性、復(fù)原性的影響一般說來，溶液濃度越高，溶質(zhì)的氧化性、復(fù)原性就越強(qiáng)，如制氯氣的反響中，假設(shè)鹽酸濃度過低那么反響不能進(jìn)行。另外，氧化劑、復(fù)原劑濃度不同會(huì)使氧化復(fù)原產(chǎn)物有所不同。如稀硝酸的復(fù)原產(chǎn)物一般是NO氣體，濃硝酸的復(fù)原產(chǎn)物那么是NO2。2．溫度對(duì)物質(zhì)氧化性、復(fù)原性的影響一般說來，物質(zhì)所處溫度越高，氧化性或復(fù)原性就越強(qiáng)，如碳隨溫度升高復(fù)原性增強(qiáng)，幾乎能復(fù)原所有金屬氧化物。3．溶液酸堿性對(duì)氧化性、復(fù)原性的影響酸性條件能增強(qiáng)氧化劑的氧化能力，并有利于歸中反響。中性、堿性條件下，氧化劑的氧化能力變?nèi)?，并有利于歧化反響的發(fā)生。如酸化的KMnO4溶液氧化能力遠(yuǎn)大于堿性的KMnO4溶液，其復(fù)原產(chǎn)物也不同。探究二、判斷物質(zhì)氧化性、復(fù)原性強(qiáng)弱的常用方法物質(zhì)氧化性、復(fù)原性的強(qiáng)弱取決于元素原子得失電子的難易程度，與得失電子的數(shù)目無關(guān)。常用的判斷方法有：1．根據(jù)反響方程式判斷氧化性：氧化劑>氧化產(chǎn)物；復(fù)原性：復(fù)原劑>復(fù)原產(chǎn)物。2．根據(jù)物質(zhì)活動(dòng)性順序比擬(1)金屬活動(dòng)性順序(常見元素)KCaNa…Fe…CuHgAg原子(或單質(zhì))復(fù)原性逐漸減弱，對(duì)應(yīng)陽離子氧化性逐漸增強(qiáng)(2)非金屬活動(dòng)性順序(常見元素)FClBrIS原子(或單質(zhì))氧化性逐漸減弱，對(duì)應(yīng)陰離子復(fù)原性逐漸增強(qiáng)3．根據(jù)氧化產(chǎn)物的價(jià)態(tài)上下判斷當(dāng)變價(jià)的復(fù)原劑在相似的條件下作用于不同的氧化劑時(shí)，復(fù)原劑價(jià)態(tài)升高越多，氧化劑氧化性越強(qiáng)。例如：2Fe＋3Cl2eq\o(=,\s\(點(diǎn)燃))2FeCl3，F(xiàn)e＋Seq\o(=,\s\(△))FeS可以判斷氧化性：Cl2>S。4．依據(jù)元素周期律進(jìn)行判斷(1)金屬單質(zhì)與水或非氧化性酸反響越容易，金屬的復(fù)原性越強(qiáng)。(2)金屬最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)水化物的堿性越強(qiáng)，金屬的復(fù)原性越強(qiáng)。(3)非金屬氣態(tài)氫化物越穩(wěn)定，非金屬的氧化性越強(qiáng)。(4)非金屬單質(zhì)與氫氣化合越容易，非金屬的氧化性越強(qiáng)。(5)非金屬最高價(jià)氧化物對(duì)應(yīng)含氧酸酸性越強(qiáng)，非金屬的氧化性越強(qiáng)。5．根據(jù)原電池、電解池的電極反響判斷(1)兩種不同的金屬構(gòu)成原電池的兩極。其復(fù)原性：負(fù)極>正極。(2)用惰性電極電解混合溶液時(shí)，在陰極先放電的陽離子的氧化性較強(qiáng)，而在陽極先放電的陰離子的復(fù)原性較強(qiáng)?！疽族e(cuò)點(diǎn)點(diǎn)睛】例1、在KClO3+6HCl=KCl+3Cl2+3H2O反響中，當(dāng)生成0.5molCl2時(shí)，氧化產(chǎn)物和復(fù)原產(chǎn)物的物質(zhì)的量之比為()A.6：1B.5：1C.1：3D.1：5例2、在反響11P+15CuSO4+24H2O=5Cu3P+6H3PO4+15H2SO4中，每摩爾CuSO4能氧化P的物質(zhì)的量為〔〕A.1/5molB.2/5molC.3/5molD.11/5mol【答案】此題的正確選項(xiàng)為A例3、向NaBr、NaI和Na2SO3混合溶液中，通入一定量氯氣后，將溶液蒸干并充分灼燒〔Br2易揮發(fā)，I2易升華〕，得到固體剩余物質(zhì)的組成可能是〔〕A.NaCl、Na2SO4 B.NaCl、NaBr、Na2SO4C.NaCl、Na2SO4、I2 D.NaCl、NaI、Na2SO4例4、在以下反響中，水既不作氧化劑又不作復(fù)原劑的氧化復(fù)原反響是〔〕A.B.C.D.例5、在一定條件下，PbO2與Cr3+反響，產(chǎn)物是和，那么參加反響的與的個(gè)數(shù)之比為〔〕A.1：3 B.2：3 C.1【答案】B例6、假設(shè)鋅與稀硝酸反響時(shí)，其化學(xué)反響方程式為，那么a、b、c、M可能分別為〔〕A.4、1、5、N2O B.4、2、4、NO2C.4、1、3、NH4NO3 D.4、3、5、NO【答案】AC例7、以下變化過程需要參加復(fù)原劑的是〔〕A.KClO3→KCl B.KCl→AgClC.H+→H2 D.C→CO2【答案】C例8、標(biāo)準(zhǔn)狀況下，往100mL0.2mol/L的FeBr2溶液中通入一定體積的Cl2，充分反響后，溶液中有50%的Br-被氧化。那么通入的氯氣的體積是〔〕A、0.224LB、0.336LC、0.448LD、0.672L【答案】C例9、取17.4gMnO2固體粉末與一定體積的濃鹽酸〔含溶質(zhì)0.4mol〕共熱制取氯氣〔假設(shè)HCl揮發(fā)損失不計(jì)〕，以下表達(dá)中正確的選項(xiàng)是〔〕A、反響過程中MnO2作催化劑B、鹽酸未完全反響C、參加反響的鹽酸有一半被氧化D、反響產(chǎn)生2.24L氯氣〔標(biāo)況〕【答案】C例10、在反響中，有19.2gCu被氧化，那么被復(fù)原的HNO3的質(zhì)量為多少？例11、以下關(guān)于氧化復(fù)原反響中的有關(guān)說法中正確的選項(xiàng)是〔〕A、被氧化的物質(zhì)是氧化劑B、置換反響一定是氧化復(fù)原反響C、電解質(zhì)溶液導(dǎo)電過程發(fā)生氧化復(fù)原反響D、元素由化合態(tài)轉(zhuǎn)化為游離態(tài)時(shí)，該元素一定被復(fù)原【答案】BC例12、以下四類反響：①置換反響，②復(fù)分解反響，③沒有單質(zhì)參加的化合反響，④沒有單質(zhì)生成的分解反響。其中一定不是氧化復(fù)原反響的是〔〕A、只有②B、只有②③C、②③④D、①②③④【答案】A例13、X、Y、Z為三種單質(zhì)。：Y能將Z從其化合物的水溶液中置換出來，而Z又能將X從其化合物中置換出來。由此可以推斷以下說法中可能正確的選項(xiàng)是〔〕①單質(zhì)的氧化性：Y>Z>X；②單質(zhì)的復(fù)原性：Y>Z>X；③對(duì)應(yīng)離子的氧化性：X>Z>Y；④對(duì)應(yīng)離子的復(fù)原性：X>Z>YA、只有①B、只有②③C、只有①④D、①②③④【答案】D【易錯(cuò)點(diǎn)點(diǎn)睛】思維不夠慎密、全面，只把X、Y、Z當(dāng)作金屬或非金屬一種情況考慮。例14、鐵屑溶于過量的鹽酸后，再參加以下物質(zhì)，會(huì)有三價(jià)鐵生成的是〔〕A、硫酸B、氯水C、硝酸鋅D、氯化鈣【答案】BC例15、化合物A、B、C都只含有兩種元素，且A、B均含X元素。一定條件下可發(fā)生反響：A+B——X+C，X是一種單質(zhì)，由此可知X元素〔〕A、一定是金屬元素

B、一定是非金屬元素

C、可能是金屬元素，也可能是非金屬元素

D、無法確定【答案】B【易錯(cuò)點(diǎn)點(diǎn)睛】]對(duì)“歸中型〞氧化復(fù)原反響及元素性質(zhì)的認(rèn)識(shí)不夠深入。錯(cuò)選C或D?！靖呖纪黄啤?.以下氧化復(fù)原反響中，水作為氧化劑的是〔〕A.CO+H2OCO2+H2B.3NO2+H2O====2HNO3+NOC.2Na2O2+2H2O====4NaOH+O2↑D.2F2+2H2O====4HF+O22.以下表達(dá)中，正確的選項(xiàng)是〔〕A.由X變成X2+的反響是氧化反響B(tài).含氧酸有氧化性，無氧酸那么無氧化性C.失電子難的原子獲得電子的能力一定強(qiáng)D.陽離子只有氧化性，陰離子只有復(fù)原性3.以下既能發(fā)生氧化復(fù)原反響，又能發(fā)生復(fù)分解反響的離子組是〔〕A．Na+、H+、、HS-B．、Na+、、I-C．K+、Ba2+、Br-、D．Mg2+、Ag+、OH-、4.足量銅與一定量濃硝酸反響，得到硝酸銅溶液和NO2、N2O4、NO的混合氣體，這些氣體與1.68LO2〔標(biāo)準(zhǔn)狀況〕混合后通入水中，所有氣體完全被水吸收生成硝酸。假設(shè)向所得硝酸銅溶液中參加5mol·L-1NaOH溶液至Cu2+恰好完全沉淀，那么消耗NaOH溶液的體積是〔〕A.60mLB.45mLC.30mLD.15mL5.氯氣是一種重要的工業(yè)原料。工業(yè)上利用反響3Cl2+2NH3N2+6HCl檢查氯氣管道是否漏氣。以下說法錯(cuò)誤的選項(xiàng)是〔〕A.假設(shè)管道漏氣遇氨就會(huì)產(chǎn)生白煙B.該反響利用了Cl2的強(qiáng)氧化性C.該反響屬于復(fù)分解反響D.生成1molN2有6mole-轉(zhuǎn)移6.以下表達(dá)中，正確的選項(xiàng)是〔〕A.含最高價(jià)元素的化合物，一定具有強(qiáng)氧化性B.陽離子只有氧化性，陰離子只有復(fù)原性C.失電子越多，復(fù)原能力越強(qiáng)D.強(qiáng)氧化劑與強(qiáng)復(fù)原劑不一定能發(fā)生氧化復(fù)原反響答案：D7.以下試劑的濃溶液在空氣中久置都會(huì)變質(zhì)。在變質(zhì)過程中既發(fā)生了氧化復(fù)原反響，又發(fā)生了非氧化復(fù)原反響的是〔〕A.氫氧化鈉B.硫化氫C.次氯酸鈣D.硫酸亞鐵8.以下反響中硫酸既表現(xiàn)了氧化性，又表現(xiàn)了酸性的是〔〕A.2H2SO4(濃)+CuCuSO4+2H2O+SO2↑B.2H2SO4(濃)+CCO2↑+2H2O+2SO2↑C.H2SO4(濃)+NaClNaHSO4+HCl↑D.H2SO4+Na2SO3Na2SO4+H2O+SO2↑答案：A9.Co2O3在酸性溶液中易被復(fù)原成Co2+，Co2O3、Cl2、FeCl3、I2的氧化性依次減弱。以下反響在水溶液中不可能發(fā)生的是〔〕A.3Cl2+6FeI2====2FeCl3+4FeI3B.Cl2+FeI2====FeCl2+I2C.Co2O3+6HCl====2CoCl2+Cl2↑+3H2OD.2Fe3++2I-====2Fe2++I2解析：由于氧化性Cl2＞Fe3+＞I2，復(fù)原性I-＞Fe2+＞Cl-，Cl2能把Fe2+氧化為Fe3+，就一定能把I-氧化為I2；少量Cl2通入FeI2溶液中，可以只氧化I-而不氧化Fe2+；又因氧化性Co2O3＞Cl2，所以Co2O3可以氧化HCl生成Cl2。答案：A10.金屬銅的提煉多從黃銅礦開始。黃銅礦在焙燒過程中主要反響之一的化學(xué)方程式為：2CuFeS2+O2Cu2S+2FeS+SO2，以下說法不正確的選項(xiàng)是〔〕A.O2只作氧化劑B.CuFeS2既是氧化劑又是復(fù)原劑C.SO2既是氧化產(chǎn)物又是復(fù)原產(chǎn)物D.假設(shè)有1molO2參加反響，那么反響中共有4mol電子轉(zhuǎn)移11.氧化復(fù)原反響：2Cu〔IO3〕2+24KI+12H2SO4====2CuI↓+13I2+12K2SO4+12H2O其中1mol氧化劑在反響中得到的電子為〔〕A.10molB.11molC.12molD.13mol12.在一定條件下，分別以高錳酸鉀、氯酸鉀、過氧化氫〔H2O2〕為原料制取氧氣，當(dāng)制得同溫、同壓下相同體積的O2時(shí)，三個(gè)反響中轉(zhuǎn)移的電子數(shù)之比為〔〕A.1∶1∶1B.2∶2∶1C.2∶3∶1D.4∶3∶213.氧化復(fù)原反響中實(shí)際上包含氧化和復(fù)原兩個(gè)過程。下面是一個(gè)復(fù)原過程的反響式：+4H++3e-====NO+2H2OKMnO4、Na2CO3、Cu2O、Fe2〔SO4〕3四種物質(zhì)中的一種物質(zhì)〔甲〕能使上述復(fù)原過程發(fā)生。〔1〕寫出并配平該氧化復(fù)原反響的方程式：______________。〔2〕反響中硝酸表達(dá)了________、_________的性質(zhì)?！?〕反響中假設(shè)產(chǎn)生0.2mol氣體，那么轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量是___________mol?！?〕假設(shè)1mol甲與某濃度硝酸反響時(shí)，被復(fù)原硝酸的物質(zhì)的量增加，原因是___________。14.近年來，我國儲(chǔ)氧納米碳管研究獲重大進(jìn)展，電弧法合成的碳納米管，常伴有大量物質(zhì)——碳納米顆粒。這種碳納米顆?？捎醚趸瘹饣ㄌ峒儭Ｆ浞错懙幕瘜W(xué)方程式為：C+K2Cr2O7+H2SO4〔稀〕CO2+K2SO4+Cr2(SO4)3+(1)完成并配平上述反響的化學(xué)方程式?！?〕此反響的氧化劑是___________，氧化產(chǎn)物是__________?！?〕H2SO4在上述反響中表現(xiàn)出來的性質(zhì)是__________〔填選項(xiàng)編號(hào)〕。A.酸性B.氧化性C.吸水性D.脫水性〔4〕上述反響中假設(shè)產(chǎn)生11g氣體物質(zhì)，那么轉(zhuǎn)移電子的數(shù)目為__________。15.由稀有氣體元素Xe〔氙〕形成的一種共價(jià)化合物XeO3極不穩(wěn)定，易轉(zhuǎn)化為單質(zhì)而呈強(qiáng)氧化性。將適量的XeO3投入30mLMn2+濃度為0.1mol·L-1的水溶液中，剛好完全反響，放出的唯一氣體是Xe單質(zhì)，其在標(biāo)準(zhǔn)狀況下的體積為56mL，在反響過程中溶液的pH不斷減小?！?〕Mn2+在不同條件下，可被氧化為+4、+6、+7等不同價(jià)態(tài)，依據(jù)題目所給出的數(shù)據(jù)推算氧化產(chǎn)物中錳元素的化合價(jià)為____________。〔2〕試寫出有關(guān)的離子方程式：________________?！?〕假設(shè)將反響后的溶液稀釋至90mL，那么稀釋后溶液的pH為____________。解析：〔1〕XeO3Xe設(shè)Mn2+升高了x價(jià)，根據(jù)電子得失守恒16.新型納米材料氧缺位鐵酸鹽〔MFe2Ox,3＜x＜4,M=Mn、Zn、Ni且均顯+2價(jià)，下同〕由鐵酸鹽〔MFe2O4〕經(jīng)高溫復(fù)原而得，常溫下，它能使工業(yè)廢氣中的酸性氧化物分解除去。轉(zhuǎn)化流程如下圖：〔1〕鐵酸鹽〔MFe2O4〕被H2高溫復(fù)原時(shí)，發(fā)生反響的MFe2O4與H2的物質(zhì)的量之比為2∶1，那么復(fù)原產(chǎn)物MFe2Ox中x=____________。MFe2Ox中，+2價(jià)鐵與+3價(jià)鐵的物質(zhì)的量之比為____________?！?〕在酸性溶液中，易轉(zhuǎn)化為Fe2+：+2e-+8H+2Fe2++4H2OKMnO4、Na2CO3、Cu2O、Fe2(SO4)3四種物質(zhì)中的一種能使上述復(fù)原過程發(fā)生，寫出該氧化復(fù)原反響的離子方程式并配平：____________。17．氧化復(fù)原反響中實(shí)際上包含氧化和復(fù)原兩個(gè)過程。下面是一個(gè)復(fù)原過程的反響式：NOeq\o\al(－,3)＋4H＋＋3e－→NO＋2H2OKMnO4、Na2CO3、Cu2O、Fe2(SO4)3四種物質(zhì)中的一種物質(zhì)(甲)能使上述復(fù)原過程發(fā)生。(1)寫出并配平該氧化復(fù)原反響的化學(xué)方程式：________________________________________________________________________________________________________________________________________________。(2)反響中硝酸表達(dá)了________、________的性質(zhì)。(3)反響中假設(shè)產(chǎn)生0.2mol氣體，那么轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量是________mol。(4)假設(shè)1mol甲與某濃度硝酸反響時(shí)，被復(fù)原硝酸的物質(zhì)的量增加，原因是_______________。答案：(1)14HNO3＋3Cu2O=6Cu(NO3)2＋2NO↑＋7H2O(2)酸性氧化性(3)0.6(4)使用了較濃的硝酸，產(chǎn)物中有局部二氧化氮生成18．某課外活動(dòng)小組的同學(xué)為探究Br2、I2和Fe3＋的氧化性強(qiáng)弱，進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)①取少量KI溶液于試管中，先參加溴水，振蕩，再參加CCl4，振蕩后靜置，觀察到下層液體呈紫紅色；②取少量FeSO