（江蘇專用）高考物理總復(fù)習(xí) 優(yōu)編題型增分練：仿真模擬卷（二）-人教版高三物理試題

仿真模擬卷(二)一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共計(jì)24分．每小題只有一個選項(xiàng)符合題意．1．下列說法中不正確的是()A．原子核的結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定B．光子像其他粒子一樣，不但具有能量，也具有動量C．按照玻爾理論，氫原子吸收光子，其核外電子從離核較近的軌道躍遷到離核較遠(yuǎn)的軌道，電子的動能減少，原子的電勢能增加，原子的總能量增加D．一個氫原子處在n＝4的能級，當(dāng)它躍遷到較低能級時，最多可發(fā)出3種頻率的光子答案A2．(2018·田家炳中學(xué)模擬)如圖1所示，光滑的四分之一圓弧軌道AB固定在豎直平面內(nèi)，A端與水平面相切，穿在軌道上的小球在拉力F作用下，緩慢地由A向B運(yùn)動，F(xiàn)始終沿軌道的切線方向，軌道對球的彈力為FN.在運(yùn)動過程中()圖1A．F增大，F(xiàn)N減小 B．F減小，F(xiàn)N減小C．F增大，F(xiàn)N增大 D．F減小，F(xiàn)N增大答案A解析對球受力分析，受重力、支持力和拉力，如圖，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有FN＝mgcosθF＝mgsinθ其中θ為支持力FN與豎直方向的夾角，當(dāng)球向上移動時，θ變大，故FN變小，F(xiàn)變大，故A正確，B、C、D錯誤．3．(2018·江都中學(xué)等六校聯(lián)考)放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，F(xiàn)的大小與時間t的關(guān)系如圖2甲所示，物塊速度v與時間t的關(guān)系如圖乙所示．取重力加速度g＝10m/s2.由這兩個圖象可以求得物塊的質(zhì)量m和物塊與地面之間的動摩擦因數(shù)μ分別為()甲乙圖2A．0.5kg,0.4 B．1kg,0.4C．0.5kg,0.2 D．1kg,0.2答案A解析由F－t圖象和v－t圖象可得，物塊在2～4s內(nèi)所受推力F＝3N，物塊做勻加速運(yùn)動，a＝eq\f(Δv,Δt)＝eq\f(4,2)m/s2＝2m/s2，由牛頓第二定律得F－Ff＝ma，即3－10μm＝2m①物塊在4～6s所受推力F′＝2N，物塊做勻速直線運(yùn)動，則F′＝Ff，F(xiàn)′＝μmg，即10μm＝2②由①②解得m＝0.5kg，μ＝0.4，故A選項(xiàng)正確．4．(2018·蘇州市模擬)火星有兩顆衛(wèi)星，分別是火衛(wèi)一和火衛(wèi)二，它們的軌道近似為圓．已知火衛(wèi)一的周期為7小時39分．火衛(wèi)二的周期為30小時18分，則兩顆衛(wèi)星相比()A．火衛(wèi)一距火星表面較遠(yuǎn) B．火衛(wèi)二的角速度較大C．火衛(wèi)一的線速度較大 D．火衛(wèi)二的向心加速度較大答案C解析衛(wèi)星繞火星做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)萬有引力提供向心力，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r、火星質(zhì)量為M，有eq\f(GMm,r2)＝mω2r＝meq\f(v2,r)＝ma，T＝2πeq\r(\f(r3,GM))，由題知火衛(wèi)一的周期較小，則軌道半徑較小，所以火衛(wèi)一距火星表面較近，故A錯誤；ω＝eq\r(\f(GM,r3))，所以火衛(wèi)二的角速度較小，故B錯誤；v＝eq\r(\f(GM,r))，所以火衛(wèi)一的線速度較大，故C正確；a＝eq\f(GM,r2)，所以火衛(wèi)二的向心加速度較小，故D錯誤．5.(2018·徐州市考前模擬)如圖3所示，三個相同的燈泡L1、L2、L3，電感線圈L的電阻可忽略，D為理想二極管．下列說法正確的是()圖3A．閉合開關(guān)S的瞬間，L3立即變亮，L1、L2逐漸變亮B．閉合開關(guān)S的瞬間，L2、L3立即變亮，L1逐漸變亮C．?dāng)嚅_開關(guān)S的瞬間，L2立即熄滅，L1先變亮一下然后才熄滅D．?dāng)嚅_開關(guān)S的瞬間，L2立即熄滅，L3先變亮一下然后才熄滅答案B6．如圖4所示為磁流體發(fā)電機(jī)的示意圖，一束等離子體(含正、負(fù)離子)沿圖示方向垂直射入一對磁極產(chǎn)生的勻強(qiáng)磁場中，A、B是一對平行于磁場放置的金屬板，板間連入電阻R，則電路穩(wěn)定后()圖4A．離子可能向N磁極偏轉(zhuǎn)B．A板聚集正電荷C．R中有向上的電流D．離子在磁場中偏轉(zhuǎn)時洛倫茲力可能做功答案C解析由左手定則知，正離子向B板偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子向A板偏轉(zhuǎn)，離子不可能向N磁極偏轉(zhuǎn)，A、B錯誤；電路穩(wěn)定后，電阻R中有向上的電流，C正確；因?yàn)槁鍌惼澚Φ姆较蚺c速度方向垂直，所以洛倫茲力不可能做功，D錯誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分．每小題有多個選項(xiàng)符合題意．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分．7．(2018·蘇州市期初調(diào)研)如圖5所示，在水平地面上O點(diǎn)正上方的A、B兩點(diǎn)同時水平拋出兩個相同小球，它們最后都落到地面上的C點(diǎn)，則兩球(空氣阻力不計(jì))()圖5A．不可能同時落地B．落在C點(diǎn)的速度方向可能相同C．落在C點(diǎn)的速度大小可能相等D．落在C點(diǎn)的重力的瞬時功率不可能相同答案ACD解析據(jù)h＝eq\f(1,2)gt2，可知高度不同，所以運(yùn)動時間一定不同，故A正確；平拋運(yùn)動軌跡為拋物線，速度方向?yàn)檐壽E上該點(diǎn)的切線方向，分別從A、B兩點(diǎn)拋出的小球軌跡不同，在C點(diǎn)的切線方向也不同，所以落地時方向不可能相同，故B錯誤；由動能定理得mgh＝eq\f(1,2)mv2－eq\f(1,2)mv02，落地速度為：v＝eq\r(2gh＋v\o\al(02))，則知落在C點(diǎn)的速度大小可能相等，故C正確；落在C點(diǎn)時重力的瞬時功率P＝mgvy＝mgeq\r(2gh)，m相同，但h不同，故P不可能相同，故D正確．8．(2018·泰州中學(xué)開學(xué)考)如圖6所示，質(zhì)量均為m的兩個完全相同的小球A、B(可看成質(zhì)點(diǎn))，帶等量異種電荷，通過絕緣輕彈簧相連接，置于絕緣光滑的水平面上．當(dāng)突然加一水平向右的勻強(qiáng)電場后，兩小球A、B將由靜止開始運(yùn)動．則在以后的運(yùn)動過程中，對兩個小球和彈簧所組成的系統(tǒng)(設(shè)整個過程中不考慮兩電荷之間的庫侖力作用且彈簧不超過彈性限度)，以下說法錯誤的是()圖6A．系統(tǒng)的機(jī)械能守恒B．當(dāng)兩小球速度為零時，系統(tǒng)的機(jī)械能一定最小C．當(dāng)小球所受的電場力與彈簧的彈力平衡時，系統(tǒng)動能最大D．因電場力始終對球A和球B做正功，故系統(tǒng)的機(jī)械能不斷增加答案ABD9.一輛小車靜止在光滑的水平面上，小車立柱上固定一條長L(小于立柱高)、拴有小球的細(xì)線，小球拉至和懸點(diǎn)在同一水平面處靜止釋放，如圖7所示，小球擺動時，不計(jì)一切阻力，重力加速度為g，下面說法中正確的是()圖7A．小球和小車的總機(jī)械能守恒B．小球和小車組成的系統(tǒng)的動量守恒C．小球運(yùn)動到最低點(diǎn)的速度為eq\r(2gL)D．小球和小車組成的系統(tǒng)只在水平方向上動量守恒答案AD10．(2018·江蘇省高考壓軸卷)如圖8甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為44∶5，b是原線圈的抽頭，且其恰好位于原線圈的中心，S為單刀雙擲開關(guān)，負(fù)載電阻R＝25Ω，電()圖8A．當(dāng)S與a連接，t＝1×10－2s時，電流表的示數(shù)為0B．當(dāng)S與a連接，t＝1.5×10－2s時，電壓表示數(shù)為50eq\r(2)VC．將S由a撥到b時，電阻R消耗的功率為100WD．將S由b撥到a時，1s內(nèi)電阻R上電流方向改變100次答案CD三、簡答題：本題分必做題(第11、12題)和選做題(第13題)兩部分，共計(jì)33分．【必做題】11．(8分)(2018·江蘇省高考壓軸卷)某探究小組利用氣墊導(dǎo)軌(摩擦力可不計(jì))和光電門計(jì)時器等裝置(如圖9所示)探究動能定理．他們通過改變滑輪下端的小桶中沙子的質(zhì)量來改變滑塊水平方向的拉力；滑塊上裝有寬為d的擋光片．實(shí)驗(yàn)中，用天平稱出小桶和沙子的總質(zhì)量為m，滑塊(帶擋光片)的質(zhì)量為M，計(jì)時器顯示擋光片經(jīng)過光電門1和2的時間分別為Δt1、Δt2.圖9(1)在滿足________________的條件下，才可以認(rèn)為小桶和沙子的總重力所做的功等于滑塊動能的改變量．(2)實(shí)驗(yàn)中還必須測量的物理量是____________，試寫出本次探究的原理表達(dá)式(用測量量和已知量表示)________________．(3)寫出一個減小本實(shí)驗(yàn)誤差的方法________________________________________________．答案(1)m?M(2)兩光電門之間的距離xmgx＝eq\f(1,2)M(eq\f(d,Δt2))2－eq\f(1,2)M(eq\f(d,Δt1))2(3)適當(dāng)減小擋光片的寬度(或適當(dāng)增大光電門間的距離)解析(1)設(shè)繩子拉力為F，根據(jù)牛頓第二定律，對小桶和沙子mg－F＝ma；對滑塊：F＝Ma，整理得F＝eq\f(M,M＋m)mg＝(1－eq\f(m,M＋m))mg.只有當(dāng)m?M時，才可認(rèn)為F≈mg，即小桶和沙子的總重力做的功等于滑塊動能的改變量．(2)滑塊經(jīng)過兩光電門的速度可表示為eq\f(d,Δt1)和eq\f(d,Δt2)，重力做功為mgx，動能變化為eq\f(1,2)M(eq\f(d,Δt2))2－eq\f(1,2)M(eq\f(d,Δt1))2，故還必須測量的量為兩光電門之間的距離x，表達(dá)式為mgx＝eq\f(1,2)M(eq\f(d,Δt2))2－eq\f(1,2)M(eq\f(d,Δt1))2.(3)適當(dāng)減小擋光片寬度，可使eq\f(d,Δt2)、eq\f(d,Δt1)更接近滑塊經(jīng)過兩光電門時的瞬時速度；適當(dāng)增大兩光電門間的距離x，可減小因測量帶來的偶然誤差．12．(10分)(2018·南京市、鹽城市二模)某同學(xué)欲測量一卷粗細(xì)均勻的、阻值約為100Ω的金屬漆包線的長度，備選器材如下：A．量程為5mA、內(nèi)阻r1＝50Ω的電流表A1B．量程為0.6A、內(nèi)阻r2＝0.2Ω的電流表A2C．量程為6V、內(nèi)阻r3約為15kΩ的電壓表VD．最大阻值為15Ω、最大允許電流為2A的滑動變阻器E．定值電阻R1＝5ΩF．電動勢E＝6V、內(nèi)阻很小的直流電源G．開關(guān)一個、導(dǎo)線若干H．螺旋測微器(1)已知做成這種漆包線芯的金屬絲的電阻率為ρ，若金屬絲的電阻用R表示，直徑用d表示，則這一卷漆包線的長度L＝________.(2)該同學(xué)用螺旋測微器測金屬絲的直徑如圖10甲所示，則螺旋測微器的示數(shù)d＝_____mm.(3)為了盡可能精確地測量該金屬絲的電阻，電流表應(yīng)選用________(選填“A”或“B”)，請?jiān)趫D乙方框中畫出實(shí)驗(yàn)原理電路圖．圖10(4)若該同學(xué)在測量金屬絲直徑時沒有去除漆包線表面的絕緣漆，這會使實(shí)驗(yàn)測得該漆包線的長度與真實(shí)值相比________(選填“偏大”或“偏小”)．答案(1)eq\f(πRd2,4ρ)(2)0.600(3)A見解析圖(4)偏大解析(1)根據(jù)電阻定律R＝eq\f(ρL,S)，可得漆包線的長度L＝eq\f(πRd2,4ρ).(2)螺旋測微器的示數(shù)為0.600mm；(3)金屬絲中的最大電流I＝eq\f(E,R)＝0.06A，電流表A2的量程0.6A太大，測量的誤差較大，故應(yīng)選電流表A1，因A1的量程小于0.06A，故電路中應(yīng)對電流表A1改裝，使其量程變大，實(shí)驗(yàn)原理電路如圖；(4)若該同學(xué)在測量金屬絲直徑時沒有去除漆包線表面的絕緣漆，則測量的直徑偏大，由L＝eq\f(πRd2,4ρ)知，長度也偏大．13．【選做題】本題包括A、B兩小題，請選定其中一小題，并在相應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)作答．若多做，則按第一個小題評分．A．[選修3－3](15分)(2018·南京市金陵中學(xué)模擬)(1)下列說法正確的有________．A．天然水晶熔化后再凝聚的水晶(石英玻璃)仍然是晶體B．大氣中氫含量較少的原因是氫分子平均速率較大，更容易發(fā)生逃逸C．相同的溫度下，液體的擴(kuò)散速度等于固體的擴(kuò)散速度D．人類使用能量的過程是將高品質(zhì)的能量最終轉(zhuǎn)化為低品質(zhì)的內(nèi)能(2)一定量的理想氣體的狀態(tài)經(jīng)歷了如圖11所示A→B→C→A的循環(huán)變化，已知?dú)怏w在狀態(tài)A時溫度是T0，則在全過程中氣體的最高溫度是________，C→A過程中氣體的內(nèi)能變化情況是______________．圖11(3)在(2)問的情景下，已知?dú)怏w從B→C過程中內(nèi)能的變化為E0，則根據(jù)圖中數(shù)據(jù)求：①A→B過程氣體與外界熱交換Q；②完成一個循環(huán)氣體對外做的功W.答案(1)BD(2)2T0先增大后減小(3)①2p0V0－E0②eq\f(p0V0,2)解析(3)①A狀態(tài)與C狀態(tài)溫度相等，B→C內(nèi)能變化ΔE1＝E0＜0A→B內(nèi)能變化ΔE2＝－E0＞0由熱力學(xué)第一定律得ΔE2＝Q＋W1，W1＝－2p0V0，解得Q＝2p0V0－E0②由B→C過程氣體體積不變，W2＝0，由C→A過程氣體體積減小，外界對氣體做功W3＝eq\f(3,2)p0V0，故完成一個循環(huán)氣體對外做功W＝|W1|－W3＝eq\f(1,2)p0V0.B．[選修3－4](15分)(2018·江蘇大聯(lián)考)(1)下列說法正確的是()A．在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光由綠光改為紅光，則干涉條紋間距變窄B．醫(yī)生利用超聲波探測病人血管中血液的流速應(yīng)用了多普勒效應(yīng)C．兩列波發(fā)生干涉，振動加強(qiáng)區(qū)質(zhì)點(diǎn)的位移總比振動減弱區(qū)質(zhì)點(diǎn)的位移大D．除了從光源直接發(fā)出的光以外，我們通?？吹降慕^大部分光都是偏振光(2)如圖12所示，甲為一列簡諧橫波在t＝0時刻的波形圖，圖乙為質(zhì)點(diǎn)P的振動圖象．則該機(jī)械波的傳播速度為________m/s；在t＝0.25s時質(zhì)點(diǎn)Q的加速度________(填“大于”或“小于”)質(zhì)點(diǎn)P的加速度．圖12(3)如圖13，MN為豎直放置的光屏，光屏的左側(cè)有半徑為R、折射率為eq\r(3)的透明半球體，O為球心，軸線OA垂直于光屏，O至光屏的距離eq\x\to(OA)＝eq\f(11,6)R.位于軸線上O點(diǎn)左側(cè)eq\f(R,3)處的點(diǎn)光源S發(fā)出一束與OA夾角θ＝60°的光線射向半球體，求光線從S傳播到達(dá)光屏所用的時間．(已知光在真空中傳播的速度為c.)圖13答案(1)BD(2)20小于(3)eq\f(3R,c)解析(1)光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光由綠光改為紅光，由于波長變長，根據(jù)公式Δx＝eq\f(l,d)λ，則干涉條紋間距變寬，故A錯誤；醫(yī)院檢查身體的彩超是通過測出反射波的頻率變化來確定血流的速度，顯然是運(yùn)用了多普勒效應(yīng)原理，故B正確；兩列波發(fā)生干涉，振動加強(qiáng)區(qū)質(zhì)點(diǎn)的振幅總比振動減弱區(qū)質(zhì)點(diǎn)的振幅大，不能說振動加強(qiáng)區(qū)質(zhì)點(diǎn)的位移總比振動減弱區(qū)質(zhì)點(diǎn)的位移大，故C錯誤；除從光源直接發(fā)出的光以外，我們通?？吹降慕^大部分光都是偏振光，故D正確．(2)由振動圖象與波動圖象可知，λ＝4m，T＝0.2s，波速v＝eq\f(λ,T)＝eq\f(4,0.2)m/s＝20m/s.因t＝0.25s＝1eq\f(1,4)T時，據(jù)波的周期性可知，P質(zhì)點(diǎn)到達(dá)波谷，Q質(zhì)點(diǎn)到達(dá)平衡位置上方，但沒有到達(dá)波峰，則質(zhì)點(diǎn)Q的加速度小于質(zhì)點(diǎn)P的加速度．(3)光從光源S射出經(jīng)半球體到達(dá)光屏的光路如圖．光由空氣射向半球體，由折射定律，有n＝eq\f(sinθ,sinα)，解得α＝30°在△OBC中，由正弦定理得：eq\f(\x\to(OC),sinα＋90°)＝eq\f(\x\to(OB),sinβ)，解得β＝30°光由半球體射向空氣，由折射定律，有n＝eq\f(sinγ,sinβ)解得：γ＝60°，即出射光線與軸線OA平行．光從光源S出發(fā)經(jīng)透明半球體到達(dá)光屏所用的總時間t＝eq\f(\x\to(SB),c)＋eq\f(\x\to(BC),v)＋eq\f(\x\to(CD),c)且n＝eq\f(c,v)，解得：t＝eq\f(3R,c).四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分．解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．14．(15分)(2018·南通市、泰州市一模)如圖14所示，光滑絕緣斜面傾角為θ，斜面上平行于底邊的虛線MN、PQ間存在垂直于斜面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，MN、PQ相距為L.一質(zhì)量為m、邊長為d(d＜L)的正方形金屬線框abef置于斜面上，線框電阻為R.ab邊與磁場邊界MN平行，相距為L.線框由靜止釋放后沿斜面下滑，ef邊離開磁場前已做勻速運(yùn)動，重力加速度為g.求：圖14(1)線框進(jìn)入磁場過程中通過線框橫截面的電荷量q；(2)線框ef邊離開磁場區(qū)域時的速度v；(3)線框穿過磁場區(qū)域產(chǎn)生的熱量Q.答案(1)eq\f(Bd2,R)(2)eq\f(mgRsinθ,B2d2)(3)mg(2L＋d)sinθ－eq\f(m3g2R2sin2θ,2B4d4)解析(1)線框進(jìn)入磁場的過程產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢E＝eq\f(ΔΦ,Δt)通過回路的電荷量q＝I·Δt＝eq\f(E,R)·Δt磁通量的變化量ΔΦ＝Bd2解得q＝eq\f(Bd2,R).(2)線框ef邊離開磁場前，線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流I＝eq\f(Bdv,R)受到的安培力F＝IdB由平衡條件有mgsinθ－F＝0解得v＝eq\f(mgRsinθ,B2d2).(3)線框由靜止至離開磁場，由能量守恒定律有mg(2L＋d)sinθ＝eq\f(1,2)mv2＋Q解得Q＝mg(2L＋d)sinθ－eq\f(m3g2R2sin2θ,2B4d4).15．(16分)(2018·第二次江蘇大聯(lián)考)如圖15所示，斜面AB長xAB＝3m、傾角為α，其底端B與水平傳送帶相切，傳送帶長為L＝3m，始終以v0＝5m/s的速度順時針轉(zhuǎn)動．現(xiàn)有一個質(zhì)量m＝1kg的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，在離B點(diǎn)xPB＝2m處的P點(diǎn)由靜止釋放．已知物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ1＝0.25，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ2＝0.2，g取10m/s2.求：圖15(1)傾角α逐漸增大到多少時，物塊能從斜面開始下滑(用正切值表示)；(2)當(dāng)α＝37°時，由P到C的過程中，摩擦力對物塊所做的功；(3)當(dāng)α＝53°時，為了使物塊每次由A滑到C點(diǎn)時均拋在同一點(diǎn)D，求物塊釋放點(diǎn)P到B點(diǎn)的取值范圍．答案(1)tanα>0.25(2)4.5J(3)1m≤s≤eq\f(37,13)m解析(1)為使物塊下滑，有：mgsinα>μ1mgcosα解得傾角α滿足的條件為：tanα>0.25(2)由P到B，由動能定理得：mgxPBsinα－μ1mgxPBcosα＝eq\f(1,2)mvB2解得vB＝4m/s在B點(diǎn)，因?yàn)関B＝4m/s<v0，物塊在傳送帶上先做勻加速運(yùn)動到達(dá)v0，運(yùn)動位移為x0，運(yùn)動的時間為t，則a＝eq\f(μ2mg,m)＝μ2g＝2m/s2v02－vB2＝2ax0x0＝2.25m<3mt＝eq\f(v0－vB,a)＝0.5s傳送帶運(yùn)動的距離x＝v0t＝5×0.5m＝2.5m相對運(yùn)動距離為Δx＝x－x0＝0.25m可得物塊先做勻加速直線運(yùn)動，然后和傳送帶一起做勻速運(yùn)動所以P到C，摩擦力對物塊做的功Wf＝μ1mgxPBcosα＋μ2mgΔx＝4.5J(3)因物塊每次均拋到同一點(diǎn)D，由平拋運(yùn)動的知識知：物塊到達(dá)C點(diǎn)時的速度必須有vC＝v0當(dāng)P到B點(diǎn)的距離為x1時，物塊進(jìn)入傳送帶后一直勻加速運(yùn)動，則mgx1si