重慶市名校聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期第二次聯(lián)考（12月）物理試題

三峽名校聯(lián)盟2023年秋季聯(lián)考高2025屆物理試卷一、選擇題（43分）：本題共10個(gè)小題，第1~7題為單選，每小題4分：第8~10題有多選，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.下列關(guān)于靜電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)、電勢(shì)能的說(shuō)法正確的是（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式為，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與F的方向相同B.電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)的電勢(shì)數(shù)值可能是負(fù)值C.在電勢(shì)越高的地方，電荷的電勢(shì)能越大D.靜電場(chǎng)中某點(diǎn)電勢(shì)的數(shù)值等于把單位正電荷從該點(diǎn)移到電勢(shì)零點(diǎn)外力所做的功【答案】B【解析】【詳解】A．電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式為其中檢驗(yàn)電荷的電性可正、可負(fù)，正電荷所受電場(chǎng)力的方向?yàn)殡妶?chǎng)強(qiáng)度的方向，負(fù)電荷所受電場(chǎng)力的方向與電場(chǎng)強(qiáng)度的方向相反。故A錯(cuò)誤；B．電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)的電勢(shì)數(shù)值可能是負(fù)值，例如等量同種負(fù)電荷連線的中點(diǎn)位置，故B正確；C.電荷在某點(diǎn)的電勢(shì)能為可見正電荷在電勢(shì)高的地方，電勢(shì)能大。但負(fù)電荷在電勢(shì)高的地方，電勢(shì)能小，故C錯(cuò)誤；D．靜電場(chǎng)中某點(diǎn)電勢(shì)的數(shù)值等于把單位正電荷從該點(diǎn)移到電勢(shì)零點(diǎn)電場(chǎng)力所做的功，故D錯(cuò)誤。故選B。2.質(zhì)量分別為m1和m2、電荷量分別是q1和q2的小球，用長(zhǎng)度不等的輕絲線懸掛起來(lái)，兩絲線與豎直方向的夾角分別是α和β（α＞β），兩小球恰在同一水平線上，那么（）A.m1和m2所受電場(chǎng)力大小一定相等B.兩根線上的拉力大小一定相等Cm1一定等于m2D.q1一定等于q2【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)牛頓第三定律可知，m1和m2所受電場(chǎng)力的相互作用的作用力與反作用力，大小一定相等。故A正確；BC．設(shè)兩球間庫(kù)侖力大小為F，對(duì)m1研究受力如圖得到繩子的拉力同理，對(duì)m2研究，得到即因α＞β，得到F1＜F2，m1＜m2故BC錯(cuò)誤。D．根據(jù)牛頓第三定律，m1所受庫(kù)侖力一定等于m2所受的庫(kù)侖力。但是不能判斷出q1一定等于q2。故D錯(cuò)誤。故選A?！军c(diǎn)睛】根據(jù)異種電荷相互吸引分析電性關(guān)系。由力平衡得到質(zhì)量與偏角之間的關(guān)系，來(lái)分析質(zhì)量大小。由牛頓第三定律，分析庫(kù)侖力的關(guān)系。3.如圖所示，光滑水平面上有一傾角為a的光滑斜面體A，質(zhì)量為M，底邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，將一質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊B從斜面的頂端由靜止釋放，滑塊B經(jīng)過(guò)時(shí)間t剛好滑到斜面底端。此過(guò)程中斜面體對(duì)滑塊的支持力大小為，重力加速度大小為g，則（）A.斜面體A對(duì)滑塊B支持力不做功B.滑塊B下滑過(guò)程中，A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒C.滑塊B滑到斜面底端時(shí)，斜面體向左滑動(dòng)的距離為D.滑塊B下滑時(shí)間t過(guò)程中，地面對(duì)A支持力的沖量大小為【答案】C【解析】【詳解】A．滑塊B在下滑過(guò)程中對(duì)斜面體A有斜向左下方的壓力，斜面體A向左移動(dòng)，滑塊B的位移與其受到的支持力FN不是垂直關(guān)系，它們的夾角為鈍角，即支持力FN對(duì)滑塊B做負(fù)功，故A錯(cuò)誤；BC．滑塊B在下滑過(guò)程中，有斜向右下方的加速度，此加速度有豎直向下的分加速度，所以系統(tǒng)在豎直方向合力向下，受力不平衡，合外力不為零，所以系統(tǒng)動(dòng)量不守恒?；瑝KB下滑過(guò)程中，A、B組成的系統(tǒng)水平方向不受力，所以系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，取水平向右為正方向，滑塊B下滑過(guò)程中，任意時(shí)刻B物塊水平速度大小為vB，A的水平速度大小為vA，對(duì)系統(tǒng)在水平方向，由動(dòng)量守恒定律有0=mvBMvA解得設(shè)B到達(dá)斜面底端時(shí)，A、B水平位移大小分別為xA、xB，在水平方向有xA+xB=L且聯(lián)立解得，滑塊B滑到斜面底端時(shí)，斜面體向左滑動(dòng)的距離為故B錯(cuò)誤，C正確；D．因?yàn)檎w分析可知，豎直方向存在向下的加速度，所以地面對(duì)整體支持力小于整體重力，則地面對(duì)A支持力的沖量大小小于，故D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖，不同的帶正電粒子（不計(jì)重力）在電壓為的電場(chǎng)中的O點(diǎn)靜止開始加速。從M孔射出，然后射入電壓為的平行金屬板間的電場(chǎng)中，入射方向與極板平行，在滿足帶正電粒子能射出平行板電場(chǎng)區(qū)域的條件下，則（）A.若粒子的電荷量q相等，則它們?cè)诎彘g的加速度大小一定相等B.若粒子的比荷不同，則它們射出平行板電場(chǎng)時(shí)偏移量y不相同C.若粒子的比荷不同，但它們射出平行板電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角度不相同D.若粒子的電荷量q相等，則它們從平行板電場(chǎng)射出時(shí)的動(dòng)能一定相等【答案】D【解析】【詳解】A．因粒子在板間的加速度為電場(chǎng)強(qiáng)度相同，當(dāng)粒子的電荷量q相等時(shí)，則它們?cè)诎彘g的加速度還與質(zhì)量有關(guān)，故它們?cè)诎彘g的加速度大小不一定相等，故A錯(cuò)誤；BC．由動(dòng)能定理得，粒子經(jīng)電壓為的電場(chǎng)中由靜止開始加速后，滿足進(jìn)入電壓為的平行金屬板間的電場(chǎng)后，粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，則，，，，聯(lián)立解得，故BC錯(cuò)誤；D．粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理可知若粒子的電荷量q相等，則它們從電場(chǎng)射出時(shí)的動(dòng)能相等，D正確。故選D。5.在冰壺比賽中，某隊(duì)員利用紅壺去碰撞對(duì)方的藍(lán)壺，兩者在大本營(yíng)中心發(fā)生對(duì)心碰撞如圖（a）所示，碰撞前后兩壺運(yùn)動(dòng)的圖線如圖（b）中實(shí)線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行，兩冰壺質(zhì)量相等，則（）A.兩壺發(fā)生了彈性碰撞 B.碰后藍(lán)壺速度為C.碰后藍(lán)壺移動(dòng)的距離為 D.碰后紅壺所受摩擦力小于藍(lán)壺所受摩擦力【答案】C【解析】【詳解】AB．由圖知：碰前紅壺的速度v0=1.0m/s，碰后速度為v′0=0.2m/s，可知，碰后紅壺沿原方向運(yùn)動(dòng)，設(shè)碰后藍(lán)壺的速度為v，取碰撞前紅壺的速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律可得代入數(shù)據(jù)解得碰撞過(guò)程機(jī)械能有損失，碰撞為非彈性碰撞，AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)速度圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，可得，碰后藍(lán)壺移動(dòng)的位移大小C正確；D．根據(jù)圖像的斜率表示加速度，知碰后紅壺的加速度大于藍(lán)壺的加速度，兩者的質(zhì)量相等，由牛頓第二定律知碰后紅壺所受摩擦力大于藍(lán)壺所受的摩擦力，D錯(cuò)誤。故選C。6.額定電壓均為的白熾燈和的特性曲線如圖甲所示，現(xiàn)將和完全相同的與和一起按如圖乙所示電路接入電路中，則下列說(shuō)法不正確的是（）A.的額定功率約為B.的實(shí)際功率比的實(shí)際功率約小C.的實(shí)際功率約為D.的實(shí)際功率比的實(shí)際功率約小【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)圖甲可知，的額定電流約為0.44A，則的額定功率為故A正確，不符合題意；B．和串聯(lián)，通過(guò)的電流相等，根據(jù)圖甲可知，在電流相等時(shí)，兩端電壓與兩端電壓之和恰好等于220V時(shí)，通過(guò)兩燈泡的電流0.24A，此時(shí)兩端電壓為154V，兩端電壓為66V，此時(shí)的實(shí)際功率比的實(shí)際功率小故B正確，不符合題意；C．根據(jù)上述可知，的實(shí)際功率約為故C正確，不符合題意；D．兩端電壓為220V，該燈泡的實(shí)際功率等于額定功率，則的實(shí)際功率比的實(shí)際功率約小故D錯(cuò)誤，符合題意。故選D7.一條長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣細(xì)線上端固定在O點(diǎn)，下端系一個(gè)質(zhì)量為m帶電量為的小球，將它置于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，小球靜止時(shí)細(xì)線與豎直線的夾角成。已知重力加速度為g，下列正確的是（）A.如果改變電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向，使小球仍在原位置平衡，電場(chǎng)強(qiáng)度最小為B.在A點(diǎn)給小球一個(gè)垂直于細(xì)線方向，大小至少為的速度，才能使小球能在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)C.在A點(diǎn)給小球一個(gè)垂直于細(xì)線方向初速度，使小球能在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，小球在運(yùn)動(dòng)至圓周軌跡上的最高點(diǎn)時(shí)機(jī)械能最大D.突然撤去電場(chǎng)的瞬間，繩子拉力變?yōu)椤敬鸢浮緽【解析】【詳解】A．如果改變電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向，使小球仍在原位置平衡，電場(chǎng)強(qiáng)度最小時(shí)，受力分析圖，如圖所示當(dāng)電場(chǎng)力與拉力垂直時(shí)，電場(chǎng)力最小，場(chǎng)強(qiáng)最小，由平衡條件可得解得故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意可知，題圖點(diǎn)為等效最低點(diǎn)，則與關(guān)于圓心對(duì)稱點(diǎn)B為等效最高點(diǎn)，要使小球在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，只要能過(guò)B點(diǎn)即可，可得等效重力為在B點(diǎn)滿足從A到B由動(dòng)能定理可得聯(lián)立解得故B正確；C．根據(jù)題意，由能量守恒定理可知，小球的機(jī)械能和電勢(shì)能之和保持不變，則當(dāng)電勢(shì)能最小時(shí)，小球的機(jī)械能最大，根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低和可知，小球在圓周上最右端時(shí)電勢(shì)能最小，機(jī)械能最大，故C錯(cuò)誤；D．突然撤去電場(chǎng)的瞬間，小球開始做圓周運(yùn)動(dòng)，由于初速度為零，沿繩方向滿足故D錯(cuò)誤。故選B。8.用如圖所示的裝置可以研究影響平行板電容器電容的因素。設(shè)兩極板的正對(duì)面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為。平行板電容器電容充電后與電源斷開，下列說(shuō)法正確的是（）A.保持S不變，增大d，則變大B.保持S不變，增大d，則變小C.保持d不變，減小S，則變小D.保持d、S不變，極板間插入陶瓷，則變小【答案】AD【解析】【詳解】AB．根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板間的距離成反比，當(dāng)保持S不變，增大d時(shí)，電容減小，電容的電荷量不變，由電容的定義式分析可知,極板間電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針的偏角變大，故A正確；B錯(cuò)誤；C．根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板的正對(duì)面積成正比，當(dāng)保持d不變，減小S時(shí)，電容減小，電容的電荷量不變，由電容的定義式分析可知,極板間電勢(shì)差增大，則靜電計(jì)指針的偏角變大，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)電容的決定式得知，保持d、S不變，極板間插入陶瓷，則電容增大，電容的電荷量不變，由電容的定義式分析可知,極板間電勢(shì)差減小，則靜電計(jì)指針的偏角變小，故D正確。故選AD。9.如圖所示，第一顆子彈以水平初速度射向原來(lái)靜止在光滑水平面上的木塊，并射穿木塊，木塊的最終速度為?，F(xiàn)用第二顆同樣的子彈以水平初速度射向原來(lái)靜止在光滑水平面上的同樣的木塊，木塊的最終速度為。設(shè)木塊對(duì)子彈的阻力大小恒定。下列判斷正確的是（）A.第二顆子彈一定能射穿木塊，B.第二顆子彈一定能射穿木塊，C.第二顆子彈對(duì)木塊做功較少D.第二顆子彈對(duì)木塊的沖量較大【答案】BC【解析】【詳解】ABC．第一顆子彈以水平初速度射穿木塊，第二顆子彈以水平初速度一定能射穿木塊，且由于初速度增加，射穿木塊時(shí)，木塊的位移變小，根據(jù)木塊對(duì)子彈的阻力大小恒定，則第二顆子彈對(duì)木塊做功較少，所以，故A錯(cuò)誤，BC正確；D．根據(jù)可知第一顆子彈對(duì)木塊沖量較大，故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖所示，小球A質(zhì)量為m，系在細(xì)線的一端，線的另一端固定在O點(diǎn)，O點(diǎn)到光滑水平面的距離為h，物塊B和C的質(zhì)量分別是和，B與C用輕彈簧拴接，置于光滑的水平面上，且B物塊位于O點(diǎn)正下方。現(xiàn)拉動(dòng)小球使細(xì)線水平伸直靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)與物塊B發(fā)生正碰（碰撞時(shí)間極短），碰撞過(guò)程損失的機(jī)械能為，小球與物塊均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，則（）A.碰后A上升的最大高度為B.碰后B物塊的速度大小為C.碰后輕彈簧獲得的最大彈性勢(shì)能為D.從開始至物塊C獲得最大速度過(guò)程，彈簧對(duì)C物體做的功為【答案】ABD【解析】【詳解】AB．設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)與物塊碰撞前的速度大小為，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得設(shè)碰撞后小球反彈的速度大小為，物塊的速度大小為，取水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律有由系統(tǒng)能量守恒得解得或（因舍去該組解）又得AB正確；C．碰撞后當(dāng)B與物塊C速度相等時(shí)輕彈簧的彈性勢(shì)能最大，據(jù)動(dòng)量恒定律及機(jī)械能守恒定律得解得C錯(cuò)誤；D．在彈簧回到原長(zhǎng)時(shí)，物塊C有最大速度，據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒可解得解得再據(jù)動(dòng)能定理知彈簧對(duì)C做功為D正確；故選ABD。二、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2個(gè)小題，共15分。11.某同學(xué)利用如圖所示的斜槽軌道和兩個(gè)由相同材料制成、表面粗糙程度相同的滑塊A、B做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)，斜槽軌道由傾斜軌道和平直軌道組成，兩部分間由一段圓弧平滑連接，在平直軌道上一側(cè)固定有刻度尺，其操作步驟如下：①將斜槽軌道放置在水平桌面上；②用天平測(cè)得A、B兩個(gè)滑塊的質(zhì)量分別為、；③不放滑塊B，使滑塊A從傾斜軌道頂端P點(diǎn)由靜止釋放，滑塊A最終靜止在平直軌道上，記下滑塊A靜止時(shí)其右側(cè)面對(duì)應(yīng)的刻度；④把滑塊B放在平直軌道上，使其左側(cè)面剛好位于的刻度尺的0刻度線處；⑤滑塊A仍從傾斜軌道頂端P點(diǎn)由靜止釋放，滑塊A、B發(fā)生碰撞（碰撞時(shí)間極短），最終均靜止在平直軌道上，記下最終滑塊B靜止時(shí)其左側(cè)面對(duì)應(yīng)的刻度，滑塊A靜止時(shí)其右側(cè)面對(duì)應(yīng)的刻度。（1）實(shí)驗(yàn)中，必須滿足的條件是_________。A．傾斜軌道必須光滑B．滑塊A的質(zhì)量應(yīng)大于滑塊B的質(zhì)量C．平直軌道必須水平D．同一組實(shí)驗(yàn)中，滑塊A靜止釋放的位置可以不同（2）實(shí)驗(yàn)中滑塊A碰撞前瞬間的速度大小與_________成正比。A．B．C．D．（3）若關(guān)系式_________成立，則可得出結(jié)論：滑塊A、B碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒（均用給定的物理量符號(hào)表示）【答案】①.B②.D③.【解析】【詳解】（1）[1]A．傾斜軌道不一定必須光滑，只要滑塊A到達(dá)底端的速度相同即可，故A錯(cuò)誤；B．為防止滑塊A與滑塊B碰后反彈，則滑塊A的質(zhì)量必須大于滑塊B的質(zhì)量，故B正確；C．因?yàn)閮苫瑝K的材料相同，表面的粗糙程度相同，若平直軌道的傾角為，由動(dòng)能定理得得可見平直軌道不水平時(shí)，兩滑塊在軌道上碰撞前后的速度的平方仍與位移成正比，仍可用運(yùn)動(dòng)的位移代替速度，故C錯(cuò)誤；D．為保證滑塊A每次到達(dá)底端的初速度相同，則同一組實(shí)驗(yàn)中，滑塊A靜止釋放的位置要相同，故D錯(cuò)誤.故選B。（2）對(duì)滑塊A由動(dòng)能定理得可得滑塊碰撞前的速度大小為即故選D。（3）若滑塊A、B碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒，則有又因?yàn)?，，?lián)立可得12.某物理實(shí)驗(yàn)小組利用以下器材測(cè)量某金屬絲的電阻率?？蛇x用的器材如下：①待測(cè)金屬絲，（用表示），阻值約幾十歐②電流表：量程，內(nèi)阻約為③電流表：量程，內(nèi)阻為④電壓表V：量程為，內(nèi)阻為⑤滑動(dòng)變阻器：總阻值約為⑥滑動(dòng)變阻器：總阻值約為⑦電源E，電動(dòng)勢(shì)約為，內(nèi)阻忽略不計(jì)⑧開關(guān)一個(gè)及導(dǎo)線若干（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲直徑如圖甲所示_________；（2）用多用電表歐姆擋粗測(cè)金屬絲阻值大小，分別選擇倍率和，經(jīng)正確操作后，測(cè)量中多用電表表盤示數(shù)如圖乙所示，則金屬絲的電阻約為_________。（3）測(cè)出金屬絲阻值后，可算出金屬絲電阻率為_________（用含d、、L的表達(dá)式表示）（4）同學(xué)們用伏安法進(jìn)一步測(cè)量，請(qǐng)?jiān)趫D中虛線框內(nèi)補(bǔ)充完整實(shí)驗(yàn)電路圖，并標(biāo)明所選器材的代號(hào)___?！敬鸢浮竣佗?③.④.【解析】【詳解】（1）[1]用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲直徑d=1mm+10.8×0.01mm=1.108mm（2）[2]歐姆表指針指在表盤中央刻度附近，所以選擇倍率×1，即金屬絲的電阻約為30Ω。（3）[3]根據(jù)電阻定律可得（4）[4]因?yàn)殡妷罕砹砍烫?，可以用電流表代替電壓表測(cè)電壓，由于內(nèi)阻已知，分壓式接法，滑動(dòng)變阻器選擇阻值較小的。電路圖如下三、計(jì)算題：（共42分）解答應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。13.如圖所示，已知電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，當(dāng)接入固定電阻時(shí)，電路中標(biāo)有“，”的燈泡L和內(nèi)阻的小型直流電動(dòng)機(jī)D都恰能正常工作．試求：（1）電路中的電流大??；（2）電動(dòng)機(jī)的額定電壓；（3）電動(dòng)機(jī)的輸出功率。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）燈泡正常發(fā)光，電路中的電流為（2）由閉合電路歐姆定律可求得，電動(dòng)機(jī)的額定電壓為（3）電動(dòng)機(jī)的總功率為電動(dòng)機(jī)的熱功率為所以電動(dòng)機(jī)的輸出功率為14.在光滑絕緣水平面上放置一質(zhì)量、電荷量的小球，小球系在長(zhǎng)的絕緣細(xì)線上，細(xì)線的另一端固定在O點(diǎn)．整個(gè)裝置置于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)方向與水平面平行且沿OA方向，如圖所示（俯視圖）。現(xiàn)給小球一初速度使其繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，小球經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)細(xì)線的張力，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，最大動(dòng)能比最小動(dòng)能大，小球可視為質(zhì)點(diǎn)。（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。唬?）求運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球的最小動(dòng)能；（3）若小球運(yùn)動(dòng)到動(dòng)能最小位置時(shí)細(xì)線被剪斷，則經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間小球動(dòng)能與在A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能相等？此時(shí)小球距A點(diǎn)多遠(yuǎn)？【答案】（1）；（2）40J；（3）；【解析】【詳解】（1）當(dāng)電場(chǎng)力做正功最多時(shí)，動(dòng)能最大，而最大的正功為根據(jù)題意有代入數(shù)據(jù)得（2）在A處動(dòng)能最大，A處A點(diǎn)關(guān)于的對(duì)稱點(diǎn)處動(dòng)能最小，則最小動(dòng)能代入數(shù)據(jù)得（3）B點(diǎn)動(dòng)能最小，在B點(diǎn)得當(dāng)小球的動(dòng)能與在A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能相等時(shí)，則沿電場(chǎng)方向的距離為斷線后球做類平拋運(yùn)動(dòng)代入數(shù)據(jù)得小球距A點(diǎn)15.水平面上固定一根內(nèi)壁光滑的絕緣圓筒，圓筒長(zhǎng)，簡(jiǎn)內(nèi)充滿沿筒水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小，現(xiàn)有一質(zhì)量為的圓形小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）靜止，在圓筒內(nèi)距左端處，該滑塊為絕緣體且不帶電?，F(xiàn)有一個(gè)直徑略小于圓筒內(nèi)徑