2021年1月重慶市普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試適應(yīng)性測(cè)試 物理 Word版含解斬

120012晨鳥教育120012年重慶市普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試適應(yīng)性測(cè)試物理試卷一、單項(xiàng)選擇:本題共小題，每小題4，共分。在每小題給出的四選項(xiàng)中，只有一是符合題目要求。1.一質(zhì)量為m的物塊僅在力作用下動(dòng)，物位于r和r時(shí)重力勢(shì)能分為和E（E＞0）。若物塊位r時(shí)度為0，則于r時(shí)其速度大小為（）

2

E0

6E0

2

2E0

D.

4

E0

【答案】A【解析】【分析】【詳解】物體僅重力作用運(yùn)動(dòng)，物體的機(jī)械能守恒，據(jù)機(jī)械能恒定律知E1

E2代入已知條件為13E

0

mv

20

0

2r解得

處的速度為2

E0故選A。2.下列核反應(yīng)方程正的是（）A.C.

2379223592

UU

1010

nn

1425687Br35

913614657

Kr10La1H

B.D.

235U9210235U9210

1010

nn

90Rb379038

14455Xe54【答案】【解析】【分析】【詳解】A．由于左邊質(zhì)量數(shù)237+1=238，右質(zhì)量數(shù)，質(zhì)量不守恒，

9236Earlybird

aca晨鳥教育aca電荷數(shù)守恒，故A錯(cuò)；BB中方左右兩邊量數(shù)235

1142913質(zhì)量數(shù)守恒；B中方程右兩邊電數(shù)923755電荷數(shù)守恒，故正；中方程右兩邊質(zhì)數(shù)235

1871463質(zhì)量數(shù)守恒；中程左右兩邊電荷數(shù)925735

3電荷數(shù)不守恒，C錯(cuò)；DD中程右兩邊質(zhì)量數(shù)235

1901369質(zhì)量數(shù)不守恒；D中方程左右兩邊荷數(shù)9238

54電荷數(shù)守恒，故錯(cuò)。故選B。3.如圖所示，虛線表某電場(chǎng)中三個(gè)等勢(shì)a、a、、b、、為分布在等勢(shì)面上的點(diǎn)。一帶電粒子從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)c點(diǎn)過程中場(chǎng)力做功，從′點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到′點(diǎn)的過中電場(chǎng)力做功為W

c

。下列說法正確是（）A.點(diǎn)電場(chǎng)方向一定指向b點(diǎn)B.點(diǎn)電勢(shì)一定比c點(diǎn)勢(shì)Earlybird

晨鳥教育C.帶電粒從點(diǎn)動(dòng)到c力功為

D.

Wac

Wac【答案】C【解析】【分析】【詳解】AB．電粒子電性和電力做功正負(fù)均未，所以各勢(shì)面的電勢(shì)高低未知，電場(chǎng)線的方向未，錯(cuò)；c．因?yàn)楹?/p>

在同一個(gè)等勢(shì)面，電勢(shì)差

U，根據(jù)電場(chǎng)力做

W可知電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做功為0，正；ac

a

D根據(jù)題意可得、兩點(diǎn)的電差與、

兩點(diǎn)之間的電勢(shì)相等，根電場(chǎng)力做功W

W

W

可知

，D錯(cuò)。ac

ac故選。4.如圖所示，兩根相的豎直懸的彈簧上固定，下端連接一質(zhì)量為的金屬體棒部分導(dǎo)體棒處于邊寬度為d的界勻強(qiáng)磁中，磁場(chǎng)向垂直于面向里。導(dǎo)體棒通入的流后靜止時(shí)彈簧伸長(zhǎng)是未通時(shí)的1.5倍若彈簧始處于彈性度內(nèi)，導(dǎo)棒一直保持水平，磁感應(yīng)強(qiáng)的大小為（取重力加度=10m/s2

）（）A.

B.0.5T

C.0.75T

D.0.83T【答案】【解析】【分析】【詳解】未通電，導(dǎo)體棒重力與兩彈簧的彈力相等，據(jù)平衡條可知通電后，通過導(dǎo)棒的電流向?yàn)閺挠蚁蜃?，根?jù)左手定可知安培豎直向，根據(jù)平

晨鳥教育條件可知mg

2兩式相比得mg2kx

1mgkx1.5解得B0.5T5.如圖所，正方形MNPQ內(nèi)兩個(gè)三角形域充滿勻強(qiáng)磁場(chǎng)，形狀與NPQ完相同的閉合導(dǎo)線框M在外力作用沿軸線OO水向左勻速運(yùn)動(dòng)。設(shè)過導(dǎo)線框感應(yīng)電流，逆時(shí)針方向?yàn)殡姷恼较虍?dāng)t=0時(shí)MQ與NP重合，在Q從到近的過程，下列圖像中能反i隨時(shí)間變規(guī)律的（）D.【答案】【解析】【分析】Earlybird

晨鳥教育【詳解】閉合導(dǎo)MQ勻向左運(yùn)動(dòng)過程，穿過回路和通量不斷大，根楞次定律可知，回路中的流一直是時(shí)針的，所以電流一直為正線框向左速運(yùn)動(dòng)程中，切磁感線的有效長(zhǎng)先減小，增大，所以感應(yīng)電流先減小后增大。故選B6.近地衛(wèi)星繞地球的動(dòng)可視為速圓周運(yùn)，若其軌道半徑近似等于地半徑，行周期為，地球量為M引力常為G，則）A.近地衛(wèi)繞地球運(yùn)的向心速度大小似為B.近地衛(wèi)繞地球運(yùn)的線速大小近似MC.GR地球表面的重力速度大小似為23GTD.地球的均密度近為2

22RTGM

2【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．向心加速公式可知近地衛(wèi)繞地球運(yùn)的向心加度大小2

4R2a

2

()

2nT

T

2故A錯(cuò)；B近地衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)向心力由有引力供，由向力公式G

Mmmv2

2解得近地衛(wèi)星繞球運(yùn)動(dòng)的速度大小故錯(cuò)；．地球表的重力等萬有引力所以有

GM

mgG

MmEarlybird

晨鳥教育地球表面的重力速度大小g

GM2故錯(cuò)；D近地衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)向心力由有引力供，由向力公式得

2G

mR(

)

T2

22解得地球的質(zhì)量M

4R3GT2地球的平均密度似為MV

4R3GT324323故D正。故選。7.如圖所示，垂直墻有一個(gè)截為半圓的滑柱體，用細(xì)線拉住的小球止靠在接半圓底端的M點(diǎn)通過細(xì)線將小球M點(diǎn)慢向上拉至半圓最點(diǎn)的過程，細(xì)線始保持在小球處與半圓相切下列說法確的是（）A.細(xì)線對(duì)球的拉力增大后小C.柱體受水平地面支持力漸減小

B.小球柱體的壓力減小后大D.柱體豎直墻面的力先增后減小【答案】D【解析】【分析】【詳解】AB．小球?yàn)橄螅O(shè)小所在位沿切線方與豎直方夾角為切方向

有F

mgcos沿半徑方向有Earlybird

晨鳥教育F

mgsin通過細(xì)線將小球點(diǎn)慢向上拉至半圓最高點(diǎn)過中增，以細(xì)線對(duì)球的拉減的小，小球?qū)χw壓力增大故AB錯(cuò)；CD．以柱體為對(duì)象豎直方有F地

MgFsin

Mgmg2水平方向有1F墻

F

mg

2

mgsin2θ增，柱體到水平地的支持逐漸增大柱體對(duì)豎墻面的壓力先增大后減小當(dāng)θ時(shí)柱體對(duì)豎直墻的壓力最，故D正錯(cuò)。故選。二、多項(xiàng)選擇:本題共小題，每小題5，共分。在每小題給出的四選項(xiàng)中，有多項(xiàng)合題目要求。全選對(duì)的得5分，對(duì)但不全的得分有錯(cuò)選的得分.8.如圖所示，一輕繩過水平桌上的小圓，上端拴物體M下端拴物體N。物體M在桌面上做半徑為r的勻速周運(yùn)動(dòng)時(shí)角速度為，線速大小為，物體N處靜止?fàn)?，則（不計(jì)摩擦））A.M所向心力大等于N所重力的大小B.M所向心力大大于N所重力的大小C.v

與r正比D.ω

與r正比【答案】AC【解析】【分析】【詳解】AB．N物體止不動(dòng)，繩子拉與N物重力相等M物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，子

L1212晨鳥教育L1212T拉力完全提供向力，即

gN

F，所以M所需向心力小等于N所重力的大，A向正確B錯(cuò)誤．根據(jù)向加速度公和牛頓第定律得F向則與r正比C正確；D根據(jù)向心加速度公式牛頓第二律得

Nmg

2rm

2

r向

N則

與r反比D錯(cuò)。故選AC。9.如(1)(2)示，理變壓器對(duì)器供電，輸入電=270002sin100π（V器與的參數(shù)分別“”“220V/440W，輸電線總電阻r=2Ω。兩圖中電器都能正常工作，則（）

LA.圖(中阻r的功率為B.圖(中壓器的輸功率比(中壓器的輸功率增加440WC.圖(中副線圈匝比n：：23D.圖(中副線圈匝比n：：13【答案】AC【解析】【分析】【詳解】A．據(jù)

PUI可得通過燈泡

L的電流為I

L

P1100L5A

AU220L電阻r功率為

L晨鳥教育LP

IrL

5

2W50W故A正；B(變壓器輸出電壓為U出圖1)輸出率等于輸功率為P1R的電流為圖2)中干電流為

2rULUIL出IL

2Ir220V2V230V2305WP440LA2AU220LI

I

L

I

L

7A總圖2)中輸電壓為UUL

Ir27V出圖2)中輸功率等于入功率為P2

總UI出總

2347W1638W圖2)中變器的輸入率比(1)中變器的輸入功率增加了P

P2

P1

1610W1150W故錯(cuò)；CD．由于輸入電壓U

U

2700227000V入

2

2則圖1)中副線圈匝數(shù)比

n1

U

270023n2

U

出入則圖1)中副線圈匝數(shù)比n1

13500U117nU2

出入Earlybird

晨鳥教育故正D誤。故選AC。如所，傾角為θ斜面MN段糙，其余段滑PM、MN長(zhǎng)均為3。個(gè)質(zhì)量均為m相同樣1、、、4放在斜上，每個(gè)品（可視質(zhì)點(diǎn)）側(cè)固定有度d的輕質(zhì)細(xì)桿，細(xì)桿斜面平行且與其左側(cè)的樣品接觸但不連，樣品M間的動(dòng)摩擦因數(shù)為θ若樣品1在處，個(gè)樣品由止一起釋，則（重力加速度大小為））A.當(dāng)樣品1剛?cè)攵?，品的共同速度大?/p>

34

gsinB.當(dāng)樣品1剛?cè)攵危返妮p桿受到壓力小為3mgθC.當(dāng)四個(gè)品均位于段時(shí)，擦力做的功為9θD.當(dāng)四個(gè)品均位于段時(shí)，品的共同度大小為3gdsin【答案】AD【解析】【分析】【詳解】AB．當(dāng)樣進(jìn)入MN段，以四個(gè)品整體為象，根牛頓第二律得4

mgcosma1解得樣品的共同速度大小3a

gsin1

4以樣品對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律得F1解得樣品1的桿受到壓大小為

mgsinma13F

mgsin1

4故A正B錯(cuò)誤

晨鳥教育．當(dāng)四個(gè)品均位于MN段時(shí)，摩力對(duì)樣品1做W1

mgcossin摩擦力對(duì)樣品做功W2

mgdmgdsin摩擦力對(duì)樣品做功W3

mgmgd此時(shí)樣品4剛?cè)攵尾翆?duì)樣品4不功所以當(dāng)個(gè)樣品均于MN段時(shí)摩擦力做的總功為W

W1

W2

W3

6mgdsin故錯(cuò)；D樣品1入段前根據(jù)牛頓二定律可，整體的加速度4mgsinagsin1

4m樣品進(jìn)入段之前，根據(jù)頓第二律可知，體的加度4mgsin

mgcos3agsin2

4樣品進(jìn)入段之前，根據(jù)頓第二律可知，體的加度4sincossin1mgmgag3

4樣品進(jìn)入段之前，根據(jù)頓第二律可知，體的加度4mg

)

1a

gsin4

4由速度位移關(guān)第知樣品剛進(jìn)入MN時(shí)的速度

2

a1

2)1

樣品剛進(jìn)入段時(shí)的速度22

1

2

2

a2樣品剛進(jìn)入段時(shí)的速度

2

2

a3

2

2

3樣品剛進(jìn)入段時(shí)的速度Earlybird

晨鳥教育24

3

2

2

a4綜合上面分析可

2

adaadgd4

2(3)1

3

2

4

9sin當(dāng)四個(gè)樣品均位MN段時(shí)，樣品的共同速大小為4

gd9sin

gd3sin故D正。故選AD三、非選擇題共分。第11～題必考題，每個(gè)題考生都必須作。第15～16為選考題，考生根據(jù)求作答。（一）必考題共分。某組打點(diǎn)計(jì)時(shí)器研究小車的勻變直線運(yùn)動(dòng)該打點(diǎn)時(shí)器電源頻率為50Hz在打好的紙帶上每點(diǎn)標(biāo)記一個(gè)計(jì)數(shù)，標(biāo)記結(jié)如圖所示A、B、D為連續(xù)擇的計(jì)數(shù)點(diǎn)，其位置分別、、和。則：圖中相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間______；打點(diǎn)小的速度大小是_____；小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小______2【答案】

(1).

(2).

(3).【解析】【分析】【詳解(1)[1]點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)期為T

1

1

0.02sf50Hz相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間時(shí)間間隔t5T

(2)[2]勻變直線運(yùn)動(dòng)中，中間時(shí)速度等于均速度所以B點(diǎn)速度為Earlybird

gg212221g2晨鳥教育gg212221g2

33

100.165m/s3AC

2

(3)[3]根據(jù)差法求解加速度a

103m/s

2

2CD

20.12

2某學(xué)將量程為I=1mA內(nèi)阻約為十歐姆電流表G改成程為1V的壓。他首先設(shè)計(jì)了如圖所示電路測(cè)量電流G的阻R，中為電源動(dòng)勢(shì)。現(xiàn)最大阻值分別為100Ω和2600Ω滑動(dòng)變阻，則R應(yīng)用最大阻值Ω的滑變阻器。關(guān)接S未通時(shí)，調(diào)節(jié)使流表G示為1.00mA接通S后，保持滑動(dòng)變器

2的滑片位置不變調(diào)節(jié)電阻，當(dāng)其值為50Ω，電流表G的示數(shù)為，電表的阻為_Ω；為了將電流表改裝成量程1V的電壓表需_（選填“串”或“聯(lián)個(gè)大小Ω的電。【答案】

(1).串聯(lián)

(4).950【解析】【分析】【詳解(1)[1]題中采用“半偏測(cè)電流表內(nèi)阻滑動(dòng)變阻的阻值遠(yuǎn)于電流表的內(nèi)阻，電流表內(nèi)為幾十歐則應(yīng)用大阻值為2600的滑動(dòng)變器。50半偏法中阻器改后其阻值于電流內(nèi)阻，即

。(2)[3]改裝電壓表的內(nèi)阻較大，應(yīng)該串聯(lián)個(gè)電阻改裝后電表的滿電流為.001A滿偏電壓V，則裝后電壓內(nèi)阻為1

Ω

1000V

0.001

則需要串聯(lián)的阻為

V

g

100050950Earlybird

晨鳥教育如所，質(zhì)量為3m的木塊通過長(zhǎng)度L輕繩懸掛O點(diǎn)質(zhì)量為的小木2置于高度為L(zhǎng)的光滑水平桌面邊沿。木塊1至水平位置由靜釋放，當(dāng)運(yùn)動(dòng)到低點(diǎn)時(shí)與木塊2相，木塊沿水平向飛出，在距桌面沿水平離為L(zhǎng)處木續(xù)向前擺動(dòng)。若在碰過程中，塊與桌面間接觸，且略空氣阻。:碰撞前，木塊在最低點(diǎn)的速度??；碰撞后，木塊相對(duì)桌面上升到最大高度【答案

2gL

；(2)

49

L【解析】【分析】【詳解從小木從水平位釋放到小木塊2碰前瞬，根據(jù)機(jī)械能守恒定可知13mgL

3mv

22

0解得

gL0

2小木塊撞后做平運(yùn)動(dòng)，豎直方向上做自由落運(yùn)動(dòng)12

2解得t

2Lg水平方向上做勻直線運(yùn)動(dòng)2Lv2

晨鳥教育解得2L

2L

g

2L

22

2L

2Lg小木塊2碰瞬間，根據(jù)動(dòng)量守定律得30

31

mv2解得碰撞后小木1的速度3v

2

0

2

2

1

3

3之后小木塊1上，根據(jù)機(jī)能守恒定可知13

22

1解得h

142LL29

9有設(shè)了一種利用電磁場(chǎng)分離不同率帶電粒的儀器其工作原如圖所?？臻g中充滿豎直向下的強(qiáng)電場(chǎng)，束質(zhì)量為m電量-q（＞0）的粒以不同的率從點(diǎn)某豎直平面內(nèi)的方向發(fā)射沿直線飛到時(shí)進(jìn)入有勻強(qiáng)磁區(qū)域，磁應(yīng)強(qiáng)度小為B，向垂直于該豎直平面PQl若速度最大粒子最終垂直打到M點(diǎn)前都在磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)，且它速度粒在離開磁場(chǎng)后最終都能垂直在PT上的范內(nèi)PM=8l=6l，若力加速度小為g，求電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；粒子速度大小的范圍；磁場(chǎng)穿過該豎直平面內(nèi)的最面積。

1晨鳥教育1

qBl

qBl

19127144E

7

3

l

2【答案（）

；（2）；3）

8

1444m

【解析】【分析】【詳解】帶電粒子PQ直運(yùn)，說明重和電場(chǎng)力力平衡，由平衡條件可知qE

mg解得電場(chǎng)強(qiáng)度的小為E

（）入磁場(chǎng)的度方向直，明圓心過點(diǎn)垂直的垂上，若速度最大粒子在最終垂直于打M點(diǎn)之前在磁場(chǎng)內(nèi)動(dòng)，說明心在上所圓心是垂直的直線與的戰(zhàn)，設(shè)最大速度為v，圓運(yùn)動(dòng)的半徑為R。由何關(guān)系可(4l)

2

2

l)

2可以解得

3l；

PA5l由幾何關(guān)系

3QAPQAP53；PA5帶電粒子做圓周動(dòng)的向心由洛倫茲力提供，由向心力式得qvB

21

1解得，帶電粒子大速度為1

3qBl設(shè)最小速度為，做圓周運(yùn)動(dòng)的徑為r。其跡如下圖色圓所示圓心在C點(diǎn)，為三角形是是腰三角形，點(diǎn)CD平于交QM于D，由幾關(guān)系可知，

CQCD，所以最小速度帶電粒子好D點(diǎn)離開場(chǎng)。半CQD點(diǎn)DK平于交PT，在直角角形NDK，由幾關(guān)系可知r

l3lr5解得Earlybird

晨鳥教育7r

l4帶電粒子做圓周動(dòng)的向心由洛倫茲力提供，由向心力式得qvB2

r22解得，帶電粒子大速度為2

7qBl4所以帶電粒子的度范圍為7

4

（）幾何關(guān)系以證明DKKMRr所以三角形KDM是腰三解形，在DM間一點(diǎn)作的行線交QA的點(diǎn)等于該點(diǎn)到Q點(diǎn)的距離，也就說要想粒在離開磁場(chǎng)后最終都能垂直在P上NM范圍內(nèi)，電粒子離開磁場(chǎng)的邊界DM線段所以磁場(chǎng)過該豎直面內(nèi)的小面積為

53)R

53)

r

1

2

2

(rRr)sin53360

360

2解得19

127

144

l8

144

2（二）選考題共分。請(qǐng)考生從第15題第題中任選一題作答，若題都

做，則按所做第一題記分。以現(xiàn)中，主要是由分子熱運(yùn)動(dòng)引的是（）菜籽油滴入中后會(huì)漂在水面Earlybird

00010晨鳥教育00010含有泥沙的渾經(jīng)過一段時(shí)間會(huì)變清密容器內(nèi)懸浮水中的花粉顆粒移動(dòng)D.荷葉上水珠成球【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．籽油滴入中漂浮在面主要現(xiàn)的是浮作用A錯(cuò)；B．有泥沙的水經(jīng)過一段時(shí)間會(huì)變清是由泥沙的平密度大水的密度泥沙在重的作用下向下沉，上層水變B錯(cuò)；C．密容器內(nèi)懸在水中的粉顆粒移動(dòng)，是因?yàn)樗肿舆\(yùn)動(dòng)撞擊粉顆粒造成了花顆粒受力不平衡正；D荷葉上的水珠成球形表面張力作用，分子間作力的結(jié)果錯(cuò)誤。故選。如圖所，密閉導(dǎo)熱容器AB的體均為AB浸在盛水器中，達(dá)熱平衡后A中壓強(qiáng)為p，度為，B內(nèi)為真，將A中氣體視為想氣體。開活栓C，A中部分氣體進(jìn)入B。（1）若再達(dá)到平衡，水溫發(fā)生變化求此時(shí)氣的壓強(qiáng)；Uk（2）若密氣體的內(nèi)與溫度關(guān)系為

（k大于0的已知